2024-2025學(xué)年上學(xué)期北京高二物理期末培優(yōu)卷3

一.選擇題（共10小題，滿分30分，每小題3分）

1.（3分）（2019秋?寧波期末）有些物理量既有大小又有方向才能完全確定，而且運(yùn)算法則遵循平行四邊

形定則，物理學(xué)中把這樣的量稱(chēng)之為矢量。下列物理量中不屬于矢量的是（）

A.力B.速率

C.重力加速度D.向心加速度

2.（3分）（2023秋?重慶期末）圖中實(shí)線為等勢(shì)面，一帶電粒子從電場(chǎng)中的B點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到A點(diǎn)，徑跡如圖中

虛線所示，不計(jì)粒子所受重力，則（）

A.粒子一定帶正電

B.粒子的動(dòng)能逐漸增加

C.粒子在A點(diǎn)的加速度大于在B點(diǎn)的加速度

D.粒子在A點(diǎn)具有的電勢(shì)能小于在B點(diǎn)的電勢(shì)能

3.（3分）A、B兩根平行長(zhǎng)直導(dǎo)線垂直紙面固定，兩導(dǎo)線中通有大小相等的恒定電流，在兩導(dǎo)線連線的垂

直平分線上有一小磁針，在磁場(chǎng)力作用下保持靜止?fàn)顟B(tài)，如圖所示，忽略地磁場(chǎng)的影響。關(guān)于兩導(dǎo)線中

電流方向，下列說(shuō)法正確的是（）

AQ...r...QB

S+N

A.A中電流垂直紙面向外，B中電流垂直紙面向里

B.A中電流垂直紙面向外，B中電流垂直紙面向外

C.A中電流垂直紙面向里，B中電流垂直紙面向里

D.A中電流垂直紙面向里，B中電流垂直紙面向外

4.（3分）（2021秋?東城區(qū)期末）如圖所示電路中，表頭G的內(nèi)阻Rg=500Q,滿偏電流Ig=1mA,Ri、

R2為定值電阻，若Ri=R2=9.5kC,下列說(shuō)法正確的是（）

I-Hj）—CZZF-!—C=ZH|

R&用

g

oo6

abc

A.表頭G的滿偏電壓為500V

B.使用a、b兩個(gè)端點(diǎn)時(shí)，可以用來(lái)測(cè)量大于1mA的電流

C.使用a、b兩個(gè)端點(diǎn)時(shí)，可以用來(lái)測(cè)量電壓，其量程為070V

D.使用a、c兩個(gè)端點(diǎn)時(shí)，可以用來(lái)測(cè)量電壓，其量程為。?20V

5.（3分）（2022秋?香坊區(qū)校級(jí)期中）如圖所示，電源電動(dòng)勢(shì)為E,內(nèi)阻為r,閉合開(kāi)關(guān)S,不考慮燈絲電

阻阻值隨溫度的變化，電流表、電壓表均為理想電表，當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑片由左端向右端滑動(dòng)時(shí)，下列

說(shuō)法正確的是（）

A.電流表Ai示數(shù)變小，電流表A讀數(shù)減小，小燈泡Li變暗

B.電流表A讀數(shù)增大，電壓表V讀數(shù)變大，小燈泡L2變暗

AU

C.電壓表示數(shù)變化AU,電流表A示數(shù)變化AI,二7等于r

AI

AU

D.電壓表示數(shù)變化AU,電流表Ai示數(shù)變化二廠等于r

6.（3分）（2021?西城區(qū)二模）如圖所示，線圈A通過(guò)滑動(dòng)變阻器和開(kāi)關(guān)連接到電源上，線圈B的兩端連

到電流表上，把線圈A裝在線圈B的里面。實(shí)驗(yàn)中觀察到，開(kāi)關(guān)閉合瞬間，電流表指針向右偏轉(zhuǎn)，則

A.開(kāi)關(guān)斷開(kāi)瞬間，電流表指針不偏轉(zhuǎn)

B.開(kāi)關(guān)閉合瞬間，兩個(gè)線圈中的電流方向可能同為順時(shí)針或逆時(shí)針

C.開(kāi)關(guān)閉合，向右移動(dòng)滑動(dòng)變阻器的滑片，電流表指針向右偏轉(zhuǎn)

D.開(kāi)關(guān)閉合，向上拔出線圈A的過(guò)程中，線圈B將對(duì)線圈A產(chǎn)生排斥力

7.（3分）（2022春?太倉(cāng)市校級(jí)期中）一對(duì)平行金屬板中存在勻強(qiáng)電場(chǎng)和勻強(qiáng)磁場(chǎng)，其中電場(chǎng)的方向與金

屬板垂直，磁場(chǎng)的方向與金屬板平行且垂直紙面向里，如圖所示。一質(zhì)子（；H）以速度vo自O(shè)點(diǎn)沿

中軸線射入，恰沿中軸線做勻速直線運(yùn)動(dòng)。下列粒子分別自O(shè)點(diǎn)沿中軸線射入,能夠做勻速直線運(yùn)動(dòng)

的是（所有粒子均不考慮重力的影響）（)

++

0XXXXXX

o

A.以速度4vo射入的a粒子（jHe）

B.以速度2Vo射入的核（fH）

C.以速度vo射入的電子（9遙）

D.以速度齊勺射入的正電子（?e）

請(qǐng)閱讀下述文字，完成第14題、第15題、第16題。

8.（3分）如圖所示為某同學(xué)實(shí)驗(yàn)時(shí)所連接的電路。實(shí)驗(yàn)中發(fā)現(xiàn)Li、L2都不亮。該同學(xué)利用多用電表的電

壓擋檢測(cè)故障，檢測(cè)結(jié)果如下表所示。根據(jù)檢測(cè)結(jié)果判斷，可能的故障是（)

測(cè)試點(diǎn)a、bc、dd、f

電壓表示數(shù)情況有示數(shù)無(wú)示數(shù)有示數(shù)

A.燈Li斷路B.燈L，短路C.bf段斷路D.de段斷路

9.（3分）（2023春?遼陽(yáng)期末）1932年，安德森在宇宙線實(shí)驗(yàn)中發(fā)現(xiàn)了正電子。假設(shè)正電子的速率為v,

電荷量為q，沿著與磁場(chǎng)垂直的方向射入磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，則它受到的洛倫茲力為（）

A.qvBB.qBC.vBD.0.5qvB

10.（3分）（2021?遼寧模擬）如圖，有理想邊界的矩形區(qū)域abed由兩個(gè)正方形區(qū)域aefd和ebc「組成，e

和f為ab和cd的中點(diǎn)，ab=2ad=2L正方形區(qū)域aefd和ebcf內(nèi)部各存在著兩個(gè)方向相反的垂直紙面

的強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小均為B,de、ec是兩個(gè)不同方向勻強(qiáng)磁場(chǎng)的理想分界線。一邊k也為1的正

方形導(dǎo)線框的底邊與矩形磁場(chǎng)區(qū)域的底邊在同一直線上，正方形導(dǎo)線框以垂直于磁場(chǎng)邊界的恒定速度v

穿過(guò)磁場(chǎng)區(qū)域，從左邊界進(jìn)入磁場(chǎng)開(kāi)始計(jì)時(shí)，規(guī)定逆時(shí)針?lè)较驗(yàn)楦袘?yīng)電流i的正方向，則正方形導(dǎo)線框

中感應(yīng)電流i隨其移動(dòng)距離x的i-x圖像正確的是（）

B.

二,多選題（共4小題，滿分12分，每小題3分）

（多選）11.（3分）（2018秋?江都區(qū)期中）如圖所示，將四根通電直導(dǎo)線分別放在四個(gè)勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，圖

中紿出了磁感應(yīng)強(qiáng)度B的力向、導(dǎo)線中電流1的力向，某同學(xué)分別畫(huà)出了通電直導(dǎo)線所受蹌場(chǎng)力F的力

XXXX

X

X

（多選）12.（3分）（2023秋?秀英區(qū)校級(jí)月考）如圖所示，電源電動(dòng)勢(shì)為E=12V,內(nèi)阻r=lC,電阻Ri

=1C,R2=6C0開(kāi)關(guān)閉合后，電動(dòng)機(jī)恰好正常工作。己知電動(dòng)機(jī)額定電壓U=6V,線圈電阻RM=0.5C,

則下列說(shuō)法正確的是（）

~ER-（M）

A.流過(guò)電動(dòng)機(jī)的電流為I2A

B.流過(guò)電源的電流為3A

C.電源的輸出功率為18W

D.電動(dòng)機(jī)正常工作時(shí)輸出的機(jī)械功率為10W

（多選）13.（3分）（2023秋?南崗區(qū)校級(jí)期末）如圖1所示，一金屬圓環(huán)放在磁場(chǎng)中，磁場(chǎng)方向與金屬

圓環(huán)平面垂直，磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間t的變化規(guī)律如圖2所示，則在0?1s的時(shí)間內(nèi)與1?3s的時(shí)間內(nèi)

)

A.金屬圓環(huán)中感應(yīng)電流的方向相反

B.金屬圓環(huán)中感應(yīng)電流大小之比為1：2

C.通過(guò)金屬圓環(huán)中某一截面電荷量之比為I：1

D.金屬圓環(huán)中產(chǎn)生的焦耳熱之比為4：1

（多選）14.（3分）（2023春?平潭縣校級(jí)期中）筆記本電腦機(jī)身和顯示屏對(duì)應(yīng)部位分別有磁體和霍爾元

件，當(dāng)顯示屏開(kāi)啟時(shí)磁體遠(yuǎn)離霍爾元件，電腦正常工作；當(dāng)顯示屏閉合時(shí)磁體靠近霍爾元件，電腦進(jìn)入

休眠狀態(tài)。休眠狀態(tài)時(shí)、簡(jiǎn)化原理如圖所示，寬為a、厚為b、長(zhǎng)為c的矩形半導(dǎo)體霍爾元件處于垂直

于上表面、方向向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，其載流子是電荷量為e的自由電子，當(dāng)通入方向向右、大小為I的

電流時(shí)，元件前、后表面間電壓為U,則此時(shí)元件的（）

A.前表面的電勢(shì)比后表面的低

B.自由電子受到的洛倫茲力大小為，

C.前、后表面間的電壓U與b無(wú)關(guān)

D.前、后表面間的電壓U與I成正比

三.實(shí)驗(yàn)題（共2小題，滿分18分）

15.（8分）（2023?廣州二模）用圖甲所示的電路觀察電容器的充、放電現(xiàn)象，請(qǐng)完成下列實(shí)驗(yàn)內(nèi)容。

圖甲圖乙

（1）實(shí)驗(yàn)時(shí)，要通過(guò)電流表指針的偏轉(zhuǎn)方向來(lái)觀測(cè)電路中電流的方向，因此電流表應(yīng)采用圖乙中的

（選填“a”“b”）；

（2）依照?qǐng)D甲所示的電路圖，將圖乙的實(shí)驗(yàn)器材用筆畫(huà)線代替導(dǎo)線連接成實(shí)驗(yàn)電路（圖中已有部分連

接）；

（3）開(kāi)關(guān)S接1后，小燈泡L（填選項(xiàng)前的字母）；

A.一直不亮

B.逐漸變亮，穩(wěn)定后保持亮度不變

C.突然變亮，然后逐漸變暗，直到熄滅

（4）開(kāi)關(guān)S接1足夠長(zhǎng)時(shí)間后，再將開(kāi)關(guān)S接2。開(kāi)關(guān)S接2之后電壓表讀數(shù)（選填“逐

漸增大”“逐漸減小”）；

（5）圖乙中電容器的電容為當(dāng)電容器的電壓為I0V時(shí)其帶電量為C

（保留兩位有效數(shù)字）。

16.（10分）（2024?貴州模擬）小李同學(xué)設(shè)計(jì)了一個(gè)電路來(lái)準(zhǔn)確測(cè)量一根金屬絲的電阻，原理圖如圖甲所

示。他先用萬(wàn)用表粗略測(cè)得金屬絲電阻約為20C；現(xiàn)有下列器材可供選擇：

A.電源（電動(dòng)勢(shì)為3V,內(nèi)阻約為1。）

B.電壓表（量程3V,內(nèi)阻約為IkQ）

C.電壓表（量程I5V,內(nèi)阻約為5kC）

D.電流表（量程30mA,內(nèi)阻為20。）

E.電流表（量程0.6A,內(nèi)阻為5。）

F.滑動(dòng)變阻器（最大限值為20C）

G.滑動(dòng)變阻器（最大阻值為500Q）

H.定值電阻Ro（阻值為5Q）

I.定值電阻Ri（阻值為100C）

J.開(kāi)關(guān)一個(gè)，導(dǎo)線若干

（1）為了測(cè)量準(zhǔn)確，實(shí)驗(yàn)時(shí)電壓表應(yīng)該選擇,電流表應(yīng)該選擇,滑動(dòng)變阻器應(yīng)該選

擇，定值電阻應(yīng)該選擇o（均填器材前對(duì)應(yīng)字母）

（2）電壓表讀數(shù)記為U,電流表讀數(shù)記為I,若不考慮電壓表內(nèi)阻的影響，小李同學(xué)根據(jù)實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)作出

的U-I圖像如圖乙所示，計(jì)算可得圖像斜率為k=105,則金屬絲電阻為C（結(jié)果保留3

位有效數(shù)字）。

四.解答題（共4小題，滿分40分）

17,（9分）（2023秋?西山區(qū)期末）如圖所示，電源的電動(dòng)勢(shì)E為3V,內(nèi)阻r為1。；定值電殂Ri為1C,

滑動(dòng)變阻器R2的最大阻值為4C,求：

（1）滑動(dòng)變阻器R2接入電路的阻值為（）時(shí)，Ri兩端的電壓；

（2）滑動(dòng)變阻器R2接入電路的電阻為1（1時(shí)，通電Imin電阻Ri上產(chǎn)生的熱量。

R氏

—'I--------°s--------

Er

18.（9分）（2024?廣東三模）如圖所示為某款質(zhì)譜儀的工作原理示意圖，此質(zhì)譜儀由以下幾部分構(gòu)成：離

子源S、加速電場(chǎng)PQ,靜電分析器、偏轉(zhuǎn)磁場(chǎng)、記錄板，靜電分析器通道中心線的半徑為R,通道內(nèi)

有均勻相向的電場(chǎng)，中心線處的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為E,記錄板MN緊靠靜電分析器水平放置，靜電分析器

和記錄板下方分布著范圍足夠大的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，離子源S可以發(fā)射初速度不計(jì)的正離子，已知該離子源發(fā)

射的質(zhì)子；14經(jīng)過(guò)加速電場(chǎng)加速后進(jìn)入靜電分析器，恰能沿靜電分析器中心線做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，之后豎

直向下飛入勻強(qiáng)磁場(chǎng)，最終水平偏轉(zhuǎn)距離d后打在記錄板上，設(shè)質(zhì)子的質(zhì)量為m,電荷量為q,求：

（1）加速電場(chǎng)的電壓U；

（2）勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小B：

（3）若勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域磁感應(yīng)強(qiáng)度大小的波動(dòng)范I制為B±△B,為使質(zhì)子JH與笊核打在記錄板上的

位置不重合，4B的取值范圍。

X偏砂磁/XXX

XXXXXX

19.（10分）（2024?北辰區(qū)三模）有關(guān)列車(chē)電氣制動(dòng)，可以借助如圖所示簡(jiǎn)化模型來(lái)理解，圖中水平平行

金屬導(dǎo)軌處于豎直方向的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，導(dǎo)軌間距為L(zhǎng)=0.5m,磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B=2T,金屬棒MN

的質(zhì)量為m=0.2kg,導(dǎo)軌右端接有阻值為R=3C的甩阻，金屬棒接入電路部分的電阻為r=l。，導(dǎo)軌

的電阻不計(jì)。金屬棒MN在安培力作用下向右減速運(yùn)動(dòng)的過(guò)程對(duì)應(yīng)于列車(chē)的電氣制動(dòng)過(guò)程，金屬棒MN

開(kāi)始減速時(shí)的初速度為vo=4m/So

（1）求剛開(kāi)始減速時(shí)，導(dǎo)體棒兩端的電壓U；

（2）求剛開(kāi)始減速時(shí)，安培力的功率P：

（3）在制動(dòng)過(guò)程中，列車(chē)還會(huì)受到空氣阻力和軌道的摩擦力作用，為了研究問(wèn)題方便，設(shè)簡(jiǎn)化模型受

到的這些阻力總和大小恒為f=lN。在金屬棒從開(kāi)始減速到速度減至2m/s的過(guò)程中，金屬棒的位移大

小為xo=O.6m。求：該過(guò)程中電路產(chǎn)生的焦耳熱Q。

M

R

N

20.（12分）（2019秋?沙洋縣校級(jí)月考）如圖所示，在xOy平面的第【象限內(nèi)有平行于y軸正方向的有界

勻強(qiáng)電場(chǎng)，場(chǎng)強(qiáng)大小為E.一電子以平行于x軸正方向的初速度vo從P點(diǎn)射入電場(chǎng)中，并從A點(diǎn)離開(kāi)

第I象限。已知P點(diǎn)的坐標(biāo)為（0,L）,A點(diǎn)坐標(biāo)為（2L,0）o不計(jì)電子的重力。試求：

（1）電子的比荷?；

m

（2）若在第IV象限過(guò)Q點(diǎn)放一張垂直于y軸的感光膠片，Q點(diǎn)的坐標(biāo)為（0,-L）,求感光膠片上曝

光點(diǎn)的橫坐標(biāo)X。

2024-2025學(xué)年上學(xué)期北京高二物理期末典型卷3

參考答案與試題解析

一.選擇題（共10小題，滿分30分，每小題3分）

1.（3分）（2019秋?寧波期末）有些物理量既有大小又有方向才能完全確定，而且運(yùn)算法則遮循平行四邊

形定則，物理學(xué)中把這樣的量稱(chēng)之為矢量。下列物理量中不屬于矢量的是（）

A.力B.速率

C.重力加速度D.向心加速度

【考點(diǎn)】矢量和標(biāo)量的區(qū)分與判斷.

【專(zhuān)題】定性思想；歸納法；直線運(yùn)動(dòng)規(guī)律專(zhuān)題；理解能力.

【答案】B

【分析】矢量是既有大小，又有方向，運(yùn)算時(shí)遵循平行四邊形定則的物理量，而標(biāo)量只有大小，沒(méi)有方

向，運(yùn)尊時(shí)遵循代數(shù)加減法則。

【解答】解：ACD、矢量是既有大小，又有方向，運(yùn)算時(shí)遵循平行四邊形定則的物理量，力、重力加

速度和向心加速度都是矢量，故ACD錯(cuò)誤；

B、標(biāo)量只有大小沒(méi)有方向，速率是標(biāo)量，故B正確。

本題選不屬于矢量的，

故選：Bo

【點(diǎn)評(píng)】解決本題的關(guān)鍵要明確矢量和標(biāo)量的區(qū)別，知道矢量有大小又有方向，標(biāo)量只有大小，沒(méi)有方

向。

2.（3分）（2023秋?重慶期末）圖中實(shí)線為等勢(shì)面，一帶電粒子從電場(chǎng)中的B點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到A點(diǎn)，徑跡如圖中

虛線所示，不計(jì)粒子所受重力，則（）

A.粒子一定帶正電

B.粒子的動(dòng)能逐漸增加

C.粒子在A點(diǎn)的加速度大于在B點(diǎn)的加速度

D.粒子在A點(diǎn)具有的電勢(shì)能小于在B點(diǎn)的電勢(shì)能

【考點(diǎn)】等勢(shì)面及其與電場(chǎng)線的關(guān)系；電場(chǎng)力做功與電勢(shì)能變化的關(guān)系.

【專(zhuān)題】定性思想：推理法；電場(chǎng)力與電勢(shì)的性質(zhì)專(zhuān)題；理解能力.

【答案】C

【分析】根據(jù)帶電粒子運(yùn)動(dòng)軌跡彎曲方向判定電場(chǎng)力方向，從而確定電性;然后根據(jù)電場(chǎng)線的疏密程度，

判斷電場(chǎng)力的變化，分析加速度的變化。根據(jù)電場(chǎng)力做功判斷電勢(shì)能和動(dòng)能的變化。

【解答】解：A、根據(jù)電場(chǎng)線與等勢(shì)面垂直，可知電場(chǎng)線的方向大致沿豎直方向；由粒子受到的合力的

方向大致沿運(yùn)動(dòng)軌跡彎曲方向可知，帶電粒子受電場(chǎng)力的方向大體向下；由于不知道電勢(shì)的高低關(guān)系，

則不能判斷出電場(chǎng)線的方向，也無(wú)法判定粒子的電性，故A錯(cuò)誤。

BD、帶電粒子從B到A的運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，電場(chǎng)力的方向與運(yùn)動(dòng)的方向之間的夾角為鈍角，則電場(chǎng)力對(duì)粒

子做負(fù)功，則帶電粒子的電勢(shì)能增大，動(dòng)能減小，粒子在A點(diǎn)的電勢(shì)能大于在B點(diǎn)的電勢(shì)能，故BD

錯(cuò)誤；

C、A點(diǎn)處等差等勢(shì)面密，則A點(diǎn)電場(chǎng)線密，電場(chǎng)強(qiáng)度大，粒子在A點(diǎn)所受的電場(chǎng)力大，加速度大，所

以粒子在A點(diǎn)的加速度大于在B點(diǎn)的加速度，故C正確。

故選：Co

【點(diǎn)評(píng)】解決這類(lèi)帶電粒子在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)軌跡問(wèn)題的關(guān)鍵是根據(jù)軌跡彎曲方向判斷出電場(chǎng)力方向，利用

電場(chǎng)中有關(guān)規(guī)律求解；要明確電場(chǎng)力做功與電勢(shì)能和動(dòng)能間的關(guān)系。

3.（3分）A、B兩根平行長(zhǎng)直導(dǎo)線垂直紙面固定，兩導(dǎo)線中通有大小相等的恒定電流，在兩導(dǎo)線連線的垂

直平分線上有一小磁針，在磁場(chǎng)力作用下保持靜止?fàn)顟B(tài)，加圖所示，忽略地磁場(chǎng)的影響.關(guān)卜兩導(dǎo)線中

電流方向，下列說(shuō)法正確的是（）

AO...r...QB

S+N

A.A中電流垂直紙面向外，B中電流垂直紙面向里

B.A中電流垂直紙面向外，B中電流垂直紙面向外

C.A中電流垂直紙面向里，B中電流垂直紙面向里

D.A中電流垂直紙面向里，B中電流垂直紙面向外

【考點(diǎn)】通電直導(dǎo)線周?chē)拇艌?chǎng).

【專(zhuān)題】定性思想；歸納法；磁場(chǎng)磁場(chǎng)對(duì)電流的作用；推理論證能力.

【答案】B

【分析】小磁針靜止時(shí)N極方向向右，說(shuō)明該處的磁場(chǎng)向右，分別對(duì)四個(gè)選項(xiàng)的A導(dǎo)線和B導(dǎo)線運(yùn)用

安培定則，即可判斷。

【解答】解：小磁針N極的指向是該點(diǎn)合磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向，由于兩個(gè)導(dǎo)線通過(guò)的電流是大小相等，

根據(jù)安培定則，與導(dǎo)線等距離地方磁感應(yīng)強(qiáng)度大小也相等；

A.A中電流垂直紙面向外，A導(dǎo)線在小磁針處的磁感應(yīng)強(qiáng)度方向向右上方；B中電流垂直紙面向里,

B導(dǎo)線在小磁針處的磁感應(yīng)強(qiáng)度方向向左上方；則小磁針處兩大小產(chǎn)生的磁感應(yīng)矢量合向上方，故A

錯(cuò)誤；

B.A中電流垂直紙面向外，A導(dǎo)線在小磁針處的磁感應(yīng)強(qiáng)度方向向右上方：B中電流垂直紙面向外,

B導(dǎo)線在小磁針處的磁感應(yīng)強(qiáng)度方向向右下方;則小磁針處兩大小產(chǎn)生的磁感應(yīng)矢量合向右，故B正確；

C.A中電流垂直紙面向里，A導(dǎo)線在小磁針處的磁感應(yīng)強(qiáng)度方向向左下方；B中電流垂直紙面向里,

B導(dǎo)線在小磁針處的磁感應(yīng)強(qiáng)度方向向左上方;則小磁針處兩大小產(chǎn)生的磁感應(yīng)矢量合向左，故C錯(cuò)誤;

D.A中電流垂直紙面向里，A導(dǎo)線在小磁針處的磁感應(yīng)強(qiáng)度方向向左下方ZB中電流垂直紙面向外,

B導(dǎo)線在小磁針處的磁感應(yīng)強(qiáng)度方向向右下方；則小磁針處兩大小產(chǎn)生的磁感應(yīng)矢量合向下，故D錯(cuò)

誤。

故選：Bo

【點(diǎn)評(píng)】考查安培定則的內(nèi)容，掌握磁感應(yīng)強(qiáng)度矢量的合成法則的應(yīng)用，基礎(chǔ)題目。

4.（3分）（2021秋?東城區(qū)期末）如圖所示電路中，表頭G的內(nèi)阻Rg=500Q,滿偏電流Ig=lmA,R［、

Rz為定值電阻，若Ri=R2=g.5k。，下列說(shuō)法正確的是（）

G

000

abc

A.表頭G的滿偏電壓為500V

B.使用a、b兩個(gè)端點(diǎn)時(shí)，可以用來(lái)測(cè)量大于1mA的電流

C.使用a、b兩個(gè)端點(diǎn)時(shí)，可以用來(lái)測(cè)量電壓，其量程為0?10V

D.使用a、c兩個(gè)端點(diǎn)時(shí)，可以用來(lái)測(cè)量電壓，其量程為0?20V

【考點(diǎn)】電表的改裝和應(yīng)用（實(shí)驗(yàn)）；串聯(lián)電路的特點(diǎn)及應(yīng)用.

【專(zhuān)題】定量思想；推理法；恒定電流專(zhuān)題；推理論證能力.

【答案】C

【分析】電流表改裝成電壓表要串聯(lián)電阻分壓.根據(jù)歐姆定律可解得電壓表兩側(cè)。

【解答】解：A、根據(jù)歐姆定律可知表頭G的滿偏電壓Ug=IgRg=1X103><500V=0.5V,故A錯(cuò)誤；

BC、使用a、b兩個(gè)端點(diǎn)時(shí)，電路中允許經(jīng)過(guò)的最大電流為履=1mA,電流表改裝成電壓表串聯(lián)電阻R：

3

U=Ig(Rg+Ri)=1X1O'X(500+9500)V=10V,故B錯(cuò)誤，C正確；

3

D、使用a、c兩個(gè)端點(diǎn)時(shí)，電流表改裝成電壓表串聯(lián)電阻R：U=Ig(Rg+Ri+R2)=1X1()-X

(500+9500+9500)V=19.5V,故D錯(cuò)誤；

故選：Co

【點(diǎn)評(píng)】明確電流表改裝在電壓表要串聯(lián)電阻分壓，掌握改裝電壓表量程的計(jì)算方式。

5.(3分)(2022秋?香坊區(qū)校級(jí)期中)如圖所示，電源電動(dòng)勢(shì)為E,內(nèi)阻為r,閉合開(kāi)關(guān)S,不考慮燈絲電

阻阻值隨溫度的變化，電流表、電壓表均為理想電表，當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑片由左端向右端滑動(dòng)時(shí)，下列

A.電流表Ai示數(shù)變小，電流表A讀數(shù)減小，小燈泡Li變暗

B.電流表A讀數(shù)增大，電壓表V讀數(shù)變大，小燈泡L2變暗

C.電壓表示數(shù)變化AU,電流表A示數(shù)變化當(dāng)?shù)扔趓

AI

AU

D.電壓表示數(shù)變化AU,電沆表Ai示數(shù)變化H等于r

【考點(diǎn)】電路動(dòng)態(tài)分析；閉合電路歐姆定律的內(nèi)容和表達(dá)式，

【專(zhuān)題】定量思想；推理法；恒定電流專(zhuān)題；推理論證能力，

【答案】C

【分析】由電路圖可知，燈泡L2與滑動(dòng)變阻器串聯(lián)，電壓表測(cè)路端電壓；根據(jù)滑片的移動(dòng)確定接入電

路中電阻的變化，根據(jù)歐姆定律確定電路中電流的變化和燈泡兩端的電壓變化，根據(jù)P=「R確定燈泡

實(shí)際功率的變化，進(jìn)一步根據(jù)燈泡的亮暗取決于實(shí)際功率的大小確定燈泡亮暗的變化，根據(jù)串聯(lián)電路的

電壓特點(diǎn)確定電壓表示數(shù)的變化，最后根據(jù)歐姆定律和滑動(dòng)變阻器接入電路中電阻的變化確定電壓表與

電流表的示數(shù)之比的變化.

【解答】解：AB.滑動(dòng)變阻器滑片向右端滑動(dòng)，Ri變大，總電阻R變大，根據(jù)閉合電路歐姆定律，電

流表A讀數(shù)/=忌減小，電壓表測(cè)路端電壓，電壓表V讀數(shù)U=E-lr變大，小燈泡L2實(shí)際功率P?=

[E-I(RL+r)r

/2/?A變小，小燈泡L2變暗，小燈泡Li實(shí)際功率匕=——/----變大，小燈泡Li變亮，故AB錯(cuò)誤；

L1

C.電壓表示數(shù)變化AU,電流表A示數(shù)變化AI

AU(ETr)-(E—〃r)

Al-l-U~

故C正確；

D.電壓表示數(shù)變化AU,電沆表Ai示數(shù)變化Ah

AU(E-/r)-(E-//r)

=*r

儀--------/LA，

故D錯(cuò)誤。

故選：Co

【點(diǎn)評(píng)】本題是電路的動(dòng)態(tài)變化分析問(wèn)題，按“局部一整體一局部”的順序進(jìn)行分析。

6.(3分)(2021?西城區(qū)二模)如圖所示，線圈A通過(guò)滑動(dòng)變阻器和開(kāi)關(guān)連接到電源上，線圈B的兩端連

到電流表上，把線圈A裝在線圈B的里面。實(shí)驗(yàn)中觀察到，開(kāi)關(guān)閉合瞬間，電流表指針向右偏轉(zhuǎn)，則

()

A.開(kāi)關(guān)斷開(kāi)瞬間，電流表指針不偏轉(zhuǎn)

B.開(kāi)關(guān)閉合瞬間，兩個(gè)線圈中的電流方向可能同為順時(shí)針或逆時(shí)針

C.開(kāi)關(guān)閉合，向右移動(dòng)滑動(dòng)變阻器的滑片，電流表指針向右偏轉(zhuǎn)

D.開(kāi)關(guān)閉合，向上拔出線圈A的過(guò)程中，線圈B將對(duì)線圈A產(chǎn)生排斥力

【考點(diǎn)】楞次定律及其應(yīng)用；研究電磁感應(yīng)現(xiàn)象.

【專(zhuān)題】定性思想：推理法；電磁感應(yīng)與電路結(jié)合；理解能力.

【答案】C

【分析】根據(jù)感應(yīng)電流產(chǎn)生的條件分析答題，穿過(guò)閉合【可路的磁通量發(fā)生變化，電路產(chǎn)生感應(yīng)電流；同

時(shí)根據(jù)楞次定律的兩種描述分別分析感應(yīng)電流的方向以及相互間的相用力。

【解答】解：A、開(kāi)關(guān)斷開(kāi)的瞬間，A中電流減小產(chǎn)生的磁場(chǎng)減弱，導(dǎo)致線圈B中的磁通量發(fā)生變化,

有感應(yīng)電流產(chǎn)生，故A錯(cuò)誤；

B、當(dāng)S2處于閉合狀態(tài)，在Si閉合瞬間，穿過(guò)副線圈的磁通量增大，由楞次定律可知，副線圈中感應(yīng)

電流與原線圈中電流的方向相反，故B錯(cuò)誤；

C、開(kāi)關(guān)閉合，向右移動(dòng)滑動(dòng)變阻器的滑片，接入電阻減小，線圈A中電流增大，根據(jù)楞次定律可知線

圈B中產(chǎn)生感應(yīng)電流與閉合開(kāi)關(guān)時(shí)方向相同，故針向右偏轉(zhuǎn)，故C正確；

D、開(kāi)關(guān)閉合，向上拔出線圈A的過(guò)程中，根據(jù)楞次定律可知，線圈B將對(duì)線圈A產(chǎn)生吸引力，故D

錯(cuò)誤。

故選：Co

【點(diǎn)評(píng)】本題主要考查楞次定律的應(yīng)用，重點(diǎn)掌握楞次定律的兩種描述：“增反減同”以及“來(lái)拒去留”

應(yīng)用。

7.（3分）（2022春?太倉(cāng)市校級(jí)期中）一對(duì)平行金屬板中存在勻強(qiáng)電場(chǎng)和勻強(qiáng)磁場(chǎng)，其中電場(chǎng)的方向與金

屬板垂直，磁場(chǎng)的方向與金屬板平行且垂直紙面向里，如圖所示。一質(zhì)子（；H）以速度vo自O(shè)點(diǎn)沿

中軸線射入，恰沿中軸線做勻速直線運(yùn)動(dòng)。下列粒子分別自O(shè)點(diǎn)沿中軸線射入，能夠做勻速直線運(yùn)動(dòng)

的是（所有粒子均不考慮重力的影響）（)

+

0XXXXXX

o

A.以速度4Vo射入的a粒子（|He）

B.以速度2Vo射入的核（fH）

C,以速度vo射入的電子（2遙）

D.以速度冷的射入的正電子（?e）

【考點(diǎn)】速度選擇器.

【專(zhuān)題】定量思想：推理法；帶電粒子在復(fù)合場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)專(zhuān)題；分析綜合能力.

【答案】C

【分析】（質(zhì)子）以速度vo自O(shè)點(diǎn)沿中軸線射入，恰沿中軸線做勻速直線運(yùn)動(dòng)，洛倫茲力和電場(chǎng)力

相等時(shí)，粒子做勻速直線運(yùn)動(dòng)。速度滿足vo=當(dāng)即可通過(guò)。

【解答】解：（；〃質(zhì)子）以速度V0自O(shè)點(diǎn)沿中軸線射入，恰沿中軸線做勻速直線運(yùn)動(dòng)，將受到向上的

洛倫茲力和向下的電場(chǎng)力，滿足

qvoB=qE

解得：vo=W，即質(zhì)子的速度滿足速度選擇器的條件；

A、以4Vo速射入的a粒，其速度不滿足速度選器的條件，故不能做勻速直線運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；

B、以速度2vo射入的核（fH）,所受的洛倫茲力大于電場(chǎng)刀，（彳H）向上偏轉(zhuǎn)，故B錯(cuò)誤；

C.以速度vo射入的電子，滿足電場(chǎng)力等于洛倫茲力，而做勻速直線運(yùn)動(dòng)，即速度選擇器不選擇電性而

只選擇速度，故C正確；

D.以速度0的射入的正電子（？e）,所受的洛倫茲力小于電場(chǎng)力，正電子將向下偏轉(zhuǎn)，故D錯(cuò)誤；

故選：Co

【點(diǎn)評(píng)】本題考查的是速度選擇器，解題的關(guān)鍵是粒子速度滿足vo=/即可通過(guò)。

D

請(qǐng)閱讀下述文字，完成第14題、第15題、第16題。

8.（3分）如圖所示為某同學(xué)實(shí)驗(yàn)時(shí)所連接的電路。實(shí)驗(yàn)中發(fā)現(xiàn)Li、L2都不亮。該同學(xué)利用多用電表的電

壓擋檢測(cè)故障，檢測(cè)結(jié)果如下表所示。根據(jù)檢測(cè)結(jié)果判斷，可能的故障是（）

測(cè)試點(diǎn)a、bc、dd、

電壓表示數(shù)情況有示數(shù)無(wú)示數(shù)有示數(shù)

A.燈Li斷路B.燈L2短路C.bf段斷路D.de段斷路

【考點(diǎn)】根據(jù)電路現(xiàn)象分析故障原因及位置；練習(xí)使用多用電表（實(shí)驗(yàn)）.

【專(zhuān)題】定性思想；推理法；恒定電流專(zhuān)題；推理論證能力.

【答案】D

【分析】電壓表判斷故障時(shí)，根據(jù)題意結(jié)合選項(xiàng)分析即可；

【解答】解：A、若燈L］斷路，則c、d間應(yīng)有示數(shù)，d、f間無(wú)示數(shù)，故A錯(cuò)誤；

B、若僅燈L2短路，燈泡Li應(yīng)變更亮，故B錯(cuò)誤；

C、若bf段斷路，則a、b間有電壓，c、d間無(wú)電壓，d、f間無(wú)電壓，故C錯(cuò)誤：

D、de段斷路，則Li、L2都不亮，a、b間有電壓，C、d間無(wú)電壓，d、f間有電壓，與題信息相符，故

D正確。

故選：Do

【點(diǎn)評(píng)】本題考查了用多用電表檢查電路故障，檢杳電路故障可以用電壓表、電流表、或歐姆表，應(yīng)用

歐姆表檢查電路故障時(shí)，應(yīng)把電源斷開(kāi)；要掌握應(yīng)用各電表檢杳電路故障的方法.

9.（3分）（2023春?遼陽(yáng)期末）1932年，安德森在宇宙線實(shí)驗(yàn)中發(fā)現(xiàn)了正電子。假設(shè)正電子的速率為v,

電荷量為q，沿著與磁場(chǎng)垂直的方向射入磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，則它受到的洛倫茲力為（）

A.qvBB.qBC.vBD.0.5qvB

【考點(diǎn)】洛倫茲力的概念.

【專(zhuān)題】定量思想；推理法；帶電粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)專(zhuān)題；推理論證能力.

【答案】A

【分析】當(dāng)電荷運(yùn)動(dòng)的方向與磁場(chǎng)的方向垂直時(shí)，受到的洛倫茲力的大小為f=qvB,由此計(jì)算即可。

【解答】解：正電子沿著與磁場(chǎng)垂直的方向射入勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，則它受到的洛倫茲力為￡=4、上，故A1E

確,BCD錯(cuò)誤。

故選；Ao

【點(diǎn)評(píng)】解決本題的關(guān)鍵掌握洛倫茲力的大小公式，同時(shí)注意公式成立條件：速度方向與磁場(chǎng)垂直。

10.（3分）（2021?遼寧模擬）如圖，有理想邊界的矩形區(qū)域abed由兩個(gè)正方形區(qū)域ae「d和ebc「組成，e

和f為ab和cd的中點(diǎn)，ab=2ad=21,正方形區(qū)域aefd和ebcf內(nèi)部各存在著兩個(gè)方向相反的垂直紙面

的強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小均為B,de、ec是兩個(gè)不同方向勻強(qiáng)磁場(chǎng)的理想分界線。一邊長(zhǎng)也為1的正

方形導(dǎo)線框的底邊與矩形磁場(chǎng)區(qū)域的底邊在同一直線上，正方形導(dǎo)線框以垂直于磁場(chǎng)邊界的恒定速度v

穿過(guò)磁場(chǎng)區(qū)域，從左邊界進(jìn)入磁場(chǎng)開(kāi)始計(jì)時(shí)，規(guī)定逆時(shí)針?lè)较驗(yàn)楦写穗娏鱥的正方向，則正方形導(dǎo)線框

中感應(yīng)電流i隨其移動(dòng)距離X的i-X圖像正確的是（)

【考點(diǎn)】根據(jù)B-t或者叩-t圖像計(jì)算感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)；電磁感應(yīng)過(guò)程中的能量類(lèi)問(wèn)題；閉合電路歐姆定律

的內(nèi)容和表達(dá)式；楞次定律及其應(yīng)用.

【專(zhuān)題】定量思想；推理法；電磁感應(yīng)與圖象結(jié)合；分析綜合能力.

【答案】C

【分析】導(dǎo)體切割磁感線產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，分段可以分析出線框中感應(yīng)電流，利用右手定則判定感應(yīng)電

流方向。

【解答】解：BD.導(dǎo)線框從（）?t運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，導(dǎo)線框的右邊切割磁感應(yīng)線，0?;運(yùn)動(dòng)過(guò)程中導(dǎo)線在垂直

紙面向里的有效切割長(zhǎng)度大于垂直向外的有效切割長(zhǎng)度，所以電流方向逆時(shí)針為正，當(dāng)在5時(shí)電流為零，

g?1運(yùn)動(dòng)過(guò)程中剛好相反，電流方向順時(shí)針為負(fù)；導(dǎo)線框從21?31運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，導(dǎo)線框的左邊切割磁

感應(yīng)線，21?弓運(yùn)動(dòng)過(guò)程中導(dǎo)踐在垂直紙面向外的有效切割長(zhǎng)度大于垂直向里的有效長(zhǎng)度，電流方向逆

時(shí)針為正，三?31運(yùn)動(dòng)過(guò)程中剛好相反，電流方向順時(shí)針為負(fù)，故BD錯(cuò)誤；

2

AC.從1?21運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，導(dǎo)線左右兩邊都在磁場(chǎng)中切割而在尚處順時(shí)針的感應(yīng)電流和逆時(shí)針的電流大

小相等，所以此位置感應(yīng)電流為零，故A錯(cuò)誤，C正確。

故選：Co

【點(diǎn)評(píng)】本題屬于電磁感應(yīng)中，導(dǎo)體切割磁感線，利用E=BLv可以求得電動(dòng)勢(shì)，然后求出電流。利用

右手定則判斷感應(yīng)電流方向。

二,多選題（共4小題，滿分12分，每小題3分）

（多選）11.（3分）（2018秋?江都區(qū)期中）如圖所示，將四根通電直導(dǎo)線分別放在四個(gè)勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，圖

中給出了磁感應(yīng)強(qiáng)度B的方向、導(dǎo)線中電流I的方向，某同學(xué)分別畫(huà)出了通電直導(dǎo)線所受磁場(chǎng)力F的方

xXXX

X

【考點(diǎn)】左手定則判斷安培力的方向.

【專(zhuān)題】作圖題；定性思想；推理法；磁場(chǎng)磁場(chǎng)對(duì)電流的作用；理解能力.

【答案】AD

【分析】熟練應(yīng)用左手定則是解決本題的關(guān)鍵，在應(yīng)用時(shí)可以先確定一個(gè)方向，然后逐步進(jìn)行，如可先

讓磁感線穿過(guò)手心，然后通過(guò)旋轉(zhuǎn)手，讓四指和電流方向一致或讓大拇指和力方向一致，從而判斷出另

一個(gè)物理量的方向，用這種程序法，防止弄錯(cuò)方向。

【解答】解：根據(jù)左手定值可知:

A、圖中的安培力應(yīng)該垂直導(dǎo)體斜向上，故A正確；

B、圖中電流方向和磁場(chǎng)方向平行，不受安培力，故B錯(cuò)誤；

C、圖中的安培力應(yīng)該垂直磁感線豎直向上，故C錯(cuò)誤；

D、圖中的安培力應(yīng)該垂直于電流方向斜向下，故D正確。

故選：ADo

【點(diǎn)評(píng)】左手定則中涉及物理量及方向較多，在應(yīng)用過(guò)程中容易出現(xiàn)錯(cuò)誤，要加強(qiáng)練習(xí)，增加熟練程度。

（多選）12.（3分）（2023秋?秀英區(qū)校級(jí)月考）如圖所示，電源電動(dòng)勢(shì)為E=12V,內(nèi)阻r=IC,電阻Ri

=111,R2=6C。開(kāi)關(guān)閉合后，電動(dòng)機(jī)恰好正常工作。已知電動(dòng)機(jī)額定電壓U=6V,線圈電阻RM=0.5C,

則下列說(shuō)法正確的是（）

~ER-（M）

A.流過(guò)電動(dòng)機(jī)的電流為12A

B.流過(guò)電源的電流為3A

C.電源的輸出功率為18W

D.電動(dòng)機(jī)正常工作時(shí)輸出的機(jī)械功率為10W

【考點(diǎn)】閉合電路歐姆定律的內(nèi)容和表達(dá)式：計(jì)算電動(dòng)機(jī)正常工作時(shí)輸出的機(jī)械功或機(jī)械功率.

【專(zhuān)題】定量思想；推理法；恒定電流專(zhuān)題；推理論證能力.

【答案】BD

【分析】根據(jù)歐姆定律求出流過(guò)電阻R2的電流，根據(jù)閉合電路歐姆定律求出流過(guò)電源的電流，根據(jù)并

聯(lián)電路的特點(diǎn)求出通過(guò)電動(dòng)機(jī)的電流；根據(jù)P出=EI?I2r,求解電源的輸出功率；根據(jù)電功率的公式,分

別求出電動(dòng)機(jī)的輸入功率和發(fā)熱功率，電動(dòng)機(jī)的輸出功率等于輸入功率減去發(fā)熱功率。

【解答】解：AB、電動(dòng)機(jī)恰好正常工作，已加電動(dòng)機(jī)額定電壓U=6V,則R2兩端的電壓是6V,流過(guò)

R2的電流為：

l2=^=tA=IA

設(shè)流過(guò)電源的電流為I,根據(jù)閉合電路的歐姆定律得：

E=U+I（Ri+r）,解得：I=3A

流過(guò)電動(dòng)機(jī)的電流為：IM=I-l2=3A-1A=2A,故A錯(cuò)誤，B正確;

2

C.電源的輸出功率為：P.1}=EI-Ir

代入數(shù)據(jù)解得：P出=27W,故C錯(cuò)誤；

D.電動(dòng)機(jī)的輸入功率為：PA=UIM=6X2W=12W

電動(dòng)機(jī)的熱功率為：P熱=珞RM=22X0.5W=2W

電動(dòng)機(jī)輸出的機(jī)械功率為：Pn=P入?P熱=12W?2W=10W,故D正確。

故選：BDo

【點(diǎn)評(píng)】本題考杳了閉合電路歐姆定律的應(yīng)用和電功率的計(jì)算問(wèn)題，關(guān)鍵要搞清電動(dòng)機(jī)輸入功率、發(fā)熱

功率和輸出功率的求法，以及三者之間的關(guān)系。要注意電動(dòng)機(jī)工作時(shí)，歐姆定律不適用。

（多選）13.（3分）（2023秋?南崗區(qū)校級(jí)期末）如圖1所示，一金屬圓環(huán)放在磁場(chǎng)中，磁場(chǎng)方向與金屬

圓環(huán)平面垂直，磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間t的變化規(guī)律如圖2所示，則在0?1s的時(shí)間內(nèi)與1?3s的時(shí)間內(nèi)

（）

A.金屬圓環(huán)中感應(yīng)電流的方向相反

B.金屬圓環(huán)中感應(yīng)電流大小之比為1：2

C.通過(guò)金屬圓環(huán)中某一截面電荷量之比為1：1

D.金屬圓環(huán)中產(chǎn)生的焦耳熱之比為4：1

【考點(diǎn)】根據(jù)B-t或者＜p-t圖像計(jì)算感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)：電磁感應(yīng)過(guò)程中的電路類(lèi)問(wèn)題：楞次定律及其應(yīng)用；

法拉第電磁感應(yīng)定律的內(nèi)容和表達(dá)式.

【專(zhuān)題】定量思想；推理法；電磁感應(yīng)與圖象結(jié)合；推理論證能力.

【答案】AC

【分析】根據(jù)磁通量的變化分析感應(yīng)電流的方向，依據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律求感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，由閉合電路

歐姆定律求感應(yīng)電流，根據(jù)q=It可分析電荷量的大小，根據(jù)焦耳定律分析D。

【解答】解：A.根據(jù)題意，結(jié)合圖像，由楞次定律可知，0?1s時(shí)間內(nèi)金屬圓環(huán)中感應(yīng)電流的方向逆

時(shí)針（俯視），1?3s的時(shí)間內(nèi)金屬圓環(huán)中感應(yīng)電流的方向順時(shí)針（俯視），即金屬圓環(huán)中感應(yīng)電流的方

向相反，故A正確；

B.根據(jù)題意，由法拉第電磁感應(yīng)定律有

E=條翳

感應(yīng)電流為

EABS

iT=R=MR

由圖可知，0?1s時(shí)間內(nèi)

AB2

—=-T/s=2T/s

At1

1?3s時(shí)間內(nèi)

ABf2

-T/s=lT/s

AU3-1

可得，金屬圓環(huán)中感應(yīng)電流大小之比為

11：12=2：1

故B錯(cuò)誤；

C.由公式q=It可得，通過(guò)金屬圓環(huán)中某一截面電荷量之比為

Qi/iti211

—=—.—=-x-=-

t?212t2121

故C正確；

D.由公式Q=12RI可得，金屬圓環(huán)中產(chǎn)生的焦耳熱之比為

Q1112212

---="T-----=---X-=一

2

Q2片t2I21

故D錯(cuò)誤。

故選：ACo

【點(diǎn)評(píng)】解答本題時(shí)，要掌握法拉第電磁感應(yīng)定律、閉合電路歐姆定律、焦耳定律，要注意感應(yīng)電流方

向的判斷。

（多選）14.（3分）（2023春?平潭縣校級(jí)期中）筆記本電腦機(jī)身和顯示屏對(duì)應(yīng)部位分別有磁體和霍爾元

件，當(dāng)顯示屏開(kāi)啟時(shí)磁體遠(yuǎn)離霍爾元件，電腦正常工作；當(dāng)顯示屏閉合時(shí)磁體靠近霍爾元件，電腦進(jìn)入

休眠狀態(tài)。休眠狀態(tài)時(shí)、簡(jiǎn)化原理如圖所示，寬為a、厚為b、長(zhǎng)為c的矩形半導(dǎo)體霍爾元件處于垂直

于上表面、方向向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，其載流子是電荷量為e的自由電子，當(dāng)通入方向向右、大小為I的

電流時(shí)，元件前、后表面間電壓為U,則此時(shí)元件的（）

后表而

A.前表面的電勢(shì)比后表面的低

B.自由電子受到的洛倫茲力大小為等

C.前、后表面間的電壓U與b無(wú)關(guān)

D.前、后表面間的電壓U與I成正比

【考點(diǎn)】霍爾效應(yīng)與霍爾元件.

【專(zhuān)題】定量思想；推理法；磁場(chǎng)磁場(chǎng)對(duì)電流的作用；推理論證能力.

【答案】BD

【分析】根據(jù)左手定則得出電子的偏轉(zhuǎn)方向，結(jié)合電性得出電勢(shì)的高低；

根據(jù)電場(chǎng)力和洛倫茲力的等量關(guān)系得出電勢(shì)差的大小，結(jié)合題意完成分析。

【解答】解：A.當(dāng)通入方向向右、大小為I的電流時(shí)，根據(jù)左手定則可知電子受到的洛倫茲力指向后

表面，結(jié)合電子的電性可知后表面帶負(fù)電，由此可分析出前表面的電勢(shì)比后表面的高，故A錯(cuò)誤：

B.元件前、后表面間電壓為U時(shí)，洛倫茲力和電場(chǎng)力平衡，則有

衛(wèi)洛=號(hào),故B正確；

CD.根據(jù)電流的微觀表達(dá)式I=ncvab

洛倫茲力和電場(chǎng)力平衡，則有哈

聯(lián)立解得：〃盜

故前、后表面間的電壓U與1成正比，U與b有關(guān)，故C錯(cuò)誤，D正確。

故選；BDo

【點(diǎn)評(píng)】本題主要考查了霍爾效應(yīng)的相關(guān)應(yīng)用，熟悉左手定則得出洛倫茲力的方向，結(jié)合電場(chǎng)力和洛倫

茲力的等量關(guān)系即可完成分析。

三,實(shí)驗(yàn)題（共2小題，滿分18分）

15.（8分）（2023?廣州二模）用圖甲所示的電路觀察電容器的充、放電現(xiàn)象，請(qǐng)完成下列實(shí)驗(yàn)內(nèi)容。

（1）實(shí)驗(yàn)時(shí)，要通過(guò)電流表指針的偏轉(zhuǎn)方向來(lái)觀測(cè)電路中電流的方向，因此電流表應(yīng)采用圖乙中的a

（選填

（2）依照?qǐng)D甲所示的電路圖，將圖乙的實(shí)驗(yàn)器材用筆畫(huà)線代替導(dǎo)線連接成實(shí)驗(yàn)電路（圖中已有部分連

接）；

（3）開(kāi)關(guān)S接1后，小燈泡L￡（填選項(xiàng)前的字母）；

A.一直不亮

B.逐漸變鳧，穩(wěn)定后保持亮度不變

C.突然變亮，然后逐漸變暗，直到熄火

（4）開(kāi)關(guān)S接1足夠長(zhǎng)時(shí)間后，再將開(kāi)關(guān)S接2。開(kāi)關(guān)S接2之后電壓表讀數(shù)逐漸減?。ㄟx填“逐

漸增大”“逐漸減小”）；

（5）圖乙中電容器的電容為3300uFo當(dāng)電容器的電壓為10V時(shí)其帶電量為0.033C（保留兩

位有效數(shù)字）。

【考點(diǎn)】觀察電容器及其充、放電現(xiàn)象.

【專(zhuān)題】定量思想；推理法；電容器專(zhuān)題；推理論證能力.

【答案】（1）a；（2）見(jiàn)解答；（3）C：（4）逐漸減小：（5）3300；0.033

【分析】（1）根據(jù)電表的區(qū)別選擇合適的電表進(jìn)行實(shí)驗(yàn)；

（2）根據(jù)上述分析，同時(shí)完成實(shí)驗(yàn)電路圖的連線；

（3）根據(jù)電容器的特點(diǎn)，結(jié)合電路構(gòu)造的分析得出燈泡的亮度變化；

（4）根據(jù)電容器的特點(diǎn)分析出其兩端電勢(shì)差的變化趨勢(shì)；

（5）根據(jù)電容器的銘牌得出電容，結(jié)合公式、=（21）得出帶電量。

【解答】解：（1）表a能判斷出電流的方向，而表b只能判斷有無(wú)電流，故電流表應(yīng)選擇圖乙中的a；

（2）實(shí)驗(yàn)電路圖如圖所示：

（3）開(kāi)關(guān)接1后，在通電瞬間電容器的電阻較小，穩(wěn)定后電容器相當(dāng)于斷路，所以小燈泡L會(huì)突然變

亮，然后逐漸變暗，直到熄滅，故C正確，AB錯(cuò)誤；

故選：Co

（4）開(kāi)關(guān)接2后，電容器開(kāi)始放電，根據(jù)公可知，電容器的電容保持不變，但電荷量減小，

所以電勢(shì)差減小，因此電壓表讀數(shù)逐漸減??；

（5）圖乙中電容器的電容為33OOpF,根據(jù)公式Q=CU可知，當(dāng)電壓為10V時(shí)，

Q=3.3X10'6X10C=0.033C

故答案為：（Da；（2）見(jiàn)解答；（3）C：（4）逐漸減??；（5）3300；0.033

【點(diǎn)評(píng)】本題主要考杳了電容器的充放電現(xiàn)象，根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理掌握正確的實(shí)驗(yàn)操作，結(jié)合電荷量的計(jì)算

公式即可完成分析.

16.（10分）（2024?貴州模擬）小李同學(xué)設(shè)計(jì)了一個(gè)電路來(lái)準(zhǔn)確測(cè)量一根金屬絲的電阻，原理圖如圖甲所

示。他先用萬(wàn)用表粗略測(cè)得金屬絲電阻約為20C；現(xiàn)有下列器材可供選擇：

A.電源（電動(dòng)勢(shì)為3V,內(nèi)阻約為1Q）

B.電壓表（量程3V,內(nèi)阻約為1k。）

C.電壓表（量程15V,內(nèi)阻約為5k。）

D.電流表（量程30mA,內(nèi)阻為20C）

E.電流表（量程0.6A,內(nèi)阻為5Q）

F.滑動(dòng)變阻器（最大阻值為20。）

G.滑動(dòng)變阻器（最大阻值為500。）

H.定值電阻Ro（阻值為5Q）

I.定值電阻Ri（阻值為100。）

J.開(kāi)關(guān)一個(gè)，導(dǎo)線若干

（1）為了測(cè)量準(zhǔn)確，實(shí)驗(yàn)時(shí)電壓表應(yīng)該選擇B.電流表應(yīng)該選擇D,滑動(dòng)變阻器應(yīng)該選擇

F,定值電阻應(yīng)該選擇Rco（均填器材前對(duì)應(yīng)字母）

（2）電壓表讀數(shù)記為U,電流表讀數(shù)記為1,若不考慮電壓表內(nèi)阻的影響，小李同學(xué)根據(jù)實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)作出

的U-I圖像如圖乙所示，計(jì)算可得圖像斜率為k=105,則金屬絲電阻為，LQ。（結(jié)果保留3位有

甲

【考點(diǎn)】練習(xí)使用多用電表（實(shí)驗(yàn)）；伏安法測(cè)電阻.

【專(zhuān)題】定量思想；推理法：恒定電流專(zhuān)題；推理論證能力.

【答案】(1)B,D,F,H：(2)21.0o

【分析】（1）根據(jù)電源電動(dòng)勢(shì)近擇電壓表，根據(jù)估算電流選擇或者改裝電流表，根據(jù)電路的滑動(dòng)變阻器

的接法選擇滑動(dòng)變阻器;

（2）根據(jù)歐姆定律和圖乙列式計(jì)算電阻。

【解答】解：（1）電源電動(dòng)勢(shì)為E=3V,故電壓表應(yīng)選擇B,流過(guò)金屬絲的最大電流Im=1=^A=

O.I5A=150mA,電流表選擇E則量程偏大，故選擇電流表D進(jìn)行改裝，電流表D的內(nèi)阻為20C.改裝

成大量程的電流表需要并聯(lián)一個(gè)小電阻，故定值電阻選Ro,改裝后的量程為

r=O.O3A+QQV<2QA=（）.I5A=150mA,符合題中電流的測(cè)量要求，由于采用滑動(dòng)變阻器的分壓式接

法，選擇總阻值較小的F