高級(jí)中學(xué)名校試卷PAGEPAGE1南充市2024-2025學(xué)年度下期普通高中二年級(jí)學(xué)業(yè)質(zhì)量監(jiān)測(cè)物理試題一、單項(xiàng)選擇題：本題共7小題，每小題4分，共28分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)最符合題目要求。1.下列關(guān)于電磁波的說(shuō)法正確的是（）A.γ射線波長(zhǎng)比X射線長(zhǎng)，可用于探測(cè)金屬構(gòu)件內(nèi)部的缺陷B.根據(jù)麥克斯韋電磁場(chǎng)理論，變化的電場(chǎng)周?chē)欢óa(chǎn)生變化的磁場(chǎng)C.無(wú)線電波的接收過(guò)程中，使接收電路產(chǎn)生電諧振的過(guò)程叫做調(diào)諧D.頻率越高的電磁波，在真空中傳播的速度越大【答案】C【解析】A．γ射線的頻率比X射線更大，根據(jù)可知γ射線波長(zhǎng)比X射線更短，且X射線用于探測(cè)金屬內(nèi)部缺陷，故A錯(cuò)誤；B．均勻變化的電場(chǎng)產(chǎn)生恒定磁場(chǎng)，只有非均勻變化的電場(chǎng)才會(huì)產(chǎn)生變化的磁場(chǎng)，故B錯(cuò)誤；C．調(diào)諧是使接收電路與電磁波頻率諧振的過(guò)程，故C正確；D．所有電磁波在真空中速度均為光速，與頻率無(wú)關(guān)，故D錯(cuò)誤。故選C。2.下列關(guān)于甲、乙、丙、丁四幅圖所涉及的光現(xiàn)象的說(shuō)法中正確的是（）A.甲圖是利用光的衍射來(lái)檢查工件的平整度B.乙圖中內(nèi)窺鏡所用的光導(dǎo)纖維利用了光的全反射C.丙圖中的玻璃利用了光的反射增加乘員的視野D.丁圖中的泊松亮斑是由于光的偏振引起的【答案】B【解析】A．甲圖是利用光的干涉來(lái)檢查工件的平整度，故A錯(cuò)誤；B．乙圖中內(nèi)窺鏡所用的光導(dǎo)纖維利用了光的全反射，故B正確；C．丙圖中的玻璃利用了光的折射現(xiàn)象增加乘員的視野，故C錯(cuò)誤；D．丁圖中的泊松亮斑是由于光的衍射引起的，故D錯(cuò)誤。故選B。3.風(fēng)能是一種清潔的可再生能源，小型風(fēng)力交流發(fā)電機(jī)，其原理可以簡(jiǎn)化為圖甲，發(fā)電機(jī)線圈電阻r=2Ω，外接電阻R=10Ω，其余電阻不計(jì)，當(dāng)線圈勻速轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)隨時(shí)間變化如圖乙所示，則（）A.t=0.1s時(shí)，電壓表的示數(shù)為10VB.t=0.2s時(shí)，線圈恰好轉(zhuǎn)到圖示位置C.通過(guò)電阻的電流方向每秒改變10次D.若將電阻換成擊穿電壓為10V的電容器，電容器不會(huì)被擊穿【答案】A【解析】A．交變電流電壓表的示數(shù)應(yīng)該為交變電壓的有效值，正弦式交變電壓的有效值為所以電壓表的示數(shù)為，故A正確；B．t=0.2s時(shí)，線圈產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為零，磁通量應(yīng)為最大，此時(shí)線圈應(yīng)處于中性面，故B錯(cuò)誤；C．交變電流在一個(gè)周期內(nèi)，電流方向改變兩次，此交變電流的周期為0.4s，所以通過(guò)電阻R的電流方向每秒改變5次，故C錯(cuò)誤；D．交變電流的峰值為，而電容器的擊穿電壓為10V，故交變電流的峰值大于電容器的擊穿電壓，電容器會(huì)被擊穿，故D錯(cuò)誤。故選A。4.LC振蕩電路中，某時(shí)刻的磁場(chǎng)方向如圖所示，則（）A.若磁場(chǎng)正在減弱，則電容器正在充電，電流方向由a向bB.若磁場(chǎng)正在減弱，則電場(chǎng)能正在增大，電容器上極板帶正電C.若磁場(chǎng)正在增強(qiáng)，則電場(chǎng)能正在減小，電容器上極板帶正電D.若磁場(chǎng)正在增強(qiáng)，則電容器正在充電，電流方向由a向b【答案】C【解析】AB．若磁場(chǎng)正在減弱，則磁場(chǎng)能在減小，電場(chǎng)能在增大，電容器在充電，根據(jù)磁感線的方向，由右手螺旋定則可以判斷出電流方向由b向a，故電容器上極板帶負(fù)電，故AB錯(cuò)誤；CD．若磁場(chǎng)正在增強(qiáng)，則電場(chǎng)能在減小，電容器在放電，根據(jù)磁感線的方向，由右手螺旋定則可以判斷出電流方向由b向a，故電容器上極板帶正電，故C正確，D錯(cuò)誤。故選C。5.兩分子間的斥力和引力的合力F與分子間距離r的關(guān)系如圖中曲線所示，曲線與r軸交點(diǎn)的橫坐標(biāo)為r0，相距很遠(yuǎn)的兩分子在分子力作用下，由靜止開(kāi)始相互接近。若兩分子相距無(wú)窮遠(yuǎn)時(shí)分子勢(shì)能為零，下列說(shuō)法正確的是（）A.在r=r0時(shí)，分子勢(shì)能為零B.在r>r0階段，F(xiàn)做正功，分子動(dòng)能增大，勢(shì)能減小C.在r<r0階段，F(xiàn)做負(fù)功，分子動(dòng)能減小，勢(shì)能也減小D.在r=r0時(shí)，分子勢(shì)能最小，動(dòng)能為零【答案】B【解析】A．由于規(guī)定兩分子相距無(wú)窮遠(yuǎn)時(shí)分子勢(shì)能為零，由無(wú)窮遠(yuǎn)移到r0位置時(shí)，分子力一直做正功，分子勢(shì)能減小，所以r=r0時(shí)分子勢(shì)能不為零，故A錯(cuò)誤；B．在r＞r0階段，分子力表現(xiàn)為引力，則當(dāng)兩分子逐漸靠近時(shí)，F(xiàn)做正功，分子動(dòng)能增加，分子勢(shì)能減小，故B正確；C．在r＜r0階段，分子力表現(xiàn)為斥力，當(dāng)兩分子逐漸靠近時(shí)，F(xiàn)做負(fù)功，分子動(dòng)能減小，分子勢(shì)能增加，故C錯(cuò)誤；D．在r＝r0時(shí)，分子勢(shì)能最小，動(dòng)能最大，故D錯(cuò)誤。故選B。6.一定質(zhì)量的理想氣體，狀態(tài)從A→B→C→D→A的p-T變化過(guò)程如圖所示，下列說(shuō)法正確的是（）A.從A到B氣體體積變大，氣體放出熱量B.從B到C氣體體積變小，氣體放出熱量C.從C到D氣體分子密集程度變小，氣體放出熱量D.從D到A氣體分子密集程度變大，氣體放出熱量【答案】D【解析】A．從A到B氣體溫度升高而壓強(qiáng)不變，由可知?jiǎng)t體積增大，故，，由可知，則氣體吸收熱量，故A錯(cuò)誤；B．從B到C氣體溫度不變，壓強(qiáng)變小，由可知?jiǎng)t體積增大，故，，由可知，則氣體吸收熱量，故B錯(cuò)誤；C．從C到D氣體的溫度減小而壓強(qiáng)不變，由可知?jiǎng)t體積減小，則分子密集程度變大，故，，由可知，則氣體放出熱量，故C錯(cuò)誤；D．從D到A氣體的溫度減小而壓強(qiáng)增大，由可知?jiǎng)t體積減小，則分子密集程度變大，而，，由可知，則氣體放出熱量，故D正確；7.如圖，豎直面內(nèi)建一直角坐標(biāo)系xOy。在第一象限內(nèi)存在垂直于紙面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)（圖中未畫(huà)出）和平行于y軸，豎直向上的勻強(qiáng)電場(chǎng)，在第二象限內(nèi)存在水平向右的勻強(qiáng)電場(chǎng)，兩個(gè)象限中的電場(chǎng)強(qiáng)度大小均為E。有一帶電微粒（質(zhì)量為m，電荷量為q），以速率垂直于x軸從軸上S點(diǎn)射入第二象限，在y軸上的M點(diǎn)（未畫(huà)出），以速率垂直于y軸射入第一象限，然后在x軸上的N點(diǎn)（未畫(huà)出）與x軸正方向成60°角射出。已知重力加速度為g，則（）A.OM與ON比值為1：1B.帶電微粒在第二象限和第一象限中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間之比為C.磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小為D.電場(chǎng)強(qiáng)度的大小為【答案】C【解析】D．在第二象限帶電微粒在豎直方向做勻減速運(yùn)動(dòng)速度由減到0，水平方向做勻加速運(yùn)動(dòng)速度由0加到，則有，，則有，所以電場(chǎng)強(qiáng)度的大小為，則D錯(cuò)誤；A．帶電微粒在第一象限后由于重力與電場(chǎng)力總大小相等方向相反其合力為0，則帶電微粒只受洛倫茲力，帶電微粒在第一象限做勻速圓周運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示由幾何關(guān)系可得，則OM與ON比值為1：，所以A錯(cuò)誤；B．帶電微粒在第二象限的時(shí)間為帶電微粒在第一象限的時(shí)間為所以帶電微粒在第二象限和第一象限中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間之比為，則B錯(cuò)誤；C．帶電微粒在第一象限有解得，聯(lián)立解得所以C正確；多項(xiàng)選擇題：本題共3小題，每小題6分，共18分。每小題有多項(xiàng)符合題目要求，全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。8.如圖甲是顯微鏡下觀察固體微粒做布朗運(yùn)動(dòng)的圖像，圖乙是氧氣分子速率隨溫度變化的分布圖圖像，圖丙是電腦液晶顯示屏，圖丁是平靜水面上放硬幣，硬幣處于靜止?fàn)顟B(tài)，下列說(shuō)法正確的是（）A.圖甲是固體微粒無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)的軌跡，說(shuō)明固體分子做無(wú)規(guī)則的熱運(yùn)動(dòng)B.圖乙中，溫度越高，分子平均速率越大C.圖丙中，液晶顯示器是利用液晶光學(xué)性質(zhì)具有各向異性的特點(diǎn)制成的D.圖丁中，硬幣能浮在水面上，主要是因?yàn)樗母×Α敬鸢浮緽C【解析】A．顯微鏡下觀察固體微粒的無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)是位置連線，不是軌跡，固體微粒在不停地做無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)，是液體分子做無(wú)規(guī)則熱運(yùn)動(dòng)的反映，故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)分子速率分布曲線可知“中間多，兩頭少”，溫度越高，分子平均速率越大，故B正確；C．液晶顯示器是利用液晶的光學(xué)性質(zhì)具有各向異性的特點(diǎn)制成的，故C正確；D．硬幣能浮在水面上，原因是水表面存在著張力，使水表面像結(jié)了一層薄膜似的，硬幣雖然把水面壓成了一個(gè)凹槽，但沒(méi)能突破水的表面張力，硬幣能浮在水面上，故D錯(cuò)誤。9.邊長(zhǎng)為、電阻為的閉合正三角形輕質(zhì)金屬框架，左邊豎直且與磁場(chǎng)右邊界平行，完全處于垂直框架平面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中?，F(xiàn)對(duì)框架施加外力讓其水平向右勻速通過(guò)磁場(chǎng)，如圖所示，其中拉動(dòng)距離為，外力做功功率為，產(chǎn)生的感應(yīng)電流和感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)分別為和，則下列圖像正確的是（）A. B.C. D.【答案】BD【解析】A．當(dāng)框架穿出磁場(chǎng)x距離后，線框切割磁感線的有效長(zhǎng)度感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)可知E與x成正比，故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)歐姆定律可得可知I與x成正比，故B正確；C．安培力框架做勻速直線運(yùn)動(dòng)，由平衡條件得可知與成正比，故C錯(cuò)誤；D．拉力的功率可知與成正比，故D正確。故選BD。10.某節(jié)能儲(chǔ)能輸電網(wǎng)絡(luò)如圖所示，發(fā)電機(jī)的輸出電壓，輸出功率。降壓變壓器的匝數(shù)比，輸電線總電阻。其余線路電阻不計(jì)，用戶(hù)端電壓，功率，所有變壓器均為理想變壓器。則下列數(shù)值正確的是（）A.發(fā)電機(jī)的輸出電流為B.輸電線上損失的功率為C.輸送給儲(chǔ)能站的功率為D.升壓變壓器的匝數(shù)比【答案】AD【解析】A．由題知，發(fā)電機(jī)的輸出電壓因?yàn)檩敵龉β剩瑒t有故A正確；BD．由題知，用戶(hù)端電壓因?yàn)楣β?，則有解得則輸電線上損失的功率為且再根據(jù)解得故B錯(cuò)誤，D正確；C．根據(jù)理想變壓器無(wú)功率損失有解得故C錯(cuò)誤。故選AD。三、非選擇題，本題共5小題，共54分。其中13~15小題解題時(shí)請(qǐng)寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和重要的演算步驟；有數(shù)值計(jì)算時(shí)，答案中必須明確寫(xiě)出數(shù)值和單位。11.某實(shí)驗(yàn)小組使用圖甲的裝置測(cè)量某紅色激光的波長(zhǎng)。用光具座固定激光筆和刻有雙縫的黑色紙板，雙縫間距，激光經(jīng)過(guò)雙縫后投射到光展中的條紋如圖乙所示，由刻度尺讀出A、B兩亮紋間的距離x=___________mm，通過(guò)激光測(cè)距儀測(cè)量出雙縫到投影屏間的距離，則該激光波長(zhǎng)λ=___________m（保留2位有效數(shù)字），如果用紫色激光重新實(shí)驗(yàn)，相鄰亮紋間距會(huì)___________（選填“變大”、“變小”或“不變”）?！敬鸢浮?5.06.5×10-7變小【解析】[1]A、B兩亮紋間的距離[2]該激光波長(zhǎng)為，解得[3]根據(jù)，如果用紫色激光重新實(shí)驗(yàn)，λ變小，相鄰亮紋間距Δx會(huì)變小。12.如圖甲所示，該裝置能把大小不同的蘋(píng)果按一定質(zhì)量標(biāo)準(zhǔn)自動(dòng)分揀為大蘋(píng)果和小蘋(píng)果，裝置中為半導(dǎo)體薄膜壓力傳感器，托盤(pán)置于上，不計(jì)托盤(pán)的重力。蘋(píng)果經(jīng)過(guò)托盤(pán)時(shí)對(duì)產(chǎn)生壓力，半導(dǎo)體薄膜壓力傳感器的阻值隨壓力變化的圖像如圖乙所示。初始狀態(tài)銜鐵水平，當(dāng)電阻箱兩端電壓時(shí)，控制電路使電磁鐵工作吸動(dòng)銜鐵，并保持一段時(shí)間，確保蘋(píng)果在銜鐵上運(yùn)動(dòng)時(shí)電磁鐵保持吸合狀態(tài)，蘋(píng)果進(jìn)入下通道，已知電源電動(dòng)勢(shì)，內(nèi)阻，取重力加速度大小。（1）當(dāng)質(zhì)量較大的蘋(píng)果通過(guò)托盤(pán)時(shí)，對(duì)應(yīng)的壓力傳感器的阻值___________（選填“較大”或“較小”）；（2）現(xiàn)以為標(biāo)準(zhǔn)質(zhì)量將蘋(píng)果分揀開(kāi)，根據(jù)題述條件可知，質(zhì)量大于的蘋(píng)果將通過(guò)___________（選填“上通道”或“下通道”），電阻箱的阻值應(yīng)調(diào)為_(kāi)__________；（3）若電源長(zhǎng)時(shí)間未使用，內(nèi)阻增大，但電動(dòng)勢(shì)不變，則分揀標(biāo)準(zhǔn)質(zhì)量將會(huì)___________（選填“變大”“變小”或“不變”）。【答案】（1）較?。?）下通道10.5（3）變大【解析】（1）蘋(píng)果通過(guò)托盤(pán)時(shí)，質(zhì)量較大的蘋(píng)果托盤(pán)對(duì)R1的壓力較大，根據(jù)圖乙可知，R1的阻值較小。（2）[1]若蘋(píng)果質(zhì)量大于0.3kg時(shí)，則R1阻值減小，分壓減小，由于電源電動(dòng)勢(shì)不變，R2兩端分壓增大，電銜鐵將被吸合，大蘋(píng)果將通過(guò)下通道。[2]當(dāng)蘋(píng)果質(zhì)量為0.3kg時(shí)，此時(shí)R1=20Ω，為使該裝置達(dá)到分揀目的，R2的阻值滿足解得R2=10.5Ω（3）若電源長(zhǎng)時(shí)間未使用，內(nèi)阻r增大，但電動(dòng)勢(shì)不變，根據(jù)，可知內(nèi)阻r增大，則實(shí)際要吸引銜鐵打開(kāi)通道時(shí)的電阻偏小，需要的壓力偏大，即分揀標(biāo)準(zhǔn)質(zhì)量將會(huì)變大。13.如圖所示，截面為矩形的玻璃磚的厚度為，折射率為，若光從上表面射入，入射角為，空氣中的光速為，求：（1）光在玻璃中傳播的時(shí)間；（2）從下表面射出玻璃磚的光線相對(duì)于入射光線的側(cè)移距離。【答案】（1）（2）【解析】（1）光從空氣進(jìn)入玻璃，由折射定律可知解得由幾何關(guān)系知光在玻璃中傳播的路程光在玻璃中傳播的速度光在玻璃中傳播的時(shí)間聯(lián)立解得（2）由幾何關(guān)系有解得14.近期南充市的氣溫變化較大，某天的氣溫變化范圍為。一同學(xué)把一導(dǎo)熱汽缸固定在水平地面上，用質(zhì)量為的活塞封閉一定質(zhì)量的空氣，如圖所示。氣溫最低時(shí)，該同學(xué)測(cè)得缸內(nèi)封閉氣柱的高度為，若缸內(nèi)氣體的內(nèi)能與熱力學(xué)溫度成正比，?。ǎ瑲鉁刈畹蜁r(shí)氣體內(nèi)能為，外界大氣壓始終為，活塞橫截面積為S，忽略活塞與汽缸壁的摩擦，重力加速度為。求：（1）缸內(nèi)氣體的壓強(qiáng)p；（2）氣溫最高時(shí)缸內(nèi)封閉氣柱的高度；（3）氣溫從最低溫到最高溫的過(guò)程中，缸內(nèi)氣體吸收的熱量?！敬鸢浮浚?）（2）（3）【解析】（1）對(duì)活塞受力分析，由平衡條件可得解得缸內(nèi)氣體的壓強(qiáng)（2）缸內(nèi)氣體溫度由變?yōu)?，發(fā)生等壓變化，則有解得（3）設(shè)最高溫時(shí)內(nèi)能為U，由題意有其中內(nèi)能變化量氣體對(duì)外做功，熱力學(xué)第一定律有聯(lián)立解得15.如圖甲所示，兩根足夠長(zhǎng)的光滑金屬導(dǎo)軌在水平面內(nèi)平行放置，其間距為，處于豎直向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁感應(yīng)強(qiáng)度隨時(shí)間變化的規(guī)律如圖乙所示。、兩根導(dǎo)體棒長(zhǎng)度略大于，質(zhì)量均為電阻均為，垂直導(dǎo)軌放置，兩棒之間的距離為。水平細(xì)線的一端固定于墻面，另一端與棒連接，能承受的最大拉力，細(xì)線的水平部分左端與棒連接，右端跨過(guò)光滑的定滑輪豎直連接質(zhì)量為2kg的重物，0~2s內(nèi)使棒始終保持靜止，2s時(shí)刻釋放棒，當(dāng)下落高度時(shí)恰好斷開(kāi)，導(dǎo)軌電阻不計(jì)，運(yùn)動(dòng)過(guò)程中棒始終與導(dǎo)軌垂直且接觸良好，重力加速度為。求：（1）時(shí)刻棒所受安培力；（2）剛斷開(kāi)時(shí)，棒的速度大?。唬?）從釋放棒到恰好斷開(kāi)，經(jīng)歷的時(shí)間和棒產(chǎn)生的熱量?！敬鸢浮浚?），水平向右（2）（3），【解析】（1）0~2s，磁場(chǎng)均勻變化，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)感應(yīng)電流安培力（其中時(shí)）解得方向水平向右。（2）2s后，磁場(chǎng)恒定，b棒與物體c運(yùn)動(dòng)，當(dāng)M恰好要斷裂時(shí)，對(duì)a棒（其中）感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)b棒切割磁感線，則解得（3）從釋放b棒到M恰好斷開(kāi)，對(duì)導(dǎo)體棒，由動(dòng)量定理對(duì)重物c，由動(dòng)量定理有其中聯(lián)立解得從釋放b棒到M斷開(kāi)的過(guò)程，對(duì)整個(gè)系統(tǒng)，由能量守恒定律可得則南充市2024-2025學(xué)年度下期普通高中二年級(jí)學(xué)業(yè)質(zhì)量監(jiān)測(cè)物理試題一、單項(xiàng)選擇題：本題共7小題，每小題4分，共28分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)最符合題目要求。1.下列關(guān)于電磁波的說(shuō)法正確的是（）A.γ射線波長(zhǎng)比X射線長(zhǎng)，可用于探測(cè)金屬構(gòu)件內(nèi)部的缺陷B.根據(jù)麥克斯韋電磁場(chǎng)理論，變化的電場(chǎng)周?chē)欢óa(chǎn)生變化的磁場(chǎng)C.無(wú)線電波的接收過(guò)程中，使接收電路產(chǎn)生電諧振的過(guò)程叫做調(diào)諧D.頻率越高的電磁波，在真空中傳播的速度越大【答案】C【解析】A．γ射線的頻率比X射線更大，根據(jù)可知γ射線波長(zhǎng)比X射線更短，且X射線用于探測(cè)金屬內(nèi)部缺陷，故A錯(cuò)誤；B．均勻變化的電場(chǎng)產(chǎn)生恒定磁場(chǎng)，只有非均勻變化的電場(chǎng)才會(huì)產(chǎn)生變化的磁場(chǎng)，故B錯(cuò)誤；C．調(diào)諧是使接收電路與電磁波頻率諧振的過(guò)程，故C正確；D．所有電磁波在真空中速度均為光速，與頻率無(wú)關(guān)，故D錯(cuò)誤。故選C。2.下列關(guān)于甲、乙、丙、丁四幅圖所涉及的光現(xiàn)象的說(shuō)法中正確的是（）A.甲圖是利用光的衍射來(lái)檢查工件的平整度B.乙圖中內(nèi)窺鏡所用的光導(dǎo)纖維利用了光的全反射C.丙圖中的玻璃利用了光的反射增加乘員的視野D.丁圖中的泊松亮斑是由于光的偏振引起的【答案】B【解析】A．甲圖是利用光的干涉來(lái)檢查工件的平整度，故A錯(cuò)誤；B．乙圖中內(nèi)窺鏡所用的光導(dǎo)纖維利用了光的全反射，故B正確；C．丙圖中的玻璃利用了光的折射現(xiàn)象增加乘員的視野，故C錯(cuò)誤；D．丁圖中的泊松亮斑是由于光的衍射引起的，故D錯(cuò)誤。故選B。3.風(fēng)能是一種清潔的可再生能源，小型風(fēng)力交流發(fā)電機(jī)，其原理可以簡(jiǎn)化為圖甲，發(fā)電機(jī)線圈電阻r=2Ω，外接電阻R=10Ω，其余電阻不計(jì)，當(dāng)線圈勻速轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)隨時(shí)間變化如圖乙所示，則（）A.t=0.1s時(shí)，電壓表的示數(shù)為10VB.t=0.2s時(shí)，線圈恰好轉(zhuǎn)到圖示位置C.通過(guò)電阻的電流方向每秒改變10次D.若將電阻換成擊穿電壓為10V的電容器，電容器不會(huì)被擊穿【答案】A【解析】A．交變電流電壓表的示數(shù)應(yīng)該為交變電壓的有效值，正弦式交變電壓的有效值為所以電壓表的示數(shù)為，故A正確；B．t=0.2s時(shí)，線圈產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為零，磁通量應(yīng)為最大，此時(shí)線圈應(yīng)處于中性面，故B錯(cuò)誤；C．交變電流在一個(gè)周期內(nèi)，電流方向改變兩次，此交變電流的周期為0.4s，所以通過(guò)電阻R的電流方向每秒改變5次，故C錯(cuò)誤；D．交變電流的峰值為，而電容器的擊穿電壓為10V，故交變電流的峰值大于電容器的擊穿電壓，電容器會(huì)被擊穿，故D錯(cuò)誤。故選A。4.LC振蕩電路中，某時(shí)刻的磁場(chǎng)方向如圖所示，則（）A.若磁場(chǎng)正在減弱，則電容器正在充電，電流方向由a向bB.若磁場(chǎng)正在減弱，則電場(chǎng)能正在增大，電容器上極板帶正電C.若磁場(chǎng)正在增強(qiáng)，則電場(chǎng)能正在減小，電容器上極板帶正電D.若磁場(chǎng)正在增強(qiáng)，則電容器正在充電，電流方向由a向b【答案】C【解析】AB．若磁場(chǎng)正在減弱，則磁場(chǎng)能在減小，電場(chǎng)能在增大，電容器在充電，根據(jù)磁感線的方向，由右手螺旋定則可以判斷出電流方向由b向a，故電容器上極板帶負(fù)電，故AB錯(cuò)誤；CD．若磁場(chǎng)正在增強(qiáng)，則電場(chǎng)能在減小，電容器在放電，根據(jù)磁感線的方向，由右手螺旋定則可以判斷出電流方向由b向a，故電容器上極板帶正電，故C正確，D錯(cuò)誤。故選C。5.兩分子間的斥力和引力的合力F與分子間距離r的關(guān)系如圖中曲線所示，曲線與r軸交點(diǎn)的橫坐標(biāo)為r0，相距很遠(yuǎn)的兩分子在分子力作用下，由靜止開(kāi)始相互接近。若兩分子相距無(wú)窮遠(yuǎn)時(shí)分子勢(shì)能為零，下列說(shuō)法正確的是（）A.在r=r0時(shí)，分子勢(shì)能為零B.在r>r0階段，F(xiàn)做正功，分子動(dòng)能增大，勢(shì)能減小C.在r<r0階段，F(xiàn)做負(fù)功，分子動(dòng)能減小，勢(shì)能也減小D.在r=r0時(shí)，分子勢(shì)能最小，動(dòng)能為零【答案】B【解析】A．由于規(guī)定兩分子相距無(wú)窮遠(yuǎn)時(shí)分子勢(shì)能為零，由無(wú)窮遠(yuǎn)移到r0位置時(shí)，分子力一直做正功，分子勢(shì)能減小，所以r=r0時(shí)分子勢(shì)能不為零，故A錯(cuò)誤；B．在r＞r0階段，分子力表現(xiàn)為引力，則當(dāng)兩分子逐漸靠近時(shí)，F(xiàn)做正功，分子動(dòng)能增加，分子勢(shì)能減小，故B正確；C．在r＜r0階段，分子力表現(xiàn)為斥力，當(dāng)兩分子逐漸靠近時(shí)，F(xiàn)做負(fù)功，分子動(dòng)能減小，分子勢(shì)能增加，故C錯(cuò)誤；D．在r＝r0時(shí)，分子勢(shì)能最小，動(dòng)能最大，故D錯(cuò)誤。故選B。6.一定質(zhì)量的理想氣體，狀態(tài)從A→B→C→D→A的p-T變化過(guò)程如圖所示，下列說(shuō)法正確的是（）A.從A到B氣體體積變大，氣體放出熱量B.從B到C氣體體積變小，氣體放出熱量C.從C到D氣體分子密集程度變小，氣體放出熱量D.從D到A氣體分子密集程度變大，氣體放出熱量【答案】D【解析】A．從A到B氣體溫度升高而壓強(qiáng)不變，由可知?jiǎng)t體積增大，故，，由可知，則氣體吸收熱量，故A錯(cuò)誤；B．從B到C氣體溫度不變，壓強(qiáng)變小，由可知?jiǎng)t體積增大，故，，由可知，則氣體吸收熱量，故B錯(cuò)誤；C．從C到D氣體的溫度減小而壓強(qiáng)不變，由可知?jiǎng)t體積減小，則分子密集程度變大，故，，由可知，則氣體放出熱量，故C錯(cuò)誤；D．從D到A氣體的溫度減小而壓強(qiáng)增大，由可知?jiǎng)t體積減小，則分子密集程度變大，而，，由可知，則氣體放出熱量，故D正確；7.如圖，豎直面內(nèi)建一直角坐標(biāo)系xOy。在第一象限內(nèi)存在垂直于紙面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)（圖中未畫(huà)出）和平行于y軸，豎直向上的勻強(qiáng)電場(chǎng)，在第二象限內(nèi)存在水平向右的勻強(qiáng)電場(chǎng)，兩個(gè)象限中的電場(chǎng)強(qiáng)度大小均為E。有一帶電微粒（質(zhì)量為m，電荷量為q），以速率垂直于x軸從軸上S點(diǎn)射入第二象限，在y軸上的M點(diǎn)（未畫(huà)出），以速率垂直于y軸射入第一象限，然后在x軸上的N點(diǎn)（未畫(huà)出）與x軸正方向成60°角射出。已知重力加速度為g，則（）A.OM與ON比值為1：1B.帶電微粒在第二象限和第一象限中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間之比為C.磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小為D.電場(chǎng)強(qiáng)度的大小為【答案】C【解析】D．在第二象限帶電微粒在豎直方向做勻減速運(yùn)動(dòng)速度由減到0，水平方向做勻加速運(yùn)動(dòng)速度由0加到，則有，，則有，所以電場(chǎng)強(qiáng)度的大小為，則D錯(cuò)誤；A．帶電微粒在第一象限后由于重力與電場(chǎng)力總大小相等方向相反其合力為0，則帶電微粒只受洛倫茲力，帶電微粒在第一象限做勻速圓周運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示由幾何關(guān)系可得，則OM與ON比值為1：，所以A錯(cuò)誤；B．帶電微粒在第二象限的時(shí)間為帶電微粒在第一象限的時(shí)間為所以帶電微粒在第二象限和第一象限中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間之比為，則B錯(cuò)誤；C．帶電微粒在第一象限有解得，聯(lián)立解得所以C正確；多項(xiàng)選擇題：本題共3小題，每小題6分，共18分。每小題有多項(xiàng)符合題目要求，全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。8.如圖甲是顯微鏡下觀察固體微粒做布朗運(yùn)動(dòng)的圖像，圖乙是氧氣分子速率隨溫度變化的分布圖圖像，圖丙是電腦液晶顯示屏，圖丁是平靜水面上放硬幣，硬幣處于靜止?fàn)顟B(tài)，下列說(shuō)法正確的是（）A.圖甲是固體微粒無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)的軌跡，說(shuō)明固體分子做無(wú)規(guī)則的熱運(yùn)動(dòng)B.圖乙中，溫度越高，分子平均速率越大C.圖丙中，液晶顯示器是利用液晶光學(xué)性質(zhì)具有各向異性的特點(diǎn)制成的D.圖丁中，硬幣能浮在水面上，主要是因?yàn)樗母×Α敬鸢浮緽C【解析】A．顯微鏡下觀察固體微粒的無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)是位置連線，不是軌跡，固體微粒在不停地做無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)，是液體分子做無(wú)規(guī)則熱運(yùn)動(dòng)的反映，故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)分子速率分布曲線可知“中間多，兩頭少”，溫度越高，分子平均速率越大，故B正確；C．液晶顯示器是利用液晶的光學(xué)性質(zhì)具有各向異性的特點(diǎn)制成的，故C正確；D．硬幣能浮在水面上，原因是水表面存在著張力，使水表面像結(jié)了一層薄膜似的，硬幣雖然把水面壓成了一個(gè)凹槽，但沒(méi)能突破水的表面張力，硬幣能浮在水面上，故D錯(cuò)誤。9.邊長(zhǎng)為、電阻為的閉合正三角形輕質(zhì)金屬框架，左邊豎直且與磁場(chǎng)右邊界平行，完全處于垂直框架平面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中?，F(xiàn)對(duì)框架施加外力讓其水平向右勻速通過(guò)磁場(chǎng)，如圖所示，其中拉動(dòng)距離為，外力做功功率為，產(chǎn)生的感應(yīng)電流和感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)分別為和，則下列圖像正確的是（）A. B.C. D.【答案】BD【解析】A．當(dāng)框架穿出磁場(chǎng)x距離后，線框切割磁感線的有效長(zhǎng)度感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)可知E與x成正比，故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)歐姆定律可得可知I與x成正比，故B正確；C．安培力框架做勻速直線運(yùn)動(dòng)，由平衡條件得可知與成正比，故C錯(cuò)誤；D．拉力的功率可知與成正比，故D正確。故選BD。10.某節(jié)能儲(chǔ)能輸電網(wǎng)絡(luò)如圖所示，發(fā)電機(jī)的輸出電壓，輸出功率。降壓變壓器的匝數(shù)比，輸電線總電阻。其余線路電阻不計(jì)，用戶(hù)端電壓，功率，所有變壓器均為理想變壓器。則下列數(shù)值正確的是（）A.發(fā)電機(jī)的輸出電流為B.輸電線上損失的功率為C.輸送給儲(chǔ)能站的功率為D.升壓變壓器的匝數(shù)比【答案】AD【解析】A．由題知，發(fā)電機(jī)的輸出電壓因?yàn)檩敵龉β?，則有故A正確；BD．由題知，用戶(hù)端電壓因?yàn)楣β?，則有解得則輸電線上損失的功率為且再根據(jù)解得故B錯(cuò)誤，D正確；C．根據(jù)理想變壓器無(wú)功率損失有解得故C錯(cuò)誤。故選AD。三、非選擇題，本題共5小題，共54分。其中13~15小題解題時(shí)請(qǐng)寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和重要的演算步驟；有數(shù)值計(jì)算時(shí)，答案中必須明確寫(xiě)出數(shù)值和單位。11.某實(shí)驗(yàn)小組使用圖甲的裝置測(cè)量某紅色激光的波長(zhǎng)。用光具座固定激光筆和刻有雙縫的黑色紙板，雙縫間距，激光經(jīng)過(guò)雙縫后投射到光展中的條紋如圖乙所示，由刻度尺讀出A、B兩亮紋間的距離x=___________mm，通過(guò)激光測(cè)距儀測(cè)量出雙縫到投影屏間的距離，則該激光波長(zhǎng)λ=___________m（保留2位有效數(shù)字），如果用紫色激光重新實(shí)驗(yàn)，相鄰亮紋間距會(huì)___________（選填“變大”、“變小”或“不變”）?！敬鸢浮?5.06.5×10-7變小【解析】[1]A、B兩亮紋間的距離[2]該激光波長(zhǎng)為，解得[3]根據(jù)，如果用紫色激光重新實(shí)驗(yàn)，λ變小，相鄰亮紋間距Δx會(huì)變小。12.如圖甲所示，該裝置能把大小不同的蘋(píng)果按一定質(zhì)量標(biāo)準(zhǔn)自動(dòng)分揀為大蘋(píng)果和小蘋(píng)果，裝置中為半導(dǎo)體薄膜壓力傳感器，托盤(pán)置于上，不計(jì)托盤(pán)的重力。蘋(píng)果經(jīng)過(guò)托盤(pán)時(shí)對(duì)產(chǎn)生壓力，半導(dǎo)體薄膜壓力傳感器的阻值隨壓力變化的圖像如圖乙所示。初始狀態(tài)銜鐵水平，當(dāng)電阻箱兩端電壓時(shí)，控制電路使電磁鐵工作吸動(dòng)銜鐵，并保持一段時(shí)間，確保蘋(píng)果在銜鐵上運(yùn)動(dòng)時(shí)電磁鐵保持吸合狀態(tài)，蘋(píng)果進(jìn)入下通道，已知電源電動(dòng)勢(shì)，內(nèi)阻，取重力加速度大小。（1）當(dāng)質(zhì)量較大的蘋(píng)果通過(guò)托盤(pán)時(shí)，對(duì)應(yīng)的壓力傳感器的阻值___________（選填“較大”或“較小”）；（2）現(xiàn)以為標(biāo)準(zhǔn)質(zhì)量將蘋(píng)果分揀開(kāi)，根據(jù)題述條件可知，質(zhì)量大于的蘋(píng)果將通過(guò)___________（選填“上通道”或“下通道”），電阻箱的阻值應(yīng)調(diào)為_(kāi)__________；（3）若電源長(zhǎng)時(shí)間未使用，內(nèi)阻增大，但電動(dòng)勢(shì)不變，則分揀標(biāo)準(zhǔn)質(zhì)量將會(huì)___________（選填“變大”“變小”或“不變”）?！敬鸢浮浚?）較小（2）下通道10.5（3）變大【解析】（1）蘋(píng)果通過(guò)托盤(pán)時(shí)，質(zhì)量較大的蘋(píng)果托盤(pán)對(duì)R1的壓力較大，根據(jù)圖乙可知，R1的阻值較小。（2）[1]若蘋(píng)果質(zhì)量大于0.3kg時(shí)，則R1阻值減小，分壓減小，由于電源電動(dòng)勢(shì)不變，R2兩端分壓增大，電銜鐵將被吸