宜春市十校協(xié)作體2025～2026學(xué)年高三(上)第一次聯(lián)考

(濱江中學(xué)，豐城九中，奉新一中，高安二中，銅鼓中學(xué)，萬載中學(xué)，宜春一中，宜春九中，宜豐中學(xué)，樟樹中學(xué))

物理

考生注意：

1.本試卷分選擇題和非選擇題兩部分。滿分100分，考試時(shí)間75分鐘。

2.答題前，考生務(wù)必用直徑0.5毫米黑色墨水簽字筆將密封線內(nèi)項(xiàng)目填寫清楚。

3.考生作答時(shí)，請(qǐng)將答案答在答題卡上。選擇題每小題選出答案后，用2B鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)題

目的答案標(biāo)號(hào)涂黑；非選擇題請(qǐng)用直徑0.5毫米黑色墨水簽字筆在答題卡上各題的答題區(qū)域內(nèi)

作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效，在試題卷、草稿紙上作答無效。

4.本卷命題范圍：高考范圍(重點(diǎn)考察：必修一、必修二十選擇性必修一第一章)。

一、選擇題：本題共10小題，共46分.在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第1～7題，只有一項(xiàng)是符合題目要求

的，每小題4分.第8～10題有多項(xiàng)符合題目要求，全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)

的得0分.

1.我國主持的江門中微子實(shí)驗(yàn)于2025年8月26日成功完成2萬噸液體閃爍體灌注，正式運(yùn)行取數(shù)，中

微子又被稱為“幽靈粒子”,極難探測(cè).假設(shè)中微子與H發(fā)生核反應(yīng)，核反應(yīng)方程為“中微子+H→

n++9e”,下列說法正確的是

A.中微子帶正電B.中微子的質(zhì)量數(shù)不為0

C.該核反應(yīng)方程滿足電荷數(shù)守恒和能量守恒D.該核反應(yīng)方程滿足電荷數(shù)守恒和質(zhì)量守恒

2.一質(zhì)量m=1kg的物體在豎直面內(nèi)做半徑R=1m的勻速圓周運(yùn)動(dòng)，從最低點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)，速度變

化量的大小為4m/s,則物體做圓周運(yùn)動(dòng)的向心力大小為

A.16NB.12NC.8ND.4N

3.一物體從靜止開始做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，其運(yùn)動(dòng)的速度v與位移x的關(guān)系如圖所示，則物體運(yùn)動(dòng)前2s

內(nèi)的位移大小為

A.4m

B.3m

C.2m

D.1m

4.坐標(biāo)原點(diǎn)處一個(gè)質(zhì)點(diǎn)在t=0時(shí)刻從坐標(biāo)原點(diǎn)開始沿y軸正方向做簡諧振動(dòng)，完成兩次全振動(dòng)后停止

振動(dòng)，振動(dòng)傳播形成的簡諧波沿x軸正方向傳播.已知t=8s時(shí)刻，x=12m處的質(zhì)點(diǎn)P也剛好停止振

【第一次聯(lián)考·物理第1頁(共6頁)】

動(dòng)，質(zhì)點(diǎn)P振動(dòng)的時(shí)間為4s,質(zhì)點(diǎn)P運(yùn)動(dòng)的總路程為0.8m,下列說法正確的是

A.坐標(biāo)原點(diǎn)處質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)的周期為4s

B.簡諧波的波長為3m

C.波的傳播速度大小為3m/s

D.坐標(biāo)原點(diǎn)處質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)方程y=0.1cos(πt)m(0≤t≤4s)

5.將扁平的石子向水面快速拋出，石子可能會(huì)在水面上一跳一跳地飛向遠(yuǎn)方，俗稱“打水漂”.如圖所示為

某次“打水漂”時(shí)石子的軌跡圖，虛線為水面，設(shè)石子在空中的運(yùn)動(dòng)為拋體運(yùn)動(dòng)，石子完成軌跡1的水平

初速度大小為v和豎直初速度大小為vs,完成軌跡2的水平初速度大小為U?2和豎直初速度大小為

U2.若AB:BC=5:3,則下列關(guān)系式可能正確的是

6.如圖所示，物塊靜止在水平面上，繞過光滑定滑輪的細(xì)線一端連接在物塊上，另一端連接輕彈簧，輕彈

簧下面吊著小球，滑輪兩邊的細(xì)線豎直，物塊及小球均處于靜止?fàn)顟B(tài)，將小球緩慢向下拉，當(dāng)物塊對(duì)地

面的壓力恰好為零時(shí)，由靜止釋放小球，小球做簡諧振動(dòng).已知小球上升到最高點(diǎn)時(shí)，彈簧恰好處于原

長，重力加速度大小為g,則下列說法正確的是

A.釋放小球瞬間，小球的加速度大小為g

B.釋放小球瞬間，物塊的加速度大小為g

C.物塊的質(zhì)量是小球的質(zhì)量的3倍

D.小球向上運(yùn)動(dòng)過程中，重力勢(shì)能和彈簧的彈性勢(shì)能之和先增大后減小

7.如圖所示，在方向水平向里、磁感應(yīng)強(qiáng)度大小B=0.2T的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，有一根長l=0.1m的豎直光滑

絕緣細(xì)桿MN,細(xì)桿頂端套有一個(gè)質(zhì)量m=40g、電荷量q=+0.5C的小環(huán).現(xiàn)讓細(xì)桿以v=2m/s的

速度沿垂直磁場(chǎng)方向水平向右勻速運(yùn)動(dòng)，同時(shí)釋放小環(huán)(豎直方向初速度為0),小環(huán)最終從細(xì)桿底端

飛出，重力加速度g取10m/s2.關(guān)于小環(huán)的運(yùn)動(dòng)，下列說法正確的是

A.洛倫茲力對(duì)小環(huán)做正功

B.小環(huán)做勻速運(yùn)動(dòng)

C.小環(huán)在絕緣細(xì)桿上運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為0.05s

D.小環(huán)離開絕緣細(xì)桿時(shí)的速度大小為√5m/s

【第一次聯(lián)考·物理第2頁(共6頁)】

8.如圖所示，甲、乙兩顆衛(wèi)星分別繞地球做圓周運(yùn)動(dòng)和橢圓運(yùn)動(dòng)，P為兩軌跡的交點(diǎn)，A、B是橢圓軌道的

近地點(diǎn)和遠(yuǎn)地點(diǎn)，C、D是圓軌道上的兩點(diǎn).已知A、B、C、D四點(diǎn)在同一直線上，且AC=BD,則下列說

法正確的是

A.兩衛(wèi)星運(yùn)動(dòng)到P點(diǎn)時(shí)，加速度相同

B.兩衛(wèi)星運(yùn)動(dòng)到P點(diǎn)時(shí)，線速度相同

C.衛(wèi)星甲從C運(yùn)動(dòng)到D的時(shí)間與衛(wèi)星乙從A運(yùn)動(dòng)到B的時(shí)間相等

D.衛(wèi)星甲與地心連線與衛(wèi)星乙與地心連線在相等時(shí)間內(nèi)掃過的面積相等

9.質(zhì)量為m的物塊靜止在水平面上，用方向不變的水平拉力拉物塊，使物塊從靜止開始先做勻加速直線

運(yùn)動(dòng)，后做勻速直線運(yùn)動(dòng)，拉力做功的功率隨時(shí)間變化的規(guī)律如圖所示.已知物塊做勻加速運(yùn)動(dòng)過程中

拉力的最大功率是做勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)拉力功率的兩倍，物塊受到的滑動(dòng)摩擦力大小恒為f.關(guān)于物塊在

0～2to時(shí)間內(nèi)，下列說法正確的是

A.勻加速運(yùn)動(dòng)的加速度大小為

B.勻速運(yùn)動(dòng)的速度大小為

C.勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)拉力的功率

D.運(yùn)動(dòng)的總位移大小

10.如圖所示，半徑為R的光滑半球放在光滑水平面上，將一個(gè)小滑塊(可視為質(zhì)點(diǎn))輕放在半球的頂端，

小滑塊和半球均處于靜止?fàn)顟B(tài).在外界的微小擾動(dòng)下，小滑塊從靜止開始沿球面自由下滑，當(dāng)小滑塊

與球心連線與豎直方向夾角θ=37°時(shí)，小滑塊離開球面.重力加速度為g,sin37°=0.6,cos37°=0.8,

下列說法正確的是

A.小滑塊在球面上滑動(dòng)過程中，小滑塊與半球組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒

B.小滑塊在球面上滑動(dòng)過程中，小滑塊與半球組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒

C.小滑塊離開半球時(shí)，半球的速度大小為

D.小滑塊離開半球時(shí)，半球移動(dòng)的距離

【第一次聯(lián)考·物理第3頁(共6頁)】

二、非選擇題：本題共5小題，共54分.

11.(6分)在描繪熱敏電阻(TC)伏安特性曲線的實(shí)驗(yàn)中，某小組采用如圖甲所示的器材和電路連接，其中

電源的電動(dòng)勢(shì)E=3V、內(nèi)阻r=0.5Ω,定值電阻R?=7.5Ω,電壓表V?、V?均是理想電表.

甲乙

(1)熱敏電阻兩端的電壓需從零開始調(diào)節(jié)，請(qǐng)?jiān)谌鐖D甲所示電路圖中用筆畫線補(bǔ)充完整.

(2)若某次實(shí)驗(yàn)時(shí)，兩電壓表V?、V?的讀數(shù)分別為U?和U?,則熱敏電阻的阻值RT=(用題中

所給物理量字母符號(hào)表示).

(3)實(shí)驗(yàn)測(cè)得熱敏電阻的伏安特性曲線如圖乙所示，將該熱敏電阻RT、定值電阻R?和電源構(gòu)成簡單

閉合回路，此時(shí)熱敏電阻的實(shí)際電功率P=W.(保留三位有效數(shù)字)

12.(10分)某同學(xué)用如圖甲所示裝置“驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律”.不可伸長的細(xì)線一端連接在力傳感器上，

另一端連接質(zhì)量為m的小球，細(xì)線長為L,當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣葹間.

甲乙

(1)用游標(biāo)卡尺測(cè)出小球的直徑，示數(shù)如圖乙所示，則小球直徑d=mm.

(2)若小球由靜止釋放時(shí)，細(xì)線與豎直方向的夾角為θ,小球在豎直面內(nèi)擺動(dòng)過程中，力傳感器顯示細(xì)

線拉力的最小值為F?、最大值為F?,可知cosθ=(用F?、m和g表示);小球運(yùn)

動(dòng)過程中的最大動(dòng)能E=(用F?、L、d、m和g表示).

(3)要驗(yàn)證小球從細(xì)線拉力最小的位置到拉力最大的位置的過程中機(jī)械能守恒，只要驗(yàn)證表達(dá)式

(用F?、F2、m和g表示)在誤差允許的范圍內(nèi)成立即可.

(4)不測(cè)量小球的直徑，對(duì)驗(yàn)證的結(jié)果(填“有”或“無”)影響.

【第一次聯(lián)考·物理第4頁(共6頁)】

13.(10分)如圖所示是一個(gè)半徑為R的半球形玻璃磚的正視圖，AB為半圓的直徑，O為圓心.一束寬為

2R的平行光線垂直下表面射入玻璃磚，上表面有光線射出的區(qū)域在平行于AB方向上的寬度d=R

(不考慮多次反射).已知光在真空中的傳播速率為c,不考慮AB面的反射光，求：

(1)玻璃磚的折射率；

(2)在○點(diǎn)左側(cè)LR處射入玻璃磚的光線在玻璃磚中傳播的時(shí)間.

14.(12分)如圖所示，間距為L的光滑平行金屬導(dǎo)軌MN和M′N′,由彎曲部分和足夠長的平直部分平

滑連接，彎曲部分上端和平直部分右端分別接阻值為2R和R的定值電阻，導(dǎo)軌平直部分有方向豎直

向上、磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng).質(zhì)量為m、電阻為R的金屬棒從高度為h處由靜止釋放，金

屬棒與導(dǎo)軌間接觸良好，不計(jì)導(dǎo)軌電阻及空氣阻力，重力加速度大小為g.求：

(1)金屬棒進(jìn)入磁場(chǎng)區(qū)域后的最大加速度大?。?/p>

(2)金屬棒進(jìn)入磁場(chǎng)到靜止過程，通過左端電阻2R的電荷量；

(3)金屬棒進(jìn)入磁場(chǎng)到靜止過程，右端電阻R產(chǎn)生的焦耳熱.

【第一次聯(lián)考·物理第5頁(共6頁)】

15.(16分)如圖所示，質(zhì)量為m的“L”形長木板靜止在光滑水平面上，長木板的CD段和EF段長均為

L,CD面與EF面高度差為,P是EF的中點(diǎn).先將長木板鎖定，將質(zhì)量為m的物塊從長木板的C

端以大小的初速度滑上長木板，并剛好落在P點(diǎn).已知物塊與長木板CD、EF段的動(dòng)摩

擦因數(shù)相同，不計(jì)物塊的大小，重力加速度為g,求：

(1)物塊與長木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)；

(2)解除對(duì)長木板的鎖定，改變物塊從C點(diǎn)滑上長木板的初速度，物塊也恰好能落到P點(diǎn)，則物塊從

D點(diǎn)滑離長木板時(shí)，長木板的速度大??；

(3)解除對(duì)長木板的鎖定，改變物塊從C點(diǎn)滑上長木板的初速度，使物塊剛好不從F點(diǎn)滑離長木板.

假設(shè)物塊落到長木板EF上后瞬間，豎直分速度減為零，水平分速度保持不變，則物塊在EF上的

落點(diǎn)到E點(diǎn)的距離.

【第一次聯(lián)考·物理第6頁(共6頁)】

宜春市十校協(xié)作體2025-2026學(xué)年高三(上)第一次聯(lián)考物理

參考答案、提示及評(píng)分細(xì)則

1.C根據(jù)電荷數(shù)守恒和質(zhì)量數(shù)守恒可知，中微子的電荷數(shù)為零，即不帶電，質(zhì)量數(shù)也為零，A、B錯(cuò)誤；核反應(yīng)方程滿足

質(zhì)量數(shù)守恒、電荷數(shù)守恒和能量守恒，但不滿足質(zhì)量守恒，C正確、D錯(cuò)誤.

2.D設(shè)物體的線速度大小為v,由題意有△v=2v=4m/s,解得v=2m/s,根據(jù)牛頓第二定律D正確.

3.A根據(jù)v2=2ax,解得a=2m/s2,則物體運(yùn)動(dòng)前2s內(nèi)的位移大,A正確.

4.C根據(jù)題意可知，質(zhì)點(diǎn)P完成兩次全振動(dòng)的時(shí)間為4s,因此波源處質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)周期T=2s,A錯(cuò)誤；波從坐標(biāo)原點(diǎn)傳播到

P點(diǎn)用時(shí)4s,則波的傳播速度大,簡諧波的波長λ=vT=6m,B錯(cuò)誤、C正確；質(zhì)點(diǎn)P運(yùn)動(dòng)的總路

程s=2×4A=0.8m,解得振幅A=0.1m,則坐標(biāo)原點(diǎn)處質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)方,D錯(cuò)誤.

5.B設(shè)石子做拋體運(yùn)動(dòng)的水平位移大小為x,由題意可知,且第二次的分初速度小于第一次的分

初速度，B正確.

6.A小球做簡諧運(yùn)動(dòng)，由題意可知，小球運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)時(shí)，彈簧處于原長，因此小球的加速度大小為g,根據(jù)對(duì)稱性可

知，釋放小球瞬間，小球的加速度大小為g,A正確；由題意可知，釋放小球瞬間，彈簧的彈力等于細(xì)線的拉力，而細(xì)

線的拉力等于物塊的重力，故物塊的加速度為零，B錯(cuò)誤；釋放小球瞬間，有Mg-mg=mg,解得M=2m,C錯(cuò)誤；小球向上

運(yùn)動(dòng)過程中，小球的動(dòng)能先增大后減小，根據(jù)系統(tǒng)機(jī)械能守恒定律，可知小球的重力勢(shì)能和彈簧的彈性勢(shì)能之和先減

小后增大，D錯(cuò)誤.

7.D由左手定則可知，洛倫茲力方向始終與小環(huán)的運(yùn)動(dòng)速度方向垂直，所以洛倫茲力對(duì)小環(huán)不做功，A錯(cuò)誤；小環(huán)在水

平方向隨桿做勻速運(yùn)動(dòng)，在豎直方向受重力及向上的洛倫茲力，因水平速度v不變，故向上的洛倫茲力大小不變，可

知小環(huán)受向下的不變的合力作用，故做勻變速運(yùn)動(dòng)，B錯(cuò)誤；小環(huán)在豎直方向，由牛頓第二定律有(mg-qvB=ma,解得a=

,解得t=0.2s,C錯(cuò)誤；小環(huán)離開絕緣細(xì)桿時(shí)的豎直分速度大小vy=at=1m/s,則小環(huán)離開絕緣細(xì)桿時(shí)

的速度大

8.AC兩衛(wèi)星在P點(diǎn)的加速度方向均指向地心，大小均,A正確；兩衛(wèi)星在P點(diǎn)時(shí)，線速度方向不同，B錯(cuò)誤；

由于AC=BD,故橢圓的長軸等于圓的直徑，根據(jù)開普勒第三定律，可知兩衛(wèi)星的運(yùn)行周期相等，C正確；橢圓面積與圓

的面積不等，D錯(cuò)誤.

【第一次聯(lián)考·物理參考答案第1頁(共4頁)】

9.AD設(shè)物塊做勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)拉力的功率為P,速度大小為v,則P=fv,設(shè)勻加速運(yùn)動(dòng)時(shí)的拉力大小為F,則2P=Fv,解得

F=2f,可知?jiǎng)蚣铀龠\(yùn)動(dòng)的加速度大,A正確；勻速運(yùn)動(dòng)的速度大,B錯(cuò)誤；勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)的

拉力功率,C錯(cuò)誤；根據(jù)動(dòng)能定理解D正確.

10.BC小滑塊在球面上滑動(dòng)過程，小滑塊與半球組成的系統(tǒng)豎直方向合力不為零，系統(tǒng)動(dòng)量不守恒，A錯(cuò)誤；系統(tǒng)內(nèi)小

滑塊機(jī)械能轉(zhuǎn)化為半球機(jī)械能，因此系統(tǒng)機(jī)械能守恒，B正確；設(shè)小滑塊脫離半球時(shí)，半球速度大小為v,小滑塊相

對(duì)半球速度大小為v,水平方向由動(dòng)量守恒定律有Mv?=m(vcosθ-v?),整體由機(jī)械能守恒定律有mgR(1-cosθ)=

脫離前一瞬間，小滑塊相對(duì)半球做圓周運(yùn)動(dòng)，在脫離瞬間只受重力作用，以半球

(此瞬問為慣性系)為參考系，對(duì)小滑塊,聯(lián)立解得,C正確；小滑塊離開半球時(shí)，

設(shè)小滑塊和半圓沿水平方向移動(dòng)的距離分別為x?和x?,水平方向由動(dòng)量守恒定律有mx1=Mr?,由幾何關(guān)系有

x1+T2=Rsinθ,聯(lián)立解得R,D錯(cuò)誤.

11.(1)見解析圖(2)(3)0.270(0.266~0.274都對(duì))(每空2分)

解析：(1)為了使熱敏電阻兩端的電壓可從零開始調(diào)節(jié)，滑動(dòng)變阻器應(yīng)采用分壓接法，

(2)由于R。與RT串聯(lián)，,解得

(3)根據(jù)閉合電路的歐姆定律有E=U+I(Ro+r),,化簡可得U=3-81,在圖乙中畫出對(duì)應(yīng)的圖線如圖所示，由圖中交

點(diǎn)可知RT兩端電壓U=1.8V,電流1=0.15A,則熱敏電阻的實(shí)際電功率P=UI=0.270W.

U/V

2.5

2.0

1.5

1.0

0.5

0L

0.10.20.30.41/A

【第一次聯(lián)考·物理參考答案第2頁(共4頁)】

12.(1)6.860(6.858~6.862都對(duì))(2)F?mg(F?-mg)(2L+d)(3)2F?+F?=3mg(4)無(每空2分)

解析：(1)小球直徑d=6.5mm+0.01mm×36.0=6.860mm.

(2)小球剛釋放瞬間，細(xì)線拉力最小，有F?=mgcosθ,解;小球在最低點(diǎn)時(shí)，細(xì)線拉力最大，根據(jù)牛頓第

二定律有,小球運(yùn)動(dòng)過程中的最大動(dòng)能Ekm=2mv2=(F?-mg)(2L+d).

(3)若小球機(jī)械能守恒，有mg(L+2)(1-cosθ)=Ekm化簡可得2F?+F?=3mg,即只要驗(yàn)證2F?+F2=3mg在誤差

允許范圍內(nèi)成立即可.

(4)從(3)問可知，表達(dá)式與小球直徑無關(guān)，不測(cè)量小球的直徑，對(duì)驗(yàn)證的結(jié)果無影響.

13.解：(1)由幾何關(guān)系,解得C=30°(2分)

根據(jù)全反射的條件，(1分)

解得n-2(1分)

(2)設(shè)該光線第一次射到圓弧而上時(shí)的人射角為α

由幾何關(guān)系有1=賁=②,解得a=45°(1分)

因?yàn)閍>c,所以會(huì)發(fā)生全反射，由全反射知識(shí)及對(duì)稱性，作出該光線在玻璃磚中傳播的光路如圖所示

光在玻璃磚中的傳播路程.z=2Rcosα+2L=2√2R(2分)

光在玻璃磚中傳播的速率分)

可知該光線在玻璃磚中傳播的時(shí)間(2分)

14.解：(1)金屬棒從釋放到彎曲部分底端過程，由動(dòng)能定理有mgh=2mv2-0,解得u=√2gh(1分)

金屬棒剛進(jìn)磁場(chǎng)時(shí)產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)E=BLv=BL√2gh(1分)

并聯(lián)總電

可知流過金屬棒的電