高級中學(xué)名校試卷PAGEPAGE1湖南省天壹大聯(lián)考2024-2025學(xué)年高二（下）期末物理試卷一、單選題：本大題共6小題，共24分。1.春季為各種傳染病的高發(fā)季節(jié)，為了學(xué)生健康，學(xué)校經(jīng)常對教室、寢室等場所用消毒液進(jìn)行消毒。在消毒過程中人們常聞到一些刺鼻的味道，下列說法正確的是（）A.上述現(xiàn)象說明分子間存在斥力B.消毒場所的溫度更高時(shí)，能更快地聞到刺鼻的味道C.如果消毒場所的溫度降到以下，就聞不到刺鼻的味道了D.上述現(xiàn)象是由布朗運(yùn)動(dòng)引起的【答案】B【解析】A．聞到刺鼻味道是分子無規(guī)則運(yùn)動(dòng)（擴(kuò)散現(xiàn)象）的結(jié)果，與分子間斥力無關(guān)，故A錯(cuò)誤；B．溫度升高會(huì)加快分子熱運(yùn)動(dòng)速率，從而加速擴(kuò)散現(xiàn)象，因此更容易聞到氣味，故B正確；C．0℃以下分子仍會(huì)運(yùn)動(dòng)，只是速率降低，仍能發(fā)生擴(kuò)散，故C錯(cuò)誤；D．布朗運(yùn)動(dòng)是微小顆粒的運(yùn)動(dòng)，而刺鼻味道的擴(kuò)散是分子直接運(yùn)動(dòng)的結(jié)果，故D錯(cuò)誤。2.下列有關(guān)固體和液體物理性質(zhì)的說法正確的是（）A.水在涂有油脂的玻璃板上能形成水珠，而在干凈的玻璃板上不能形成水珠，這是因?yàn)樗櫜ＡФ唤櫽椭珺.晶體在熔化時(shí)要吸熱，說明晶體在熔化過程中分子平均動(dòng)能增加C.當(dāng)兩玻璃板間夾有一層水膜時(shí)，在垂直于玻璃板的方向很難將玻璃板拉開，這是由于水膜具有表面張力的緣故D.在熱傳導(dǎo)方面，晶體一定表現(xiàn)出各向異性，非晶體一定表現(xiàn)出各向同性【答案】A【解析】A．水在涂有油脂的玻璃板上能形成水珠，而在干凈的玻璃板上不能形成水珠，這是因?yàn)樗櫜ＡФ唤櫽椭?，A正確。B．晶體熔化時(shí)吸熱用于增加分子勢能，溫度不變，分子平均動(dòng)能不變，B錯(cuò)誤。C．兩玻璃板很難拉開的主要原因是大氣壓強(qiáng)的緣故，而非表面張力，C錯(cuò)誤。D．在熱傳導(dǎo)方面，晶體不一定表現(xiàn)出各向異性，單晶體熱傳導(dǎo)各向異性，多晶體各向同性，D錯(cuò)誤。3.1834年，洛埃利用與光屏垂直的平面鏡同樣得到了楊氏雙縫干涉的結(jié)果（稱洛埃鏡實(shí)驗(yàn)）。如圖，光源S發(fā)出的光一部分直接照在光屏上，一部分經(jīng)平面鏡反射后照在光屏上（由平面鏡反射的光相當(dāng)于從S在平面鏡中的虛像發(fā)出的）。已知光源S到平面鏡的距離為a，到光屏的距離為L，光的波長為λ。下列關(guān)于洛埃鏡實(shí)驗(yàn)的說法正確的是（）A光屏上相鄰兩明條紋間距離B.若將平面鏡向下平移稍許，則屏上相鄰兩明條紋間距離減小C.若換用頻率更大的單色光，相鄰兩暗條紋間距將增大D.若增大光源發(fā)光強(qiáng)度，相鄰兩明條紋間距離會(huì)明顯增大【答案】B【解析】A．此問題可類比雙縫干涉實(shí)驗(yàn)，這里光源和它在平面鏡中的虛像相當(dāng)于雙縫干涉中的雙縫，二者間距在雙縫干涉中，相鄰亮紋（或暗紋）間距公式為，將代入，可得，錯(cuò)誤；B．根據(jù)，若將平面鏡向下平移稍許，a增大，條紋間距將減小，B正確；C．頻率越大，波長越小，根據(jù)，相鄰暗條紋間距將減小，C錯(cuò)誤；D．根據(jù)，光照強(qiáng)度對明暗條紋間距沒有影響，D錯(cuò)誤。4.同步衛(wèi)星相對地面靜止，在北斗導(dǎo)航系統(tǒng)中，同步衛(wèi)星發(fā)揮了至關(guān)重要的作用。發(fā)射同步衛(wèi)星時(shí)，先將衛(wèi)星發(fā)射到距地面較近的圓軌道Ⅰ，在圓軌道Ⅰ運(yùn)行若干周后，衛(wèi)星經(jīng)過A點(diǎn)時(shí)瞬間點(diǎn)火加速，進(jìn)入橢圓軌道Ⅱ，在橢圓軌道Ⅱ運(yùn)行若干周后，衛(wèi)星經(jīng)過遠(yuǎn)地點(diǎn)時(shí)再瞬間點(diǎn)火加速，進(jìn)入同步軌道Ⅲ。已知地球的自轉(zhuǎn)周期為T，軌道Ⅲ的半徑為r，引力常量為G，下列說法正確的是（）A.衛(wèi)星在Ⅲ軌道運(yùn)行的速度大于在Ⅰ軌道運(yùn)行的速度B.衛(wèi)星在Ⅰ軌道運(yùn)行的周期大于在Ⅱ軌道運(yùn)行的周期C.衛(wèi)星在Ⅱ軌道上運(yùn)行時(shí)，衛(wèi)星經(jīng)過A點(diǎn)的速度比經(jīng)過B點(diǎn)的速度大D.地球的質(zhì)量【答案】C【解析】A．在圓軌道上運(yùn)行的人造地球衛(wèi)星，萬有引力提供向心力可知解得越大，越小，故A錯(cuò)誤；B．由開普勒第三定律可知衛(wèi)星在Ⅰ軌道的半徑小于在Ⅱ軌道運(yùn)行的半長軸，故衛(wèi)星在Ⅰ軌道運(yùn)行的周期小于在Ⅱ軌道運(yùn)行的周期，故B錯(cuò)誤；C．由開普勒第二定律，近地點(diǎn)速度大，遠(yuǎn)地點(diǎn)速度小，故C正確；D．在軌道Ⅲ上，由萬有引力充當(dāng)向心力得地球的質(zhì)量故D錯(cuò)誤。故選C。5.兩列振幅不同、傳播速度大小相等的簡諧橫波沿x軸相向傳播。時(shí)刻，兩列波的波形如圖所示，平衡位置在、處的兩質(zhì)點(diǎn)剛開始起振。時(shí)平衡位置位于坐標(biāo)原點(diǎn)O處的質(zhì)點(diǎn)開始起振，從至?xí)r間內(nèi)，坐標(biāo)原點(diǎn)O處的質(zhì)點(diǎn)運(yùn)動(dòng)的路程為（）A.16cm B.32cm C.40cm D.48cm【答案】D【解析】兩列波的波速大小均為兩波的波長均為所以兩波的周期均為左右兩列波振幅分別為，左右兩列波傳播到O點(diǎn)的時(shí)間分別為，左右兩列波到達(dá)O點(diǎn)的時(shí)間差在時(shí)間內(nèi)，原點(diǎn)O處的質(zhì)點(diǎn)運(yùn)動(dòng)的路程為時(shí)，兩列波在O點(diǎn)相遇。相遇時(shí)左列波使O點(diǎn)開始向下振動(dòng)，右列波使O點(diǎn)開始向上振動(dòng)，兩列波相遇使O點(diǎn)振動(dòng)減弱。相遇后振幅為時(shí)間差為在時(shí)間內(nèi)，O點(diǎn)的路程為前14s時(shí)間內(nèi)坐標(biāo)原點(diǎn)O處的質(zhì)點(diǎn)運(yùn)動(dòng)的路程為故選D。6.如圖所示，長度為L內(nèi)壁光滑的輕玻璃管平放在水平面上，管底有一質(zhì)量為m電荷量為q的正電小球。整個(gè)裝置以速度v0進(jìn)入磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場，磁場方向豎直向下，在外力的作用下向右勻速運(yùn)動(dòng)，最終小球從上端口飛出。從玻璃管進(jìn)入磁場至小球飛出上端口的過程中（）A.小球運(yùn)動(dòng)軌跡是一段圓弧B.小球沿管方向的加速度大小C.洛侖茲力對小球做功D.管壁的彈力對小球做功【答案】D【解析】AB．由題意知小球既沿管方向運(yùn)動(dòng)，又和管一起向右勻速直線運(yùn)動(dòng)，又因?yàn)楣芷椒旁谒矫嫔?，則對小球受力分析知，沿管方向小球所受洛倫茲力為恒力，由牛頓第二定律得解得即沿管方向小球做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，而水平方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)，所以小球軌跡為拋物線，故AB錯(cuò)誤；C．因?yàn)槁鍌惼澚Ψ较蚩偸呛退俣确较虼怪?，所以洛倫茲力永不做功，故C錯(cuò)誤；D．因?yàn)樽罱K小球從上端口飛出，沿管方向的速度為而水平方向一直勻速直線運(yùn)動(dòng)，所以小球動(dòng)能增加，又因?yàn)槁鍌惼澚Σ蛔龉Γ怨鼙趯π∏蛳蛴业膹椓π∏蜃稣?，且小球飛出時(shí)速度為所以整個(gè)過程對小球由動(dòng)能定理得解得管壁的彈力對小球做功為故D正確。二、多選題：本大題共4小題，共20分。7.如圖，甲分子固定在坐標(biāo)原點(diǎn)O，乙分子位于軸上，甲、乙兩分子間的作用力與分子間距離的關(guān)系圖像如圖，圖中遠(yuǎn)大于?，F(xiàn)乙分子從處以初速度向軸正方向運(yùn)動(dòng)，若乙分子的運(yùn)動(dòng)遵循經(jīng)典力學(xué)規(guī)律，下列描述正確的是（）A.乙分子從到過程中，加速度先增大后減小B.乙分子從到過程中，兩分子間的作用力先減小后增大C.乙分子從到過程中速度逐漸增大，從到過程中速度逐漸減小D.乙分子從到過程中，甲、乙兩分子的勢能先增大后減小【答案】AC【解析】A．處兩分子間的斥力和引力相等，合力為，從合力為引力，且引力先變大后變小，對應(yīng)的加速度也是先變大后變小，故A正確；B．從為合力為斥力，且力是減小，從合力為引力，且引力先變大后變小，故B錯(cuò)誤；C．從分子力先為斥力后為引力，可知分子力對乙分子先做正功后做負(fù)功，故速度先增大后減小，故C錯(cuò)誤；D．處，由分子力做功的正負(fù)可知，分子勢能先減小后增大，故D錯(cuò)誤。8.如圖所示，用不可伸長的絕緣輕質(zhì)細(xì)絲將帶正電的小球B懸掛在固定點(diǎn)O，在O點(diǎn)正下方固定一帶正電的點(diǎn)電荷A，小球B靜止平衡穩(wěn)定后，AB間距離為r，AB間庫侖力大小為F。僅將小球B的電荷量減到原來的，待小球B重新靜止平衡穩(wěn)定后（）A.細(xì)絲對小球B的拉力變小 B.細(xì)絲對小球B的拉力變大C.AB間庫侖力變?yōu)?D.AB間距離變?yōu)椤敬鸢浮緾D【解析】對小球B進(jìn)行受力分析，如圖所示由三角形相似可得可得，AB．根據(jù)可知在小球B的電荷量減小的過程中，小球B受到細(xì)線的拉力大小不變，故AB錯(cuò)誤；CD．根據(jù)結(jié)合可得可知AB間距離變?yōu)?，AB間庫侖力變?yōu)?，故CD正確。故選CD。9.如圖所示，平行板電容器充電后，兩極板間的電場為勻強(qiáng)電場。一電子以初動(dòng)能從A點(diǎn)沿平行極板的方向水平向右飛入勻強(qiáng)電場，它從B點(diǎn)離開勻強(qiáng)電場時(shí)，動(dòng)能為、所受電場力的功率為P。僅將該電容器所帶電荷量減到原來的，一電子仍以初動(dòng)能從A點(diǎn)沿平行極板的方向水平向右飛入勻強(qiáng)電場，下列說法正確的是（）A.勻強(qiáng)電場的電場強(qiáng)度變?yōu)樵瓉淼腂.電子飛越勻強(qiáng)電場的過程中電勢能的變化為原來的C.電子離開勻強(qiáng)電場時(shí)的動(dòng)能為D.電子離開勻強(qiáng)電場時(shí)所受電場力的功率為【答案】BD【解析】A．僅將該電容器所帶電荷量減到原來的，根據(jù)可知極板間的電壓變?yōu)樵瓉淼?，根?jù)可知電場強(qiáng)度變?yōu)樵瓉淼?，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B．電勢能的減少等于電場力做功，，，入射的初速度不變，則不變，電量減半，則y減半，W變?yōu)樵瓉淼?，則電勢能的變化為原來的，選項(xiàng)B正確；C．動(dòng)能的增量等于電場力做功，則粒子動(dòng)能增量變?yōu)樵瓉淼?，電子離開勻強(qiáng)電場時(shí)的動(dòng)能為，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D．電場力的功率，不變，電量減半，則電子離開勻強(qiáng)電場時(shí)所受電場力的功率為，選項(xiàng)D正確。故選BD。10.如圖所示，理想變壓器原、副線圈的面數(shù)比，定值電阻、、的阻值相等且恒定，輸入端交流電壓有效值U恒定，開關(guān)S是斷開的，下列說法正確的是（）A.若閉合S，消耗的功率會(huì)增大B.若閉合S，兩端的電壓為C.閉合S前，、消耗的功率之比為D.閉合S后，，兩端的電壓之比為【答案】AC【解析】A．閉合，負(fù)載電阻變小，副線圈電流增大，原線圈電流增大，消耗的功率增大，故A正確；B．S閉合后，、兩端的電壓之比又原線圈兩端電壓可得，故B錯(cuò)誤；C．S閉合前，通過、的電流之比為，、消耗的功率之比為，故C正確；D．S閉合后，通過、的電流之比為，、兩端的電壓之比為，故D錯(cuò)誤。故選AC。三、實(shí)驗(yàn)題：本大題共2小題，共16分。11.某研究性學(xué)習(xí)小組設(shè)計(jì)了如圖甲所示的電路測量一待測電源的內(nèi)阻，實(shí)驗(yàn)室可提供的器材如下：A.待測電源（電動(dòng)勢約為，內(nèi)阻約為）B.電流表（量程，內(nèi)阻為）C.電流表（量程，內(nèi)阻為）D.滑動(dòng)變阻器（）E.滑動(dòng)變阻器（）F.定值電阻（阻值為）G.定值電阻（阻值為）（1）為了妥善地完成測量任務(wù)，電流表應(yīng)該選用_________（填器材前代碼，下同），電流表選用另一電流表，定值電阻R應(yīng)該選用___________，滑動(dòng)變阻器應(yīng)該選用____________。（2）實(shí)驗(yàn)中，根據(jù)兩電流表的示數(shù)、作出、關(guān)系圖線如圖乙，則待測電源的內(nèi)阻為_______?！敬鸢浮浚?）BFD（2）2.75【解析】（1）[1][2][3]應(yīng)該用量程較大的電流表C測量總電流；量程較小的電流表B與電阻串聯(lián)，相當(dāng)于量程為的電壓表使用，則定值電阻R應(yīng)該選用F，滑動(dòng)變阻器應(yīng)該選用D。（2）由電路可知代入圖乙中已知的兩組坐標(biāo)值，即當(dāng)時(shí)Ib=0；當(dāng)Ib=0.8A時(shí)Ia=0，代入解得12.用如圖所示裝置可驗(yàn)證碰撞中動(dòng)量守恒。（1）現(xiàn)利用該裝置進(jìn)行碰撞實(shí)驗(yàn)，下列說法中合理的是（填標(biāo)號(hào)）。A.為了防止入射球碰后反彈，被碰球選用質(zhì)量比較大的小球，入射球選用質(zhì)量比較小的小球B.為了使兩小球發(fā)生正碰，人射球的半徑應(yīng)該比被碰球的半徑大一些C.為了減小實(shí)驗(yàn)誤差，斜槽軌道應(yīng)該是光滑的D.為了使兩小球碰后做平拋運(yùn)動(dòng)，固定斜槽軌道時(shí)應(yīng)該使其末端（圖中右端）的切線沿水平方向（2）圖中A點(diǎn)為未放被碰球時(shí)人射球緊靠擋板釋放后的平均落點(diǎn)，B點(diǎn)、C點(diǎn)為放上被碰球時(shí)入射球緊靠擋板釋放后兩球的平均落點(diǎn)，其中B點(diǎn)為___________球的平均落點(diǎn)。（3）測得A、B、C三點(diǎn)到O點(diǎn)的距離分別為、、，入射球質(zhì)量為、被碰球質(zhì)量為，若、、、、滿足關(guān)系式________即可驗(yàn)證在碰撞過程中兩球的總動(dòng)量是守恒的，若、、滿足關(guān)系式_________即可判定兩球間的碰撞為彈性碰撞。【答案】（1）D（2）入射（3）【解析】（1）A．為了防止入射球碰后反彈，被碰球選用質(zhì)量比較小的小球，入射球選用質(zhì)量比較大的小球，故A錯(cuò)誤；B．為了使兩小球發(fā)生正碰，入射球的半徑應(yīng)該與被碰球的半徑相同，故B錯(cuò)誤；C．斜槽軌道是否光滑不會(huì)影響實(shí)驗(yàn)誤差，只需要保證同一位置靜止釋放即可，故C錯(cuò)誤；D．為了使兩小球碰后做平拋運(yùn)動(dòng)，固定斜槽軌道時(shí)應(yīng)該使其末端（圖中右端）的切線沿水平方向，故D正確。故選D。（2）入射小球撞擊被撞小球后速度減小，根據(jù)，在平拋高度不變的情況下，可知水平位移減小，所以B點(diǎn)為入射球的平均落點(diǎn)。（3）[1]用表示兩球在空中平拋運(yùn)動(dòng)的時(shí)間若動(dòng)量守恒，則有整理得[2]若為彈性碰撞，還應(yīng)滿足結(jié)合上述公式，聯(lián)立可得四、計(jì)算題：本大題共3小題，共40分。13.如圖所示，導(dǎo)熱性能良好的剛性圓柱形容器內(nèi)壁光滑，盛有一定量的氣體，被質(zhì)量為m的水平圓形隔板分成A、B兩部分，隔板與容器頂部用一根豎直輕質(zhì)彈簧相連（忽略隔板厚度和彈簧體積，隔板不漏氣）。隔板面積為S，容器高度為2L，開始時(shí)系統(tǒng)處于平衡態(tài)，A、B兩部分氣體的體積均為SL，A中氣體的壓強(qiáng)為，此時(shí)彈簧處于原長現(xiàn)在再將與B中氣體壓強(qiáng)相等、溫度相同的體積為的同種氣體充入B中，A中氣體的體積變?yōu)樵瓉淼脑谡麄€(gè)過程中A、B中氣體的溫度相同且保持不變，氣體可視為理想氣體。求：（1）再向B充入氣體之前B中氣體的壓強(qiáng)pB0（2）再向B充入氣體之后A、B中氣體的壓強(qiáng)pA、pB（3）彈簧的勁度系數(shù)k?！敬鸢浮浚?）（2），（3）【解析】（1）對活塞進(jìn)行受力分析得所以（2）對缸內(nèi)氣體由波意爾定律得得得（3）由力的平衡得得14.如圖甲所示，質(zhì)量為的物塊靜止放在足夠大的水平地面上，從時(shí)刻起對物塊施加一個(gè)水平向右的拉力，圖乙表示隨時(shí)間變化的情況，物塊與水平地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為，重力加速度。最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力求：（1