全國一卷五省優(yōu)創(chuàng)名校2025-2026學年高二物理第一學期期末調研試題注意事項1．考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回．2．答題前，請務必將自己的姓名、準考證號用0．5毫米黑色墨水的簽字筆填寫在試卷及答題卡的規(guī)定位置．3．請認真核對監(jiān)考員在答題卡上所粘貼的條形碼上的姓名、準考證號與本人是否相符．4．作答選擇題，必須用2B鉛筆將答題卡上對應選項的方框涂滿、涂黑；如需改動，請用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案．作答非選擇題，必須用05毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律無效．5．如需作圖，須用2B鉛筆繪、寫清楚，線條、符號等須加黑、加粗．一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、下列說法不正確的是A.是聚變B.是裂變C.是α衰變D.是裂變2、如圖所示，用理想電壓表和阻值R＝14.0Ω定值電阻測電源的電動勢和內阻。在開關斷開時，電壓表的讀數為3.0V；開關閉合后，電壓表的讀數為2.8V。那么電源電動勢和內電阻分別為（）A.3.0V1.0Ω B.3.0V0.5ΩC.2.8V1.0Ω D.2.8V0.5Ω3、下列關于人造衛(wèi)星的敘述，正確的是（）A.做勻速圓周運動的人造衛(wèi)星無論離地球遠近，衛(wèi)星內物體均處于失重狀態(tài)，所以衛(wèi)星不受地球作用B.發(fā)射速度大于7.9km/s的人造地球衛(wèi)星進入軌道后的線速度一定大于7.9km/sC.同一衛(wèi)星的軌道半徑越大，其動能越小，所以機械能也越小D.所有同步衛(wèi)星的高度是相同的，線速度的大小也是相同的，與地球的自轉方向相同，但質量不一定相同4、如圖所示，已知某勻強電場方向平行正六邊形ABCDEF所在平面，若規(guī)定D點電勢為零，則A、B、C點的電勢分別為8V、6V、2V，初動能為16eV、電荷量大小為3e（e為元電荷）的帶電粒子從A沿AC方向射入正六邊形區(qū)域，恰好經過BC的中點G．不計粒子的重力．則A.粒子一定帶正電B.粒子達到G點時的動能為4eVC.若粒子在A點以不同速度方向射入正六邊形區(qū)域，可能經過C點D.若粒子在A點以不同初動能沿AC方向射入正六邊形區(qū)域，可能垂直經過BF5、如圖所示，水平放置的光滑桿上套有A、B、C三個金屬環(huán)，其中B接電源．在接通電源的瞬間，A、C兩環(huán)（）A.都被B吸引 B.都被B排斥C.A被吸引，C被排斥 D.A被排斥，C被吸引6、如圖，兩圓環(huán)共面且彼此絕緣，對圓環(huán)通電，圖中區(qū)域Ⅰ、Ⅱ面積相等.設Ⅰ中的磁通量為，Ⅱ中的磁通量為，則的大小關系為（）A.B.C.D.無法確定二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，將負試探電荷沿著等量異種電荷的連線從中點A點移動到B點，在這一過程中()A.試探電荷所受電場力增大B.試探電荷所受電場力減小C.試探電荷所處位置的電勢增大D.試探電荷所處位置的電勢減小8、用絕緣細線懸掛一個質量為m，帶電荷量為+q的小球，讓它處于如圖所示的磁感應強度為B的勻強磁場中．由于磁場的運動，小球靜止在如圖位置，這時懸線與豎直方向夾角為α，懸線處于伸直狀態(tài)，則磁場的運動速度和方向可能是（）A.，水平向左B.，水平向下C.，豎直向上D.，水平向右9、如圖所示，矩形導線框abcd與無限長通電直導線MN在同一平面內，直導線中的電流方向由M到N，導線框的ab邊與直導線平行．若直導線中的電流增大，導線框中將產生感應電流，導線框會受到安培力的作用，則以下關于導線框受到的安培力的判斷正確的是（）A.導線框有兩條邊所受安培力的方向相同B.導線框有兩條邊所受安培力的大小相同C.導線框所受的安培力的合力向左D.導線框所受的安培力的合力向右10、如圖所示，圖線a是線圈在勻強磁場中繞垂直于磁場的軸勻速轉動時所產生正弦式交變電流的圖象，當調整線圈轉速后，所產生正弦式交變電流的圖象如圖線b所示，下列關于這兩個正弦式交變電流的說法正確的是A.在圖中t＝0時刻穿過線圈的磁通量均為0B.線圈先后兩次轉速之比為3∶2C.交變電流a的峰值為10VD.交變電流b的峰值為5V三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）在“研究電磁感應現象”的實驗中，如圖甲、乙、丙所示是實驗中連接的三個回路．其中判別電流表指針的偏轉方向與電流方向關系的回路是_______(填“甲”、“乙”或“丙”)，顯示是否產生了感應電流的回路是________(填“甲”、“乙”或“丙”)12．（12分）如圖為某同學驗證楞次定律的實驗，在水平面固定一“U”形鋁框架，框架上置一鋁桿ab，不計摩擦，將條形磁鐵放在框架正上方，當將磁鐵做如下運動時，判斷桿ab的運動方向：(1)將磁鐵豎直向上運動時，桿ab將向_________運動。(2)將磁鐵豎直向下運動時，桿ab將向_________運動(3)將磁鐵水平向右運動時，桿ab將向_________運動。（填“左”或“右”）四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖，兩根間距為L＝0.5m的平行光滑金屬導軌間接有電動勢E＝3V、內阻r＝1Ω的電源，導軌平面與水平面間的夾角θ＝37°．金屬桿ab垂直導軌放置，質量m＝0.2kg．導軌與金屬桿接觸良好且金屬桿與導軌電阻均不計，整個裝置處于豎直向上的勻強磁場中．當R0＝1Ω時，金屬桿ab剛好處于靜止狀態(tài)，取g＝10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8（1）求磁感應強度B的大??；（2）若保持B的大小不變而將方向改為垂直于斜面向上，求金屬桿的加速度14．（16分）如圖所示，水平放置的兩塊長直平行金屬板a、b相距d=0.10m，a、b間的電場強度為E=5.0×105N/C，b板下方整個空間存在著磁感應強度大小為B=6.0T、方向垂直紙面向里的勻強磁場.今有一質量為m=4.8×10-25kg、電荷量為q=1.6×10-18C的帶正電的粒子(不計重力)，從貼近a板的左端以v0=1.0×106m/s的初速度水平射入勻強電場，剛好從狹縫P處穿過b板而垂直進入勻強磁場，最后粒子回到b板的Q處（圖中未畫出）．求P、Q之間的距離L15．（12分）ABC表示豎直放在電場強度為E=104V/m的水平勻強電場中的絕緣光滑軌道，其中軌道的BC部分是半徑為R的圓環(huán)，軌道的水平部分與半圓環(huán)相切．A為水平軌道上的一點，而且AB=R=0.2m，把一質量m=0.1kg，帶電量為q=+C的小球，放在A點由靜止釋放后，求：（g=10m/s2）(1)小球到達C點的速度大小(2)小球在C點時，軌道受到的壓力大小

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】A．是兩個輕核聚變?yōu)橹泻说暮朔磻?，屬于輕核聚變，故A正確，A不合題意；B．是重核在中子的轟擊下變成兩個中核，同時再生成中子繼續(xù)反應，屬于重核裂變，B項正確，B項不合題意；C．是Ra不穩(wěn)定自發(fā)的衰變，生成物有氦核，屬于α衰變，故C項正確，C項不合題意；D．是Na不穩(wěn)定自發(fā)的衰變，生成物有電子，屬于衰變，故D項錯誤，D項符合題意。故選D。2、A【解析】當開關斷開時，電壓表的讀數等于電源的電動勢，則知當開關閉合時，電壓表測量路端電壓，則有解得故A正確，B、C、D錯誤；故選A。3、D【解析】做勻速圓周運動的人造衛(wèi)星無論離地球遠近，衛(wèi)星內物體均處于失重狀態(tài)，但是衛(wèi)星仍受地球的引力作用，選項A錯誤；發(fā)射速度大于7.9km/s的人造地球衛(wèi)星進入軌道后，由于勢能增加，則動能會減小，在軌道上的線速度一定小于7.9km/s，選項B錯誤；同一衛(wèi)星的軌道半徑越大，速度越小，其動能越小，但是重力勢能較大，所以機械能越大，選項C錯誤；所有同步衛(wèi)星的高度是相同的，線速度的大小也是相同的，與地球的自轉方向相同，但質量不一定相同，選項D正確；故選D.4、B【解析】根據勻強電場中平行等距離的兩點電勢差相等可得E和F兩點的電勢然后確定電場線方向，根據粒子受力方向確定電性；根據動能和電勢能之和不變確定粒子在G點和C點的動能，由此作出判斷；根據運動的合成和分解分析粒子能否垂直BF方向【詳解】根據勻強電場中平行等距離的兩點電勢差相等可得E和F兩點的電勢分別為2V和6V，則EC為等勢線，勻強電場的電場線方向和粒子運動軌跡如圖所示；該粒子沿AC方向進入，從G點射出，粒子受力方向與電場線方向相反，該粒子一定帶負電，故A錯誤；粒子在A點初動能為16eV、電勢能EPA=-3e×8V=-24eV，所以總能量為E=16eV-24eV=-8eV，由于UBG=UGC，所以G點的電勢為4V，該粒子達到G點時的動能為EKG=E-（-4×3eV）=4eV，故B正確；只改變粒子在A點初速度的方向，若該粒子能經過C點，則經過C點的動能EKC=E-（-2×3eV）=-2eV，動能為負，不可能出現這種情況，所以只改變粒子在A點初速度的方向，該粒子不可能經過C點，故C錯誤．若該粒子以不同初動能從A點沿AC方向入射，其速度可以分解為沿電場線方向和垂直于電場線方向，而平行于電場線方向的速度不可能為零，所以該粒子不可能垂直經過BE，故D錯誤；故選B【點睛】有關帶電粒子在勻強電場中的運動，此種類型的題目從兩條線索展開：其一，力和運動的關系．根據帶電粒子受力情況，用牛頓第二定律求出加速度，結合運動學公式確定帶電粒子的速度和位移等解答．其二，功和能的關系．根據電場力對帶電粒子做功，利用動能定理、能量守恒定律等研究全過程中能的轉化5、B【解析】根據楞次定律進行判定：感應電流的磁場總是阻礙原磁通量的變化．【詳解】在接通電源的瞬間，通過B環(huán)的電流變大，電流產生的磁場增強，穿過A、C兩環(huán)的磁通量變大，A、C兩環(huán)產生感應電流，由楞次定律可知，感應電流總是阻值原磁通量的變化，為了阻礙原磁通量的增加，A、C兩環(huán)都被B環(huán)排斥而遠離B環(huán)，以阻礙磁通量的增加，故ACD錯誤，B正確；故選B．6、A【解析】由圖結合安培定則可知，該環(huán)形電流產生的磁場在區(qū)域I內的方向垂直于紙面向里，在區(qū)域Ⅱ內的磁場方向垂直于紙面向外，結合環(huán)形電流的磁場特點可知，環(huán)形電流內部磁場的磁感應強度大于環(huán)形電流外部磁場的磁感應強度，可知當區(qū)域Ⅰ、Ⅱ面積相等時，1中的磁通量大于Ⅱ中的磁通量，故A正確，BCD錯誤.二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AD【解析】等量異種電荷所產生的電場線如圖所示：AB．在其連線上，從A到B過程中，電場線變密，電場強度增大，故電場力變大，A正確B錯誤；CD．兩電荷連線上，電場方向由+Q指向-Q，又知道沿電場線方向電勢降低，故從A到B過程中電勢降低，C錯誤D正確；故選AD。8、AC【解析】若磁場的運動方向水平向左，則小球相對磁場水平向右，由左手定則可知，洛倫茲力方向豎直向上，當洛倫茲力等于重力，處于平衡狀態(tài)，則有：Bqv=mg，解得：，故A正確；若磁場的運動方向豎直向下，則小球相對磁場豎直向上，由左手定則可知，洛倫茲力方向水平向左，則不可能處于平衡狀態(tài)．故B錯誤；若磁場的運動方向豎直向上，則小球相對磁場豎直向下，由左手定則可知，洛倫茲力方向水平向右，當洛倫茲力與拉力的合力與重力相等時，則處于平衡狀態(tài)，則有：Bqv=mgtanα，解得：，故C正確，若磁場的運動方向水平向右，則小球相對磁場水平向左，由左手定則可知，洛倫茲力方向豎直向下，不可能處于平衡狀態(tài)，D錯誤；故選AC【點睛】此題考查左手定則與平衡方程的應用，注意相對運動理解，突出小球相對磁場的運動方向是解題的關鍵，同時掌握三角函數的應用9、BD【解析】若直導線中的電流增大，導線框中將產生感應電流，上下兩邊電流方向相反、而所在區(qū)域磁場方向相同，則安培力大小相等、方向相反，同樣左右兩條邊電流方向也相反，所受安培力方向相反，由于所在區(qū)域磁場大小不等，則所受安培力大小不等．則B正確A錯．若直導線中的電流增大，則導線右側磁場增強，線圈中磁通量增大，根據楞次定律推論線圈將向右移從而阻礙線圈中磁通量增大，所以所受合力向右，則D正確C錯10、BC【解析】由圖讀出電壓最大值Um，周期T，由周期關系求出轉速關系．t=0時刻電壓為零，由法拉第電磁感應定律分析磁通量【詳解】t=0時刻U=0，根據法拉第電感定律，磁通量變化率為零，而磁通量最大．則A錯誤．周期之比為2：3，則轉速之比為3；2，則B正確；交流電a的峰值為10V，選項C正確；根據Em=BωS可知，則Emb=V，選項D錯誤；故選BC.三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.甲②.乙【解析】甲圖中，電源與電流表串聯，當開關閉合后，則電流表指針會偏轉，從而可判定指針的偏轉方向與電流方向的關系；乙圖中，線圈與電流表串聯，當穿過線圈的磁通量變化時，則線圈會產生感應電動勢，那么線圈中會有感應電流，即可通過指針的偏轉，則可判定；丙圖中，沒有電表，不能確定點睛：考查電磁感應現象，掌握感應電流產生的條件，注意電流表指針偏轉方向與電流方向的關系，不是所有電表均一樣12、①.右②.左③.右【解析】(1)[1]由“增縮減擴”可知，磁鐵豎直向上運動時，回路磁通量變小時，桿將向右移動；(2)[2]由“增縮減擴”可知，將磁鐵豎直向下運動時，回路磁通量變大時，桿將向左移動；(3)[3]由“增縮減擴”可知，將磁