2025-2026學年高二年級10月聯(lián)考物理考試試卷滿分100分，考試用時75分鐘。注意事項：1.答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號填寫在答題卡上。2.回答選擇題時，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑。如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標號?；卮鸱沁x擇題時，將答案寫在答題卡上。寫在本試卷上無效。3.考試結束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共7小題，每小題3分，共21分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1.夏天雷雨時，帶電荷量分別為240C和-240C的A、B兩個云團放電，假設放電后兩個云團的電荷量均為0。則該放電過程中電子轉移的數量和方向分別為A.240個,由A云團到B云團B.240個,由B云團到A云團C.1.5×1021個，由B云團到A云團2.如圖所示，將某小量程電流表改裝成電壓表，對改裝表進行校準時發(fā)現(xiàn)，它的示數總是略大于標準表的示數。某同學提出幾個修改建議，其中正確的是A.給R串聯(lián)一個適當的大電阻 B.給R串聯(lián)一個適當的小電阻C.給R并聯(lián)一個適當的小電阻 D.給R并聯(lián)一個適當的大電阻3.電場強度是一個重要的電場概念，下列關于電場強度的說法中正確的是A.由E=FB.由E=kQC.由E=UD.電場強度是矢量，它的疊加遵循平行四邊形定則4.如表格所示是某護眼按摩儀的銘牌信息，當剩余電池電量為總容量的20%時，按摩儀將停止工作。該按摩儀從充滿電工作到停止工作的過程中，消耗的電能為商品名稱護眼按摩儀內置電池500mA·h/4.0V充電輸入DC5V/0.2A工作電壓DC4.0V額定功率0.4WA.2000J B.1600J C.7.2×103J5.如圖所示，直角三角形ABC中∠C=30°，AB邊長L=10cm，勻強電場平行于三角形所在平面，已知φAA.400V/m B.200V/m C.100V/m D.50V/m6.AB是半徑為R的圓周的直徑，O點為圓周的圓心，C為圓周上的另一點，∠BOC=60A.2kQR2 B.23kQ7.將一平行板電容器接成如圖所示電路，M、N是電容器的平行金屬板，R0為定值電阻，RA.M板帶正電荷B.僅將R1C.僅將R1D.僅將兩極板相互錯開一些，兩極板間的電場強度不變二、多項選擇題：本題共3小題，每小題6分，共18分。每小題有兩個或兩個以上選項符合題目要求，全部選對得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。8.在某平面內有三個點電荷，正電荷在兩個負電荷的中垂線上，c為兩個負電荷連線的中點，c、d關于正電荷對稱，在該平面上的電場線關于cd對稱，如圖所示。下列說法中正確的是A.兩個負電荷所帶電荷量相等 B.a點電勢高于b點電勢C.a點的電場強度小于b點的電場強度 D.c點電勢低于d點電勢9.如圖所示，電源的電動勢E=9V，內阻r=2Ω，定值電阻R=4Ω，M為直流電動機，其線圈的電阻rMA.流過電動機的電流為6A B.電源的效率為88.9%C.1分鐘內，電動機產生的熱量為30J D.1分鐘內，電動機輸出的機械功為165J10.如圖所示，真空中的電極可連續(xù)不斷地逸出電子(設電子的初速度為零)，經加速電場加速，由小孔穿出。兩個彼此絕緣且靠近的水平金屬板A、B間的距離為d，板長為4d，A、B兩板間所加電壓UAB=U0A.電子在偏轉電場中向B極板偏轉B.加速電壓越高，粒子在A、B極板間偏移的距離越小C.當U1D.當U1=10U三、實驗題：本題共2小題，共16分。11.(8分)某實驗小組測一未知電阻Rx(1)他們先用多用電表的歐姆擋粗測該電阻的阻值，將選擇開關旋至“×10”倍率，歐姆調零后，將紅黑表筆和電阻兩端連接，發(fā)現(xiàn)指針指到右側0刻線附近，他們需要將選擇開關旋至(填“×1”或“×100”)倍率,(填“需要”或“不需要”)重新進行歐姆調零，將紅黑表筆和電阻兩端連接，指針位置如圖甲所示，則該未知電阻的阻值為(結果保留兩位有效數字)。(2)他們在實驗室找到如下器材，用如圖乙所示電路測量該未知電阻的阻值。A.電壓表(量程為0~3V,內阻約為3kΩ)B.電流表(量程為0~0.6A,內阻約為1kΩ)C.滑動變阻器R(阻值范圍為0~20Ω)D.電池組(電動勢3V，內阻忽略不計)E.開關一只，導線若干①為了減小測量的誤差，電壓表的正接線柱應該與(填“a”或“b”)端連接，開關閉合前，滑動變阻器的滑片應該置于最(填“左”或“右”)端；②正確連接電路后，閉合開關，調節(jié)滑動變阻器的滑片在某位置，此時電壓表和電流表的讀數分別為2.30V、0.22A，則該未知電阻的阻值為Ω(結果保留兩位小數)。12.(8分)某物理興趣小組用如圖甲所示電路測一未知電源的電動勢和內阻。其中定值電阻R1(1)按照圖甲將電路連接好。(2)某次實驗時電壓表的指針位置如圖乙所示，則此時電壓表的示數為V。(3)改變滑動變阻器滑片的位置，記錄多組電壓表和電流表的示數，以電流表示數Ⅰ為橫軸、電壓表示數U為縱軸，得到如圖丙所示的圖像。(4)則該電源的電動勢E的測量值為V，內阻r的測量值為Ω，考慮到電壓表不是理想電表，所以電動勢的測量值比真實值(填“偏大”或“偏小”)。四、解答題：本題共3小題，共38分。13.(8分)如圖所示，邊長為L的正三角形ABC在水平面內，在它的三個頂點固定三個電荷量均為+Q的點電荷，將一個質量為m的帶電小球(可視為質點)放在三角形中心O點正上方L處，小球剛好靜止。已知重力加速度為g，靜電力常量為k。求：(1)小球帶電的電性；(2)小球帶電的電荷量q。14.(14分)在如圖所示的電路中，電源的電動勢.E=6V,內阻r=1Ω,，定值電阻R2=4Ω,滑動變阻器(1)當滑動變阻器的滑片位于ab中點時，求電壓表示數和此時電源的效率；(2)當滑片由左端a向右端b滑動的過程中，求定值電阻R2(3)當滑片由左端a向右端b滑動的過程中，求滑動變阻器消耗的最大功率，并求此時滑動變阻器接入電路的阻值。15.(16分)如圖所示，在電場強度為1×104N/C的水平向左的勻強電場中，有一半徑為1m的光滑四分之三圓弧絕緣軌道MPQ豎直放置，圓弧軌道與水平絕緣軌道MN相切于點M，圓弧軌道所在豎直平面與電場線平行。一帶電荷量為3×10-5C(1)求小滑塊在水平軌道MN上滑行時的加速度大小；(2)求小滑塊經過M點時的加速度；(3)改變小滑塊的釋放位置，若小滑塊能夠從Q點離開圓弧軌道(運動過程中不脫離圓弧軌道)，求小滑塊的釋放位置到M點的最小距離。物理參考答案與解析1.【答案】C【解析】B云團帶負電，在放電過程中，B云團多余的電子轉移到A云團，轉移的電子數量N=qe=2.【答案】B【解析】改裝后的電壓表示數比標準表略大些，說明加上相同電壓時，流過電流表的電流略大，應該稍微增大串聯(lián)電阻，所以給電阻R串聯(lián)一個適當的小電阻是正確操作，故B正確，A、C、D錯誤。故選B。3.【答案】D【解析E=Fq是電場強度的定義式而非決定式，電場強度由場本身決定，與試探電荷受到的電場力無關，故A錯誤；E=KQr4.【答案】D【解析】由題意可知，電池滿電時儲存的能量E1=UIt=4V×500mA?h=7.2×103J,當按摩儀停止工作時，電池儲存的能量為5.【答案】A【解析】由題意可知BC的三等分點D的電勢D=B+C-B3=40V=6.【答案】B【解析】A處電荷在O點產生的電場強度EAO=kQR2,方向由O到A，B處電荷在O點產生的電場強度在O點建立xOy坐標系，由題意有E0x=EAO7.【答案】C【解析】由圖可知M極板與低電勢連接，N極板與高電勢連接，所以N板帶正電荷，M板帶負電荷，故A錯誤；僅將R?調大，R?所分的電壓變小，電容器需要放電，但由于二極管的影響，電容器只能充電，不能放電，所以電容器兩極板間的電壓不變，所以兩極板間的電場強度不變，故B錯誤；僅將R1調小，R0所分的電壓變大，電容器需要充電，二極管不影響電容器充電，所以電容器兩極板間的電壓變大，兩極板間的電場強度變大，故C正確；僅將兩極板相互錯開一些，兩極板的正對面積減小，由C=εrS4πkd可知電容器的電容變小，由C=8.【答案】AD【解析】由于電場線分布有對稱性，所以兩個負電荷的電荷量相等，故A正確；a、b兩點在同一條電場線上，沿著電場線電勢降低，所以點b點電勢高于a點電勢，故B錯誤；電場線的疏密表示電場強度的大小，所以a點的電場強度大于b點的電場強度，故C錯誤；cd兩點在正電荷的等勢線上，但是c點離負電荷更近些，所以c點在負電荷電場中的電勢低于d點在負電荷電場中的電勢，所以c點電勢低于d點電勢，故D正確。故選AD。9.【答案】BD【解析】根據閉合電路歐姆定律可得E=U+I(R+r)，代入數據解得回路中的電流為I=0.5A,，故A錯誤；由電源效率有η=E-IrE×100%=88.9%,故B正確；1分鐘內，電動機產生的熱量為Q=I10.【答案】BC【解析】由UAB=U0>0可知A板電勢高于B板電勢，所以電子在偏轉電場中向A極板偏轉，故A錯誤；加速電壓越高，由eU1=12mv02可知電子進入偏轉電場時的速度越大，所以電子離開穿過偏轉電場所用時間t越小，所以粒子在A、B極板間偏移的距離y=12at2越小，故B正確；電子在加速電場中運動有eU1=11.【答案】(1)“×1”(1分),需要(1分),12.0Ω(2分);(2)a(1分),左(1分),10.45Ω(2分)。【解析】(1)選用“×10”倍率后，發(fā)現(xiàn)指針指到右側O刻線附近，說明倍率選擇的大了，應該選擇更小些的倍率，即選擇“×1”倍率，換倍率后需要重新進行歐姆調零，由圖甲可知未知電阻的阻值R(2)①此電路圖為伏安法測電阻的電路圖，由于Rx<RAR12.【答案】(2)2.30V(2分);(4)E=2.90V(2分),r=0.60Ω(2分),偏小(2分)。【解析】(2)圖乙所示電壓表的示數為2.30V。(4)由圖丙可知圖線與縱軸的交點坐標U=2.90V，此時電流為0，所以電源的電動勢.E=U=2.90V,，圖像的斜率r+R1=∣k∣=∣13.解：(1)由題意可知小球在D點受力平衡，所以ABC三個電荷對小球應該是斥力(1分)所以小球帶正電(1分)(2)由幾何關系有AO=3AD=Acos∠ADO=對小球受力分析有3F庫cos∠ADO-mg=0(1分)F底解得q=814.解：(1)當滑動變阻器的滑片位于ab中點時，滑動變阻器接入電路的電阻.R1由閉合電路歐姆定律有I=E此時電壓表的示數U=E-Ir=5.6V(1分)此時電源的效率η=UI(2)定值電阻R?消耗的功率P2當滑片由左端a向右端b滑動的過程中，當R1=0時，定值電阻R有P2max(3)當滑片由左端左端a向右端b滑動的過程中，滑動變阻器消耗的功率P1整理有(2分)P當R1=r+R滑動變阻器消耗的功率最大，有P1max15.解：(1)當小滑塊在水平軌道MN上滑行時，對小滑塊受力分析并結合牛頓第二定律有Eq-μmg=ma(2分)解得a=5m/s(2)小滑塊釋放后沿MN平面滑