題號123456789答案CDADDABCDBCAC一、選擇題:本題共7小題,每小題4分,共28分.在每小題給出的四個選項中,只有一項是符合題目要求的.【解析】若甲取得勝利,說明甲與地面間的摩擦力大于乙與地面間的摩擦力,而甲與地面間的摩擦力的大小不僅與其重力有關(guān),還與甲和地面間的動摩擦因數(shù)有關(guān),A錯誤,B錯誤;繩靜止不動時,由于繩對兩人的拉力大小相等,兩人受到的摩擦力大小相等,C正確;無論誰取得勝利,甲、乙受繩的拉力大小都相等,D錯誤.【解析】設(shè)物體下落的高度為h,水平射程為父,則有父=Ψ0t,聯(lián)立則有父表明g越大,父越小,A錯誤;物體落地時,速度方向與水平方向夾角的正切值表明g越大,θ越大,B錯誤;速度的改變量△,說明g越大,△Ψ越大,C錯誤;兩物體運動過程中機(jī)械能守恒,取拋出點為零重力勢能點時,兩物體拋出時的機(jī)械能相等,因而兩物體落地時的機(jī)械能也相等,D正確.=L,父船=d,聯(lián)立可解得正確.【解析】設(shè)“小火車”在水平直軌道上勻加速行駛時的加速度大小為a,則對2、3、4、5節(jié)車廂有F1—4f=4ma,—2f=2ma,聯(lián)立可解得F1=2F2,A錯誤;當(dāng)“小火車”在傾斜直軌道上勻加速行駛時,對f—4mg5inθ=4ma,,對4、5節(jié)車廂有F2—2f—2mg5inθ=2ma,,可解得F1=2F2,B錯誤;“小火車”在水平直軌道上以最大的速度勻速行駛時,有P0=FΨm=6fΨm,即錯誤;“小火車”從靜止開始沿水平直軌道勻加速運動過程結(jié)束時,功率達(dá)到額定功率,有F—6f=6ma,P0=FΨ,Ψ=at,聯(lián)立可求得正確.【解析】如圖所示,設(shè)圖中虛線圓為衛(wèi)星A的運轉(zhuǎn)軌道,衛(wèi)星A在C、D間(小圓弧)運球半徑為R,可求得衛(wèi)星A的軌道半徑rA=2R,同理可求得衛(wèi)星B的軌道半徑rB= 錯誤;對A、B兩衛(wèi)星有即可知r越大,a越小,B錯誤;據(jù)可有即所以有可求得=錯誤;據(jù)可有T2∞r(nóng)3,因而有正確.【解析】僅將滑片P1向左移動時,電路中總電阻將增大,電流將減小,與電容器并聯(lián)部分電阻的電壓將減小,電容器本應(yīng)放電,但由于二極管的存在,電容器不能放電,因而電容器兩極板電壓不變,板內(nèi)電場強(qiáng)度不變,液滴仍靜止不動,A正確;僅將滑片P2向上移動時,電路總電阻不變,電流不變,與電容器并聯(lián)部分電阻的電【高三物理參考答案第1頁(共5頁)】壓增大,從而將對電容器充電,使電容器板內(nèi)的電場強(qiáng)度增大,液滴將向上運動,B錯誤;僅將A板向上移動時,據(jù)可知C將減小,再據(jù),因二極管的存在,Q不能減小而將保持不變,U將增大,則有E= 定值,說明液滴仍靜止不動,C錯誤;僅將B板向右移動時,據(jù)可知C將減小,同理可知Q不變,U增大,而U=φA—φB=φA—0=φA,說明A板的電勢將升高,D錯誤.【解析】如圖所示,設(shè)小球運動到P點時,小球與軌道間恰好無彈力,設(shè)此時小球的速度為℃,則有小球從最低點運動至P點時有mgR(1十5inθ)=Ek— 聯(lián)立可得十mgR,當(dāng)5inθ=0時,Ek=mgR,當(dāng)時,正確.二、選擇題:本題共3小題,每小題6分,共18分.在每小題給出的四個選項中,有多項符合題目要求.全部選對的得6分,選對但不全的得3分,有選錯的得0分.【解析】機(jī)器人通過最后的x0=2m所用的時間中間時刻的速度求得a=4m/52,A錯誤;機(jī)器人通過開始的x0=2m所用的時間55,中間時刻的速度℃1=1==5m/5,B錯誤;對全程有℃0=at,則有正確;且則正確.【解析】小球b、c初始時速度為零,當(dāng)小球a到達(dá)M點時,小球b、c的速度仍為零,表明b、c兩小球先加速運動,后減速運動,進(jìn)而表明兩細(xì)桿對b、c兩小球先有推力,后有拉力,可知在此過程中某時刻兩細(xì)桿的作用力大小為零,在此時刻之后的一段時間內(nèi),小球a的加速度大于g,細(xì)桿先對小球a做負(fù)功,后做正功,因而小球a的機(jī)械能先減小后增大,A錯誤,B正確;據(jù)題中條件可知初始時aM=0.8m,bM=cM=0.6m,當(dāng)小球b向左移動0.2m時,可求得此時細(xì)桿與水平方向的夾角α=37。,如圖所示.a、b、c三小球組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒,則有co5θ=℃bco5α,聯(lián)立解得正確;到達(dá)M點時的速度最大,對三個小球組成的系統(tǒng)有解得℃m=4m/5,D錯誤.【解析】如圖甲所示,設(shè)電子從AE邊進(jìn)入電場時,速度方向與水平方向的夾角為θ,則有聯(lián)立可解得,即θ=60。,A正確;設(shè)電子進(jìn)入電場后經(jīng)過時間t運動到最大高度h,水平位移為x,則有因電子經(jīng)過M點正上方時速度沿水平方向,表明電子進(jìn)入電場的最高位置為D點,此時電子的水平位移最大,如圖乙所示,據(jù)初速度為零的勻變速直線運動的特點可知,豎直方向電子從M’運動到D’的時間和電子從D’到出電場的時間相等,所以電子離開電場時距A點最遠(yuǎn)點為。點,B錯誤;電子在運動過程中電勢能與動能之和守恒,電子從D運動到M’克服電場力做功為而從D’運動到。點電場力做的正功W=3W0=54ev,所以電子經(jīng)過。點【高三物理參考答案第2頁(共5頁)】時電勢能Ep=—54ev,C正確;由上述分析可知,若電子從N點離開電場,電子應(yīng)從A點進(jìn)入電場,D錯誤.三、非選擇題:本題共5小題,共54分.11.【答案及評分細(xì)則】(6分)(1)>(1分,其他結(jié)果均不得分)十分,其他結(jié)果均不得分)十分,其他結(jié)果均不得分)【解析】(1)若a、b兩小球碰撞過程中動量守恒,且無機(jī)械能損失,則有mav0=mava十聯(lián)立可解得,要使小球a碰后沿圓弧CB上升,需滿足va>0,即ma>mb.(2)據(jù)機(jī)械能守恒定律有解得結(jié)合mav0=mava十mbvb,求得十(3)碰撞過程動量守恒有ma(v0—va)=mbvb,機(jī)械能無損失有ma(v—v)=mbv,聯(lián)立可解得v0十va=vb,即十也即十12.【答案及評分細(xì)則】(10分)(1)2.0(2分,其他結(jié)果均不得分)(2)偏小(2分,其他結(jié)果均不得分)(3)Q(1分,其他結(jié)果均不得分)500(2分,其他結(jié)果均不得分)(4)如圖所示(1分,其他結(jié)果均不得分)(5)54(2分,52~56均正確,其他結(jié)果均不得分)【解析】(1)當(dāng)電流表半偏時,說明R1與電流表分流相等,故R0=R1=2.0Ω.(2)在認(rèn)為并聯(lián)上R1后電路中的電流不變時,據(jù)并聯(lián)電路的特點可有R1=RA測,而實際上并聯(lián)R1后,電路的總電阻將減小,電路中的總電流將增大,通過R1的電流大于通過RA的電流,可推知RA真>R1=RA測,故測量值偏小.(3)因電流表內(nèi)阻已知,當(dāng)A端接在Q點時,有代入數(shù)據(jù)可求得RT=500Ω.【高三物理參考答案第3頁(共5頁)】(4)擬合各點,作出的RTt圖像如圖所示.(5)由作出的RTt圖像可求得,該阻值對應(yīng)的溫度為54℃.13.【答案】(1)32J(2)6m/5【解析及評分細(xì)則】(1)當(dāng)彈簧恢復(fù)原長時,彈簧釋放的彈性勢能最多,小球的機(jī)械能最大,且兩者相等,設(shè)初始時彈簧的伸長量為x,則有mg=kx①(2分)小球從O1運動至彈簧原長時,有②(2分)聯(lián)立①②代入數(shù)據(jù)可求得Ep=32J(1分)據(jù)機(jī)械能守恒定律可有Em=Ep=32J(1分)按步驟得分,步驟齊全且結(jié)果正確,得全分;若結(jié)果錯誤,扣除結(jié)果分后,其余按步驟得分.(2)當(dāng)小球運動至O點時,其速度最大,據(jù)能量守恒定律有十(2分)代入數(shù)據(jù)可解得Um=6m/5(2分)按步驟得分,步驟齊全且結(jié)果正確,得全分;若結(jié)果錯誤,扣除結(jié)果分后,其余按步驟得分.【解析及評分細(xì)則】(1)由題得qE0=mg5inθ(2分)解得E0=60N/C(1分)按步驟得分,步驟齊全且結(jié)果正確,得全分;若結(jié)果錯誤,扣除結(jié)果分后,其余按步驟得分.(2)小球在圓筒內(nèi)運動經(jīng)過橫截面的最高點時,設(shè)其做圓周運動速度大小為U,則有(1分)小球從A點開始運動到最高點,由機(jī)械能守恒定律有(1分)聯(lián)立解得U0=2m/5(1分)按步驟得分,步驟齊全且結(jié)果正確,得全分;若結(jié)果錯誤,扣除結(jié)果分后,其余按步驟得分.(3)加上電場E1后,小球受到的沿OD向上的電場力F=qE1=8N(1分)小球的重力沿OC向下的分量表明小球在垂直于中軸線OOI的平面內(nèi)做勻速圓周運動,設(shè)其周期為T,則有(1分)小球在平行中軸線OOI方向做初速度為零的勻加速直線運動,則有(1分)解得(1分)按步驟得分,步驟齊全且結(jié)果正確,得全分;若結(jié)果錯誤,扣除結(jié)果分后,其余按步驟得分.15.【答案】(1)12m/5(2)F=20N(3)△L=3.15mt=1.25【解析及評分細(xì)則】(1)設(shè)物塊第一次與滑板碰撞前的速度大小為U1,碰后的速度大小為U1I,則對物塊與滑板碰撞過程有UU(1分)【高三物理參考答案第4頁(共5頁)】解得Ψ按步驟得分,步驟齊全且結(jié)果正確,得全分;若結(jié)果錯誤,扣除結(jié)果分后,其余按步驟得分.(2)因滑板內(nèi)表面光滑,物塊在風(fēng)力作用下向右減速運動時,滑板不動,由動能定理有F父(1分)解得F=20N(1分)按步驟得分,步驟齊全且結(jié)果正確,得全分;若結(jié)果錯誤,扣除結(jié)果分后,其余按步驟得分.(3)第一次碰撞后,物塊由靜止開始向左做勻加速運動,滑板向右做勻減速運動,直到物塊在滑板的左側(cè)與滑板發(fā)生第二次碰撞,設(shè)兩物體的加速度大小為a,此過程經(jīng)歷的時間為t1,則有F=ma(1分)物塊向左的位移父(1分)滑板向右的位移父(1分)0設(shè)物塊和滑板第二次碰撞前的速度大小分別為Ψ2和Ψ3,則有Ψ2=at1=3m/5,Ψ3=Ψ0—at1=9m/5分)設(shè)再經(jīng)過時間t2物塊與滑板在滑板的右側(cè)發(fā)生第三次碰撞物塊向右的位移父(1分)0設(shè)物塊與滑板從第三次碰撞到第四次碰撞經(jīng)過的時間為t3,該過程滑板向右運動的位移為父2/,物塊與滑板從第四次碰撞到第五