第PAGE"pagenumber"pagenumber頁(yè)，共NUMPAGES"numberofpages"numberofpages頁(yè)20252026年湖南省武岡市第十中學(xué)高三上學(xué)期第三次月考實(shí)驗(yàn)班物理試卷試卷共15題考試時(shí)間：75分鐘總分：100分學(xué)校:___________姓名:___________班級(jí):___________考號(hào):___________一、單選題（本大題共6小題，共24分）1．[4分]2024年，國(guó)家文物局公布：“考古中國(guó)”重大項(xiàng)目一武王墩墓，是經(jīng)科學(xué)發(fā)掘的迄今規(guī)模最大、等級(jí)最高、結(jié)構(gòu)最復(fù)雜的大型楚國(guó)高等級(jí)墓葬，考古學(xué)家通過(guò)對(duì)其中的測(cè)定可推測(cè)其距今年限，已知的半衰期為5730年，下列說(shuō)法正確的是（）A．全球氣候變暖，的半衰期變長(zhǎng)B．50個(gè)經(jīng)過(guò)5730年后將剩余25個(gè)C．若測(cè)量某古木樣品的，發(fā)現(xiàn)其含量為現(xiàn)代植物的0.25倍，說(shuō)明其距今約為11460年D．人工核電站的原理與的衰變屬于同一種核反應(yīng)類型2．[4分]圖甲為游樂(lè)場(chǎng)中一種叫作“魔盤”的娛樂(lè)設(shè)施，游客坐在轉(zhuǎn)動(dòng)的魔盤上，當(dāng)魔盤轉(zhuǎn)速增大到一定值時(shí)，游客就會(huì)滑向魔盤邊緣，其裝置可以簡(jiǎn)化為圖乙.若魔盤轉(zhuǎn)速緩慢增大，則游客在滑動(dòng)之前（）A．受到魔盤的支持力緩慢增大 B．受到魔盤的摩擦力緩慢增大C．受到的合外力大小不變 D．受到魔盤的作用力大小不變3．[4分]火星和地球繞太陽(yáng)的運(yùn)動(dòng)均可視為勻速圓周運(yùn)動(dòng)，火星公轉(zhuǎn)軌道半徑與地球公轉(zhuǎn)軌道半徑之比為3：2，則（）A．火星與地球繞太陽(yáng)運(yùn)動(dòng)的周期之比為2：3B．火星與地球繞太陽(yáng)運(yùn)動(dòng)的線速度大小之比為C．火星與地球繞太陽(yáng)運(yùn)動(dòng)的向心加速度大小之比為4：9D．火星與太陽(yáng)連線和地球與太陽(yáng)連線相等時(shí)間掃過(guò)的面積之比為1：14．[4分]一列水平傳播的簡(jiǎn)諧橫波在t=0時(shí)的波形如圖所示,圖中A、B兩質(zhì)點(diǎn)平衡位置的間距為8m,B、C兩質(zhì)點(diǎn)平衡位置的間距為3m,當(dāng)t=1s時(shí),質(zhì)點(diǎn)C恰好通過(guò)平衡位置,則該簡(jiǎn)諧波的波速不可能為 （）A．24m/sB．23m/sC．21m/sD．19m/s5．[4分]如圖，正方形abcd內(nèi)有方向垂直于紙面的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，電子在紙面內(nèi)從頂點(diǎn)a以速度v0射入磁場(chǎng)，速度方向垂直于ab。磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小不同時(shí)，電子可分別從ab邊的中點(diǎn)、b點(diǎn)和c點(diǎn)射出，在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間分別為t1、t2和t3，則（

）A．t1<t2=t3 B．t1<t2<t3 C．t1=t2>t3 D．t1>t2>t36．[4分]（河北邢臺(tái)高二上聯(lián)考）如圖所示，P和Q為兩平行金屬板，板間有恒定的電壓，在P板附近有一電子(不計(jì)重力)由靜止開始向Q板運(yùn)動(dòng)，下列說(shuō)法正確的是()eq\a\vs4\al()A．電子到達(dá)Q板時(shí)的速率，與板間電壓無(wú)關(guān)，僅與兩板間距離有關(guān)B．電子到達(dá)Q板時(shí)的速率，與兩板間距離無(wú)關(guān)，僅與板間電壓有關(guān)C．兩板間距離越小，電子的加速度就越小D．兩板間距離越大，加速時(shí)間越短二、多選題（本大題共4小題，共20分）7．[5分]如圖所示,用與水平面成θ=30°夾角的傳送帶輸送貨物,傳送帶以v=1m/s的速度順時(shí)針運(yùn)行,地勤人員將一質(zhì)量m=1kg的貨物以初速度v0=5m/s從底部滑上傳送帶,貨物恰好能到達(dá)傳送帶的頂端。已知貨物與傳送帶之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ=35,令最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力,取重力加速度g=10m/s2,A．貨物在傳送帶上一直向上做勻減速直線運(yùn)動(dòng)B．傳送帶從底端到頂端的長(zhǎng)度是1.5mC．貨物在傳送帶上運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為1.0sD．貨物在傳送帶上向上運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中由于摩擦產(chǎn)生的熱量為3．75J8．[5分]如圖所示，質(zhì)量為M、長(zhǎng)度為L(zhǎng)的平板小車靜止在光滑水平面上，質(zhì)量為m的小物塊（可視為質(zhì)點(diǎn)）放在小車的最左端，現(xiàn)用一水平恒力F作用在小物塊上，使小物塊從靜止開始做勻加速直線運(yùn)動(dòng)。小物塊和小車之間的摩擦力為，小物塊滑到小車的最右端時(shí)，小車運(yùn)動(dòng)的距離為x。此過(guò)程中，下列結(jié)論正確的是（）A．小物塊到達(dá)小車最右端時(shí)具有的動(dòng)能為B．小物塊到達(dá)小車最右端時(shí)，小車具有的動(dòng)能為C．小物塊與小車的摩擦生熱為D．小物塊和小車增加的機(jī)械能為9．[5分]某學(xué)生電源內(nèi)部的降壓變壓器，可等效為如圖中所示的模型，a、b為變壓器的輸入端，c、d為變壓器的輸出端，虛框內(nèi)為理想變壓器，原線圈回路中電阻r1=9.68Ω，副線圈回路中有電阻r2。某實(shí)驗(yàn)小組在a、b間接入電壓為U0=220V的交流電，改變c、d間接入的負(fù)載，可得c、d間電壓U與輸出電流I的伏安特性曲線如圖乙所示，下列說(shuō)法正確的是（）A．c、d間的最大輸出功率為5W B．a(chǎn)、b間的最大輸入功率為10WC．原、副線圈的匝數(shù)之比為11：1 D．副線圈回路中電阻r2=4.98Ω10．[5分]為了裝點(diǎn)城市夜景，市政工作人員常在噴水池水下安裝燈光照亮水面。如圖甲所示，水中有一點(diǎn)光源S，能同時(shí)發(fā)出兩種不同顏色的a光和b光，在水面上形成了一個(gè)被照亮的圓形區(qū)域，俯視如圖乙所示，環(huán)狀區(qū)域內(nèi)只有b光，中間小圓內(nèi)為復(fù)色光，下列說(shuō)法正確的是（）A．a(chǎn)光的折射率大于b光的折射率B．在水中，a光的傳播速度大于b光的傳播速度C．觀察到的光源S的位置比實(shí)際位置淺一些D．通過(guò)相同的單縫，a光的衍射現(xiàn)象比b光更明顯三、非選擇題（本大題共5小題，共56分）11．[8分]用如圖1所示裝置進(jìn)行“探究功與速度變化的關(guān)系”實(shí)驗(yàn)。裝有砝碼的盤用繞過(guò)滑輪的細(xì)線牽引小車,盤和砝碼的重力可當(dāng)作牽引力。小車運(yùn)動(dòng)的位移和速度可以由打點(diǎn)紙帶測(cè)出,以小車為研究對(duì)象,改變砝碼質(zhì)量,便可探究牽引力所做的功與小車速度變化的關(guān)系。圖1①關(guān)于這個(gè)實(shí)驗(yàn),下列說(shuō)法正確的是(多選)。

A．需要補(bǔ)償小車受到阻力的影響B(tài)．該實(shí)驗(yàn)裝置可以“驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律”C．需要通過(guò)調(diào)節(jié)定滑輪使細(xì)線與長(zhǎng)木板平行D．需要滿足盤和砝碼的總質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車的質(zhì)量②如圖2所示是兩條紙帶,實(shí)驗(yàn)時(shí)打出的應(yīng)是第條(填寫“Ⅰ”或“Ⅱ”)紙帶。

圖2③根據(jù)實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù),在坐標(biāo)紙上畫出的W-v2圖像是一條過(guò)原點(diǎn)的直線,據(jù)此圖像(填“能”或“不能”)求出小車的質(zhì)量。

12．[8分]在“金屬絲電阻率的測(cè)量”的實(shí)驗(yàn)中：(1)用螺旋測(cè)微器測(cè)量金屬絲的直徑，某次測(cè)量示數(shù)如圖1所示，金屬絲直徑。(2)按圖2所示的電路測(cè)量金屬絲的電阻。小明將單刀雙擲開關(guān)分別打到a處和b處，通過(guò)觀察分析，發(fā)現(xiàn)電壓表示數(shù)變化更明顯，由此判斷開關(guān)打到（填“a”、“b”）處時(shí)進(jìn)行實(shí)驗(yàn)系統(tǒng)誤差較小。(3)小明為了消除系統(tǒng)誤差，他設(shè)計(jì)用電流計(jì)G和電阻箱替代V，電路如圖3所示。實(shí)驗(yàn)繪制出了圖像是如圖4所示直線，斜率為k，縱截距為b。為電阻箱阻值讀數(shù)，I為A示數(shù)，為G示數(shù)。試求。13．[10分]如圖所示，內(nèi)徑均勻的玻璃管長(zhǎng)，其中有一段長(zhǎng)的水銀柱把一部分空氣封閉在管中。當(dāng)管豎直開口向上時(shí)，封閉氣柱A長(zhǎng)度?，F(xiàn)將管以一端為軸在豎直平面內(nèi)緩慢轉(zhuǎn)過(guò)至豎直開口向下，之后保持豎直，把開口端向下緩慢插入水銀槽中，直至氣柱B的長(zhǎng)度為時(shí)為止。已知大氣壓強(qiáng)，整個(gè)過(guò)程溫度保持不變。求此時(shí)管內(nèi)氣體A長(zhǎng)度。14．[14分](13分)如圖所示，頂角為74°足夠長(zhǎng)的等腰三角形金屬軌道MON水平固定在方向豎直向上，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小B=13T的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，沿軌道角平分線方向建立坐標(biāo)軸Ox.質(zhì)量m=0.01kg且足夠長(zhǎng)的金屬棒ab靜止放在軌道上，其中點(diǎn)與O點(diǎn)重合.質(zhì)量為M=0.04kg的絕緣物塊沿Ox方向以速度v0=0.25m/s與金屬棒ab發(fā)生碰撞并迅速粘在一起，之后一起在軌道上做減速運(yùn)動(dòng).金屬棒與坐標(biāo)軸Ox始終垂直，與軌道始終接觸良好.已知金屬棒與軌道單位長(zhǎng)度電阻值均為r=0.125Ω，不計(jì)一切摩擦阻力，sin37°=0.6，cos37°=0.8.求(1)物塊與ab棒碰撞后瞬間共同速度的大?。?2)物塊與ab棒一起運(yùn)動(dòng)速度v=0.1m/s時(shí)，回路中感應(yīng)電流的大小；(3)從物塊與ab棒碰撞后瞬間到它們停下來(lái)的過(guò)程中，物塊與ab棒運(yùn)動(dòng)的距離.15．[16分]如圖所示為某種游戲裝置的示意圖，水平導(dǎo)軌MN和PQ分別與水平傳送帶左側(cè)和右側(cè)理想連接，豎直圓形軌道與PQ相切于Q．已知傳送帶長(zhǎng)L＝4．0m，且沿順時(shí)針?lè)较蛞院愣ㄋ俾蕍＝3．0m/s勻速轉(zhuǎn)動(dòng)．兩個(gè)質(zhì)量均為m的滑塊B、C靜置于水平導(dǎo)軌MN上，它們之間有一處于原長(zhǎng)的輕彈簧，彈簧與B連接但不與C連接．另一質(zhì)量也為m的滑塊A以初速度v0沿B、C連線方向向B運(yùn)動(dòng)，A與B碰撞后粘在一起，碰撞時(shí)間極短．若C距離N足夠遠(yuǎn)，滑塊C脫離彈簧后以速度vC＝2．0m/s滑上傳送帶，并恰好停在Q點(diǎn)．已知滑塊C與傳送帶及PQ之間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為μ＝0．20，裝置其余部分均可視為光滑，重力加速度g取10m/s2．求：(1)P、Q間的距離；(2)v0的大小；(3)已知豎直圓軌道半徑為0．55m，若要使C不脫離豎直圓軌道，求A的初速度v′0的范圍．

第三次月考實(shí)驗(yàn)班物理試卷參考答案1．【答案】C【解析】的半衰期不會(huì)隨環(huán)境溫度改變，A錯(cuò)誤；半衰期的概念是對(duì)大量的原子核才有意義的，少量的原子核是沒有意義的，B錯(cuò)誤；人工核電站的原理是重核的裂變，而題中是衰變，不屬于同一種核反應(yīng)類型.2．【答案】B【詳解】對(duì)游客受力分析如圖所示,分別沿水平和豎直方向列方程,水平方向fx-Nx=mω2r,豎直方向fy+Ny=mg,則隨著魔盤轉(zhuǎn)速緩慢增大,游客需要的向心力增大,但必須保證豎直方向受力平衡,因?yàn)橹亓Σ蛔?則f、N兩個(gè)力只能一個(gè)增大一個(gè)減小,結(jié)合水平方向方程,只能f增大,N減小,故A錯(cuò)誤,B正確；滑動(dòng)之前,游客在豎直方向受力平衡,水平方向的向心力由合外力提供,隨著轉(zhuǎn)速緩慢增大,需要的向心力增大,即合外力增大,故C錯(cuò)誤；把游客受到魔盤的支持力和摩擦力看成一個(gè)力（合力）,即為游客受到魔盤的作用力,將其在水平和豎直方向正交分解【教材變式】本題目由教材P46第1題演變而來(lái).教材考查了“魔盤”轉(zhuǎn)動(dòng)后人的運(yùn)動(dòng)情況，本題延伸考查了魔盤轉(zhuǎn)速增大時(shí)，人在滑動(dòng)之前的受力情況.3．【答案】C【詳解】A.根據(jù)牛頓第二定律得解得，A錯(cuò)誤；B.根據(jù)牛頓第二定律得解得，B錯(cuò)誤；C.根據(jù)牛頓第二定律得解得，C正確；D.假如火星與太陽(yáng)連線和地球與太陽(yáng)連線相等時(shí)間掃過(guò)的面積之比為1：1，有解得，與實(shí)際周期之比不符，D錯(cuò)誤。故選C。4．【答案】A【詳解】由題圖可知,波長(zhǎng)λ=8m.若波向右傳播,質(zhì)點(diǎn)C恰好通過(guò)平衡位置時(shí),波傳播的距離可能是(nλ+1)m或(nλ+5)m(n=0,1,2,…),則波速v=xt=(8n+1)m/s或(8n+5)m/s(n=0,1,2,…),當(dāng)n=2時(shí),v=17m/s或v=21m/s;當(dāng)n=3時(shí),v=25m/s或v=29m/s.同理,若波向左傳播,質(zhì)點(diǎn)C恰好通過(guò)平衡位置時(shí),波傳播的距離可能是(nλ+3)m或(nλ+7)m(n=0,1,2,…),則波速v=xt=(8n+3)m/s或(8n+7)m/s(n=0,1,2,…),當(dāng)n=2時(shí),v=19m/s或v=23m/s;當(dāng)n=3時(shí),v=27m/s或v=31m/s.顯然該簡(jiǎn)諧波的波速不可能為24m/s,5．【答案】A【詳解】電子帶負(fù)電，在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，洛倫茲力提供向心力，運(yùn)動(dòng)周期（m是電子質(zhì)量，q是電子電荷量，B是磁感應(yīng)強(qiáng)度），周期僅與電子本身屬性和磁感應(yīng)強(qiáng)度有關(guān)，與運(yùn)動(dòng)速度無(wú)關(guān)。電子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間t與運(yùn)動(dòng)軌跡對(duì)應(yīng)的圓心角θ有關(guān)，關(guān)系為，即圓心角越大，運(yùn)動(dòng)時(shí)間越長(zhǎng)。設(shè)正方形abcd的邊長(zhǎng)為l：當(dāng)電子從ab邊的中點(diǎn)射出時(shí)，根據(jù)幾何關(guān)系可確定其運(yùn)動(dòng)軌跡的圓心角θ1?小于90°（2π?弧度）；當(dāng)電子從b點(diǎn)射出時(shí)，軌跡圓心在ad邊的某點(diǎn)，圓心角θ2?=90°；當(dāng)電子從c點(diǎn)射出時(shí)，軌跡圓心在a點(diǎn)正上方，圓心角θ3?=90°。由于θ1?<θ2?=θ3?，且周期T相同，根據(jù)T，可得t1?<t2?=t3?，故答案選A。6．【答案】B【解析】極板之間的電壓U不變，由E＝eq\f(U,d)可知兩極板距離d越大，場(chǎng)強(qiáng)E越小，電場(chǎng)力F＝Ee越小，加速度越小，加速時(shí)間越長(zhǎng)，由eU＝eq\f(1,2)mv2，得v＝eq\r(\f(2eU,m))，則電子到達(dá)Q板時(shí)的速率與極板間距離無(wú)關(guān)，與加速電壓有關(guān)，A、C、D錯(cuò)誤，B正確．7．【答案】CD【解析】經(jīng)典試題：傳送帶模型貨物剛滑上傳送帶時(shí),貨物相對(duì)傳送帶向上運(yùn)動(dòng),受到摩擦力沿傳送帶向下,將勻減速上滑,直至與傳送帶速度相等,設(shè)此過(guò)程為第一階段且加速度大小為a1,由牛頓第二定律得mgsinθ+μmgcosθ=ma1,代入數(shù)據(jù)解得a1=8m/s2,則貨物相對(duì)傳送帶勻減速上滑直至與傳送帶共速的時(shí)間t1=v0-va1=5-18s=0.5s,貨物沿傳送帶向上的第一階段位移大小x1=v0+v2t1=5+12×0.5m=1.5m,貨物與傳送帶相對(duì)靜止瞬間,由于最大靜摩擦力f=μmgcosθ<mgsinθ,相對(duì)靜止?fàn)顟B(tài)不能持續(xù),貨物速度會(huì)繼續(xù)減小,此后,貨物受到滑動(dòng)摩擦力沿傳送帶向上,但合力沿傳送帶向下,故繼續(xù)勻減速上升,直至速度為零,設(shè)此過(guò)程為第二階段且加速度大小為a2,由牛頓第二定律得mgsinθ-μmgcosθ=ma2,代入數(shù)據(jù)解得a2=2m/s2,設(shè)第二階段所用的時(shí)間為t2,則t2=va2=12s=0.5s,貨物沿傳送帶向上運(yùn)動(dòng)的第二階段位移大小x2=v2t2=12×0.5m=0.25m,貨物在傳送帶上向上運(yùn)動(dòng)的時(shí)間t=t1+t2=0.5s+0.5s=1.0s,貨物恰好能到傳送帶的頂端,則傳送帶從底端到頂端的長(zhǎng)度L=x1+x2=1.75m,A、B錯(cuò)誤,C正確;第一階段傳送帶的位移大小x傳送帶1=vt1=1×0.5m=0.5m,第二階段傳送帶的位移大小x傳送帶2=vt2=1×0.5m=0.5m,第一階段貨物相對(duì)傳送帶的位移大小l1=x1-x傳送帶1=1.5m-0.5m=1.0m,第二階段貨物與傳送帶相對(duì)位移大小l2=x傳送帶2-x2=(0.5-0.25)m=0.25m,則貨物在傳送帶上向上運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中,因摩擦產(chǎn)生的熱量為Q=μmg【巧思妙解】作出貨物和傳送帶運(yùn)動(dòng)的v-t圖像,如圖所示,由圖可知貨物在傳送帶上運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為1.0s,C正確;陰影部分面積表示貨物與傳送帶間的相對(duì)位移大小,易得ΔS=1.25m,則貨物在傳送帶上向上運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中由于摩擦產(chǎn)生的熱量Q=μmgcosθ·ΔS,解得Q=3.75J,D正確。8．【答案】AB【詳解】A．對(duì)物塊分析，根據(jù)動(dòng)能定理得解得故A正確；B．對(duì)小車分析，小車對(duì)地的位移為x，根據(jù)動(dòng)能定理知物塊到達(dá)小車最右端時(shí)，小車具有的動(dòng)能故B正確；C．小物塊與小車摩擦生熱為故C錯(cuò)誤；D．小物塊和小車增加的機(jī)械能為故D錯(cuò)誤。故選AB。9．【答案】AD【詳解】根據(jù)圖乙，有，c、d間的輸出功率為，解得，當(dāng)，即時(shí)，P最大，P的最大值為，A正確；當(dāng)時(shí)，，則，C錯(cuò)誤；當(dāng)時(shí)，，則，又因?yàn)?，?lián)立解得，D正確；根據(jù)，解得，a、b間的最大輸入功率為20W，B錯(cuò)誤。10．【答案】AC【詳解】A．環(huán)狀區(qū)域內(nèi)只有b光，可知a光發(fā)生全反射時(shí)，b光未發(fā)生全反射，則a光的臨界角小于b光的臨界角，因此由可知，a光的折射率大于b光的折射率，A正確；B．由可知，在水中，a光的傳播速度小于b光的傳播速度，B錯(cuò)誤；C．由于折射的原因，觀察到光源的位置比實(shí)際位置淺一些，C正確；D．a(chǎn)光的折射率大于b光的折射率，a光的頻率大于b光的頻率，根據(jù)可知，a光的波長(zhǎng)小于b光的波長(zhǎng)，所以通過(guò)相同的單縫，b光的衍射現(xiàn)象比a光更明顯，D錯(cuò)誤。選AC。11．【答案】①ACD②Ⅱ③能【命題點(diǎn)】探究功與速度變化的關(guān)系實(shí)驗(yàn)【詳解】①題中需要將盤和砝碼的重力當(dāng)作小車的牽引力,所以首先需要補(bǔ)償小車受到阻力的影響,即抬高長(zhǎng)木板右端,在不接盤和砝碼的情況下,輕推小車,小車做勻速直線運(yùn)動(dòng),表示小車重力沿木板平面的分力與小車所受阻力等大反向,A正確;然后掛上質(zhì)量為m'的盤和砝碼,根據(jù)牛頓第二定律得m'g-T=m'a,對(duì)質(zhì)量為m的小車,根據(jù)牛頓第二定律得T=ma,解得細(xì)線的拉力大小T=mm+m'·m'g=11+m'm·m'g,可知當(dāng)滿足盤和砝碼的總質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車的質(zhì)量時(shí),可認(rèn)為T=m'g,盤和砝碼的重力可當(dāng)作小車的牽引力,D正確;實(shí)驗(yàn)過(guò)程中摩擦阻力無(wú)法消除,本實(shí)驗(yàn)裝置無(wú)法驗(yàn)證“機(jī)械能守恒定律”,B②小車做勻加速直線運(yùn)動(dòng),相鄰相等時(shí)間內(nèi)位移逐漸增大,即相鄰兩點(diǎn)間距逐漸增大,紙帶Ⅰ后面的點(diǎn)跡間距保持不變,所以實(shí)驗(yàn)打出的紙帶是第Ⅱ條。③根據(jù)動(dòng)能定理可知W=12mv2,則W-v2圖像的斜率為12m,12．【答案】(1)0.500（0.498-0.502均可），(2)a，(3)【詳解】（1）由圖中的顯示可知，螺旋測(cè)微器讀數(shù)為（2）單刀雙擲開關(guān)分別打到a處和b處，發(fā)現(xiàn)電壓表示數(shù)變化更明顯，說(shuō)明電流表分壓對(duì)實(shí)驗(yàn)影響較大，應(yīng)采用電流表外接法，即開關(guān)應(yīng)接a處。（3）根據(jù)并聯(lián)電路兩支路電壓相等可得，化簡(jiǎn)整理可得圖像中的斜率為，所以可得13．【答案】【詳解】以封閉氣體為研究對(duì)象，玻璃管旋轉(zhuǎn)過(guò)程做等溫變化，初狀態(tài)為末狀態(tài)為根據(jù)玻意耳定律有則由解得此時(shí)氣柱B的長(zhǎng)度為插入水銀后，以B部分氣體為研究對(duì)象，做等溫變化，初狀態(tài)：壓強(qiáng)為，體積為；末狀態(tài)：壓強(qiáng)，體積為，根據(jù)玻意耳定律有以A氣體為研究對(duì)象，設(shè)此時(shí)A氣體的長(zhǎng)度為，此過(guò)程A氣體做等溫變化，初狀態(tài)：壓強(qiáng)為，體積為；末狀態(tài)：壓強(qiáng)為，體積為；根據(jù)玻意耳定律有兩式聯(lián)立解得14．【答案】(1)0.2m/s(2)0.1A(3)0.2m【詳解】本題考查碰撞后粘連的電磁切割模型.(1)物塊與金屬棒ab碰撞過(guò)程中系統(tǒng)動(dòng)量守恒，有Mv0=(M+m)v共 (2分)解得v共=0.2m/s (1分)(2)設(shè)ab棒切割磁感線的切割長(zhǎng)度為L(zhǎng)，回路中產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律有E=BLv (1分)回路中總電阻R=L+Lsin37°r=83回路中電流I=ER (1分解得I=0.1A (1分)(3)設(shè)某時(shí)刻ab棒在磁場(chǎng)中的長(zhǎng)度為L(zhǎng)'，則回路中電阻為R'=L'+L'經(jīng)過(guò)Δt，由動(dòng)量定理可得∑F安Δt=(M+m)Δv (1分)某時(shí)刻F'安=BI'L'=BBL'v'R聯(lián)立可知12B2L'x1+1sin37°由幾何關(guān)系可得tan37°=L'2x=L聯(lián)立可得Δv=v共=B2x2解得x=0.2m (1分)15．【答案】(1)2．25m；(2)3m/s；(3)0＜v′0≤9m/s或v′0≥34【思路導(dǎo)引】運(yùn)動(dòng)過(guò)程分析第1個(gè)過(guò)程：A、B發(fā)生非彈性碰撞，整體壓縮彈簧至彈簧恢復(fù)原長(zhǎng)后，C脫離彈簧，根據(jù)動(dòng)量守恒定律和動(dòng)能定理求解A的初速度；第2個(gè)過(guò)程：C滑上傳送帶，先做加速運(yùn)動(dòng)，后做勻速運(yùn)動(dòng)；第3個(gè)過(guò)程：C不脫離軌道