四川巫溪縣白馬中學(xué)2026屆化學(xué)高三第一學(xué)期期中學(xué)業(yè)質(zhì)量監(jiān)測(cè)試題考生請(qǐng)注意：1．答題前請(qǐng)將考場(chǎng)、試室號(hào)、座位號(hào)、考生號(hào)、姓名寫在試卷密封線內(nèi)，不得在試卷上作任何標(biāo)記。2．第一部分選擇題每小題選出答案后，需將答案寫在試卷指定的括號(hào)內(nèi)，第二部分非選擇題答案寫在試卷題目指定的位置上。3．考生必須保證答題卡的整潔?？荚嚱Y(jié)束后，請(qǐng)將本試卷和答題卡一并交回。一、選擇題(共包括22個(gè)小題。每小題均只有一個(gè)符合題意的選項(xiàng)）1、下列有關(guān)化學(xué)用語(yǔ)表示正確的是A．葡萄糖的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式:C6H12O6B．BCl3的電子式:C．硫離子的結(jié)構(gòu)示意圖:D．質(zhì)量數(shù)為44，中子數(shù)為24的鈣原子:

2、在密閉容器中，對(duì)可逆反應(yīng)A+3B2C(g)，平衡時(shí)C的體積分?jǐn)?shù)與溫度和壓強(qiáng)的關(guān)系如圖所示，下列判斷錯(cuò)誤的是A．若正反應(yīng)方向Q＜0，則T1＞T2B．A可能為氣體C．壓強(qiáng)增大時(shí)，混合氣體的平均相對(duì)分子質(zhì)量增大D．B不一定為氣體3、在體積為VL的密閉容器中，通入amolNO和bmolO2，反應(yīng)后容器內(nèi)氮原子和氧原子數(shù)之比為()A．a(chǎn)/bB．a(chǎn)/2bC．a(chǎn)/(a+2b)D．a(chǎn)/(2a+b)4、為了探索外界條件對(duì)反應(yīng)aX(g)+bY(g)cZ(g)的影響，以X和Y物質(zhì)的量比為a:b開始反應(yīng)，通過實(shí)驗(yàn)得到不同條件下達(dá)到平衡時(shí)Z的物質(zhì)的量分?jǐn)?shù)，實(shí)驗(yàn)結(jié)果如圖所示。以下判斷斷正確的是()A．正反應(yīng)放熱，a+b>c B．正反應(yīng)吸熱，a+b>cC．正反應(yīng)吸熱，a+b<c D．正反應(yīng)放熱，a+b<c5、以反應(yīng)5H2C2O4+2MnO4-+6H＋=10CO2↑+2Mn2++8H2O為例探究“外界條件對(duì)化學(xué)反應(yīng)速率的影響”。實(shí)驗(yàn)時(shí),分別量取H2C2O4溶液和酸性KMnO4溶液,迅速混合并開始計(jì)時(shí),通過測(cè)定溶液褪色所需時(shí)間來判斷反應(yīng)的快慢。下列說法不正確的是A．實(shí)驗(yàn)①、②、③所加的H2C2O4溶液均要過量B．若實(shí)驗(yàn)①測(cè)得KMnO4溶液的褪色時(shí)間為40s，則這段時(shí)間內(nèi)平均反應(yīng)速率v(KMnO4)=2.5×10-4mol/L/sC．實(shí)驗(yàn)①和實(shí)驗(yàn)②是探究濃度對(duì)化學(xué)反應(yīng)速率的影響，實(shí)驗(yàn)②和③是探究溫度對(duì)化學(xué)反應(yīng)速率的影響D．實(shí)驗(yàn)①和②起初反應(yīng)均很慢,過了一會(huì)兒速率突然增大,可能是生成的Mn2+對(duì)反應(yīng)起催化作用6、下列各分子中，所有原子都滿足最外層8電子結(jié)構(gòu)的是A．BF3 B．NCl3 C．H2O D．PCl57、下列有關(guān)實(shí)驗(yàn)裝置進(jìn)行的相應(yīng)實(shí)驗(yàn)，能達(dá)到實(shí)驗(yàn)?zāi)康牡氖牵ǎ〢．除去Cl2中含有的少量HClB．蒸干FeCl3飽和溶液制備FeCl3晶體C．制取少量純凈的CO2氣體D．分離CCl4萃取碘水后已分層的有機(jī)層和水層8、短周期元素W、X、Y和Z在周期表中的相對(duì)位置如圖所示，這四種元素原子的最外層電子數(shù)之和為23.下列關(guān)系不正確的是（）WXYZA．原子半徑：X>Y>W B．最高價(jià)氧化物對(duì)應(yīng)水化物的酸性：X<Y<ZC．簡(jiǎn)單離子半徑：Z>Y>W D．簡(jiǎn)單離子的還原性：Y>Z9、下表各組物質(zhì)(或者它們的溶液)通過一步反應(yīng)可實(shí)現(xiàn)下圖所示轉(zhuǎn)化的是選項(xiàng)XYＺAAl(OH)3Al2O3AlCl3BNaClNaNa2O2CFeFeCl3FeCl2DMg(OH)2MgCO3MgCl2【選項(xiàng)A】A 【選項(xiàng)B】B 【選項(xiàng)C】C 【選項(xiàng)D】D10、能說明溶液呈中性的最可靠依據(jù)是（）A．pH＝7 B．c（H+）＝c（OH—）C．pH試紙不變色 D．石蕊試液不變色11、《本草綱目》記載了燒酒的制造工藝：“凡酸壞之酒，皆可蒸燒”，“以燒酒復(fù)燒二次……價(jià)值數(shù)倍也”。其方法與分離下列物質(zhì)的實(shí)驗(yàn)方法原理上相同的是A．甲苯和水B．硝酸鉀和氯化鈉C．食鹽水和泥沙D．乙酸乙酯和甘油（丙三醇）12、下列有關(guān)說法中正確的是A．干粉滅火器和泡沫滅火器的工作原理相同B．實(shí)驗(yàn)室配制1.0mol?L－1的NaOH溶液定容時(shí)俯視刻度線，配制溶液濃度偏低C．國(guó)產(chǎn)大飛機(jī)C919發(fā)動(dòng)機(jī)使用的氮化硅屬于無機(jī)非金屬材料D．冰水混合物、四氧化三鐵、純凈礦泉水都不是混合物13、第116號(hào)元素Lv的名稱為鉝，關(guān)于的敘述錯(cuò)誤的是A．核電荷數(shù)116 B．中子數(shù)177C．核外電子數(shù)116 D．元素的相對(duì)原子質(zhì)量29314、某中德聯(lián)合研究小組設(shè)計(jì)制造了一種“水瓶”，用富勒烯(C60)的球形籠子作“瓶體”，一種磷酸鹽作“瓶蓋”，恰好可將一個(gè)水分子關(guān)在里面。下列說法正確的是()A．“水瓶”、冰水混合物、CuSO4?5H2O都是混合物B．金剛石、石墨和C60互稱為同素異形體，其中金剛石更穩(wěn)定C．磷酸鈣是難溶性弱電解質(zhì)D．一定條件下石墨轉(zhuǎn)化為C60是化學(xué)變化，屬于有單質(zhì)參加的非氧化還原反應(yīng)15、下列表示正確的是()A．二氧化硅晶體的分子式：SiO2 B．37Cl－的結(jié)構(gòu)示意圖：C．CCl4的比例模型： D．氨基的電子式：16、下列陳述Ⅰ、Ⅱ正確并且有因果關(guān)系的是選項(xiàng)陳述Ⅰ陳述ⅡASO2有漂白性SO2可使溴水褪色BSiO2有導(dǎo)電性SiO2可用于制備光導(dǎo)纖維C濃硫酸有強(qiáng)氧化性濃硫酸可用于干燥H2和CODFe3+有氧化性FeCl3溶液可用于回收廢舊電路板中的銅A．A B．B C．C D．D17、工業(yè)上處理黃銅礦（主要成分是CuFeS2）的主要反應(yīng)是2CuFeS2+4O2=Cu2S+3SO2+2FeO。關(guān)于該反應(yīng)的下列說法中，不正確的是（

）A．CuFeS2既是氧化劑又是還原劑B．還原產(chǎn)物有Cu2S、SO2、FeOC．Fe元素的化合價(jià)沒有變化D．每反應(yīng)1molCuFeS2，轉(zhuǎn)移電子8mol18、下列敘述正確的是A．同溫同壓下，相同體積的物質(zhì)，它們的物質(zhì)的量必相等B．任何條件下，等物質(zhì)的量的乙烯和一氧化碳所含的分子數(shù)必相等C．1L一氧化碳?xì)怏w一定比1L氧氣的質(zhì)量小D．等體積、等物質(zhì)的量濃度的強(qiáng)酸中所含的H+數(shù)一定相等19、將22.4L某氣態(tài)氮氧化合物與足量的灼熱銅粉完全反應(yīng)后生成氮?dú)獾捏w積11.2L(體積均在相同條件下測(cè)定)，則該氮氧化合物的化學(xué)式為()A．NO2 B．N2O2 C．N2O D．N2O420、下列說法不符合人與自然和諧相處的是A．很多城市對(duì)廢舊電池進(jìn)行回收處理B．許多國(guó)家對(duì)廢舊塑料垃圾進(jìn)行了深埋處理C．現(xiàn)在不少地區(qū)正在使用沼氣、太陽(yáng)能、風(fēng)能等能源替代傳統(tǒng)的煤炭D．許多地方政府出臺(tái)相關(guān)法規(guī)來保護(hù)生物物種多樣性21、下列關(guān)于物質(zhì)分類的說法不正確的是A．金剛石、紅磷都屬于單質(zhì) B．漂白粉、玻璃都屬于混合物C．氯化銨、氨氣都屬于電解質(zhì) D．生鐵、青銅都屬于合金22、下列有關(guān)電解質(zhì)溶液中粒子濃度關(guān)系正確的是A．pH=1的NaHSO4溶液：B．含有AgCl和AgI固體的懸濁液：C．pH相等的①NH4Cl②(NH4)2SO4③NH4HSO4溶液中：大小順序：①>②>③D．含等物質(zhì)的量的NaHC2O4和Na2C2O4的溶液(H2C2O4為二元弱酸)：二、非選擇題(共84分)23、（14分）A、B、C、X均為中學(xué)化學(xué)常見物質(zhì)，它們之間有如下轉(zhuǎn)化關(guān)系(副產(chǎn)物已略去)。（1）X是空氣中存在的強(qiáng)氧化性無色氣體單質(zhì)，則A不是_____(填序號(hào))。a．Cb．Nac．Ald．S若C是紅棕色氣體，則A可能是___________或____________。（2）若X是一種溫室氣體，單質(zhì)A被譽(yù)為國(guó)防金屬，則反應(yīng)①的化學(xué)方程式為___________________________________________________。（3）若X為苛性堿，A是具有臭雞蛋性氣味的氣體，則反應(yīng)②的離子方程式為___________________________________________________。24、（12分）霧霾嚴(yán)重影響人們的生活與健康。某地區(qū)的霧霾中可能含有如下可溶性無機(jī)離子：Na+、NH、Mg2+、Al3+、SO、NO、Cl－。某同學(xué)收集了該地區(qū)的霧霾，經(jīng)必要的預(yù)處理后試樣溶液，設(shè)計(jì)并完成了如圖的實(shí)驗(yàn)：已知：3NO+8Al+5OH－+2H2O=3NH3↑+8AlO。根據(jù)以上的實(shí)驗(yàn)操作與現(xiàn)象，回答下列問題(1)氣體1為______(填化學(xué)式，下同)(2)試樣溶液中肯定存在________離子。試樣中可能存在______離子。(3)寫出沉淀1部分溶解的離子方程式__________。25、（12分）FeCl2是一種常用的還原劑、媒染劑。某化學(xué)實(shí)驗(yàn)小組在實(shí)驗(yàn)室里用如下兩種方法來制備無水FeCl2。有關(guān)物質(zhì)的性質(zhì)如下：C6H5Cl(氯苯）C6H4Cl2(二氯苯）FeCl3FeCl2溶解性不溶于水，易溶于苯、乙醇不溶于C6H5Cl、C6H4Cl2、苯，易溶于乙醇，易吸水熔點(diǎn)/℃-4553易升華沸點(diǎn)/℃132173(1)用H2還原無水FeCl3制取FeCl2。有關(guān)裝置如下：①H2還原無水FeCl3制取FeCl2的化學(xué)方程式為_______。②按氣流由左到右的方向，上述儀器的連接順序?yàn)開___（填字母，裝置可多次使用）；C中盛放的試劑是_____。③該制備裝置的缺點(diǎn)為______。(2)利用反應(yīng)2FeCl3+C6H5Cl→2FeCl2+C6H4Cl2+HCl↑，制取無水FeCl2并測(cè)定FeCl3的轉(zhuǎn)化率。按下圖裝置，在三頸燒瓶中放入32.5g無水氯化鐵和過量的氯苯，控制反應(yīng)溫度在一定范圍加熱3h，冷卻、分離提純得到粗產(chǎn)品。①儀器a的名稱是____。②反應(yīng)結(jié)束后，冷卻實(shí)驗(yàn)裝置A，將三頸燒瓶?jī)?nèi)物質(zhì)倒出，經(jīng)過濾、洗滌、干燥后，得到粗產(chǎn)品。洗滌所用的試劑可以是__，回收濾液中C6H5C1的操作方法是____。③反應(yīng)后將錐形瓶中溶液配成250mL，量取25.00mL所配溶液，用0.40mol/LNaOH溶液滴定，終點(diǎn)時(shí)消耗NaOH溶液為19.60mL，則氯化鐵的轉(zhuǎn)化率為______。26、（10分）某化學(xué)興趣小組測(cè)定某Fe2(SO4)3樣品(只含少量FeCl2雜質(zhì))中鐵元素的質(zhì)量分?jǐn)?shù)，按以下實(shí)驗(yàn)步驟進(jìn)行操作：①稱取ag樣品，置于燒杯中；②加入50mL1.0mol/L稀硫酸和一定量的蒸餾水，使樣品溶解，然后準(zhǔn)確配制成250.0mL溶液；③量取25.0mL步驟②中配得的溶液，置于燒杯中，加入適量氯水，使反應(yīng)完全；④加入過量氨水，充分?jǐn)嚢瑁钩恋硗耆?；⑤過濾，洗滌沉淀；將沉淀轉(zhuǎn)移到某容器內(nèi)，加熱、攪拌，直到固體由紅褐色全部變?yōu)榧t棕色后，在干燥器中冷卻至室溫后，稱量；⑥……請(qǐng)根據(jù)上面敘述，回答：(1)上圖所示儀器中，步驟①②③中必須用到的儀器有E和___________(填字母)。(2)步驟②中：配制50mL1.0mol/L稀H2SO4，需要用量筒量取98%(密度1.84g/cm3)的濃H2SO4體積為________mL。(3)樣品中的雜質(zhì)Fe2＋有較強(qiáng)的還原性，完成并配平下列反應(yīng)的離子方程式____Fe2＋＋ClO2＋===Fe3＋＋Cl－＋H2O從理論上分析，上述實(shí)驗(yàn)中若將氯水改為ClO2時(shí)，對(duì)實(shí)驗(yàn)結(jié)果的影響是__________(填“偏大”“偏小”或“不影響”)，等物質(zhì)的量ClO2與Cl2的氧化效率之比為__________。(4)若步驟⑤不在干燥器中冷卻，則測(cè)定的鐵元素的質(zhì)量分?jǐn)?shù)會(huì)________(填“偏大”“偏小”或“不影響”)。27、（12分）下圖是實(shí)驗(yàn)室制備氯氣并進(jìn)行一系列相關(guān)實(shí)驗(yàn)的裝置（夾持設(shè)備已略）。（1）裝置A是氯氣的發(fā)生裝置，請(qǐng)寫出該反應(yīng)相應(yīng)的化學(xué)方程式:________。（2）裝置B中飽和食鹽水的作用是______；同時(shí)裝置B也是安全瓶，監(jiān)測(cè)實(shí)驗(yàn)進(jìn)行時(shí)C中是否發(fā)生堵塞，請(qǐng)寫出發(fā)生堵塞時(shí)B中的現(xiàn)象:_________。（3）裝置C的實(shí)驗(yàn)?zāi)康氖球?yàn)證氯氣是否具有漂白性，為此C中I、Ⅱ、Ⅲ處依次放入物質(zhì)的組合應(yīng)是_________（填字母編號(hào)）。編號(hào)IⅡⅢa干燥的有色布條堿石灰濕潤(rùn)的有色布條b干燥的有色布條無水硫酸銅濕潤(rùn)的有色布條c濕潤(rùn)的有色布條濃硫酸干燥的有色布條d濕潤(rùn)的有色布條無水氯化鈣干燥的有色布條（4）設(shè)計(jì)裝置D、E的目的是比較氯、溴、碘單質(zhì)的氧化性。反應(yīng)一段時(shí)間后，打開活塞，將裝置D中少量溶液加入裝置E中，振蕩，觀察到的現(xiàn)象是______，該現(xiàn)象____（填“能”或“不能”）說明溴單質(zhì)的氧化性強(qiáng)于碘，原因是________。（5）裝置F的燒杯中的溶液不能選用下列中的_________（填字母編號(hào)）。A．飽和NaOH溶液B．飽和Ca（OH）2溶液C．飽和Na2CO3溶液28、（14分）“綠水青山就是金山銀山”，研究NO2、NO、CO等大氣污染物的處理對(duì)建設(shè)美麗家鄉(xiāng)，打造宜居環(huán)境具有重要意義。(1)汽車尾氣中含有CO、NO、NO2等有毒氣體，對(duì)汽車加裝尾氣凈化裝置，用含鉑等過渡元素的催化劑催化，可使有毒氣體相互反應(yīng)轉(zhuǎn)化成無毒氣體。已知：碳C(s)的燃燒熱為393.5kJ·mol-1，N2(g)+2O2(g)＝2NO2(g)ΔH1＝+68kJ·mol-1C(s)＋1/2O2(g)＝CO(g)ΔH2＝－110.5kJ·mol-1則2NO2(g)+4CO(g)4CO2(g)+N2(g)ΔH＝____(2)CO還原法處理NO:原理為2CO(g)+2NO(g)=N2(g)+2CO2(g)△H=-746kJ?mol-1。在容積為2L的某密閉容器中充入5molCO和4molNO，發(fā)生該反應(yīng)。平衡體系中NO的體積分?jǐn)?shù)與溫度、壓強(qiáng)的關(guān)系如圖所示。①下列有關(guān)說法正確的是___________(填代號(hào))。a.溫度:T2>T1b.NO的平衡轉(zhuǎn)化率：F>D>Bc.反應(yīng)速率:C>D>E②某溫度下，上述反應(yīng)進(jìn)行5min時(shí)放出的熱量為373kJ，則N2的平均反應(yīng)速率υ(N2)=_________mol·L?1?min-1。(3)某溫度下，N2O在金粉表面發(fā)生熱分解：2N2O(g)＝2N2(g)＋O2(g)，測(cè)得c(N2O)隨時(shí)間t變化關(guān)系如圖所示。已知瞬時(shí)反應(yīng)速率υ與c(N2O)的關(guān)系為υ＝kcn(N2O)(k是反應(yīng)速率常數(shù))，則n＝________，k＝_____。(4)元素鈰(Ce)常見價(jià)態(tài)有+3、+4，霧霾中含有的污染物NO可以被含Ce4+的溶液吸收，生成NO2-、NO3-物質(zhì)的量之比為1：1，試寫出該反應(yīng)的離子方程式：__________________________。用電解的方法可將上述吸收液中的NO2-轉(zhuǎn)化為穩(wěn)定的無毒氣體，同時(shí)生成Ce4＋，其原理如圖所示。①無毒氣體從電解槽的_____(填字母代號(hào))口逸出。②每生成標(biāo)準(zhǔn)狀況下11.2L無毒氣體，同時(shí)可再生Ce4＋_____mol。29、（10分）直接排放含的煙氣會(huì)形成酸雨，危害環(huán)境。工業(yè)上常采用催化還原法和堿吸收法處理SO2氣體。（1）1mol（g）完全燃燒生成氣態(tài)水的能量變化和1molS（g）燃燒的能量變化如圖所示。在催化劑作用下，可以還原生成單質(zhì)S（g）、（g）和，寫出該反應(yīng)的熱化學(xué)方程式：____________。（2）焦炭催化還原二氧化硫的化學(xué)方程式為。一定壓強(qiáng)下，向1L密閉容器中加入足量的焦炭和1mol發(fā)生反應(yīng)，測(cè)得的生成速率與（g）的生成速率隨溫度變化的關(guān)系如圖所示：①A、B、C、D四點(diǎn)對(duì)應(yīng)的狀態(tài)中，達(dá)到平衡狀態(tài)的是_______（填字母）。②該反應(yīng)的_____0（填）。③下列措施能夠增大平衡轉(zhuǎn)化率的是______。A降低溫度B增加C的量C減小容器體積D添加高效催化劑（3）當(dāng)吸收液失去吸收能力后通入可得到溶液，用如圖所示裝置電解溶液可制得強(qiáng)氧化劑。①寫出電解溶液的化學(xué)方程式：________。②若用9.65A的恒定電流電解飽和溶液1小時(shí)，理論上生成的的物質(zhì)的量為________（F＝96500）。

參考答案一、選擇題(共包括22個(gè)小題。每小題均只有一個(gè)符合題意的選項(xiàng)）1、B【解析】A、葡萄糖的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式:CH2OH(CHOH)4CHO，C6H12O6是葡萄糖的分子式，故A錯(cuò)誤；B、B最外層只有三個(gè)電子，BCl3的電子式:，故B正確；C、硫離子核外有18個(gè)電子、最外層有8個(gè)電子，其離子結(jié)構(gòu)示意圖為：，故C錯(cuò)誤；D.質(zhì)量數(shù)為44，中子數(shù)為24的鈣原子:，故D錯(cuò)誤；故選B。點(diǎn)睛：本題考查化學(xué)用語(yǔ)的書寫判斷，涉及結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式、離子結(jié)構(gòu)示意圖、電子式等知識(shí)點(diǎn)，題目難度中等，解題關(guān)鍵：掌握化學(xué)用語(yǔ)特點(diǎn)。注意BCl3的電子式的書寫，為易錯(cuò)點(diǎn)。2、D【分析】根據(jù)圖像可知，增大壓強(qiáng)，C的百分含量增大，說明平衡正向移動(dòng)，B一定是氣體，A可能是氣體、液體或固體?！驹斀狻緼.若正反應(yīng)方向Q＜0，則升高溫度平衡正向移動(dòng)，C的百分含量增大，T1＞T2，故A正確；B.根據(jù)圖像可知，增大壓強(qiáng)，C的百分含量增大，說明平衡正向移動(dòng)，正方向氣體系數(shù)和減小，所以A可能為氣體，故B正確；C.增大壓強(qiáng)，C的百分含量增大，說明平衡正向移動(dòng)，氣體總質(zhì)量不變或增大，氣體物質(zhì)的量一定減小，，所以混合氣體的平均相對(duì)分子質(zhì)量增大，故C正確；D.增大壓強(qiáng)，C的百分含量增大，說明平衡正向移動(dòng)，正方向氣體系數(shù)和減小，B一定是氣體，故D錯(cuò)誤。答案選D?！军c(diǎn)睛】本題考查外界條件對(duì)化學(xué)反應(yīng)速率、化學(xué)平衡移動(dòng)影響，重點(diǎn)是學(xué)生識(shí)圖能力的考查，做題時(shí)注意分析圖象曲線的變化特點(diǎn)，采取定一議二解答。3、C【解析】根據(jù)原子守恒可知反應(yīng)后容器內(nèi)氮原子和氧原子數(shù)之比為，答案選C。4、D【詳解】根據(jù)圖像得出升高溫度，平衡向吸熱反應(yīng)移動(dòng)，Z的體積分?jǐn)?shù)減小，說明逆向移動(dòng)，即逆向是吸熱反應(yīng)，正向?yàn)榉艧岱磻?yīng)；加壓，向體積減小方向移動(dòng)，Z體積分?jǐn)?shù)減小，說明逆向移動(dòng)，即逆向是體積減小反應(yīng)，正向?yàn)轶w積增大反應(yīng)，故D正確；綜上所述，答案為D。5、B【解析】A、根據(jù)反應(yīng)方程式可得5H2C2O4~2MnO4-，由實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)分析可知，在這三個(gè)實(shí)驗(yàn)中，所加H2C2O4溶液均過量，故A正確；B、根據(jù)已知數(shù)據(jù)可得v(KMnO4)=0.010mol/L×0.004L/40s=1.0×10-6mol/L/s，所以B錯(cuò)誤；C、分析表中數(shù)據(jù)可知，實(shí)驗(yàn)①和實(shí)驗(yàn)②只是濃度不同，實(shí)驗(yàn)②和③只是溫度不同，所以C是正確的；D、在其它條件都相同時(shí)，開始速率很小，過一會(huì)兒速率突然增大，說明反應(yīng)生成了具有催化作用的物質(zhì)，其中水沒有這種作用，CO2釋放出去了，所以可能起催化作用的是Mn2+，故D正確。本題正確答案為B。6、B【詳解】根據(jù)定義，共價(jià)鍵中的電子被成鍵的兩個(gè)原子共有，圍繞兩個(gè)原子核運(yùn)動(dòng)。所以，形成共價(jià)鍵的原子的最外層電子數(shù)等于它本身最外層電子的個(gè)數(shù)加上它與其他原子形成共價(jià)鍵的數(shù)目。據(jù)此，題中各原子的最外層電子個(gè)數(shù)為：A.BF3中B有3+3＝6個(gè)電子、F有7+1＝8個(gè)電子，不符合題意；B.NCl3中N有5+3＝8個(gè)電子、Cl有7+1＝8個(gè)電子，符合題意；C.H2O中H有1+1＝2個(gè)電子、O有6+2＝8個(gè)電子，不符合題意；D.PCl5中P有5+5＝10個(gè)電子、Cl有7+1＝8個(gè)電子，不符合題意。故答案選B。【點(diǎn)睛】本題要注意解題方法：滿足最外層8電子飽和的，我們先看有沒有氫元素，因?yàn)闅湓刈钔鈱?個(gè)電子就可以達(dá)到飽和了，所以很快的就可以排除了C選項(xiàng)，對(duì)于ABn型，我們可以按照一個(gè)公式：化合價(jià)的絕對(duì)值+主族序數(shù)=8，那么就滿足8個(gè)電子飽和了。7、D【詳解】A．除去Cl2中含有的少量HCl，Cl2氯化氫均與NaOH溶液反應(yīng)，無法達(dá)到分離提純的目的，應(yīng)該選用飽和食鹽水，A錯(cuò)誤；B．直接蒸干FeCl3飽和溶液時(shí)，鐵離子水解生成HCl，蒸干得到Fe(OH)3，灼燒產(chǎn)物為Fe2O3，不能制備FeCl3晶體，B錯(cuò)誤；C．圖中是簡(jiǎn)易的啟普發(fā)生器裝置，適合于不需加熱的塊狀固體與液體反應(yīng)制備氣體，純堿是白色粉末狀物質(zhì)，易溶于水，使用啟普發(fā)生器不能控制反應(yīng)停止，達(dá)不到制備少量CO2的目的，C錯(cuò)誤；D．CCl4萃取碘水后的有機(jī)層和水層互不相溶，CCl4密度大在下層，水在上層，可用分液漏斗分離，D正確；故選D?！军c(diǎn)睛】啟普發(fā)生器裝置適用于塊狀固體與液體反應(yīng)，在不加熱情況下制備氣體，優(yōu)點(diǎn)是“隨開隨用，隨關(guān)隨?！?。8、C【分析】根據(jù)元素在周期表中的位置知，W屬于第二周期元素，X、Y、Z屬于第三周期元素，設(shè)X的原子最外層電子數(shù)是a，則W、Y的最外層電子數(shù)是a+2，Z最外層電子數(shù)是a+3，這四種元素原子的最外層電子數(shù)之和為23，則a+（a+2）+（a+2）+（a+3）=23，解得a=4，所以X是Si元素、W是O元素、Y是S元素、Z是Cl元素?！驹斀狻緼項(xiàng)、同周期元素從左到右，原子半徑依次減小，同主族元素從上到下，原子半徑依次增大，則原子半徑：X>Y>W，故A正確；B項(xiàng)、同周期元素從左到右，非金屬性依次增強(qiáng)，最高價(jià)氧化物對(duì)應(yīng)水化物的酸性依次增強(qiáng)，則最高價(jià)氧化物對(duì)應(yīng)水化物的酸性：X<Y<Z，故B正確；C項(xiàng)、電子層結(jié)構(gòu)相同的離子，隨核電荷數(shù)增大，離子半徑依次減小，則簡(jiǎn)單離子半徑：Y>Z，故C錯(cuò)誤；D項(xiàng)、元素非金屬性越強(qiáng)，簡(jiǎn)單離子的還原性越弱，元素非金屬性Z>Y，則簡(jiǎn)單離子的還原性：Y>Z，故D正確；故選C?！军c(diǎn)睛】電子層結(jié)構(gòu)相同的離子，隨核電荷數(shù)增大，離子半徑依次減小是解答關(guān)鍵，也是易錯(cuò)點(diǎn)。9、C【詳解】A.Al2O3和HCl反應(yīng)生成AlCl3，但AlCl3不能一步反應(yīng)生成Al2O3，所以上述關(guān)系不可以一步實(shí)現(xiàn)，故A錯(cuò)誤；B.NaCl不能一步反應(yīng)生成Na2O2，所以上述關(guān)系不可以一步實(shí)現(xiàn)，故B錯(cuò)誤；C.Fe和Cl2反應(yīng)生成FeCl3，F(xiàn)e和鹽酸反應(yīng)生成FeCl2，F(xiàn)eCl3和Fe反應(yīng)生成FeCl2，F(xiàn)eCl2和Cl2反應(yīng)生成FeCl3，所以上述關(guān)系可以一步實(shí)現(xiàn)，故C正確；D.Mg(OH)2不能一步反應(yīng)生成MgCO3，所以上述關(guān)系不可以一步實(shí)現(xiàn)，故D錯(cuò)誤；故選C。10、B【詳解】A．pH=7的溶液不一定呈中性，如100℃時(shí)，水的離子積常數(shù)是10-12，pH=6時(shí)溶液呈中性，當(dāng)pH=7時(shí)溶液呈堿性，故A錯(cuò)誤；B．c（H+）=c（OH-）溶液一定呈中性，故B正確；C．pH試紙測(cè)定溶液的酸堿性時(shí)，不變色時(shí)溶液不一定顯中性，故C錯(cuò)誤；D．石蕊試液為紫色溶液，變色范圍5~8，故石蕊試液不變色溶液不一定呈中性，故D錯(cuò)誤；答案選B?！军c(diǎn)晴】溶液的酸堿性是根據(jù)溶液中氫離子濃度和氫氧根離子濃度的相對(duì)大小判斷的；當(dāng)溶液中氫離子濃度大于氫氧根離子濃度時(shí)，溶液呈酸性；當(dāng)氫離子濃度和氫氧根離子濃度相等時(shí)，溶液呈中性；當(dāng)溶液中氫氧根離子濃度大于氫離子濃度時(shí)，溶液呈堿性，注意不能根據(jù)溶液的pH值判斷溶液的酸堿性，因?yàn)闇囟扔绊懥怂碾婋x，水的離子積常數(shù)在不同溫度下是不等的。11、D【解析】燒酒的制造工藝蒸餾法，而選項(xiàng)A中用分液法；選項(xiàng)B中用重結(jié)晶法；選項(xiàng)C中用過濾法；選項(xiàng)D中使用蒸餾；故選擇D。12、C【詳解】A．干粉的主要成分是碳酸氫鈉（NaHCO3），受熱后生成純堿、水和二氧化碳；而泡沫滅火器內(nèi)有兩個(gè)容器，分別盛放兩種液體，它們是硫酸鋁和碳酸氫鈉溶液，兩種溶液互不接觸，不發(fā)生任何化學(xué)反應(yīng)，當(dāng)需要泡沫滅火器時(shí)，把滅火器倒立，兩種溶液混合在一起，就會(huì)產(chǎn)生大量的二氧化碳?xì)怏w，二者滅火原理不同，A項(xiàng)錯(cuò)誤；B．定容時(shí)俯視刻度線，則凹液面最低點(diǎn)低于刻度線，因而溶液的體積偏小，根據(jù)濃度公式推知溶液濃度偏高，B項(xiàng)錯(cuò)誤；C．氮化硅是一種重要的結(jié)構(gòu)陶瓷材料，它是一種超硬物質(zhì)，本身具有潤(rùn)滑性，并且耐磨損，高溫時(shí)抗氧化，屬于無機(jī)非金屬材料，C項(xiàng)正確；D．礦泉水是從地下深處自然涌出的或經(jīng)人工揭露的、未受污染的地下礦水，含有一定量的礦物鹽、微量元素或二氧化碳?xì)怏w，純凈礦泉水屬于混合物，D項(xiàng)錯(cuò)誤；故選C。13、D【詳解】A.元素符號(hào)左下角表示的是原子核內(nèi)的質(zhì)子數(shù)，核電荷數(shù)=質(zhì)子數(shù)，故核電荷數(shù)為116，A項(xiàng)正確；B、中子數(shù)=質(zhì)量數(shù)-質(zhì)子數(shù)=293-116=177，B項(xiàng)正確；C、原子序數(shù)=質(zhì)子數(shù)=核外電子數(shù)=核電荷數(shù)，可知核外電子數(shù)為116，C項(xiàng)正確；D、293代表該原子的質(zhì)量數(shù)，一種元素有多種核素，質(zhì)量數(shù)指的是質(zhì)子數(shù)與中子數(shù)之和，不同核素的質(zhì)量數(shù)不同，由于不知道該元素有幾種同位素原子，各種同位素原子的含量是多少，因此不能確定該元素的相對(duì)原子質(zhì)量，D項(xiàng)錯(cuò)誤；答案選D?！军c(diǎn)睛】化學(xué)用語(yǔ)是化學(xué)考試中的高頻考點(diǎn)，其中元素符號(hào)的含義要牢記在心，其左上角為質(zhì)量數(shù)（A）、左下角為質(zhì)子數(shù)（Z），質(zhì)子數(shù)（Z）=核電荷數(shù)=原子序數(shù)，質(zhì)量數(shù)（A）=質(zhì)子數(shù)（Z）+中子數(shù)（N）。14、D【詳解】A.冰水混合物、CuSO4?5H2O都是純凈物，故A錯(cuò)誤；B.金剛石、石墨和C60都是由碳元素組成的不同單質(zhì)，互為同素異形體，其中金剛石和石墨相比較，石墨的能量低，比較穩(wěn)定，故B錯(cuò)誤；C.磷酸鈣為難溶物，但溶解的部分在水溶液中完全電離，是強(qiáng)電解質(zhì)，故C錯(cuò)誤；D.同素異形體之間的轉(zhuǎn)化伴隨著舊鍵的斷裂和新鍵的形成，是化學(xué)變化，反應(yīng)前后化合價(jià)沒有發(fā)生變化，屬于有單質(zhì)參加的非氧化還原反應(yīng)，故D正確；故選：D。15、B【詳解】A.SiO2為二氧化硅的化學(xué)式,二氧化硅晶體為原子晶體,不存在SiO2分子，故A錯(cuò)誤；B.氯離子的核外電子總數(shù)為18，最外層達(dá)到8電子穩(wěn)定結(jié)構(gòu)，氯離子結(jié)構(gòu)示意圖為，故B正確；C四氯化碳分子中，氯原子的原子半徑大于碳原子，四氯化碳的正確的比例模型為，故C錯(cuò)誤；D.氮原子最外層5個(gè)電子，與兩個(gè)氫原子形成兩對(duì)共用電子對(duì)，氨基的電子式：，故D錯(cuò)誤；答案選B。【點(diǎn)睛】化學(xué)用語(yǔ)中，注意比例模型中原子的大小。16、D【詳解】A．二氧化硫與溴水發(fā)生氧化還原反應(yīng)，化學(xué)方程式為SO2+Br2+2H2O=H2SO4+2HCl，體現(xiàn)二氧化硫的還原性，與SO2的漂白性無關(guān)，Ⅰ和Ⅱ無因果關(guān)系，故A錯(cuò)誤；B．SiO2不導(dǎo)電，二氧化硅是良好的光導(dǎo)材料，用作制光導(dǎo)纖維的原料，Ⅰ不正確、Ⅱ正確，Ⅰ和Ⅱ無因果關(guān)系，故B錯(cuò)誤；C．濃硫酸可用于干燥H2和CO，是因?yàn)闈饬蛩峋哂形裕c濃硫酸的強(qiáng)氧化性無關(guān)，Ⅰ和Ⅱ無因果關(guān)系，故C錯(cuò)誤；D．Fe3+具有氧化性，能將銅氧化為銅離子，化學(xué)方程式為2Fe3++Cu=2Fe2++Cu2+，所以FeCl3溶液可用于回收廢舊電路板中的銅，Ⅰ、Ⅱ正確有因果關(guān)系，故D正確；答案為D。17、D【詳解】A.CuFeS2中銅元素化合價(jià)降低，硫元素化合價(jià)升高，既是氧化劑又是還原劑，故正確；B.反應(yīng)中銅元素和氧元素化合價(jià)降低，所以Cu2S、SO2、FeO三種物質(zhì)都為還原產(chǎn)物，故正確；C.鐵元素前后沒有變價(jià)，故正確；D.反應(yīng)中只有硫元素化合價(jià)升高，轉(zhuǎn)移18個(gè)電子，所以每反應(yīng)1molCuFeS2，轉(zhuǎn)移電子9mol，故錯(cuò)誤；故選D。18、B【解析】A、根據(jù)阿伏加德羅定律知同溫同壓下，相同體積的任何氣體，它們的物質(zhì)的量必相等，A錯(cuò)誤；B、任何條件下，等物質(zhì)的量的乙烯和一氧化碳所含的分子數(shù)必相等，B正確；C、缺少溫度和壓強(qiáng)，無法確定1L一氧化碳?xì)怏w和1L氧氣的質(zhì)量大小，C錯(cuò)誤；D、等體積、等物質(zhì)的量濃度的強(qiáng)酸中酸的物質(zhì)的量相等，但所含的H+數(shù)不一定相等，如HNO3和H2SO4，D錯(cuò)誤；答案選B。19、A【詳解】根據(jù)題意，假設(shè)反應(yīng)為：2NxOy+2yCu=2yCuO+xN2。又因?yàn)樵谙嗤瑮l件下，氣體的體積之比等于其物質(zhì)的量之比，根據(jù)題中數(shù)據(jù)，反應(yīng)后氣體體積為反應(yīng)前氣體體積的一半，所以可判斷x=1，根據(jù)選項(xiàng)中的化學(xué)式，故可判斷A正確。20、B【解析】A、對(duì)廢舊電池進(jìn)行回收處理可以減少對(duì)環(huán)境的污染，符合人與自然和諧相處，故A正確；B、將塑料垃圾埋入地下或傾倒入海，仍會(huì)產(chǎn)生污染，不符合人與自然和諧相處，故B錯(cuò)誤；C、使用沼氣、太陽(yáng)能、風(fēng)能等代替煤炭，減少污染物的排放，符合人與自然和諧相處，故C正確；D、保護(hù)生物物種多樣性，符合人與自然和諧相處，故D正確。答案選B。【點(diǎn)睛】本題考查化學(xué)與環(huán)境，側(cè)重于化學(xué)與生活、生產(chǎn)和環(huán)境的考查，有利于培養(yǎng)學(xué)生良好的科學(xué)素養(yǎng)，提高學(xué)習(xí)的積極性。21、C【詳解】A.金剛石是C、紅磷是P，都屬于單質(zhì)，A正確；B.漂白粉主要成分是氯化鈣和次氯酸鈣、玻璃主要成分是二氧化硅，都屬于混合物，B正確；C.氯化銨是NH4Cl、氨氣NH3，前者屬于電解質(zhì)，后者屬于非電解質(zhì)，C錯(cuò)誤；D.生鐵是鐵、碳合金，青銅是銅、錫合金，都屬于合金，D正確；答案為C。22、A【詳解】A.pH=1的NaHSO4溶液，根據(jù)物料守恒，，根據(jù)電荷守，所以，故A正確；B.AgCl的溶度積常數(shù)大于AgI，含有AgCl和AgI固體的懸濁液，，所以，故B錯(cuò)誤；C.相同pH的（NH4）2SO4與NH4Cl溶液，都是強(qiáng)酸弱堿鹽，根據(jù)溶液pH相等可判斷二者NH4+濃度相等，由于NH4HSO4電離時(shí)產(chǎn)生H+使溶液呈酸性，因此NH4HSO4中NH4+的濃度小于（NH4）2SO4，大小順序：①=②>③，故C錯(cuò)誤；D.含等物質(zhì)的量的NaHC2O4和Na2C2O4的溶液(H2C2O4為二元弱酸)，根據(jù)物料守恒，故D錯(cuò)誤；故答案選A。二、非選擇題(共84分)23、cN2NH32Mg+CO22MgO+CHS-+OH-=S2-+H2O【分析】當(dāng)X為氧氣時(shí)，符合此轉(zhuǎn)化關(guān)系的變化有：C（CH4）→CO→CO2、N2（NH3）→NO→NO2、S（H2S）→SO2→SO3、Na→Na2O→Na2O2等；當(dāng)X為二氧化碳、A為Mg時(shí)，則有如下轉(zhuǎn)化關(guān)系：Mg→C→CO；當(dāng)X為NaOH、A為H2S氣體時(shí)，有如下轉(zhuǎn)化：H2S→HS-→S2-，據(jù)此分析解答。【詳解】（1）X是空氣中存在的強(qiáng)氧化性無色氣體單質(zhì)，則X為O2，a.當(dāng)A為C時(shí)，可發(fā)生如下轉(zhuǎn)化：C→CO→CO2；b.當(dāng)A為Na時(shí)，可發(fā)生如下轉(zhuǎn)化：Na→Na2O→Na2O2；c.當(dāng)A為鋁時(shí)，不能實(shí)現(xiàn)上述轉(zhuǎn)化關(guān)系；d.當(dāng)A為S時(shí)，可發(fā)生如下轉(zhuǎn)化：S→SO2→SO3；若C是紅棕色氣體，則C為NO2，轉(zhuǎn)化關(guān)系可以是：NH3→NO→NO2或N2→NO→NO2，綜上所述，答案為：c；N2或NH3；（2）X是一種溫室氣體，則X為二氧化碳；單質(zhì)A被譽(yù)為國(guó)防金屬，則A為金屬M(fèi)g，反應(yīng)①為鎂在二氧化碳中燃燒的反應(yīng)，反應(yīng)方程式為：2Mg+CO22MgO+C，故答案為2Mg+CO22MgO+C；（3）X為苛性堿，則X為NaOH；A是具有臭雞蛋性氣味的氣體，則A為H2S，所以轉(zhuǎn)化關(guān)系為：H2S→NaHS→Na2S，反應(yīng)②的離子方程式為HS-+OH-=S2-+H2O，故答案為HS-+OH-=S2-+H2O。【點(diǎn)睛】本題主要考查了物質(zhì)間的轉(zhuǎn)化規(guī)律，符合題給連續(xù)轉(zhuǎn)化關(guān)系的物質(zhì)間的轉(zhuǎn)化有多種情況，一是氧化還原反應(yīng)類型，如含C、N、S、Fe等元素的單質(zhì)及化合物之間的轉(zhuǎn)化；二是復(fù)分解反應(yīng)類型，如堿→正鹽→酸式鹽、正鹽→酸式鹽→新鹽和鋁三角之間的相互轉(zhuǎn)化等。24、NH3NH、Mg2+、SO和NONa+、Cl－和Al3+Mg(OH)2+2H+=Mg2++H2O【分析】試樣溶液中加入過量氫氧化鋇溶液并加熱，生成的氣體1遇濕潤(rùn)紅色石蕊試紙顯藍(lán)色，該氣體1是氨氣，則試樣中含有銨根離子，向?yàn)V液中通入二氧化碳，得到的溶液2，沉淀2，溶液2中加入鋁，生成的氣體2，該氣體為氨氣，據(jù)已知條件知，溶液2中含有硝酸根離子，根據(jù)元素守恒知，原溶液中含有硝酸根離子，濾液1中通入二氧化碳，得到沉淀2，向沉淀2中加入酸，沉淀溶解并放出氣體，說明沉淀2是碳酸鋇，沉淀1加入酸后，沉淀部分溶解，所以有硫酸鋇沉淀，說明原溶液中有硫酸根離子，能和過量的氫氧化鋇反應(yīng)生成能溶于酸的沉淀，根據(jù)離子知，該沉淀為氫氧化鎂，所以溶液中含有鎂離子。根據(jù)分析溶液中一定有銨根離子，鎂離子，硫酸根離子，和硝酸根離子，不能確定是否有鋁離子，可能存在鈉離子和氯離子，據(jù)此分析?！驹斀狻?1)氣體1為NH3；

(2)根據(jù)上述分析可知，試樣溶液中肯定存在NH、Mg2+、SO和NO離子。試樣中可能存在Na+、Cl－和Al3+離子；(3)沉淀1加入酸后，沉淀部分溶解，所以有硫酸鋇沉淀，說明原溶液中有硫酸根離子，能和過量的氫氧化鋇反應(yīng)生成能溶于酸的沉淀，根據(jù)離子知，該沉淀為氫氧化鎂，所以溶液中含有鎂離子，沉淀1部分溶解的離子方程式為Mg(OH)2+2H+=Mg2++H2O。25、H2+2FeCl32FeCl2+2HClBACDCE（或BCDCE）堿石灰氯化鐵易升華導(dǎo)致導(dǎo)管易堵塞球形冷凝管苯蒸餾濾液，并收集沸點(diǎn)132℃的餾分78.4％【詳解】(1)①H2還原無水FeCl3制取FeCl2，另一產(chǎn)物應(yīng)為含H、Cl的物質(zhì)，即為HCl，所以化學(xué)方程式為H2+2FeCl32FeCl2+2HCl。答案為：H2+2FeCl32FeCl2+2HCl②因?yàn)镕eCl3易吸水，所以在氫氣通入前，一定要進(jìn)行干燥處理，即由B裝置制得的H2一定要經(jīng)過C的干燥處理，至于H2中混有的HCl是否處理，問題并不大，因?yàn)橥ㄟ^堿石灰處理水蒸氣時(shí)，HCl也可被吸收。反應(yīng)后生成的HCl會(huì)污染環(huán)境，也需用堿石灰處理，多余的氫氣應(yīng)燒掉，從而得出按氣流由左到右的方向，上述儀器的連接順序?yàn)锽ACDCE(或BCDC)。答案為：BACDCE（或BCDCEC中盛放的試劑是堿石灰。答案為：堿石灰③因?yàn)槁然F易升華，則遇冷會(huì)凝華，所以裝置的缺陷也就暴露出來，即易堵塞導(dǎo)管。答案為：氯化鐵易升華導(dǎo)致導(dǎo)管易堵塞(2)①儀器a的名稱是球形冷凝管。答案為：球形冷凝管②因?yàn)镕eCl2易溶于水、乙醇，所以不能用水、乙醇洗滌；FeCl2難溶于苯，而氯苯、二氯苯易溶于苯，所以可用苯進(jìn)行洗滌。答案為：苯因?yàn)槁缺胶投缺降姆悬c(diǎn)相差較大，所以回收濾液中C6H5C1的操作方法是蒸餾濾液，并收集沸點(diǎn)132℃的餾分。答案為：蒸餾濾液，并收集沸點(diǎn)132℃的餾分③n(FeCl3)=2n(HCl)=2n(NaOH)=2×0.40mol/L×0.0196L×10=0.1568mol氯化鐵的轉(zhuǎn)化率為答案為：78.4％26、CFG2.7514H＋===512不影響5∶2偏大【分析】根據(jù)氧化還原反應(yīng)的本質(zhì)和特征分析解答；根據(jù)一定物質(zhì)的量濃度溶液的配制操作及注意事項(xiàng)分析解答；根據(jù)常用物質(zhì)的制備分析解答。【詳解】(1)稱量藥品用天平，氯化鐵和氯化亞鐵的水溶液都呈酸性，所以準(zhǔn)確量取25.00mL步驟②中配得的溶液用酸式滴定管，配制一定物質(zhì)的量濃度的溶液用容量瓶，故答案為CFG；(2)98%（密度1.84g/cm3）的濃H2SO4的物質(zhì)的量濃度為：c(濃H2SO4)=18.4mol/L，依據(jù)稀釋前后溶液溶質(zhì)物質(zhì)的量不變，故配制50mL，1.0mol/L稀H2SO4需要98%（密度1.84g/cm3）的濃H2SO4體積為c(濃)×V(濃)=c(稀)×V(稀)，帶入計(jì)算得到：18.4mol/L×V(濃)=1.0mol/L×0.05L，即V(濃)=2.7mL，故答案為2.7mL；(3)反應(yīng)中，F(xiàn)e2+轉(zhuǎn)化為Fe3+，ClO2中氯元素化合價(jià)從+4價(jià)變化為-1價(jià)，變化5價(jià)，電子轉(zhuǎn)移最小公倍數(shù)為5，依據(jù)電子守恒和原子守恒配平得到離子方程式為：5Fe2++ClO2+4H+═5Fe3++Cl-+2H2O；從理論上分析，上述實(shí)驗(yàn)中若將氯水改為ClO2時(shí)對(duì)實(shí)驗(yàn)無影響，不同的是氧化劑不同，同量還原性物質(zhì)被氧化需要失去電子相同；等物質(zhì)的量的ClO2與Cl2的氧化效率之比為為轉(zhuǎn)移電子數(shù)之比，ClO2～Cl-～5e-，Cl2～2Cl-～2e-，所以1molClO2與Cl2的氧化效率之比為5：2，故答案為5Fe2++ClO2+4H+═5Fe3++Cl-+2H2O，不影響，.5∶2；(4)若步驟⑤不在干燥器中冷卻，會(huì)吸收空氣中的水蒸氣，稱量的質(zhì)量增大，則測(cè)定的鐵元素的質(zhì)量分?jǐn)?shù)偏大，故答案為偏大。【點(diǎn)睛】稀釋操作中，溶質(zhì)的物質(zhì)的量是保持不變的，故有公式：c(濃)×V(濃)=c(稀)×V(稀)；氧化還原反應(yīng)中，得失電子數(shù)目守恒。27、Ca（ClO）2＋4HCl（濃）=CaCl2＋2Cl2↑＋2H2O除去Cl2中的HClB中長(zhǎng)頸漏斗中液面上升，形成水柱dE中溶液分為兩層，上層（苯層）為紫色不能過量的Cl2也可將I－氧化為I2b【解析】本題考查氯氣的實(shí)驗(yàn)室制取方法和氯氣氧化性的驗(yàn)證的實(shí)驗(yàn)題目，實(shí)驗(yàn)室中可采用漂白粉與濃鹽酸發(fā)生氧化還原反應(yīng)來制取氯氣，生成的氯氣中含有揮發(fā)出來的氯化氫氣體和水蒸氣，用飽和食鹽水吸收氯化氫氣體，用裝置C驗(yàn)證干燥的氯氣無漂白性，潮濕的氯氣才有漂白性，氯氣與碘化鉀溶液反應(yīng)生成碘單質(zhì)，碘單質(zhì)溶于苯中顯橙紅色，可以證明氯氣具有氧化性，氯氣有毒，最后用堿溶液吸收，防止污染環(huán)境。（1）漂白粉的主要成分是Ca(ClO)2，具有氧化性，HCl具有還原性，兩者發(fā)生氧化還原反應(yīng)，+1價(jià)的Cl和-1價(jià)的Cl發(fā)生歸中反應(yīng)，生成Cl2，化學(xué)方程式為：Ca(ClO)2＋4HCl（濃）=CaCl2＋2Cl2↑＋2H2O（2）氯氣中含有揮發(fā)出來的氯化氫氣體，氯化氫氣體極易溶于水，而氯氣在飽和食鹽水中的溶解度較低，故飽和食鹽水的作用是除去氯氣中的氯化氫；C中如果發(fā)生堵塞，B中的氯氣增多，壓強(qiáng)變大，將會(huì)使B裝置中的飽和食鹽水進(jìn)入長(zhǎng)頸漏斗中，長(zhǎng)頸漏斗中液面上升，形成水柱，故B可起安全瓶的作用，故本空答案為：B中長(zhǎng)頸漏斗中液面上升，形成水柱。（3）干燥的氯氣無漂白性，氯氣和水反應(yīng)生成的HClO才有漂白性，故潮濕的氯氣才具有漂白性。B裝置中出來的是潮濕的氯氣，選項(xiàng)a：I處放干燥的有色布條，布條褪色，Ⅱ處放堿石灰，得到干燥的氯氣，但Ⅲ處放的濕潤(rùn)的有色布條也會(huì)褪色，Ⅲ處應(yīng)該放置干燥的有色布條，a錯(cuò)誤。選項(xiàng)b:Ⅱ處的硫酸銅粉末主要是檢驗(yàn)水的存在，不適宜干燥氣體，b錯(cuò)誤。C選項(xiàng)中的濃硫酸應(yīng)放置在試劑瓶中，不能放置在U形管中，c錯(cuò)誤。d選項(xiàng)：氯氣通過I處濕潤(rùn)的有色布條褪色，再經(jīng)過無水氯化鈣干燥，Ⅲ處干燥的有色布條不褪色，可以說明干燥的氯氣無漂白性，潮濕的氯氣才有漂白性，d正確，答案選d。（4）D中Cl2與NaBr發(fā)生置換反應(yīng)生成液態(tài)溴單質(zhì)，將溶有溴單質(zhì)的D中的溶液滴入碘化鉀溶液中，Br2與KI發(fā)生置換反應(yīng)生成I2，I2單質(zhì)易溶于苯中，顯紫紅色，又因?yàn)楸降拿芏刃∮谒也蝗苡谒曰旌先芤悍謨蓪?，上層為溶有I2的苯溶液顯紫紅色，下層為近乎無色的水層。D中溶液中還含有溶于水的Cl2，也能將I-氧化為I2單質(zhì)，出現(xiàn)和上面相同的實(shí)驗(yàn)現(xiàn)象，故該現(xiàn)象不能說明溴單質(zhì)的氧化性強(qiáng)于碘，本題的答案為：E中溶液分為兩層，上層（苯層）為紫紅、不能、過量的Cl2也可將I－氧化為I2。（5）氯氣有毒，不能排放在空氣中，可以用飽和NaOH溶液吸收：Cl2+2NaOH=NaCl+NaClO+H2O，也可用飽和Na2CO3溶液吸收：Cl2+H2O+2Na2CO3=NaClO+NaCl+2NaHCO3，Ca(OH)2在水中的溶解度不大，所以飽和Ca(OH)2溶液的濃度較小，吸收氯氣不充分，故不能用飽和Ca(OH)2溶液吸收氯氣，答案選b。點(diǎn)睛：解答第4小問時(shí)，注意生成的Br2的溶液中還含有過量的Cl2，Cl2也能將I-氧化，產(chǎn)生與Br2氧化I-時(shí)相同的實(shí)驗(yàn)現(xiàn)象。28、-1200kJ·mol-1bc0.0500.0010mol·L-1·min-14Ce4++2NO+3H2O=4Ce3++NO2-+NO3-+6H+c3【分析】（1）已知：C(s)+O2(g)=CO2(g)△H=－393.5kJ·mol-1①N2(g)+2O2(g)＝2NO2(g)ΔH1＝+68kJ·mol-1②C(s)＋1/2O2(g)＝CO(g)ΔH2＝－110.5kJ·mol-1③根據(jù)蓋斯定律，4×（①-③）-②得到2NO2(g)+4CO(g)4CO2(g)+N2(g)，據(jù)此計(jì)算反應(yīng)熱；（2）①對(duì)于反應(yīng)2CO(g)+2NO(g)N2(g)+2CO2(g)△H=-746kJ?mol-1，正反應(yīng)放熱，在壓強(qiáng)一定的條件下，升高溫度，平衡向逆反應(yīng)方向移動(dòng)，體系中NO的平衡轉(zhuǎn)化率減小，體積分?jǐn)?shù)(NO)增大；對(duì)于反應(yīng)速率而言，增大壓強(qiáng)、升高溫度，速率會(huì)增大，據(jù)此可以選出正確答案；②熱化學(xué)方程式的反應(yīng)熱與轉(zhuǎn)化物質(zhì)的量成正比，結(jié)合化學(xué)反應(yīng)速率的定義υ==來計(jì)算N2的平均反應(yīng)速率。（3）根據(jù)圖像可知，相隔相同時(shí)間段，化學(xué)反應(yīng)速率相等。取特殊時(shí)間點(diǎn)分別為20min、40min，將對(duì)應(yīng)的縱坐標(biāo)c(N2O)值分別帶入公式υ=kcn（N2O）即可求得n，然后取特殊時(shí)間段0~20min，計(jì)算出N2O的濃度變化量，進(jìn)而根據(jù)反應(yīng)速率的定義求得υ以后，代入上述公式，即可得出k。（4）NO可以被含Ce4+的溶液吸收，生成NO2-、NO3-（二者物質(zhì)的量之比為1：1），反應(yīng)過程中N化合價(jià)升高，Ce化合價(jià)則降低，按照電子守恒和元素守恒規(guī)律，配平該氧化還原反應(yīng)；電解池中陰極得電子，發(fā)生還原反應(yīng)，NO2-轉(zhuǎn)化為穩(wěn)定的無毒氣體N2，再根據(jù)電路中陰、陽(yáng)極區(qū)得失電子數(shù)相等求解可再生的Ce4＋的物質(zhì)的量。【詳解】（1）已知：C(s)+O2(g)=CO2(g)△H=－393.5kJ·mol-1①N2(g)+2O2(g)＝2NO2(g)ΔH1＝+68kJ·mol-1②C(s)＋1/2O2(g)＝CO(g)ΔH2＝－110.5kJ·mol-1③根據(jù)蓋斯定律，4×（①-③）-②得到2NO2(g)+4CO(g)4CO2(g)+N2(g)，所以△H=4×（△H1-ΔH3）-ΔH2=-1200kJ·mol-1，故答案為-1200kJ·mol-1。（2）①對(duì)于反應(yīng)2CO(g)+2NO(g)N2(g)+2CO2(g)△H=-746kJ?mol-1，正反應(yīng)放熱，a.在壓強(qiáng)一定的條件下，升高