2026屆江蘇省南通巿物理高二上期末調研試題注意事項:1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號碼填寫清楚，將條形碼準確粘貼在條形碼區(qū)域內。2．答題時請按要求用筆。3．請按照題號順序在答題卡各題目的答題區(qū)域內作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試卷上答題無效。4．作圖可先使用鉛筆畫出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5．保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，帶有正電荷的A粒子和B粒子同時以同樣大小的速度(速度方向與邊界的夾角分別為30°、60°)從寬度為d的有界勻強磁場的邊界上的O點射入磁場，又恰好都不從另一邊界飛出，則下列說法中正確的是()A.A、B兩粒子在磁場中做圓周運動的半徑之比為B.A、B兩粒子在磁場中做圓周運動的半徑之比為C.A、B兩粒子的比荷之比是D.A、B兩粒子的比荷之比是2、下列關于重力、彈力、摩擦力的說法正確的是()A.重力大小與物體所在的地理位置無關B.彈力的產生原因是受力物體發(fā)生了形變C.在粗糙程度一定的情況下，摩擦力的大小與彈力大小成正比D.靜止的物體可能受到滑動摩擦力，運動的物體可能受到靜摩擦力3、若在某行星和地球上相對于各自水平地面附近相同的高度處、以相同的速率平拋一物體，它們在水平方向運動的距離之比為。已知該行星質量約為地球的7倍，地球的半徑為，由此可知，該行星的半徑為（）A. B.C. D.4、吉爾伯特制作了第一只驗電器，后來，英國人格雷改進了驗電器，其結構如圖1所示．驗電器原來帶正電，如果用一根帶大量負電的金屬棒接觸驗電器的金屬球，金屬箔的張角將（）A.先變小后變大 B.變大C.變小 D.先變大后變小5、某交流發(fā)電機產生的電流隨時間變化的關系如圖所示．由圖像可知該交流電的A.頻率50Hz B.頻率為25HzC.電流有效值為10A D.電流有效值為5A6、關于科學家在物理學上做出的貢獻，下列說法正確的是A.奧斯特發(fā)現了電磁感應現象 B.愛因斯坦發(fā)現了行星運動規(guī)律C.牛頓提出了萬有引力定律 D.開普勒提出了狹義相對論二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，水平向右的勻強電場中，質量為m帶正電的小球在A點由靜止釋放后，沿直線由A點運動到B點。不計空氣阻力，在這一過程中，()A.小球的重力勢能減小B.小球的動能減小C.小球的機械能減小D.小球的電勢能減小8、如圖所示，虛線AB和CD分別為橢圓的長軸和短軸，相交于O點，兩個等量異種點電荷分別處于橢圓的兩個焦點M、N上，下列說法中正確的是()A.A、B兩處電勢、場強均相同B.C、D兩處電勢、場強均相同C.在虛線AB上O點的場強最大D.帶正電的試探電荷在O處的電勢能大于在B處的電勢能9、如圖在空間分布有x軸平行勻強電場（方向未知），一質量為m、電荷量為q>0的帶電小球在電場中的運動軌跡為拋物線ABC,A、C為與x軸的兩交點，B為與y軸的交點，直線BD為拋物線的對稱軸。,重力加速度為g，則下列選項正確的是A.帶電小球在運動過程中機械能守恒B.勻強電場的電場強度大小為C.帶電小球在A、C兩點的動能大小有D.帶電小球在A點加速度為10、如圖所示，空間有豎直方向的勻強電場，一帶正電的小球質量為m，在豎直平面內沿與水平方向成30o角的虛線以速度v0斜向上做勻速運動．當小球經過O點時突然將電場方向旋轉一定的角度，電場強度大小不變，小球仍沿虛線方向做直線運動，選O點電勢為零，重力加速度為g，則A原電場方向豎直向下B.改變后的電場方向垂直于ONC.電場方向改變后，小球的加速度大小為gD.電場方向改變后，小球的最大電勢能為三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）（1）測干電池的電動勢和內阻的實驗，為了盡量減小實驗誤差．在如下圖所示的四個實驗電路中應選用________（2）選好電路后,由于電流表和電壓表內電阻對電路的影響,所測得電動勢將________．(選填“偏大”，“偏小”，“不變”）（3）根據實驗測得的一系列數據，畫出U-I圖（如圖丙所示），則被測干電池的電動勢為________V，電池的內阻為________Ω．（結果均保留兩位小數）（4）這種用圖象法處理數據是為了減少________.(選填“系統(tǒng)誤差”或“偶然誤差”)12．（12分）圖中螺旋測微器讀數為______mm，圖中游標卡尺游標尺上有50個等分刻度讀數為______cm四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖，兩根間距為L＝0.5m的平行光滑金屬導軌間接有電動勢E＝3V、內阻r＝1Ω的電源，導軌平面與水平面間的夾角θ＝37°．金屬桿ab垂直導軌放置，質量m＝0.2kg．導軌與金屬桿接觸良好且金屬桿與導軌電阻均不計，整個裝置處于豎直向上的勻強磁場中．當R0＝1Ω時，金屬桿ab剛好處于靜止狀態(tài)，取g＝10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8（1）求磁感應強度B的大小；（2）若保持B的大小不變而將方向改為垂直于斜面向上，求金屬桿的加速度14．（16分）如圖所示，水平放置的兩塊長直平行金屬板a、b相距d=0.10m，a、b間的電場強度為E=5.0×105N/C，b板下方整個空間存在著磁感應強度大小為B=6.0T、方向垂直紙面向里的勻強磁場.今有一質量為m=4.8×10-25kg、電荷量為q=1.6×10-18C的帶正電的粒子(不計重力)，從貼近a板的左端以v0=1.0×106m/s的初速度水平射入勻強電場，剛好從狹縫P處穿過b板而垂直進入勻強磁場，最后粒子回到b板的Q處（圖中未畫出）．求P、Q之間的距離L15．（12分）ABC表示豎直放在電場強度為E=104V/m的水平勻強電場中的絕緣光滑軌道，其中軌道的BC部分是半徑為R的圓環(huán)，軌道的水平部分與半圓環(huán)相切．A為水平軌道上的一點，而且AB=R=0.2m，把一質量m=0.1kg，帶電量為q=+C的小球，放在A點由靜止釋放后，求：（g=10m/s2）(1)小球到達C點的速度大小(2)小球在C點時，軌道受到的壓力大小

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】帶有正電荷的A粒子和B粒子同時從O點不同角度射入勻強磁場后，又恰好都不從另一邊界飛出，軌跡與磁場右側相切．由粒子的電性可確定洛倫茲力方向，根據處理規(guī)律：定圓心、畫圓弧、求半徑．并根據幾何關系可確定粒子的半徑關系及粒子的比荷詳解】由幾何關系得：rAcos30°+rA=d，rBcos60°+rB=d，解得：，故AB錯誤；粒子在磁場中做勻速圓周運動，洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律得：qvB=m，解得：，由題意可知，兩粒子的v大小與B都相同，則A、B兩粒子的q/m之比與粒子的軌道半徑成反比，即粒子比荷之比為：，故C正確，D錯誤；故選C【點睛】本題考查了帶電粒子在磁場中的運動，要會用圓弧的特性來確定圓心，畫出圓弧并運用幾何關系來算出圓弧的半徑，同時還體現出控制變量的思想2、D【解析】根據重力G=mg，可知在地球上物體的重力大小與物體的質量和所在的地理位置有關，故A錯誤；產生彈力必須具備的條件是：一是直接接觸，二是發(fā)生彈性形變，產生彈力必須發(fā)生形變，不是說發(fā)生形變就能產生彈力，故B錯誤；在粗糙程度一定的情況下，接觸面間的壓力越大，滑動摩擦力也一定越大，故C錯誤；發(fā)生靜摩擦的兩個物體間相對靜止，相對地面可以一起運動，也可以靜止；存在滑動摩擦力的兩個物體間有相對滑動，相對于地面，可以有一個物體是靜止的，故D正確．所以D正確，ABC錯誤3、C【解析】平拋運動在水平方向上做勻速直線運動，則有在豎直方向上做自由落體運動，則有聯立解得兩種情況下，拋出的速率相同，高度相同，所以有根據行星表面處萬有引力等于重力可得故有解得C正確，ABD錯誤；故選C。4、A【解析】帶大量負電的金屬棒接觸驗電器的金屬球是，驗電器上所帶的正電荷先輩負電荷中和，驗電器帶電減少，金屬箔張角變??；中和完后，多余的負電荷又會轉移到驗電器上，是金屬箔的張角再次變大故選A【點睛】容易題．帶異種電荷的導體接觸后電荷先中和，剩余的凈電荷再重新分布到兩個帶電體上5、B【解析】從圖象中可以求出該交流電的最大電壓以及周期等物理量,然后根據最大值與有效值以及周期與頻率關系求解.【詳解】AB、由圖可以知道,交流電的周期T=0.04s，所以頻率為25Hz，故A錯；B對；CD、從圖像上可以看出電流最大值為10A，根據正弦交流電有效值的求法可以電流的有效值為，故CD錯誤；故選B6、C【解析】奧斯特發(fā)現了電流的磁效應，選項A錯誤；開普勒發(fā)現了行星運動規(guī)律，選項B錯誤；牛頓提出了萬有引力定律，選項C正確；愛因斯坦提出了狹義相對論，選項D錯誤.二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AD【解析】小球受到水平向右的電場力，豎直向下的重力，又知道小球沿直線AB運動，故合力方向在直線AB上，由A指向B；A．從A到B，小球的高度減小，重力做正功，重力勢能減小，A正確；B．合力方向與運動方向同向，所以做正功，動能增大，B錯誤；CD．電場力方向和運動方向夾角為銳角，故電場力做正功，所以電勢能減小，機械能增大，C錯誤D正確；故選AD。8、BD【解析】A．根據等量異種電荷的電場分布可知，A點的電勢高于B點的電勢不同、兩點的場強相同，選項A錯誤；B．C、D兩處處在電勢為零的等勢面上，則電勢相同；由對稱性可知兩點的場強也相同，選項B正確；C．在虛線AB上O點的電場線最稀疏，則場強最小，選項C錯誤；D．因為O點電勢為零，而B點電勢小于零，則帶正電的試探電荷在O處的電勢能大于在B處的電勢能，選項D正確；故選BD.9、BC【解析】A.帶電小球運動過程中，重力、電場力做功，電勢能和機械能之和守恒，機械能不守恒，故A錯誤；B.根據拋物線軌跡的對稱性，重力和電場力的合力沿BD方向，則：得：故B正確；C.帶電小球從A到B的過程中，重力、電場力的合力做負功，帶電小球從B到C的過程中，重力、電場力的合力做正功。根據合力的方向可知，從A到B的過程合力做的負功小于從B到C的過程合力做的正功。根據動能定理，帶電小球在A、C兩點的動能大小有，故C正確；D.合力大小為：根據牛頓第二定律F=ma，得故D錯誤。故選：BC10、CD【解析】開始時，小球沿虛線做勻速運動，可知小球受向下的重力和向上的電場力平衡Eq=mg，小球帶正電，則電場豎直向上，選項A錯誤；改變電場方向后，小球仍沿虛線做直線運動，可知電場力與重力的合力沿著NO方向，因Eq=mg，可知電場力與重力關于ON對稱，電場方向與NO成600，選項B錯誤；電場方向改變后，電場力與重力夾角為1200，故合力大小為mg，小球的加速度大小為g，選項C正確；電場方向改變后，小球能沿ON運動的距離為，則克服電場力做功為：，故小球的電勢能最大值為，選項D正確；故選CD.三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.(1).丙②.(2).偏?、?(3).1.45(1.44—1.46均給分)④.0.70（0.67—0.72均給分）⑤.(4).偶然誤差【解析】明確實驗原理，從而確定實驗電路圖，并根據電路的分析可得出電動勢的誤差情況；根據閉合電路歐姆定律進行分析，從而確定電動勢和內電阻的大?。脠D象法處理數據是為了減少偶然誤差【詳解】（1）本實驗中需要測量多組路端電壓和干路電流，所以必須用到滑動變阻器；同時因電流表內阻不能忽略，為了減小內阻的測量誤差，電流表應采用相對電源的外接法；故應選擇丙電路圖；（2）丙圖中由于電壓表的分流，導致電流表測量值小于真實值；而電壓值的示數是準確的，故U-I圖象將向下移動，故電源的電動勢將小于真實值；（3）根據U=E-Ir可知，圖象與縱軸的交點表示電源的電動勢，故E=1.45V；圖象的斜率表示內阻，故（4）這種用圖象法處理數據是為了減少偶然誤差【點睛】本題考查了實驗電路選擇、實驗誤差分析、實驗數據處理，知道實驗原理、實驗注意事項、分析清楚圖象即可正確解題12、①.0.900②.4.120【解析】根據“螺旋測微器和游標卡尺”可知，本題考查基本儀器的讀數問題，根據估讀規(guī)則，運用兩種儀器的讀數特點得到結果.【詳解】螺旋測微器固定刻度讀數，可動刻度讀數為，所以讀數為：.游標卡尺主尺讀數為41mm，游標尺上第10個刻度與主尺上某一刻度對齊，因此游標讀數為：，所以最終讀數為：.【點睛】解決本題的關鍵掌握游標卡尺和螺旋測微器的讀數方法，游標卡尺讀數的方法是主尺讀數加上游標讀數，不需估讀．螺旋測微器的讀數方法是固定刻度讀數加上可動刻度讀數，在讀可動刻度讀