高級中學(xué)名校試卷PAGEPAGE12025年江蘇省普通高中學(xué)業(yè)水平選擇性考前預(yù)測押題卷物理試卷注意事項：1．答卷時，考生務(wù)必將自己的姓名、考生號、考場號和座位號填寫在試卷和答題卡上，并將準考證號條形碼粘貼在答題卡上的指定位置。2．作答選擇題時，選出每小題答案后，用2B鉛筆將答題卡上對應(yīng)題目選項的答案信息點涂黑；如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案，答案不能答在試卷上。3．非選擇題必須用黑色簽字筆或鋼筆作答，答案必須寫在答題卡各題目指定區(qū)域內(nèi)相應(yīng)位置上；如需改動，先劃掉原來的答案，然后再寫上新的答案；不準使用鉛筆和涂改液。不按以上要求作答的答案無效。4．考試結(jié)束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：共11題，每題4分，共44分。每題只有一個選項最符合題意。1.2024年2月26日，《科學(xué)通報》上發(fā)表了重大研究成果：高海拔宇宙線觀測站“拉索”在天鵝座恒星形成區(qū)發(fā)現(xiàn)了一個巨型超高能射線泡狀結(jié)構(gòu)，歷史上首次找到能量高于1億億電子伏的宇宙線的起源天體。關(guān)于射線，下列說法正確的是（）A.它是電子發(fā)生軌道躍遷時產(chǎn)生的B.它可以用于CT機診斷病情C.它在真空中的傳播速度約為光速的0.1倍D.它在星系間傳播時，不受星系磁場的影響【答案】D【解析】A．γ射線是原子核衰變或核反應(yīng)時釋放的高能光子，而電子軌道躍遷產(chǎn)生的是可見光或X射線，故A錯誤；B．CT機使用X射線成像，γ射線主要用于放療等，故B錯誤；C．所有電磁波在真空中的傳播速度均為光速（約m/s），故C錯誤；D．γ射線是光子，不帶電，磁場僅對帶電粒子有作用，故傳播時不受星系磁場影響，故D正確。故選D。2.如圖所示為一輛救護車在道路上勻速行駛時，用軟件擬合其產(chǎn)生的聲波的圖樣，圖中的圓表示波峰。下列說法正確的是（）A.該圖表示的是干涉現(xiàn)象B.左側(cè)波的頻率小于右側(cè)波的頻率C.前側(cè)波的頻率大于后側(cè)波的頻率D.單位時間內(nèi)前側(cè)接收的完全波個數(shù)與后側(cè)的相同【答案】C【解析】A．題圖表示的是多普勒效應(yīng)，A錯誤；BCD．根據(jù)波的圖樣可知，前側(cè)形成的波紋比較密，后側(cè)形成的波紋比較稀疏，由多普勒效應(yīng)可知，前側(cè)波的頻率大于后側(cè)波的頻率，左側(cè)波的頻率等于右側(cè)波的頻率，救護車向前運動，單位時間內(nèi)前側(cè)接收的完全波個數(shù)比后側(cè)的多，C正確，BD錯誤。故選C。3.如圖所示，一束黃光從空氣射向厚度為的玻璃磚，由點射入，入射角為，最后從點射出。若要使、間的距離減小，下列操作可行的是（）A.僅將黃光換成紅光B.減小光的入射角C.增大玻璃磚的厚度D.換成折射率較小的玻璃磚【答案】B【解析】A．設(shè)黃光從A點射入的折射角為，根據(jù)光的折射定律可得由幾何關(guān)系可得僅將黃光換成紅光，則折射率變小，變大，則變大，故A錯誤；B．減小光的入射角，則變小，則變小，故B正確；C．增大玻璃磚的厚度h，則變大，故C錯誤；D．換成折射率較小的玻璃磚，則變大，則變大，故D錯誤。故選B。4.如圖甲所示為光電效應(yīng)的實驗原理圖，陰極K和陽極A是密封在真空玻璃管中的兩個電極。如圖乙所示為發(fā)生光電效應(yīng)時光電子的最大初動能和入射光頻率的關(guān)系圖像，圖線與橫軸的交點坐標為，與縱軸的交點坐標為。下列說法錯誤的是（）A.入射光的頻率不同，遏止電壓也不同B.陰極K材料的逸出功為C.根據(jù)圖乙可以求出普朗克常量D.在保持光照條件不變的情況下，將滑動變阻器滑片向右移動的過程中，電流表的示數(shù)可能減小【答案】D【解析】A．由愛因斯坦光電效應(yīng)方程可知入射光的頻率不同，光電子的最大初動能不同，又由得光電子的最大初動能不同，遏止電壓也不同，綜上可知，入射光的頻率不同，遏止電壓也不同，故A正確；B．圖像的縱截距則陰極K材料的逸出功為，故B正確；C．圖像的斜率表示普朗克常量，故C正確；D．在保持光照條件不變的情況下，將滑動變阻器滑片向右移動的過程中，兩電極兩端正向電壓增大，電流表的示數(shù)不可能減小，故D錯誤。本題選錯誤的，故選D。5.北京時間2024年11月16日2時32分，天舟八號貨運飛船與中國空間站成功“太空握手”后，將轉(zhuǎn)入組合體飛行階段。已知組合體在距地面高度為h的圓形軌道上繞地球做勻速圓周運動，低于地球同步衛(wèi)星軌道，地球半徑為R，地球表面重力加速度大小為g，引力常量為G。不考慮地球自轉(zhuǎn)的影響，地球看成質(zhì)量分布均勻的球體。下列說法正確的是（）A.該組合體做勻速圓周運動的周期為B.組合體的加速度大小比地球同步衛(wèi)星的小C.不能計算出地球的平均密度D.若組合體實驗艙內(nèi)有一彈簧振子裝置，該振子不能做簡諧運動【答案】A【解析】A．根據(jù)萬有引力提供向心力，有在地球表面的物體，有解得，故A正確；B．根據(jù)牛頓第二定律整理可得組合體和同步衛(wèi)星均繞地球做勻速圓周運動，但同步衛(wèi)星的軌道半徑比組合體的大，所以組合體的加速度大于同步衛(wèi)星的加速度，故B錯誤；C．地球的平均密度為，故C錯誤；D．在空間站中，雖然處于完全失重狀態(tài)，但彈簧振子在彈簧彈力的作用下，仍可以做簡諧運動，故D錯誤。故選A。6.如圖所示，一帶電的A球用絕緣細線自由懸掛，另一帶電的B球在外力（未畫出）作用下，從無窮遠處緩慢運動到A球的初始位置，此時A球運動到圖示位置。在該過程中，下列說法正確的是（）A.A球的帶電荷量大于B球的帶電荷量B.細線的拉力大小和方向均在變化C.A球?qū)球做的功小于B球?qū)球做的功D.外力對B球做的功小于A球、B球機械能的增加量【答案】B【解析】A．力的作用是相互的，無法判定A球、B球帶電荷量的大小關(guān)系，故A錯誤；B．A球在細線的拉力、靜電力和重力作用下始終處于平衡狀態(tài)，三力的合力為零，由于靜電力的大小和方向始終在變化，而重力保持不變，則細線的拉力大小和方向均在變化，故B正確；C．A、B間的相互作用力大小相等，A球的位移小，B球的位移大，所以A球?qū)球做的功大于B球?qū)球做的功，故C錯誤；D．對系統(tǒng)，根據(jù)能量守恒定律可知外力做的功等于系統(tǒng)機械能和電勢能增加量之和，則外力對B球做的功大于A球、B球機械能的增加量，故D錯誤。故選B。7.2024年8月10日，中國運動員宋佳媛榮獲巴黎奧運會田徑女子鉛球決賽銅牌，若她將同一鉛球（可看作質(zhì)點）從空中同一位置A點先后兩次拋出，第一次拋出時鉛球在空中運動的軌跡如圖中1所示，第二次拋出時鉛球在空中運動的軌跡如圖中2所示，兩軌跡的交點為B，不計空氣阻力。關(guān)于兩次拋出，下列說法正確的是（）A.鉛球第一次被拋出時在空中運動的時間較短B.鉛球第一次被拋出時在A點重力的瞬時功率較小C.鉛球第二次被拋出時在最高點的動量較大D.鉛球第二次被拋出時重力的沖量較大【答案】C【解析】A．鉛球被拋出后做斜拋運動，由斜拋運動規(guī)律，知鉛球在空中運動時間，由題圖可知鉛球第一次被拋出時運動的高度更高，故鉛球第一次被拋出時在空中運動的時間較長，A錯誤；B．重力功率由知，鉛球在A點時故鉛球第一次被拋出時在A點重力的瞬時功率較大，B錯誤；C．鉛球在最高點時，動量鉛球在水平方向做勻速直線運動，則，由題圖可知，則故鉛球第二次被拋出時在最高點的動量較大，C正確；D．重力沖量，結(jié)合A選項分析可知鉛球第二次被拋出時重力的沖量較小，D錯誤。故選C。8.如圖甲所示為某智能掃地機器人，圖乙是該機器人在某段時間內(nèi)的速度?時間圖像。關(guān)于該智能機器人，下列說法錯誤的是（）A.0.1s時機器人的加速度大小為6.0m/s2B.0~0.2s和0.2~0.7s過程中，機器人的加速度大小之比為1∶6C.0~0.7s機器人的位移大小為1.155mD.0~0.7s機器人的平均速度大小為1.65m/s【答案】B【解析】A．根據(jù)題圖乙可知，0.1s時機器人的加速度大小為，故A正確，不符合題意；B．0.2~0.7s過程中機器人的加速度大小為故0~0.2s和0.2~0.7s過程中，機器人的加速度大小之比為，故B錯誤，符合題意C．v?t圖像與橫軸所圍面積表示位移，由題圖乙可知0~0.7s內(nèi)機器人的位移大小為，故C正確，不符合題意；D．0~0.7s內(nèi)機器人的平均速度大小為，故D正確，不符合題意。故選B。9.作為高速交通有益補充，高速磁懸浮列車可以滿足人們多元化的出行需求（如圖甲所示），圖乙為磁懸浮列車系統(tǒng)的簡化模型：水平光滑的絕緣平行直導(dǎo)軌間，等距離分布方向相反的勻強磁場，磁感應(yīng)強度大小均為B，導(dǎo)軌的間距為L，每個磁場分布區(qū)間的長度也為L?，F(xiàn)導(dǎo)軌上有一邊長為L、質(zhì)量為m的單匝正方形金屬線框，電阻為R。線框從如圖乙所示位置以速度開始向右滑行，下列說法正確的是（）A.此時線框中的感應(yīng)電流方向是順時針方向B.線框中產(chǎn)生的電流最大值為C.線框運動過程中的最大加速度為D.當線框停止滑行時，通過線框截面的電荷量為【答案】C【解析】A．線框向右運動，根據(jù)右手定則可知此時線框中的感應(yīng)電流方向是逆時針方向，故A錯誤；B．線框左、右兩個邊產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢順次相加，根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律，知此時有最大感應(yīng)電動勢線框中的電流，故B錯誤；C．線框所受安培力為根據(jù)牛頓第二定律得線框的最大加速度，故C正確；D．在線框滑行過程中，其左、右兩條邊均受到安培力作用，由左手定則可知安培力水平向左，對線框從速度為到停止的過程，由動量定理有且，聯(lián)立解得通過線框截面的電荷量，故D錯誤。故選C。10.空間內(nèi)有一平行于x軸方向的電場，O、A、B、C、D為x軸上的點，AB=CD，O、D之間的電勢φ隨x變化的圖像如圖所示。一個帶電粒子僅在電場力作用下，從O點由靜止開始沿x軸向右運動，下列說法正確的是（）A.該粒子帶負電B.A、D間電場強度先增大后減小C.A、B之間與C、D之間的電場強度方向一定相反D該粒子從A向D運動過程中，動能將逐漸增大【答案】C【解析】A．由題圖知O點電勢高于A點電勢，故電場線方向為從O點指向A點，帶電粒子僅在電場力作用下從O點由靜止開始沿x軸向右運動，可判定該粒子帶正電，故A錯誤B．φ?x圖像的斜率的絕對值表示電場強度的大小，其切線為零處電場強度也為零，故A、D間電場強度先減小后增大，故B錯誤；C．題圖中A點電勢高于B點電勢，故A、B之間的電場強度方向沿x軸正方向，而C點電勢低于D點電勢，故C、D之間的電場強度方向沿x軸負方向，即A、B之間與C、D之間的電場強度方向一定相反，故C正確；D．該粒子從A向B運動過程中，由W=qU知，電場力做正功，電勢能逐漸減小，動能逐漸增大，而從C向D運動過程中，電場力做負功，電勢能逐漸增大，動能逐漸減小，故D錯誤。故選C。11.如圖所示，傾斜傳送帶以大小為的速度順時針轉(zhuǎn)動時，將木箱無初速度的放在底端B點，木箱經(jīng)時間t到達頂端A點，向上運動的過程中由于摩擦產(chǎn)生的熱量為。傳送帶以大小為的速度逆時針轉(zhuǎn)動時，將木箱無初速度的放在A點，木箱經(jīng)時間t也剛好到達底端B點，向下運動的過程中由于摩擦產(chǎn)生的熱量為。設(shè)最大靜摩擦力等于滑動靡擦力，木箱可視為質(zhì)點。下列說法正確的是（）A. B.C. D.【答案】D【解析】AB．設(shè)傳送帶的傾角為，木箱質(zhì)量為m，木箱與傳送帶之間的動摩擦因數(shù)為μ，傳送帶順時針轉(zhuǎn)動時，對木箱根據(jù)牛頓第二定律有當傳送帶順時針轉(zhuǎn)動時，對木箱根據(jù)牛頓第二定律有可知由于木箱向上運動和木箱向下運動的時間相同，位移大小也相同，畫出符合要求的圖像，如圖所示木箱向下運動時一定先加速后勻速，向上運動時可能一直加速或先加速后勻速，根據(jù)圖像可判斷，故AB錯誤；CD．根據(jù)圖像可知木箱向上運動過程相對位移大，根據(jù)可知，故C錯誤，D正確。故選D。二、非選擇題：共5題，共56分。其中第13~16題解答時請寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟，只寫出最后答案的不能得分；有數(shù)值計算時，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位。12.如圖甲所示，某實驗小組要將一量程為μA、內(nèi)阻為的微安表改裝為量程為的電流表。（1）改裝微安表時需要并聯(lián)一個電阻，則該電阻的阻值=______。（2）改裝后利用一標準毫安表進行校準，發(fā)現(xiàn)讀數(shù)總比準確值偏大些，為校準電表，下列措施可行的是_____。A.將一個阻值較大的電阻與并聯(lián)B.將一個阻值較小的電阻與并聯(lián)C.將一個阻值較小的電阻與串聯(lián)D.將一個阻值較大的電阻與串聯(lián)（3）該小組設(shè)計了如圖乙所示的電路來測量鋰電池的電動勢E和內(nèi)阻r。在實驗中，多次改變電阻箱阻值，取得多組數(shù)據(jù)，作出的關(guān)系圖線如圖丙所示，在考慮電流表內(nèi)阻的前提下與R的關(guān)系式為______（用I、R、E、r、表示），由圖丙可求得鋰電池的電動勢E=______（用題圖丙中的字母a、b、c表示）。（4）實驗時，該小組進行了多次測量，測量期間一直保持電路閉合且時間較長，這樣操作是否合理？______（選填“合理”或“不合理”），理由是________?！敬鸢浮浚?）10（2）A（3）；（4）不合理；見解析【解析】【小問1】與微安表并聯(lián)，則兩端電壓相等，有解得【小問2】若改裝過的微安表的讀數(shù)總比準確值偏大些，說明通過該微安表的電流偏大，則電阻偏大，需要減小電阻，故應(yīng)將一個阻值較大的電阻與并聯(lián)，A正確?！拘?】在考慮電流表內(nèi)阻的前提下，根據(jù)閉合電路歐姆定律得整理可得圖線的斜率為解得【小問4】這樣操作不合理，因為電路保持長時間閉合，電池會發(fā)熱，電池內(nèi)阻會發(fā)生變化，且電池長時間放電，會引起電動勢變化，導(dǎo)致實驗誤差增大。13.如圖所示，一條長為的不可伸長細線，上端固定在轉(zhuǎn)軸的O點，下端拴一質(zhì)量為的小球，使小球在水平面內(nèi)隨轉(zhuǎn)軸做勻速圓周運動，細線沿圓錐面旋轉(zhuǎn)，這樣就形成了一個圓錐擺。忽略空氣阻力，重力加速度g?。ǎ?。（1）當細線與豎直方向成角時，求小球的角速度；（2）若保持小球軌跡圓的圓心到O點的豎直距離h不變，改變線長L，小球做勻速圓周運動的動能是否會隨之改變？如何改變？寫出分析過程。【答案】（1）（2）小球做勻速圓周運動的動能隨線長的增加而增大。【解析】【小問1】對小球進行受力分析，如圖所示根據(jù)牛頓第二定律，有代入數(shù)據(jù)解得【小問2】對小球，根據(jù)牛頓第二定律有根據(jù)幾何關(guān)系有且整理可得可知當保持小球軌跡圓的圓心到O點的豎直距離h不變，改變線長L，小球做勻速圓周運動的動能隨之改變，且線長越長，動能越大。14.如圖所示，一封閉著理想氣體、導(dǎo)熱良好的密閉容器豎直放置，截面積為的水平輕質(zhì)活塞將該容器分成上、下兩部分，每部分氣體壓強均為，初始體積相等。現(xiàn)將一重物懸掛在活塞上，穩(wěn)定后下部的體積變?yōu)樵瓉淼囊话耄匚镂从|底。已知重力加速度大小為，重物的體積忽略不計，汽缸與容器間沒有摩擦，求：（1）穩(wěn)定后，上、下兩部分氣體壓強的比值；（2）重物的質(zhì)量?！敬鸢浮浚?）（2）【解析】【小問1】設(shè)懸掛重物前，上、下兩部分氣體的體積都為，由于是導(dǎo)熱容器，所以上、下兩部分氣體均做等溫變化，由玻意耳定律有，上部分下部分聯(lián)立，解得【小問2】對輕質(zhì)活塞受力分析，重物對其拉力等于重物的重力，則有解得15.如圖所示，質(zhì)譜儀由一個加速電場和環(huán)形區(qū)域的偏轉(zhuǎn)磁場構(gòu)成，磁場區(qū)域由兩圓心都在O點，半徑分別為和的半圓盒和圍成，勻強磁場垂直于紙面向外，磁感應(yīng)強度大小為B。質(zhì)量為m、帶電荷量為的粒子不斷從粒子源S飄入加速電場，其初速度為0，經(jīng)電場加速后沿的中垂線從極板上的小孔P射入磁場后打到熒光屏上。已知加速電壓為（未知）時，粒子剛好打在熒光屏的中點處。不計粒子的重力和粒子間的相互作用，且打到半圓盒上的粒子均被吸收。（1）求加速電壓的大小。（2）為使粒子能夠打到熒光屏上，求加速電壓的取值范圍。（3）若調(diào)節(jié)加速電場的方向與粒子發(fā)射速度和角度，使粒子恰好打在中點處，求粒子在磁場中運動的最短時間所對應(yīng)圓心角的正弦值?！敬鸢浮浚?）（2）（3）【解析】【小問1】帶電粒子垂直于射入，恰好垂直打在中點處的運動軌跡如圖甲所示，設(shè)其運動軌跡半徑為，則由幾何關(guān)系知粒子在磁場中做勻速圓周運動，洛倫茲力提供向心力，則有當粒子在電場中時，由動能定理得聯(lián)立解得【小問2】當粒子在磁場中運動的軌跡與半徑為的半圓盒在點相切時，運動軌跡如圖乙所示，此時粒子在磁場中運動的半徑有最大值，設(shè)為，則設(shè)粒子在磁場中運動的最大速度為，粒子在電場中，根據(jù)動能定理有粒子在磁場中做勻速圓周運動，根據(jù)牛頓第二定律有聯(lián)立解得當粒子在磁場中運動的軌跡與半徑為的半圓盒在點相切時運動軌跡如圖丙所示，粒子在磁場中運動的半徑有最小值，設(shè)為，則設(shè)粒子在磁場中運動的最小速度為，粒子在電場中，根據(jù)動能定理有粒子磁場中做勻速圓周運動，根據(jù)牛頓第二定律有聯(lián)立解得故加速電壓的取值范圍為【小問3】粒子在磁場中做勻速圓周運動的周期可知速度大小與入射角度不影響粒子在磁場中運動的周期。設(shè)中點為Q，粒子從P點運動到Q點，軌跡對應(yīng)圓心角越小，所用時間就越短。當粒子運動軌跡與半圓盒相切時，對應(yīng)圓心角最小，設(shè)軌跡半徑為，軌跡圓心為，如圖丁所示則由幾何關(guān)系有解得則則所以粒子在磁場中運動的最短時間所對應(yīng)圓心角的正弦值為16.如圖所示，豎直圓弧軌道的半徑?，F(xiàn)有一質(zhì)量的小球從A點無初速度釋放，運動到B點過程中克服摩擦力做功，然后它從B點水平飛離軌道，落到水平面上的P點。已知P、B兩點間的高度差，小球運動過程中可視為質(zhì)點，且不計空氣阻力，重力加速度g取。（1）求小球運動至B點時對軌道的壓力。（2）假設(shè)小球每次與地面發(fā)生碰撞時機械能損失75%，且碰撞前后速度方向與地面的夾角相等，求小球相鄰兩次反彈過程中水平位移之比。（3）在第（2）問的條件下，假設(shè)小球第一次與地面碰撞的時間為，求地面對小球的動摩擦因數(shù)?！敬鸢浮浚?）3.6N，方向豎直向下（2）4（3）0.154【解析】【小問1】小球從A點運動至B點過程中，由動能定理有代入數(shù)據(jù)解得小球在B點受到的重力與支持力的合力提供向心力，由牛頓第二定律得代入數(shù)據(jù)解得由牛頓第三定律得，小球在B點時對軌道的壓力大小為，方向豎直向下【小問2】由題意知小球每次與地面發(fā)生碰撞機械能損失75%，且則小球碰撞后的速度為碰撞前速度的，碰撞前后速度方向與地面的夾角相等，則碰撞后豎直方向的分速度大小為碰撞前豎直方向分速度大小的，所以第一次碰撞后上升到最高點的時間等于從B點到落地的時間的，反彈后的水平速度也變?yōu)樵瓉淼?，小球從B點飛出時的速度為，設(shè)運動至地面的時間為t，則從B點飛出到落地的水平位移第一次反彈至落地的水平位移第二次反彈至落地的水平位移……第n次反彈至落地的水平位移則小球相鄰兩次反彈過程中水平位移之比為【小問3】取豎直向上為正方向，小球第一次落地為平拋運動，豎直方向上做自由落體運動，豎直方向分速度大小對小球落地后與地面接觸過程，豎直方向上由動量定理得解得水平方向上由動量定理得解得則地面對小球的動摩擦因數(shù)為2025年江蘇省普通高中學(xué)業(yè)水平選擇性考前預(yù)測押題卷物理試卷注意事項：1．答卷時，考生務(wù)必將自己的姓名、考生號、考場號和座位號填寫在試卷和答題卡上，并將準考證號條形碼粘貼在答題卡上的指定位置。2．作答選擇題時，選出每小題答案后，用2B鉛筆將答題卡上對應(yīng)題目選項的答案信息點涂黑；如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案，答案不能答在試卷上。3．非選擇題必須用黑色簽字筆或鋼筆作答，答案必須寫在答題卡各題目指定區(qū)域內(nèi)相應(yīng)位置上；如需改動，先劃掉原來的答案，然后再寫上新的答案；不準使用鉛筆和涂改液。不按以上要求作答的答案無效。4．考試結(jié)束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：共11題，每題4分，共44分。每題只有一個選項最符合題意。1.2024年2月26日，《科學(xué)通報》上發(fā)表了重大研究成果：高海拔宇宙線觀測站“拉索”在天鵝座恒星形成區(qū)發(fā)現(xiàn)了一個巨型超高能射線泡狀結(jié)構(gòu)，歷史上首次找到能量高于1億億電子伏的宇宙線的起源天體。關(guān)于射線，下列說法正確的是（）A.它是電子發(fā)生軌道躍遷時產(chǎn)生的B.它可以用于CT機診斷病情C.它在真空中的傳播速度約為光速的0.1倍D.它在星系間傳播時，不受星系磁場的影響【答案】D【解析】A．γ射線是原子核衰變或核反應(yīng)時釋放的高能光子，而電子軌道躍遷產(chǎn)生的是可見光或X射線，故A錯誤；B．CT機使用X射線成像，γ射線主要用于放療等，故B錯誤；C．所有電磁波在真空中的傳播速度均為光速（約m/s），故C錯誤；D．γ射線是光子，不帶電，磁場僅對帶電粒子有作用，故傳播時不受星系磁場影響，故D正確。故選D。2.如圖所示為一輛救護車在道路上勻速行駛時，用軟件擬合其產(chǎn)生的聲波的圖樣，圖中的圓表示波峰。下列說法正確的是（）A.該圖表示的是干涉現(xiàn)象B.左側(cè)波的頻率小于右側(cè)波的頻率C.前側(cè)波的頻率大于后側(cè)波的頻率D.單位時間內(nèi)前側(cè)接收的完全波個數(shù)與后側(cè)的相同【答案】C【解析】A．題圖表示的是多普勒效應(yīng)，A錯誤；BCD．根據(jù)波的圖樣可知，前側(cè)形成的波紋比較密，后側(cè)形成的波紋比較稀疏，由多普勒效應(yīng)可知，前側(cè)波的頻率大于后側(cè)波的頻率，左側(cè)波的頻率等于右側(cè)波的頻率，救護車向前運動，單位時間內(nèi)前側(cè)接收的完全波個數(shù)比后側(cè)的多，C正確，BD錯誤。故選C。3.如圖所示，一束黃光從空氣射向厚度為的玻璃磚，由點射入，入射角為，最后從點射出。若要使、間的距離減小，下列操作可行的是（）A.僅將黃光換成紅光B.減小光的入射角C.增大玻璃磚的厚度D.換成折射率較小的玻璃磚【答案】B【解析】A．設(shè)黃光從A點射入的折射角為，根據(jù)光的折射定律可得由幾何關(guān)系可得僅將黃光換成紅光，則折射率變小，變大，則變大，故A錯誤；B．減小光的入射角，則變小，則變小，故B正確；C．增大玻璃磚的厚度h，則變大，故C錯誤；D．換成折射率較小的玻璃磚，則變大，則變大，故D錯誤。故選B。4.如圖甲所示為光電效應(yīng)的實驗原理圖，陰極K和陽極A是密封在真空玻璃管中的兩個電極。如圖乙所示為發(fā)生光電效應(yīng)時光電子的最大初動能和入射光頻率的關(guān)系圖像，圖線與橫軸的交點坐標為，與縱軸的交點坐標為。下列說法錯誤的是（）A.入射光的頻率不同，遏止電壓也不同B.陰極K材料的逸出功為C.根據(jù)圖乙可以求出普朗克常量D.在保持光照條件不變的情況下，將滑動變阻器滑片向右移動的過程中，電流表的示數(shù)可能減小【答案】D【解析】A．由愛因斯坦光電效應(yīng)方程可知入射光的頻率不同，光電子的最大初動能不同，又由得光電子的最大初動能不同，遏止電壓也不同，綜上可知，入射光的頻率不同，遏止電壓也不同，故A正確；B．圖像的縱截距則陰極K材料的逸出功為，故B正確；C．圖像的斜率表示普朗克常量，故C正確；D．在保持光照條件不變的情況下，將滑動變阻器滑片向右移動的過程中，兩電極兩端正向電壓增大，電流表的示數(shù)不可能減小，故D錯誤。本題選錯誤的，故選D。5.北京時間2024年11月16日2時32分，天舟八號貨運飛船與中國空間站成功“太空握手”后，將轉(zhuǎn)入組合體飛行階段。已知組合體在距地面高度為h的圓形軌道上繞地球做勻速圓周運動，低于地球同步衛(wèi)星軌道，地球半徑為R，地球表面重力加速度大小為g，引力常量為G。不考慮地球自轉(zhuǎn)的影響，地球看成質(zhì)量分布均勻的球體。下列說法正確的是（）A.該組合體做勻速圓周運動的周期為B.組合體的加速度大小比地球同步衛(wèi)星的小C.不能計算出地球的平均密度D.若組合體實驗艙內(nèi)有一彈簧振子裝置，該振子不能做簡諧運動【答案】A【解析】A．根據(jù)萬有引力提供向心力，有在地球表面的物體，有解得，故A正確；B．根據(jù)牛頓第二定律整理可得組合體和同步衛(wèi)星均繞地球做勻速圓周運動，但同步衛(wèi)星的軌道半徑比組合體的大，所以組合體的加速度大于同步衛(wèi)星的加速度，故B錯誤；C．地球的平均密度為，故C錯誤；D．在空間站中，雖然處于完全失重狀態(tài)，但彈簧振子在彈簧彈力的作用下，仍可以做簡諧運動，故D錯誤。故選A。6.如圖所示，一帶電的A球用絕緣細線自由懸掛，另一帶電的B球在外力（未畫出）作用下，從無窮遠處緩慢運動到A球的初始位置，此時A球運動到圖示位置。在該過程中，下列說法正確的是（）A.A球的帶電荷量大于B球的帶電荷量B.細線的拉力大小和方向均在變化C.A球?qū)球做的功小于B球?qū)球做的功D.外力對B球做的功小于A球、B球機械能的增加量【答案】B【解析】A．力的作用是相互的，無法判定A球、B球帶電荷量的大小關(guān)系，故A錯誤；B．A球在細線的拉力、靜電力和重力作用下始終處于平衡狀態(tài)，三力的合力為零，由于靜電力的大小和方向始終在變化，而重力保持不變，則細線的拉力大小和方向均在變化，故B正確；C．A、B間的相互作用力大小相等，A球的位移小，B球的位移大，所以A球?qū)球做的功大于B球?qū)球做的功，故C錯誤；D．對系統(tǒng)，根據(jù)能量守恒定律可知外力做的功等于系統(tǒng)機械能和電勢能增加量之和，則外力對B球做的功大于A球、B球機械能的增加量，故D錯誤。故選B。7.2024年8月10日，中國運動員宋佳媛榮獲巴黎奧運會田徑女子鉛球決賽銅牌，若她將同一鉛球（可看作質(zhì)點）從空中同一位置A點先后兩次拋出，第一次拋出時鉛球在空中運動的軌跡如圖中1所示，第二次拋出時鉛球在空中運動的軌跡如圖中2所示，兩軌跡的交點為B，不計空氣阻力。關(guān)于兩次拋出，下列說法正確的是（）A.鉛球第一次被拋出時在空中運動的時間較短B.鉛球第一次被拋出時在A點重力的瞬時功率較小C.鉛球第二次被拋出時在最高點的動量較大D.鉛球第二次被拋出時重力的沖量較大【答案】C【解析】A．鉛球被拋出后做斜拋運動，由斜拋運動規(guī)律，知鉛球在空中運動時間，由題圖可知鉛球第一次被拋出時運動的高度更高，故鉛球第一次被拋出時在空中運動的時間較長，A錯誤；B．重力功率由知，鉛球在A點時故鉛球第一次被拋出時在A點重力的瞬時功率較大，B錯誤；C．鉛球在最高點時，動量鉛球在水平方向做勻速直線運動，則，由題圖可知，則故鉛球第二次被拋出時在最高點的動量較大，C正確；D．重力沖量，結(jié)合A選項分析可知鉛球第二次被拋出時重力的沖量較小，D錯誤。故選C。8.如圖甲所示為某智能掃地機器人，圖乙是該機器人在某段時間內(nèi)的速度?時間圖像。關(guān)于該智能機器人，下列說法錯誤的是（）A.0.1s時機器人的加速度大小為6.0m/s2B.0~0.2s和0.2~0.7s過程中，機器人的加速度大小之比為1∶6C.0~0.7s機器人的位移大小為1.155mD.0~0.7s機器人的平均速度大小為1.65m/s【答案】B【解析】A．根據(jù)題圖乙可知，0.1s時機器人的加速度大小為，故A正確，不符合題意；B．0.2~0.7s過程中機器人的加速度大小為故0~0.2s和0.2~0.7s過程中，機器人的加速度大小之比為，故B錯誤，符合題意C．v?t圖像與橫軸所圍面積表示位移，由題圖乙可知0~0.7s內(nèi)機器人的位移大小為，故C正確，不符合題意；D．0~0.7s內(nèi)機器人的平均速度大小為，故D正確，不符合題意。故選B。9.作為高速交通有益補充，高速磁懸浮列車可以滿足人們多元化的出行需求（如圖甲所示），圖乙為磁懸浮列車系統(tǒng)的簡化模型：水平光滑的絕緣平行直導(dǎo)軌間，等距離分布方向相反的勻強磁場，磁感應(yīng)強度大小均為B，導(dǎo)軌的間距為L，每個磁場分布區(qū)間的長度也為L?，F(xiàn)導(dǎo)軌上有一邊長為L、質(zhì)量為m的單匝正方形金屬線框，電阻為R。線框從如圖乙所示位置以速度開始向右滑行，下列說法正確的是（）A.此時線框中的感應(yīng)電流方向是順時針方向B.線框中產(chǎn)生的電流最大值為C.線框運動過程中的最大加速度為D.當線框停止滑行時，通過線框截面的電荷量為【答案】C【解析】A．線框向右運動，根據(jù)右手定則可知此時線框中的感應(yīng)電流方向是逆時針方向，故A錯誤；B．線框左、右兩個邊產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢順次相加，根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律，知此時有最大感應(yīng)電動勢線框中的電流，故B錯誤；C．線框所受安培力為根據(jù)牛頓第二定律得線框的最大加速度，故C正確；D．在線框滑行過程中，其左、右兩條邊均受到安培力作用，由左手定則可知安培力水平向左，對線框從速度為到停止的過程，由動量定理有且，聯(lián)立解得通過線框截面的電荷量，故D錯誤。故選C。10.空間內(nèi)有一平行于x軸方向的電場，O、A、B、C、D為x軸上的點，AB=CD，O、D之間的電勢φ隨x變化的圖像如圖所示。一個帶電粒子僅在電場力作用下，從O點由靜止開始沿x軸向右運動，下列說法正確的是（）A.該粒子帶負電B.A、D間電場強度先增大后減小C.A、B之間與C、D之間的電場強度方向一定相反D該粒子從A向D運動過程中，動能將逐漸增大【答案】C【解析】A．由題圖知O點電勢高于A點電勢，故電場線方向為從O點指向A點，帶電粒子僅在電場力作用下從O點由靜止開始沿x軸向右運動，可判定該粒子帶正電，故A錯誤B．φ?x圖像的斜率的絕對值表示電場強度的大小，其切線為零處電場強度也為零，故A、D間電場強度先減小后增大，故B錯誤；C．題圖中A點電勢高于B點電勢，故A、B之間的電場強度方向沿x軸正方向，而C點電勢低于D點電勢，故C、D之間的電場強度方向沿x軸負方向，即A、B之間與C、D之間的電場強度方向一定相反，故C正確；D．該粒子從A向B運動過程中，由W=qU知，電場力做正功，電勢能逐漸減小，動能逐漸增大，而從C向D運動過程中，電場力做負功，電勢能逐漸增大，動能逐漸減小，故D錯誤。故選C。11.如圖所示，傾斜傳送帶以大小為的速度順時針轉(zhuǎn)動時，將木箱無初速度的放在底端B點，木箱經(jīng)時間t到達頂端A點，向上運動的過程中由于摩擦產(chǎn)生的熱量為。傳送帶以大小為的速度逆時針轉(zhuǎn)動時，將木箱無初速度的放在A點，木箱經(jīng)時間t也剛好到達底端B點，向下運動的過程中由于摩擦產(chǎn)生的熱量為。設(shè)最大靜摩擦力等于滑動靡擦力，木箱可視為質(zhì)點。下列說法正確的是（）A. B.C. D.【答案】D【解析】AB．設(shè)傳送帶的傾角為，木箱質(zhì)量為m，木箱與傳送帶之間的動摩擦因數(shù)為μ，傳送帶順時針轉(zhuǎn)動時，對木箱根據(jù)牛頓第二定律有當傳送帶順時針轉(zhuǎn)動時，對木箱根據(jù)牛頓第二定律有可知由于木箱向上運動和木箱向下運動的時間相同，位移大小也相同，畫出符合要求的圖像，如圖所示木箱向下運動時一定先加速后勻速，向上運動時可能一直加速或先加速后勻速，根據(jù)圖像可判斷，故AB錯誤；CD．根據(jù)圖像可知木箱向上運動過程相對位移大，根據(jù)可知，故C錯誤，D正確。故選D。二、非選擇題：共5題，共56分。其中第13~16題解答時請寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟，只寫出最后答案的不能得分；有數(shù)值計算時，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位。12.如圖甲所示，某實驗小組要將一量程為μA、內(nèi)阻為的微安表改裝為量程為的電流表。（1）改裝微安表時需要并聯(lián)一個電阻，則該電阻的阻值=______。（2）改裝后利用一標準毫安表進行校準，發(fā)現(xiàn)讀數(shù)總比準確值偏大些，為校準電表，下列措施可行的是_____。A.將一個阻值較大的電阻與并聯(lián)B.將一個阻值較小的電阻與并聯(lián)C.將一個阻值較小的電阻與串聯(lián)D.將一個阻值較大的電阻與串聯(lián)（3）該小組設(shè)計了如圖乙所示的電路來測量鋰電池的電動勢E和內(nèi)阻r。在實驗中，多次改變電阻箱阻值，取得多組數(shù)據(jù)，作出的關(guān)系圖線如圖丙所示，在考慮電流表內(nèi)阻的前提下與R的關(guān)系式為______（用I、R、E、r、表示），由圖丙可求得鋰電池的電動勢E=______（用題圖丙中的字母a、b、c表示）。（4）實驗時，該小組進行了多次測量，測量期間一直保持電路閉合且時間較長，這樣操作是否合理？______（選填“合理”或“不合理”），理由是________?！敬鸢浮浚?）10（2）A（3）；（4）不合理；見解析【解析】【小問1】與微安表并聯(lián)，則兩端電壓相等，有解得【小問2】若改裝過的微安表的讀數(shù)總比準確值偏大些，說明通過該微安表的電流偏大，則電阻偏大，需要減小電阻，故應(yīng)將一個阻值較大的電阻與并聯(lián)，A正確?！拘?】在考慮電流表內(nèi)阻的前提下，根據(jù)閉合電路歐姆定律得整理可得圖線的斜率為解得【小問4】這樣操作不合理，因為電路保持長時間閉合，電池會發(fā)熱，電池內(nèi)阻會發(fā)生變化，且電池長時間放電，會引起電動勢變化，導(dǎo)致實驗誤差增大。13.如圖所示，一條長為的不可伸長細線，上端固定在轉(zhuǎn)軸的O點，下端拴一質(zhì)量為的小球，使小球在水平面內(nèi)隨轉(zhuǎn)軸做勻速圓周運動，細線沿圓錐面旋轉(zhuǎn)，這樣就形成了一個圓錐擺。忽略空氣阻力，重力加速度g?。?，）。（1）當細線與豎直方向成角時，求小球的角速度；（2）若保持小球軌跡圓的圓心到O點的豎直距離h不變，改變線長L，小球做勻速圓周運動的動能是否會隨之改變？如何改變？寫出分析過程?！敬鸢浮浚?）（2）小球做勻速圓周運動的動能隨線長的增加而增大。【解析】【小問1】對小球進行受力分析，如圖所示根據(jù)牛頓第二定律，有代入數(shù)據(jù)解得【小問2】對小球，根據(jù)牛頓第二定律有根據(jù)幾何關(guān)系有且整理可得可知當保持小球軌跡圓的圓心到O點的豎直距離h不變，改變線長L，小球做勻速圓周運動的動能隨之改變，且線長越長，動能越大。14.如圖所示，一封閉著理想氣體、導(dǎo)熱良好的密閉容器豎直放置，截面積為的水平輕質(zhì)活塞將該容器分成上、下兩部分，每部分氣體壓強均為，初始體積相等?，F(xiàn)將一重物懸掛在活塞上，穩(wěn)定后下部的體積變?yōu)樵瓉淼囊话?，重物未觸底。已知重力加速度大小為，重物的體積忽略不計，汽缸與容器間沒有摩擦，求：（1）穩(wěn)定后，上、下兩部分氣體壓強的比值；（2）重物的質(zhì)量?！敬鸢浮浚?）（2）【解析】【小問1】設(shè)懸掛重物前，上、下兩部分氣體的體積都為，由于是導(dǎo)熱容器，所以上、下兩部分氣體均做等溫變化，由玻意耳定律有，上部分下部分聯(lián)立，解得【小問2】對輕質(zhì)活塞受力分析，重物對其拉力等于重物的重力，則有解得15.如圖所示，質(zhì)譜儀由一