專題02相互作用考點五年考情（2021-2025）命題趨勢考點1力2022相互作用部分在選擇題和計算題中均有穩(wěn)定考查，選擇題多聚焦基礎(chǔ)概念與簡單應用，如摩擦力的方向判斷、牛頓第三定律的理解等；計算題則側(cè)重綜合分析，常結(jié)合斜面、彈簧、傳送帶等模型，要求學生分階段處理運動狀態(tài)變化（如先加速后勻速），計算量和過程復雜度逐年提升。要求綜合運用動力學和功能關(guān)系解決復雜問題，體現(xiàn)了對多過程分析能力的高要求。摩擦力、彈力、牛頓三大定律是必考內(nèi)容，且常與運動學、能量守恒等跨模塊知識結(jié)合。實驗題注重考查實驗思想、方案設(shè)計和數(shù)據(jù)處理能力題目常以生活、科技實例為背景，如曬衣架、燃氣灶點火、超導技術(shù)等，強調(diào)物理知識的實際應用。命題注重考查“科學思維”和“科學探究”，如通過類比光的反射折射考查質(zhì)子束在電磁場中的運動，要求學生構(gòu)建物理模型并進行科學推理?？键c2重力彈力2023、2022考點3共點力平衡2025、2024、2023、2022考點01力1．（2022·浙江·1月選考）單位為J/m的物理量是（）A．力 B．功 C．動能 D．電場強度【答案】A【詳解】根據(jù)功的定義式W=Fx·cosα可知故選A?？键c02重力彈力2．（2023·浙江·6月選考）圖為“玉兔二號”巡視器在月球上從O處行走到B處的照片，軌跡OA段是直線，AB段是曲線，巡視器質(zhì)量為135kg，則巡視器（）

A．受到月球的引力為1350N B．在AB段運動時一定有加速度C．OA段與AB段的平均速度方向相同 D．從O到B的位移大小等于OAB軌跡長度【答案】B【詳解】A．在月球上的g與地球不同，故質(zhì)量為135kg的巡視器受到月球的引力不是1350N，故A錯誤；B．由于在AB段運動時做曲線運動，速度方向一定改變，一定有加速度，故B正確；C．平均速度的方向與位移方向相同，由圖可知OA段與AB段位移方向不同，故平均速度方向不相同，故C錯誤；D．根據(jù)位移的定義可知從O到B的位移大小等于OB的連線長度，故D錯誤。故選B。3．（2022·浙江·1月選考）如圖所示，公園里有一仿制我國古代欹器的U形水桶，桶可繞水平軸轉(zhuǎn)動，水管口持續(xù)有水流出，過一段時間桶會翻轉(zhuǎn)一次，決定桶能否翻轉(zhuǎn)的主要因素是（）A．水桶自身重力的大小B．水管每秒出水量的大小C．水流對桶撞擊力的大小D．水桶與水整體的重心高低【答案】D【詳解】水管口持續(xù)有水流出而過一段時間桶會翻轉(zhuǎn)一次，說明主要原因是裝的水到一定量之后，導致水桶與水整體的重心往上移動，豎直向下的重力作用線偏離中心轉(zhuǎn)軸，導致水桶不能穩(wěn)定平衡，發(fā)生翻轉(zhuǎn)。故選D。4．（2022·浙江·6月選考）下列說法正確的是（

）A．鏈球做勻速圓周運動過程中加速度不變B．足球下落過程中慣性不隨速度增大而增大C．乒乓球被擊打過程中受到的作用力大小不變D．籃球飛行過程中受到空氣阻力的方向與速度方向無關(guān)【答案】B【詳解】A．鏈球做勻速圓周運動過程中加速度方向在改變，A錯誤；B．慣性只與質(zhì)量有關(guān)，則足球下落過程中慣性不隨速度增大而增大，B正確；C．乒乓球被擊打過程中受到的作用力隨著形變量的減小而減小，C錯誤；D．籃球飛行過程中受到空氣阻力的方向與速度方向有關(guān)，D錯誤。故選B。考點03共點力平衡5．（2025·浙江·1月選考）中國運動員以121公斤的成績獲得2024年世界舉重錦標賽抓舉金牌，舉起杠鈴穩(wěn)定時的狀態(tài)如圖所示。重力加速度g=10A．雙臂夾角越大受力越小B．杠鈴對每只手臂作用力大小為605NC．杠鈴對手臂的壓力和手臂對杠鈴的支持力是一對平衡力D．在加速舉起杠鈴過程中，地面對人的支持力大于人與杠鈴總重力【答案】D【來源】2025年1月浙江選考物理試題【詳解】AB．杠鈴的重力為G=mg=121×10=1210N，手臂與水平的杠鈴之間有夾角，假設(shè)手臂與豎直方向夾角為θ，根據(jù)平衡條件可知2Fcosθ=G，C．杠鈴對手臂的壓力和手臂對杠鈴的支持力是一對相互作用力，C錯誤；D．加速舉起杠鈴，人和杠鈴構(gòu)成的相互作用系統(tǒng)加速度向上，系統(tǒng)處于超重狀態(tài)，因此地面對人的支持力大于人與杠鈴的總重力，D正確。故選D。6．2024·浙江·6月選考）如圖所示，不可伸長的光滑細線穿過質(zhì)量為0.1kg的小鐵球，兩端A、B懸掛在傾角為30°的固定斜桿上，間距為1.5m。小球平衡時，A端細線與桿垂直；當小球受到垂直紙面方向的擾動做微小擺動時，等效于懸掛點位于小球重垂線與AB交點的單擺，重力加速度g=10m/A．擺角變小，周期變大B．小球擺動周期約為2sC．小球平衡時，A端拉力為32D．小球平衡時，A端拉力小于B端拉力【答案】B【詳解】A．根據(jù)單擺的周期公式T=2CD．同一根繩中，A端拉力等于B端拉力，平衡時對小球受力分析如圖可得2FAcos30°=mg解得B．根據(jù)幾何知識可知擺長為L=1.5m×tan30°cos30°=1m，故選B。7．（2024·浙江·6月選考）如圖為小貓蹬地躍起騰空追蝶的情景，則（）A．飛行的蝴蝶只受重力的作用B．蝴蝶轉(zhuǎn)彎時所受合力沿運動方向C．小貓在空中受重力和彈力的作用D．小貓蹬地時彈力大于所受重力【答案】D【來源】2024年選考6月浙江卷物理真題【詳解】A．飛行的蝴蝶除了受到重力的作用還受到空氣的作用力，故A錯誤；B．蝴蝶轉(zhuǎn)彎時做曲線運動，所受合力與速度方向不在一條直線上，故B錯誤；C．小貓在空中與其他物體間沒有接觸，不受彈力的作用，故C錯誤；D．小貓蹬地時有向上的加速過程，故彈力大于所受重力，故D正確。故選D。8．（2024·浙江·選考）如圖所示，在同一豎直平面內(nèi)，小球A、B上系有不可伸長的細線a、b、c和d，其中a的上端懸掛于豎直固定的支架上，d跨過左側(cè)定滑輪、c跨過右側(cè)定滑輪分別與相同配重P、Q相連，調(diào)節(jié)左、右兩側(cè)定滑輪高度達到平衡。已知小球A、B和配重P、Q質(zhì)量均為50g，細線c、d平行且與水平成θ=30°（不計摩擦，重力加速度g=10m/s2），則細線a、bA．2N，1N B．2N，0.5N C．1N，1N D．1N，0.5N【答案】D【來源】2024年1月浙江省普通高校招生選考物理試題【詳解】由題意可知細線c對A的拉力和細線d對B的拉力大小相等、方向相反，對A、B整體分析可知細線a的拉力大小為Ta=(mA+mTT解得Tb=0.5N9．（2023·浙江·6月選考）如圖所示，水平面上固定兩排平行的半圓柱體，重為G的光滑圓柱體靜置其上，a、b為相切點，∠aOb=90°，半徑Ob與重力的夾角為37°。已知sin37°=0.6，cos37°=0.8，則圓柱體受到的支持力Fa、Fb大小為（A．Fa=0.6G，F(xiàn)b=0.4C．Fa=0.8G，F(xiàn)b=0.6【答案】D【詳解】對光滑圓柱體受力分析如圖

由題意有FF故選D。10．（2023·浙江·選考）如圖所示，輕質(zhì)網(wǎng)兜兜住重力為G的足球，用輕繩掛于光滑豎直墻壁上的A點，輕繩的拉力為FT，墻壁對足球的支持力為FA．FT<FC．FT>G【答案】C【來源】2023年選考浙江卷物理真題（1月）【詳解】對網(wǎng)兜和足球受力分析，設(shè)輕繩與豎直墻面夾角為θ，由平衡條件F可知FT>G，11．（2023·浙江·選考）在足球運動中，足球入網(wǎng)如圖所示，則（）

A．踢香蕉球時足球可視為質(zhì)點 B．足球在飛行和觸網(wǎng)時慣性不變C．足球在飛行時受到腳的作用力和重力 D．觸網(wǎng)時足球?qū)W(wǎng)的力大于網(wǎng)對足球的力【答案】B【來源】2023年選考浙江卷物理真題（6月）【詳解】A．在研究如何踢出“香蕉球”時，需要考慮踢在足球上的位置與角度，所以不可以把足球看作質(zhì)點，故A錯誤；B．慣性只與質(zhì)量有關(guān)，足球在飛行和觸網(wǎng)時質(zhì)量不變，則慣性不變，故B正確；C．足球在飛行時腳已經(jīng)離開足球，故在忽略空氣阻力的情況下只受重力，故C錯誤；D．觸網(wǎng)時足球?qū)W(wǎng)的力與網(wǎng)對足球的力是相互作用力，大小相等，故D錯誤。故選B。12．（2022·浙江·6月選考）如圖所示，一輕質(zhì)曬衣架靜置于水平地面上，水平橫桿與四根相同的斜桿垂直，兩斜桿夾角θ=60°，一重為GA．作用力為33G C．摩擦力為34G 【答案】B【詳解】設(shè)斜桿的彈力大小為F，以水平橫桿和重物為整體，豎直方向根據(jù)受力平衡可得4解得F=3可知每根斜桿受到地面的作用力應與F平衡，即大小為36fB正確，ACD錯誤；故選B。13．（2022·浙江·1月選考）如圖所示，水平放置的電子秤上有一磁性玩具，玩具由啞鈴狀物件P和左端有玻璃擋板的凹形底座Q構(gòu)成，其重量分別為GP和GQ。用手使P的左端與玻璃擋板靠近時，感受到P對手有靠向玻璃擋板的力，P與擋板接觸后放開手，P處于“磁懸浮”狀態(tài)（即P和Q的其余部分均不接觸），P與Q間的磁力大小為A．Q對P的磁力大小等于GB．P對Q的磁力方向豎直向下C．Q對電子秤的壓力大小等于GQ＋D．電子秤對Q的支持力大小等于GP＋【答案】D【詳解】AB．由題意可知，因手使P的左端與玻璃擋板靠近時，感受到P對手有靠向玻璃擋板的力，即Q對P有水平向左的磁力；P與擋板接觸后放開手，P處于“磁懸浮”狀態(tài)，則說明Q對P有豎直向上的磁力，則Q對P的磁力方向斜向左上方向，其磁力F大小大于GPCD．對PQ的整體受力分析，豎直方向電子秤對Q的支持力大小等于GP＋GQ，即Q對電子秤的壓力大小等于GP故選D。14．（2022·浙江·1月選考）如圖所示，學校門口水平地面上有一質(zhì)量為m的石墩，石墩與水平地面間的動摩擦因數(shù)為μ，工作人員用輕繩按圖示方式勻速移動石墩時，兩平行輕繩與水平面間的夾角均為θ，則下列說法正確的是（）A．輕繩的合拉力大小為μmgB．輕繩的合拉力大小為μmgC．減小夾角θ，輕繩的合拉力一定減小D．輕繩的合拉力最小時，地面對石墩的摩擦力也最小【答案】B【詳解】AB．對石墩受力分析，由平衡條件可知TfT聯(lián)立解得T故A錯誤，B正確；C．拉力的大小為T=μmgcosθ+μsinD．摩擦力大小為f=Tcosθ=μmg故選B。1．（2025·浙江北斗星盟·三模）如圖所示，物塊A與B用跨過滑輪的輕繩相連，穩(wěn)定后，輕繩OP與水平方向夾角為θ=π3，OA和OB與OP的延長線的夾角分別為θ1和θ2。已知A．θ1<C．OP繩子的拉力為203N【答案】B【詳解】A．由于滑輪兩邊繩子拉力大小相等，且滑輪兩邊繩子拉力的合力等于輕繩OP拉力的大小，故OP的方向沿著兩根繩子拉力的夾角的角平分線上，故θ1BD．根據(jù)幾何關(guān)系，連接B物體的繩子部分與水平方向夾角為π6，故對B受力分析有f=Tcosπ6，NBC．據(jù)前分析結(jié)合平行四邊形法則F=2T故選B。2．（2025·浙江稽陽聯(lián)誼學?！ざ＃┤鐖D甲所示，“張弦梁”是新型自平衡空間結(jié)構(gòu)體系，被廣泛應用于建筑當中。圖乙是該結(jié)構(gòu)的簡化模型，質(zhì)量分布均勻的水平橫梁架在兩根立柱上，兩根等長的柔性拉索的一端分別連接橫梁的兩端，拉索的另一端連接豎直支撐桿的下端，支撐桿的上端頂在橫梁的中央處。水平橫梁的質(zhì)量為M，豎直支撐桿的質(zhì)量為m，兩根柔性拉索形成的夾角為120°，兩根拉索的張力均為F（拉索的質(zhì)量忽略不計），重力加速度為g，下列說法正確的是（）A．橫梁對支撐桿的作用力大于支撐桿對橫梁的作用力B．若保持M、m及兩拉索的夾角不變，僅增大F，橫梁對兩側(cè)立柱的壓力增大C．若保持M、m及兩拉索的張力大小F不變，僅減小兩拉索的夾角，支撐桿對橫梁的作用力減小D．支撐桿對橫梁的作用力大小為F-mg【答案】D【詳解】A．橫梁對支撐桿的作用力與支撐桿對橫梁的作用力是相互作用力，總是等大反向，選項A錯誤；B．對橫梁拉索支撐桿系統(tǒng)整體分析可知，橫梁對兩側(cè)立柱的壓力不變，選項B錯誤；C．對支撐桿分析，減小兩拉索的夾角，兩拉力的合力增大，水平橫梁對支撐桿的作用力增大，選項C錯誤；D．兩邊拉索對支撐桿的作用力為F'=2Fcos60故選D。3．（24-25高三下·浙江諸暨·二模）如圖所示，兩根長均為L的輕繩a和b固定在質(zhì)量為m的小球上，輕繩a的另一端固定在天花板上的A點，AB為豎直線，輕繩b的另一端系有輕質(zhì)小環(huán)c，小環(huán)c套在豎直光滑桿CD上。情境一：豎直桿CD緩慢右移，使輕繩a與豎直方向夾角為37°；情境二：豎直桿CD繞豎直線AB做勻速圓周運動，使輕繩a與豎直方向夾角為37°。已知小球可看作質(zhì)點，sin37°=0.6。下列說法正確的是（）A．在情境一中，輕繩a對小球的拉力大小為mgB．在情境一中，輕繩b對小球的拉力大小為4C．在情境二中，轉(zhuǎn)動轉(zhuǎn)速越大，輕繩a對小球的拉力越大D．在情境二中，轉(zhuǎn)動角速度為125g【答案】D=【詳解】AB．對小球受力分析，根據(jù)平衡條件可得Facos37°=mg，F(xiàn)b=FaCD．在情境二中，當繩b中無拉力，小球受到繩a的拉力及小球的重力，二者的合力為其圓周運動提供向心力，豎直方向上受力平衡，結(jié)合上述分析可知Fa=mgcos37°=54mg，F(xiàn)asin37°=mω2Lsin37°解得ω=125gL，即當角速度ω≤故選D。4．（2025·浙江溫州·三模）宋應星的《天工開物》一書中記錄了圖1所示的用重物測量弓弦張力的“試弓定力”情景，簡化示意圖如圖2所示，測量時將弦的中點懸掛于秤鉤上，在質(zhì)量為m的弓的中點處懸掛質(zhì)量為M的重物，穩(wěn)定時弦的張角θ=120°。弦可視作遵循胡克定律的彈性輕繩，且始終在彈性限度內(nèi)，不計弓的形變和一切摩擦，重力加速度為gA．此時弦的張力為2(M+mC．若增加重物的質(zhì)量，弦的張角一定增大 D．若增加重物的質(zhì)量，弦的張力一定增大【答案】D=【詳解】AB．整體法對弓和物體受力分析，如圖所示豎直方向上由受力平衡可得2Fcosθ2=（CD．不計弓的形變，增加重物質(zhì)量，弦與豎直方向夾角減小，則弦的伸長量增加，根據(jù)胡克定律可知，弦的張力一定增大，故C錯誤，D正確。故選D。5．（2025·浙江·一模）如圖所示，三根等長的細繩一端對稱地系在吊籃架上，另一端連結(jié)后經(jīng)掛鉤掛在桿子上。已知吊籃架和花盆的總質(zhì)量為m，下列說法正確的是（）

A．每根細繩的拉力大小均為mgB．掛鉤受到的拉力是由掛鉤的形變引起的C．三根細繩同時增加相等長度后，繩上拉力將變小D．吊籃架對花盆的支持力與花盆的重力是一對相互作用力【答案】C【詳解】A．設(shè)每根鐵鏈和豎直方向的夾角為θ，則有3Fcosθ=mgB．掛鉤受到的拉力是由細繩的形變引起的，B錯誤；C．增加鐵鏈的長度，每根鐵鏈和豎直方向的夾角θ變小，cosθD．吊籃架對花盆的支持力與花盆的重力是一對平衡力，D錯誤。故選C。6．（2025·浙江縣域教研聯(lián)盟·5月模擬）春節(jié)期間，小紅在逛公園的過程中看到公園里掛著紅紅燈籠，洋溢著濃濃的年味。若三個串接的燈籠懸掛在輕繩上，呈豎直排列，從上到下依次標為1，2，3，下列說法正確的是（）A．三個燈籠可能受到水平風力的作用B．燈籠2受到其上、其下兩個燈籠對其的拉力是一對作用力和反作用力C．燈籠3受到的重力與燈籠2對其的拉力是一對平衡力D．若燈籠1上面的輕繩突然斷裂瞬間，燈籠2加速度仍為零【答案】C【詳解】A．對三個燈籠進行受力分析可知，除重力外，因為三個燈籠呈豎直排列，所以彼此間的拉力都是豎直方向，若三個燈籠還受水平風力的作用，將不能受力平衡，所以不可能受到水平風力的作用，故A錯誤；B．作用力和反作用力是一對大小相等，方向相反，作用在兩個物體上的力，燈籠2受到其上、其下兩個燈籠對其的拉力，受力物體都是燈籠2，所以它們不是一對作用力和反作用力，故B錯誤；C．燈籠3受到重力和燈籠2對其的拉力處于平衡狀態(tài)，所以它們是一對平衡力，故C正確。D．若燈籠1上面的輕繩突然斷裂，三個燈籠均做自由落體運動，加速度都為重力加速度g，所以燈籠1上面的輕繩突然斷裂瞬間，燈籠2加速度不為零，故D錯誤。故選C。7．（2025·浙江北斗星盟·三模）無動力帆船依靠風力垂直河岸渡河。船頭正指對岸，通過調(diào)整帆面位置使風向垂直于帆面，此時帆面與航向間的夾角為θ。若風力的大小為F，河水沿平行河岸方向的阻力恒為f1，沿垂直河岸方向的阻力大小f2=kv（A．先做加速度增大的加速運動，后勻速運動B．航行時的最大速度為vC．若風力大小加倍，最大速度也加倍D．若風力大小增大，為保持航向不變，θ也增大【答案】D【詳解】A．垂直航向受力平衡，沿航向FsinθB．根據(jù)題意可得Fsinθ=kvC．風力大小加倍，垂直航線方向不再平衡而產(chǎn)生加速度，速度不再沿船頭指向，故C錯誤；D．根據(jù)題意Fcosθ=f1故選D。8．（2025·浙江湖州·三模）如圖所示，一足夠長的細線一端連接穿過水平細桿的滑塊A，另一端通過光滑滑輪連接重物B，此時兩邊細線豎直。某時刻，水平拉力F作用在滑塊A上，使A向右移動。已知A、B的質(zhì)量分別為m和2m，滑塊A與細桿間的動摩擦因數(shù)為33A．若A做勻速運動，則B也做勻速運動B．若B做勻速運動，則A做加速運動C．若A緩慢向右運動，當細線與細桿間的夾角為30°時，拉力F有最小值D．若A緩慢向右運動到細線與細桿間的夾角為30°時，拉力F一直在增大【答案】D【詳解】AB．對AB兩滑塊速度關(guān)系如圖所示由幾何關(guān)系有vB=vAcosθ若A做勻速運動，θ逐漸減小，CD．對滑塊B有T=2由于滑塊A從圖示（最初是豎直的）位置開始緩慢向右移動至θ=30可知Tsinθ=2mgsinθ聯(lián)立解得F假設(shè)sinα=11+μ2=3滑塊A從圖示虛線位置開始緩慢向右移動過程中，θ減小，可知F逐漸增大，當θ=解得拉力F有最大值Fmax=故選D。9．（2025·浙江金華·三模）蛇年春晚中的人形機器人與真人舞蹈演員一同表演了一場精彩的“AI機器秧歌”舞。下列說法正確的是（）A．機器人下蹲過程中，總是處于失重狀態(tài)B．在研究機器人的舞蹈動作時可將其視為質(zhì)點C．機器人手中勻速轉(zhuǎn)動的手絹邊緣上的一點始終處于受力平衡狀態(tài)D．機器人靜止站立時對地面的壓力與地面對它的支持力是一對相互作用力【答案】D【詳解】A．機器人下蹲過程中，先向下加速后向下減速，則先失重后超重，選項A錯誤；B．在研究機器人的舞蹈動作時，機器人的大小形狀不能忽略不計，不可將其視為質(zhì)點，選項B錯誤；C．機器人手中勻速轉(zhuǎn)動的手絹邊緣上的一點做圓周運動，不是處于受力平衡狀態(tài)，選項C錯誤；D．機器人靜止站立時對地面的壓力與地面對它的支持力是一對相互作用力，選項D正確。故選D。10．（2025·浙江杭州·二模）如圖所示，小明和小王兩位同學在玩拋接球的游戲。小明每次都以靜止姿態(tài)抱住乳膠氣球，然后以較大初速度將其水平拋出，站在右方的小王每次接球時球速等大且接球緩沖時間相等。已知乳膠氣球癟時的質(zhì)量為0.8kg，空氣的密度約為1.29kg/m

A．乳膠氣球在空中做平拋運動B．小明抱住乳膠氣球靜止時，對球的作用力垂直于胸口斜向上C．小明抱住乳膠氣球靜止時，對地面的摩擦力向右D．放走一半氣體后，接球時的沖擊力明顯減小【答案】D【詳解】A．由于球在被小明以水平速度拋出后，除受重力外還受空氣浮力的作用，不是平拋運動，A錯誤；B．小明抱住乳膠氣球靜止時，對球的作用力與球的重力相平衡，豎直向上，B錯誤；C．人與球整體處于靜止，整體的重力和支持力相平衡，不受摩擦力作用，C錯誤；D．若放掉一半氣體，而球的總體積近似不變，則球內(nèi)空氣質(zhì)量減少、總質(zhì)量減小，而題干已說明每次接球的速度大小和緩沖時間相同，則動量變化減小，沖擊力也隨之明顯減小，故D正確。故選D。11．（2025·浙江臺州·二模）家用室內(nèi)引體向上器通常采用免打孔設(shè)計，通過調(diào)節(jié)桿的長度，利用橡膠墊與門框或墻壁的摩擦力起到固定的作用。如圖所示，當質(zhì)量為50kg的同學握住水平單杠保持靜止，且只有雙手接觸單杠并雙腿懸空，不計引體向上器的質(zhì)量。則（

）A．雙手間距離越小，人所受到單杠的作用力越小B．單杠對每只手臂作用力大小一定為250NC．雙手間距離越大，橡膠墊與墻面間的摩擦力越大D．同學由靜止下降到最低點的過程中，橡膠墊與墻面間的摩擦力先小于同學的重力，后大于同學的重力【答案】D【詳解】A．人所受到單杠的作用力和重力平衡，則人所受到單杠的作用力大小不變，為F=故A錯誤；B．只有兩手臂平行時，單杠對每只手臂作用力大小為F′=1C．不計引體向上器的質(zhì)量，橡膠墊與墻面間的摩擦力等于人的重力不變，故C錯誤；D．同學由靜止下降到最低點的過程中，人先加速度先向下，再向上，先失重后超重，結(jié)合牛頓第二定律可知，橡膠墊與墻面間的摩擦力先小于同學的重力，后大于同學的重力，故D正確；故選D。12．（2025·浙江紹興·三模）如圖所示，某商場采用220?V的電源驅(qū)動電機帶動階梯式電梯以0.4?m/s的恒定速度運行，質(zhì)量為55?kg的顧客靜立在電梯上隨電梯向上運動，若電梯的傾角為30°A．顧客向上運動的過程中機械能守恒B．顧客重力的平均功率為200WC．顧客受到電梯給予的靜摩擦力D．電梯站顧客時通過電機的電流比未站顧客時至少要增加0.5A【答案】D【詳解】A．顧客向上運動的過程中動能不變，重力勢能增加，則機械能增加，選項A錯誤；B．顧客重力的平均功率為PC．顧客勻速上升時不受電梯給予的靜摩擦力，選項C錯誤；D．由能量關(guān)系電梯站顧客時UΔI=mgvsin故選D。13．（2025·浙江紹興·三模）如圖所示，繩梯從天花板垂下來且最下端沒有觸及地面，某建筑工人正在爬繩梯，他的左腳踏于橫木、右腳凌空，處于平衡狀態(tài)，若建筑工人的重力為G1，繩梯的重力為G2，雙手施加于橫木的作用力大小為A．建筑工人受到兩個力的作用B．天花板對繩梯的作用力大小為GC．左腳施加于橫木的作用力大小為GD．左腳對橫木的作用力大于橫木對左腳的作用力【答案】B【詳解】A．對工人受力分析：工人受到重力以及來自橫木對腳和雙手的支持力，共至少三個力作用，故A錯誤；B．整體處于平衡，對整條繩梯（含工人）整體分析可知，天花板對繩梯的拉力F′=C．對工人分析可知，左腳施加于橫木的作用力大小為F″=D．根據(jù)牛頓第三定律可知，左腳對橫木的作用力等于橫木對左腳的作用力，故D錯誤；故選B。14．（2025·浙江·選考二測）如圖為2024年8月10日中國選手朱亞明在巴黎奧運會男子三級跳遠決賽中進行比賽的情景。若比賽時無風，空氣阻力不可忽略，則（）A．跳起后，他在空中受到恒力作用B．開始起跳瞬間，地面對他的力大于他對地面的力C．開始起跳瞬間，地面對他的支持力大于他的重力D．跳起后到落地前的過程，他水平方向的速度不變【答案】C【詳解】A．比賽時無風、空氣阻力不可忽略，空氣阻力沿運動的反方向，重力始