高級中學(xué)名校試卷PAGEPAGE12026屆浙江省強(qiáng)基聯(lián)盟高三上學(xué)期一模物理試題考生注意：1．本試卷滿分100分，考試時(shí)間90分鐘。2．考生作答時(shí)，請將答案答在答題卡上。選擇題每小題選出答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應(yīng)題目的答案標(biāo)號涂黑；非選擇題請用直徑0.5毫米黑色墨水簽字筆在答題卡上各題的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效，在試題卷、草稿紙上作答無效。3．可能用到的參數(shù)：重力加速度取，，。一、選擇題Ⅰ（本題共10小題，每小題3分，共30分。每小題列出的四個(gè)備選項(xiàng)中只有一個(gè)是符合題目要求的，不選、多選、錯(cuò)選均不得分）1.“熱值”（Heating）是衡量燃料質(zhì)量的一個(gè)重要指標(biāo)，它表示化學(xué)推進(jìn)器（如火箭）所用燃料單位質(zhì)量釋放的能量，其單位為焦每千克（J/kg），則用國際單位制的基本單位表示為（）A.J/kg B.N·m/kg C.kg·m2/s2 D.m2/s2【答案】D【解析】熱值的單位是J/kg，需將其轉(zhuǎn)換為國際單位制的基本單位(米m、千克kg、秒s)1焦耳（J）可分解為基本單位：因此，J/kg的單位為：，故選D。2.2025年7月，我國自主研發(fā)噸級以上電動垂直起降無人機(jī)，首次實(shí)現(xiàn)遠(yuǎn)海石油平臺物資運(yùn)輸飛行。這一突破，標(biāo)志著我國在海陸低空物流場景應(yīng)用中邁出關(guān)鍵一步。如圖所示為該無人機(jī)正在降落。以下說法正確的是（）A.研究起落架工作時(shí)，無人機(jī)可以被看作質(zhì)點(diǎn)B.在載貨的前后，無人機(jī)重心位置始終保持不變C.在勻速飛行過程中，無人機(jī)所受的重力與空氣對它的作用力平衡D.在滑行的過程中，地面對無人機(jī)的摩擦力大于無人機(jī)對地面的摩擦力【答案】C【解析】A．起落架為飛機(jī)的一部分，飛機(jī)不能視為質(zhì)點(diǎn)，故A錯(cuò)誤；B．在載貨的前后，無人機(jī)重心位置先降低后升高，故B錯(cuò)誤；C．飛機(jī)在勻速飛行時(shí)，受力平衡，即重力與空氣作用力平衡，故C正確；D．由牛頓第三定律，得地面對無人機(jī)的摩擦力大小等于無人機(jī)對地面的摩擦力，故D錯(cuò)誤。故選C。3.從量子力學(xué)理論系統(tǒng)建立到2025年，恰好100周年，以下關(guān)于量子力學(xué)相關(guān)的物理學(xué)史和理論闡述正確的是（）A.普朗克黑體輻射理論認(rèn)為：電磁波的能量是分立的B.玻爾氫原子模型認(rèn)為：電子繞核運(yùn)動的軌道可以是任意半徑C.德布羅意的“物質(zhì)波”假設(shè)認(rèn)為：實(shí)物粒子也具有波動性，其波長為D.愛因斯坦的光電效應(yīng)理論認(rèn)為：光電子的最大初動能與入射光的頻率成正比【答案】A【解析】A．普朗克的黑體輻射理論提出能量量子化假設(shè)，即電磁波的能量在發(fā)射或吸收時(shí)只能以能量子（）的整數(shù)倍進(jìn)行，因此電磁波的能量是分立的。故A正確。B．玻爾的氫原子模型引入了軌道量子化，電子只能處于特定半徑的軌道（如），而非任意半徑。故B錯(cuò)誤。C．德布羅意的“物質(zhì)波”假設(shè)認(rèn)為：實(shí)物粒子也具有波動性；德布羅意的物質(zhì)波公式為，故C錯(cuò)誤。D．愛因斯坦光電效應(yīng)方程為，最大初動能與入射光頻率呈線性關(guān)系（需），但并非正比例關(guān)系。故D錯(cuò)誤。故選A。4.如圖所示，三個(gè)同心圓是點(diǎn)電荷Q周圍的三個(gè)等勢面，A、B、C分別是這三個(gè)等勢面上的點(diǎn)。已知這三個(gè)圓的半徑關(guān)系為，且這三點(diǎn)在同一條電場線上。現(xiàn)將一個(gè)電荷量q為1.6×10-6C的點(diǎn)電荷從A點(diǎn)移到C點(diǎn)，其電勢能減少1.92×10-5J，若取C點(diǎn)的電勢為0，則以下說法正確的是（）A.沿著AC方向移動點(diǎn)電荷電勢能一定減少B.A、B之間的電勢差小于B、C間的電勢差C.將該點(diǎn)電荷從A點(diǎn)移到B點(diǎn)，電勢能減少量大于0.96×10-5JD.若將該點(diǎn)電荷從A點(diǎn)垂直AC連線射出，q有可能做以Q為焦點(diǎn)的橢圓運(yùn)動【答案】C【解析】A．沿著AC方向（電勢降落）移動正點(diǎn)電荷電勢能減少，移動負(fù)電荷電勢能增加，故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)其中，可得，故B錯(cuò)誤；C．從A點(diǎn)移到C點(diǎn)，其電勢能減少1.92×10-5J，即由電場力做功與電勢能的關(guān)系為而，可知A到B的做功大于B到C的做功，所以A到B的電勢能變化量即電勢能減少量大于，故C正確；D．題中的該點(diǎn)電荷為正電荷，受到場源電荷Q的電場力為斥力，因此不能做橢圓運(yùn)動，故D錯(cuò)誤。故選C。5.如圖所示，有兩細(xì)線AC、BC長為65cm，下端C點(diǎn)系一質(zhì)量為50g的實(shí)心小鋼球，懸掛點(diǎn)A、B之間的距離為50cm，MC為豎直直線。以下說法正確的是（）A.若小鋼球靜止，細(xì)線AC所受的拉力為NB.若將小鋼球沿紙面拉離平衡位置后由靜止釋放，小球?qū)⒆龊喼C振動C.若在地球上實(shí)驗(yàn)，小鋼球被垂直紙面向外拉離2cm后由靜止釋放，其周期約為2sD.若在月球上實(shí)驗(yàn)，小鋼球被垂直紙面向外拉離3cm后由靜止釋放，其周期約為1.2πs【答案】D【解析】A．設(shè)細(xì)線AC與豎直線MC的夾角為，根據(jù)幾何關(guān)系有小鋼球靜止時(shí)，由平衡條件可得所以細(xì)線AC所受的拉力為，故A錯(cuò)誤；B．若小鋼球沿紙面向右拉離平衡位置，小球由靜止釋放后向左運(yùn)動經(jīng)過平衡位置時(shí)，繩BC繃緊時(shí)會有機(jī)械能損耗，向左拉離同理，所以小球不能做簡諧振動，故B錯(cuò)誤；C．若在地球上實(shí)驗(yàn)，向紙外拉離2cm，根據(jù)幾何關(guān)系可得雙線擺的擺長為60cm。因?yàn)閱螖[做簡諧振動的條件為擺角小于，由于所以小球可以做簡諧振動，其周期為，故C錯(cuò)誤；D．若在月球上實(shí)驗(yàn)，拉離3cm，也是做簡諧振動，其周期為，故D正確。故選D。6.如圖甲，小孩姐姐將足球用力從N點(diǎn)向前踢出，足球在豎直管道內(nèi)完成完整一周后，在圖示P位置離開管道，恰好在管道截面圓心O點(diǎn)落入書包。達(dá)明參照視頻中足球的運(yùn)動軌跡畫了運(yùn)動示意圖如圖乙，圖中虛線為足球的運(yùn)動軌跡。若足球質(zhì)量為m，運(yùn)動軌跡半徑為R，且忽略空氣阻力的影響，以下分析正確的是（）A.足球離開管道前，始終做勻速圓周運(yùn)動B.足球在P點(diǎn)脫離管道后，處于完全失重狀態(tài)C.足球離開管道前，所受摩擦力隨時(shí)間逐漸減小D.若將足球視為質(zhì)點(diǎn)，則PO的連線與水平方向的夾角為30°【答案】B【解析】A．足球在豎直平面內(nèi)運(yùn)動時(shí)重力與摩擦力有對小球做功，速率會發(fā)生變化，做變速圓周運(yùn)動，故A錯(cuò)誤；B．足球脫離管道后，只受重力作用，處于完全失重狀態(tài)，故B正確；C．摩擦力的大小，足球運(yùn)動過程中隨著線速度的變化，所受的壓力在N點(diǎn)時(shí)最大，在M點(diǎn)時(shí)最小，故C錯(cuò)誤；D．若足球從P點(diǎn)拋出，PO連線與水平方向的夾角為，應(yīng)滿足從P點(diǎn)拋出后有可得代入，與題中不相符，故D錯(cuò)誤。故選B。7.2025年8月4日，中國在海南商業(yè)航天發(fā)射場，成功將衛(wèi)星互聯(lián)網(wǎng)低軌07組（搭載9顆功能不同的衛(wèi)星）發(fā)射升空。此次衛(wèi)星的運(yùn)動高度為900公里左右，軌道平面傾角為50°左右。以下說法正確的是（）A.07組在發(fā)射升空過程中，重力加速度隨高度而減小B.07組在軌穩(wěn)定運(yùn)行時(shí)，線速度的大小約為8.0×103m/sC.9顆衛(wèi)星若運(yùn)行的高度相同，則線速度也相同D.9顆衛(wèi)星若運(yùn)行的高度相同，則機(jī)械能一定相同【答案】A【解析】A．衛(wèi)星發(fā)射升空過程中，重力加速度的大小，隨著高度增大，重力加速度減小，故A正確；B．衛(wèi)星運(yùn)動的高度為900km，做勻速圓周運(yùn)動，由其線速度的大小，故B錯(cuò)誤；C．衛(wèi)星運(yùn)動的線速度是矢量，運(yùn)動過程中速度的方向時(shí)刻沿軌跡圓的切線方向，則速度方向變化，線速度不相同，故C錯(cuò)誤；D．不同功能的衛(wèi)星不能保證所有衛(wèi)星的質(zhì)量相同，故運(yùn)行的高度相同時(shí)機(jī)械能不一定相同，故D錯(cuò)誤。故選A。8.如圖所示，線圈自感系數(shù)L=0.2H，直流電阻為零，電容器的電容C=20μF，二極管D的正向電阻R=3Ω，電源電動勢E=3.0V，內(nèi)阻不計(jì)。閉合開關(guān)S，待電路達(dá)到穩(wěn)定狀態(tài)后斷開開關(guān)S，LC電路中將產(chǎn)生電磁振蕩。斷開開關(guān)S瞬間t=0，則電容器左極板A的帶電量q隨時(shí)間t變化和通過L的電流i（a→b通過L為正）隨時(shí)間t變化圖像正確的是（）A. B.C. D.【答案】D【解析】當(dāng)S閉合穩(wěn)定時(shí)，電流沿通過線圈L，由于線圈直流電阻為零，則兩端的電壓為零，此時(shí)電容器C所帶的電量為零，當(dāng)S斷開的瞬間，由楞次定律知，線圈中的電流仍沿方向，LC組成一個(gè)振蕩電路，第1個(gè)內(nèi)，電容器先是B板帶正電，電量逐漸增加，線圈L中電流逐漸減小，故ABC錯(cuò)誤，D正確。故選D。9.如圖所示，由某種新型材料制成的截面為半圓形的透明材料板。若用激光（光束a）從底面中心O點(diǎn)垂直底面射入材料板，將從Q點(diǎn)射出；若將該激光以與AP成37°角從P點(diǎn)射入材料板（光束b），恰好也從Q點(diǎn)射出。已知，光在真空中傳播的速度為c，則以下說法正確的是（）A.該材料對光束的折射率為B.該材料對光束的折射率為C.光束在材料板中的傳播速度為D.光束從點(diǎn)射出后的光線與光束平行【答案】D【解析】AB．材料對光的折射率由材料和光的頻率決定，材料和入射光相同，折射率相同，材料板對激光的折射率，AB錯(cuò)誤；C．光束在材料板中的傳播速度為，C錯(cuò)誤；D．出射點(diǎn)Q所在的切線與AB平行，由幾何關(guān)系和折射定律可得，出射光線與光束b平行，D正確。故選D。10.太陽帆飛船是依靠太陽的光壓來加速飛行的。若某太空探測飛船（未打開太陽帆前）在地球公轉(zhuǎn)軌道飛行。已知太陽的總輻射功率為，光速為，引力常量為。當(dāng)某次探測時(shí)，太陽帆展開的面積為，飛船能控制帆面始終垂直太陽光線，地球公轉(zhuǎn)半徑為，太陽帆的反射率接近。下列說法正確的是（）A.太陽帆受到的太陽光壓力為B.太陽帆受到的太陽光壓力為C.打開太陽帆后，飛船將沿徑向遠(yuǎn)離太陽D.打開太陽帆后，飛船將做勻變速曲線運(yùn)動【答案】B【解析】AB．時(shí)間t內(nèi)照射到帆面上光的能量射到帆面上的光子數(shù)光射到帆面被反彈，根據(jù)動量定理有聯(lián)立解得，A錯(cuò)誤，B正確；C．飛船速度沿切向，光壓力沿徑向，合力方向與速度方向不在同一直線上，運(yùn)動軌跡為曲線，而不是沿徑向遠(yuǎn)離太陽，故C錯(cuò)誤；D．光壓力隨距離增大而減小，加速度也減小，不是勻變速運(yùn)動，故D錯(cuò)誤。故選B。二、選擇題Ⅱ（本題共小題，每小題分，共分。每小題列出的四個(gè)備選項(xiàng)中至少有一個(gè)是符合題目要求的。全部選對的得分，選對但不全的得分，有選錯(cuò)的得分）11.四幅圖的描述，說法正確的是（）A.圖甲中，兩板間的薄片向左逐漸移動，干涉條紋間距減小B.圖乙中，光屏上的中央亮斑叫泊松亮斑，是光照射到小圓孔后產(chǎn)生C.圖丙中，照相機(jī)鏡頭上的增透膜，在拍攝水下的景物時(shí)可消除水面的反射光D.圖丁中，入射的光子與電子碰撞時(shí)，一部分動量轉(zhuǎn)移給電子，光子的波長變長【答案】AD【解析】A．圖甲中，兩板間的薄片向左逐漸移動，則空氣薄膜的厚度變大，而膜的厚度是兩列反射光波路程差的2倍，而兩列反射光波的路程差等于發(fā)生穩(wěn)定干涉的光波半波長的偶數(shù)倍或奇數(shù)倍，因此可知滿足半波長偶數(shù)倍或奇數(shù)倍的數(shù)量變多，明暗條紋變密集，則條紋間距減小，故A正確；B．圖乙中，光屏上的中央亮斑是泊松亮斑是圓盤衍射形成的圖樣，故B錯(cuò)誤；C．為使拍攝的水面下景物更清晰，可利用偏振現(xiàn)象，在照相機(jī)鏡頭前加一偏振片，減少水面反射光的影響，故C錯(cuò)誤；D．在康普頓效應(yīng)中，當(dāng)入射光子與晶體中的電子碰撞時(shí)，把一部分動量轉(zhuǎn)移給電子，因此光子散射后波長變長，故D正確。故選AD。12.如圖是以質(zhì)點(diǎn)為波源的機(jī)械波在繩上傳到質(zhì)點(diǎn)時(shí)的波形。已知、兩質(zhì)點(diǎn)間此刻的距離為，以下說法正確的是（）A.此機(jī)械波是縱波，波長為B.質(zhì)點(diǎn)比質(zhì)點(diǎn)更早遷移到點(diǎn)C.點(diǎn)剛開始振動時(shí)速度方向?yàn)檩S正方向D.質(zhì)點(diǎn)振動的相位比質(zhì)點(diǎn)振動的相位落后【答案】CD【解析】A．繩波的振動方向與傳播的方向垂直，是橫波，故A錯(cuò)誤；B．質(zhì)點(diǎn)在各自的平衡位置沿軸上下振動，不會發(fā)生遷移，故B錯(cuò)誤；C．波由傳向，波在傳播過程中質(zhì)點(diǎn)起振的方向均相同，由圖點(diǎn)起振的方向向軸正方向，故C正確；D．波由傳向，間為1.5個(gè)波長，相位落后，故D正確。故選CD。13.如圖所示，在坐標(biāo)平面的第一、第四象限內(nèi)存在足夠?qū)挼拇怪奔埫嫦蚶锏膭驈?qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為，同時(shí)放置有兩個(gè)關(guān)于軸對稱且板間距離為的平行金屬板、，兩金屬板間存在沿軸負(fù)方向的勻強(qiáng)電場（圖中未畫出）?，F(xiàn)有一質(zhì)量為、電荷量為的可視為質(zhì)點(diǎn)的帶正電金屬小球，以速度從坐標(biāo)原點(diǎn)沿軸正方向做勻速直線運(yùn)動后從兩極板右端離開極板區(qū)域。不考慮電場在兩極板之外的效應(yīng)，重力加速度為。下列說法正確的是（）A.小球離開兩極板區(qū)域后可以運(yùn)動到軸的下方B.兩極板間的電場強(qiáng)度大小等于C.小球在運(yùn)動過程中的最大速度等于D.小球在運(yùn)動過程中偏離軸的最大距離等于【答案】BD【解析】AB．小球在兩極板間勻速運(yùn)動時(shí)應(yīng)有得小球離開兩極區(qū)域，不再受電場力，將在磁場力和重力作用下運(yùn)動到軸上方，故A錯(cuò)誤，B正確；CD．小球離開兩極間的運(yùn)動可分解為沿水平方向和滿足根據(jù)洛倫茲力提供向心力可得可得其圓周運(yùn)動的半徑為運(yùn)動偏離軸的最大距離等于小球運(yùn)動過程中最大的速度為，故C錯(cuò)誤，D正確。故選BD。三、非選擇題（本題共5小題，共58分）14.利用打點(diǎn)計(jì)時(shí)器研究勻變速直線運(yùn)動的規(guī)律，實(shí)驗(yàn)裝置如圖1所示。（1）按照圖1安裝好器材，下列實(shí)驗(yàn)操作正確的是________。A.先接通打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的電源，再釋放小車B.實(shí)驗(yàn)過程中重物的質(zhì)量應(yīng)遠(yuǎn)小于小車質(zhì)量C.實(shí)驗(yàn)前必須調(diào)整滑輪位置，使細(xì)線保持水平（2）實(shí)驗(yàn)中打出的一條紙帶如圖2所示，A、B、C為依次選取的三個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)（相鄰計(jì)數(shù)點(diǎn)間有4個(gè)點(diǎn)未畫出），可以判斷紙帶的________（填“左端”或“右端”）與小車相連。（3）圖2中相鄰計(jì)數(shù)點(diǎn)間的時(shí)間間隔為T，則打B點(diǎn)時(shí)小車的速度v=________；從A到C過程中小車的加速度a=________（用題中所提供的物理量表示）。【答案】（1）A（2）左端（3）;【解析】【小問1】A．接通電源待打點(diǎn)計(jì)時(shí)器穩(wěn)定工作后，再釋放小車，故A正確；B．研究勻變速直線運(yùn)動的規(guī)律，無需滿足重物的質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車的質(zhì)量，故B錯(cuò)誤；C．安裝器材時(shí)，應(yīng)調(diào)節(jié)滑輪位置，讓細(xì)線與木板平行，故C錯(cuò)誤；故選A?！拘?】由于小車運(yùn)動得越來越快，點(diǎn)跡會越來越稀疏，所以紙帶左端與小車相連；【小問3】利用運(yùn)動學(xué)推論可知B點(diǎn)速度等于段的平均速度即利用運(yùn)動學(xué)推論可知從A到C過程中小車的加速度15.由普通水泥和導(dǎo)電材料混合制成的導(dǎo)電水泥，可用于監(jiān)測道路超載問題。某小組對此進(jìn)行探究。（1）選擇一材質(zhì)混合均勻的長方體導(dǎo)電水泥塊樣品，用多用電表粗測其電阻。將多用電表選擇開關(guān)旋轉(zhuǎn)到“×100”擋，正確操作后，指針位置如圖1所示，則讀數(shù)為________Ω。（2）進(jìn)一步提高實(shí)驗(yàn)精度，使用伏安法測量水泥塊電阻，電源E=6V，內(nèi)阻可忽略，電壓表量程0~6V，內(nèi)阻約10kΩ，電流表量程0~6mA，內(nèi)阻約10Ω。實(shí)驗(yàn)中要求待測水泥塊兩端的電壓從零開始變化，在圖2中完成余下導(dǎo)線的連接。（3）如圖2，測量水泥塊的長為a，寬為b，高為c。用伏安法測得水泥塊電阻為R，則電阻率ρ=________（用R、a、b、c表示）。（4）測得不同壓力F下的電阻R，算出對應(yīng)的電阻率ρ，作出ρ-F圖像如圖3所示。（5）基于以上結(jié)論，設(shè)計(jì)壓力報(bào)警系統(tǒng)，電路如圖4所示。報(bào)警器在兩端電壓小于或等于3V時(shí)啟動，為水泥塊，為滑動變阻器，當(dāng)?shù)幕幱谀澄恢茫蠅毫Υ笥诨虻扔跁r(shí)，報(bào)警器啟動。報(bào)警器應(yīng)并聯(lián)在______兩端（填“”或“”）。（6）若電源使用時(shí)間過長，電動勢變小，上壓力大于或等于時(shí)，報(bào)警器啟動，則______（填“大于”“小于”或“等于”）?！敬鸢浮浚?）1000（2）見解析（3）（5）（6）小于【解析】（1）由多用電表歐姆檔的讀數(shù)規(guī)則可知（2）要求水泥塊兩端電壓從零開始變化，滑動變阻器應(yīng)采用分壓式連接方式；由于，可知待測電阻較大，可知電流表應(yīng)采用內(nèi)接法，所以電路圖的接法應(yīng)如圖所示（3）由電阻定律可知代入數(shù)據(jù)后，可以得到（5）根據(jù)圖3可知壓力越大電阻率越小，即電阻越??；回路中電流增加，電壓增加，電壓減小，而報(bào)警器在兩端電壓小于或等于3V時(shí)啟動，故應(yīng)將報(bào)警器并聯(lián)在兩端。（6）電源電動勢減小，要使報(bào)警器啟動，即兩端電壓要仍為3V，根據(jù)串聯(lián)分壓關(guān)系，有可知減小需要更大，又因?yàn)樵酱笤叫?，可知需要小于?6.用雙縫干涉實(shí)驗(yàn)測量光的波長的實(shí)驗(yàn)裝置如圖1所示，則以下說法正確的是______。A.雙縫應(yīng)該放置在圖1中處B.實(shí)驗(yàn)時(shí)應(yīng)避免一次性將燈兩端的電壓調(diào)至額定電壓，以免燈絲燒壞C.測量亮紋之間的距離時(shí)，讀數(shù)時(shí)分劃板中心刻線應(yīng)與某亮紋中心對齊D.如圖2所示手輪上的示數(shù)為3.185mm，這就是光源發(fā)出的光的波長【答案】BC【解析】A．雙縫應(yīng)放置在處，故A錯(cuò)誤；B．實(shí)驗(yàn)時(shí)應(yīng)避免一次性將燈兩端的電壓調(diào)至額定電壓，以免燈絲燒壞，故B正確；C．測量亮紋之間的距離時(shí)，讀數(shù)時(shí)分劃板中心刻線應(yīng)與某亮紋中心對齊，故C正確；D．用雙縫干涉實(shí)驗(yàn)測波長，應(yīng)測出N條亮條紋的間距，然后除以N，得出相鄰條紋的間距，然后利用求波長，故D錯(cuò)誤。故選BC。17.龍泉青瓷名揚(yáng)天下，現(xiàn)代電子測溫技術(shù)能夠?qū)崿F(xiàn)溫度的精準(zhǔn)控制從而制作出更加精細(xì)的青瓷制品。如圖所示為某青瓷窯結(jié)構(gòu)的示意圖。某次燒制前，封閉在窯內(nèi)的氣體壓強(qiáng)為，溫度為室溫。燒制時(shí)為避免窯內(nèi)氣壓過高，窯上有一個(gè)單向排氣閥，已知當(dāng)窯內(nèi)氣體溫度為時(shí)，單向排氣閥開始排氣，此后窯內(nèi)氣體壓強(qiáng)保持不變，溫度逐漸升高至穩(wěn)定燒制溫度。氣體可視為理想氣體。求：（1）單向排氣閥開始排氣后窯內(nèi)氣體分子平均速率______（填“增大”“減小”或“不變”），單位時(shí)間撞擊單位面積窯壁的分子數(shù)______（填“增大”“不變”或“減小”）；（2）排氣閥開始排氣時(shí)窯內(nèi)氣體的壓強(qiáng)；（3）本次燒制排出的氣體占原有氣體質(zhì)量的比例?！敬鸢浮浚?）增大；減?。?）（3）【解析】【小問1】對于某種理想氣體，分子的平均動能與溫度有關(guān)。開始排氣后窯內(nèi)溫度一直升高，所以分子平均速率增大。排氣后窯內(nèi)氣體的壓強(qiáng)不變，溫度升高時(shí)每個(gè)氣體分子撞擊窯壁的平均力增大，所以單位時(shí)間撞擊單位面積窯壁的分子數(shù)會減小。小問2】由查理定律可知其中，所以【小問3】排出氣體后，氣體發(fā)生等壓變化，由蓋—呂薩克定律可得其中可以解得則排出的氣體的體積為則排出的氣體占原有氣體的質(zhì)量比為18.如圖，為一段光滑軌道，其中段是半徑為的圓弧形軌道，與圓心的連線與豎直方向夾角為。是水平足夠長直軌道，與段在點(diǎn)平滑連接。滑塊從距點(diǎn)高度處水平拋出，恰好能從點(diǎn)切入軌道。在水平軌道某位置靜止放置一長的木板，木板左右兩側(cè)各有一固定擋板。木板緊靠右擋板放置一滑塊?；瑝K在軌道上與木板發(fā)生碰撞，碰撞后立即從軌道移去滑塊。若，且，滑塊、均可視為質(zhì)點(diǎn)，與之間、與擋板之間的碰撞均為彈性碰撞。、之間的動摩擦因數(shù)為，求：（1）滑塊到達(dá)點(diǎn)時(shí)的速度；（2）滑塊與木板碰后木板的速度；（3）滑塊與左右兩側(cè)擋板碰撞的總次數(shù)?！敬鸢浮浚?），和水平方向夾角沿軌道切線方向（2），方向向右（3）6次【解析】【小問1】滑塊A從距M點(diǎn)高度處水平拋出，根據(jù)動能定理恰好能從點(diǎn)切入軌道可得聯(lián)立解得滑塊A到達(dá)M點(diǎn)時(shí)的速度水平方向夾角沿軌道切線方向?！拘?】從M點(diǎn)到與木板B碰撞，有解得A與B發(fā)生彈性碰撞，有解得滑塊與木板碰后木板的速度，方向向右?！拘?】因C與擋板間的碰撞為彈性碰撞，B和C系統(tǒng)動量守恒，最終B與C共速做勻速直線運(yùn)動。故有系統(tǒng)機(jī)械能損失為系統(tǒng)損失的機(jī)械能轉(zhuǎn)化為摩擦生熱，有解得滑塊C相對木板B上來回滑動的距離為，故C與左右兩擋板碰撞的次數(shù)為故滑塊C與兩側(cè)擋板共碰撞6次。19.如圖所示，某興趣小組設(shè)計(jì)了一種水平電磁彈射系統(tǒng)。該系統(tǒng)由輸出電流恒為的電源、間距為的水平金屬導(dǎo)軌、可在導(dǎo)軌上滑行的“H”型導(dǎo)電動子（動子由兩根電阻為的金屬桿和一根絕緣橫檔組成，其上固定了模型飛機(jī)）及開關(guān)組成。導(dǎo)軌間區(qū)域存在方向豎直向下、磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為的勻強(qiáng)磁場。接通開關(guān)，動子桿在磁場中貼緊邊從靜止開始運(yùn)動，所受阻力與其速度成正比，比例系數(shù)為。動子運(yùn)動距離為（已知）時(shí)，動子開始勻速運(yùn)動；當(dāng)時(shí)，動子桿到達(dá)瞬間，安裝在“H”上的飛機(jī)被彈射系統(tǒng)以相對于“H”2倍的速度彈出，同時(shí)斷開，磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度被控制為∶。當(dāng)時(shí)，棒恰好停在。已知?jiǎng)幼淤|(zhì)量為，飛機(jī)質(zhì)量為，在運(yùn)動過程中，動子始終與導(dǎo)軌保持良好接觸，忽略導(dǎo)軌電阻。求∶（1）S接通瞬間，動子所受安培力；（2）飛機(jī)彈射出去前，動子的最大速度；（3）飛機(jī)彈射出去前瞬間恒流源提供的電壓；（4）飛機(jī)彈射出去后，動子所受合外力的沖量及通過桿的電量?！敬鸢浮浚?），方向向右（2）（3）（4），【解析】【小問1】動子所受安培力為，方向向右【小問2】由牛頓第二定律，動子載著飛機(jī)加速時(shí)當(dāng)時(shí)，動子速度最大，得【小問3】飛機(jī)彈射出去前，由能量守恒有得【小問4】飛機(jī)彈射前后，水平方向動量守恒解得動子最后停下，可得動子所受合外力的沖量為動子在進(jìn)入減速過程中，通過a桿的電量為20.如圖1所示，回旋加速器由兩個(gè)D型盒組成。圓形勻強(qiáng)磁場區(qū)域以點(diǎn)為圓心，磁場垂直紙面，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為，加速電壓大小為，質(zhì)量為、電荷量為的粒子從點(diǎn)附近飄入加速電場，多次加速后粒子經(jīng)過點(diǎn)繞點(diǎn)做圓周運(yùn)動，半徑為。為將粒子引出磁場，在位置安裝一個(gè)“靜電偏轉(zhuǎn)器”，如圖2所示。偏轉(zhuǎn)器的兩極板和厚度均勻，構(gòu)成的圓弧形狹縫圓心為、圓心角為，當(dāng)、間加有電壓時(shí)，狹縫中產(chǎn)生電場強(qiáng)度大小為的電場，使粒子恰能通過狹縫，粒子在再次被加速前射出磁場，不計(jì)、間的距離，且忽略粒子在電場中的加速時(shí)間，加速過程中不考慮相對論效應(yīng)和重力作用。求∶（1）粒子加速到點(diǎn)所需要的時(shí)間；（2）粒子在圓弧形狹縫中運(yùn)動的軌跡半徑；（3）“靜電偏轉(zhuǎn)器”板的最大厚度；（4）磁場區(qū)域的最大半徑?！敬鸢浮浚?）（2）（3）（4）【解析】【小問1】設(shè)粒子在P的速度大小為，洛倫茲力提供向心力則有解得對粒子在靜電場中的加速過程，根據(jù)動能定理則有粒子在磁場中運(yùn)動的周期為粒子運(yùn)動的總時(shí)間為解得【小問2】設(shè)粒子在偏轉(zhuǎn)器中的運(yùn)動半徑為，則在偏轉(zhuǎn)器中，要使粒子半徑變大，電場力應(yīng)和洛倫茲力反向，共同提供向心力解得【小問3】由粒子的運(yùn)動半徑結(jié)合動能表達(dá)式整理可得則粒子加速到前最后兩個(gè)半周的運(yùn)動半徑為，由幾何關(guān)系有結(jié)合解得【小問4】設(shè)粒子離開偏轉(zhuǎn)器的點(diǎn)為，圓周運(yùn)動的圓心為。由題意知，在上，且粒子飛離磁場的點(diǎn)與在一條直線上，如圖所示。粒子在偏轉(zhuǎn)器中運(yùn)動的圓心在點(diǎn)，從偏轉(zhuǎn)器飛出，即從點(diǎn)離開，又進(jìn)入回旋加速器中的磁場，此時(shí)粒子的運(yùn)動半徑又變?yōu)?，然后軌跡發(fā)生偏離，從偏轉(zhuǎn)器的點(diǎn)飛出磁場，那么磁場的最大半徑即為將等腰三角形放大如圖所示虛線為從點(diǎn)向所引垂線，虛線平分角，則有解得最大半徑為2026屆浙江省強(qiáng)基聯(lián)盟高三上學(xué)期一模物理試題考生注意：1．本試卷滿分100分，考試時(shí)間90分鐘。2．考生作答時(shí)，請將答案答在答題卡上。選擇題每小題選出答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應(yīng)題目的答案標(biāo)號涂黑；非選擇題請用直徑0.5毫米黑色墨水簽字筆在答題卡上各題的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效，在試題卷、草稿紙上作答無效。3．可能用到的參數(shù)：重力加速度取，，。一、選擇題Ⅰ（本題共10小題，每小題3分，共30分。每小題列出的四個(gè)備選項(xiàng)中只有一個(gè)是符合題目要求的，不選、多選、錯(cuò)選均不得分）1.“熱值”（Heating）是衡量燃料質(zhì)量的一個(gè)重要指標(biāo)，它表示化學(xué)推進(jìn)器（如火箭）所用燃料單位質(zhì)量釋放的能量，其單位為焦每千克（J/kg），則用國際單位制的基本單位表示為（）A.J/kg B.N·m/kg C.kg·m2/s2 D.m2/s2【答案】D【解析】熱值的單位是J/kg，需將其轉(zhuǎn)換為國際單位制的基本單位(米m、千克kg、秒s)1焦耳（J）可分解為基本單位：因此，J/kg的單位為：，故選D。2.2025年7月，我國自主研發(fā)噸級以上電動垂直起降無人機(jī)，首次實(shí)現(xiàn)遠(yuǎn)海石油平臺物資運(yùn)輸飛行。這一突破，標(biāo)志著我國在海陸低空物流場景應(yīng)用中邁出關(guān)鍵一步。如圖所示為該無人機(jī)正在降落。以下說法正確的是（）A.研究起落架工作時(shí)，無人機(jī)可以被看作質(zhì)點(diǎn)B.在載貨的前后，無人機(jī)重心位置始終保持不變C.在勻速飛行過程中，無人機(jī)所受的重力與空氣對它的作用力平衡D.在滑行的過程中，地面對無人機(jī)的摩擦力大于無人機(jī)對地面的摩擦力【答案】C【解析】A．起落架為飛機(jī)的一部分，飛機(jī)不能視為質(zhì)點(diǎn)，故A錯(cuò)誤；B．在載貨的前后，無人機(jī)重心位置先降低后升高，故B錯(cuò)誤；C．飛機(jī)在勻速飛行時(shí)，受力平衡，即重力與空氣作用力平衡，故C正確；D．由牛頓第三定律，得地面對無人機(jī)的摩擦力大小等于無人機(jī)對地面的摩擦力，故D錯(cuò)誤。故選C。3.從量子力學(xué)理論系統(tǒng)建立到2025年，恰好100周年，以下關(guān)于量子力學(xué)相關(guān)的物理學(xué)史和理論闡述正確的是（）A.普朗克黑體輻射理論認(rèn)為：電磁波的能量是分立的B.玻爾氫原子模型認(rèn)為：電子繞核運(yùn)動的軌道可以是任意半徑C.德布羅意的“物質(zhì)波”假設(shè)認(rèn)為：實(shí)物粒子也具有波動性，其波長為D.愛因斯坦的光電效應(yīng)理論認(rèn)為：光電子的最大初動能與入射光的頻率成正比【答案】A【解析】A．普朗克的黑體輻射理論提出能量量子化假設(shè)，即電磁波的能量在發(fā)射或吸收時(shí)只能以能量子（）的整數(shù)倍進(jìn)行，因此電磁波的能量是分立的。故A正確。B．玻爾的氫原子模型引入了軌道量子化，電子只能處于特定半徑的軌道（如），而非任意半徑。故B錯(cuò)誤。C．德布羅意的“物質(zhì)波”假設(shè)認(rèn)為：實(shí)物粒子也具有波動性；德布羅意的物質(zhì)波公式為，故C錯(cuò)誤。D．愛因斯坦光電效應(yīng)方程為，最大初動能與入射光頻率呈線性關(guān)系（需），但并非正比例關(guān)系。故D錯(cuò)誤。故選A。4.如圖所示，三個(gè)同心圓是點(diǎn)電荷Q周圍的三個(gè)等勢面，A、B、C分別是這三個(gè)等勢面上的點(diǎn)。已知這三個(gè)圓的半徑關(guān)系為，且這三點(diǎn)在同一條電場線上。現(xiàn)將一個(gè)電荷量q為1.6×10-6C的點(diǎn)電荷從A點(diǎn)移到C點(diǎn)，其電勢能減少1.92×10-5J，若取C點(diǎn)的電勢為0，則以下說法正確的是（）A.沿著AC方向移動點(diǎn)電荷電勢能一定減少B.A、B之間的電勢差小于B、C間的電勢差C.將該點(diǎn)電荷從A點(diǎn)移到B點(diǎn)，電勢能減少量大于0.96×10-5JD.若將該點(diǎn)電荷從A點(diǎn)垂直AC連線射出，q有可能做以Q為焦點(diǎn)的橢圓運(yùn)動【答案】C【解析】A．沿著AC方向（電勢降落）移動正點(diǎn)電荷電勢能減少，移動負(fù)電荷電勢能增加，故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)其中，可得，故B錯(cuò)誤；C．從A點(diǎn)移到C點(diǎn)，其電勢能減少1.92×10-5J，即由電場力做功與電勢能的關(guān)系為而，可知A到B的做功大于B到C的做功，所以A到B的電勢能變化量即電勢能減少量大于，故C正確；D．題中的該點(diǎn)電荷為正電荷，受到場源電荷Q的電場力為斥力，因此不能做橢圓運(yùn)動，故D錯(cuò)誤。故選C。5.如圖所示，有兩細(xì)線AC、BC長為65cm，下端C點(diǎn)系一質(zhì)量為50g的實(shí)心小鋼球，懸掛點(diǎn)A、B之間的距離為50cm，MC為豎直直線。以下說法正確的是（）A.若小鋼球靜止，細(xì)線AC所受的拉力為NB.若將小鋼球沿紙面拉離平衡位置后由靜止釋放，小球?qū)⒆龊喼C振動C.若在地球上實(shí)驗(yàn)，小鋼球被垂直紙面向外拉離2cm后由靜止釋放，其周期約為2sD.若在月球上實(shí)驗(yàn)，小鋼球被垂直紙面向外拉離3cm后由靜止釋放，其周期約為1.2πs【答案】D【解析】A．設(shè)細(xì)線AC與豎直線MC的夾角為，根據(jù)幾何關(guān)系有小鋼球靜止時(shí)，由平衡條件可得所以細(xì)線AC所受的拉力為，故A錯(cuò)誤；B．若小鋼球沿紙面向右拉離平衡位置，小球由靜止釋放后向左運(yùn)動經(jīng)過平衡位置時(shí)，繩BC繃緊時(shí)會有機(jī)械能損耗，向左拉離同理，所以小球不能做簡諧振動，故B錯(cuò)誤；C．若在地球上實(shí)驗(yàn)，向紙外拉離2cm，根據(jù)幾何關(guān)系可得雙線擺的擺長為60cm。因?yàn)閱螖[做簡諧振動的條件為擺角小于，由于所以小球可以做簡諧振動，其周期為，故C錯(cuò)誤；D．若在月球上實(shí)驗(yàn)，拉離3cm，也是做簡諧振動，其周期為，故D正確。故選D。6.如圖甲，小孩姐姐將足球用力從N點(diǎn)向前踢出，足球在豎直管道內(nèi)完成完整一周后，在圖示P位置離開管道，恰好在管道截面圓心O點(diǎn)落入書包。達(dá)明參照視頻中足球的運(yùn)動軌跡畫了運(yùn)動示意圖如圖乙，圖中虛線為足球的運(yùn)動軌跡。若足球質(zhì)量為m，運(yùn)動軌跡半徑為R，且忽略空氣阻力的影響，以下分析正確的是（）A.足球離開管道前，始終做勻速圓周運(yùn)動B.足球在P點(diǎn)脫離管道后，處于完全失重狀態(tài)C.足球離開管道前，所受摩擦力隨時(shí)間逐漸減小D.若將足球視為質(zhì)點(diǎn)，則PO的連線與水平方向的夾角為30°【答案】B【解析】A．足球在豎直平面內(nèi)運(yùn)動時(shí)重力與摩擦力有對小球做功，速率會發(fā)生變化，做變速圓周運(yùn)動，故A錯(cuò)誤；B．足球脫離管道后，只受重力作用，處于完全失重狀態(tài)，故B正確；C．摩擦力的大小，足球運(yùn)動過程中隨著線速度的變化，所受的壓力在N點(diǎn)時(shí)最大，在M點(diǎn)時(shí)最小，故C錯(cuò)誤；D．若足球從P點(diǎn)拋出，PO連線與水平方向的夾角為，應(yīng)滿足從P點(diǎn)拋出后有可得代入，與題中不相符，故D錯(cuò)誤。故選B。7.2025年8月4日，中國在海南商業(yè)航天發(fā)射場，成功將衛(wèi)星互聯(lián)網(wǎng)低軌07組（搭載9顆功能不同的衛(wèi)星）發(fā)射升空。此次衛(wèi)星的運(yùn)動高度為900公里左右，軌道平面傾角為50°左右。以下說法正確的是（）A.07組在發(fā)射升空過程中，重力加速度隨高度而減小B.07組在軌穩(wěn)定運(yùn)行時(shí)，線速度的大小約為8.0×103m/sC.9顆衛(wèi)星若運(yùn)行的高度相同，則線速度也相同D.9顆衛(wèi)星若運(yùn)行的高度相同，則機(jī)械能一定相同【答案】A【解析】A．衛(wèi)星發(fā)射升空過程中，重力加速度的大小，隨著高度增大，重力加速度減小，故A正確；B．衛(wèi)星運(yùn)動的高度為900km，做勻速圓周運(yùn)動，由其線速度的大小，故B錯(cuò)誤；C．衛(wèi)星運(yùn)動的線速度是矢量，運(yùn)動過程中速度的方向時(shí)刻沿軌跡圓的切線方向，則速度方向變化，線速度不相同，故C錯(cuò)誤；D．不同功能的衛(wèi)星不能保證所有衛(wèi)星的質(zhì)量相同，故運(yùn)行的高度相同時(shí)機(jī)械能不一定相同，故D錯(cuò)誤。故選A。8.如圖所示，線圈自感系數(shù)L=0.2H，直流電阻為零，電容器的電容C=20μF，二極管D的正向電阻R=3Ω，電源電動勢E=3.0V，內(nèi)阻不計(jì)。閉合開關(guān)S，待電路達(dá)到穩(wěn)定狀態(tài)后斷開開關(guān)S，LC電路中將產(chǎn)生電磁振蕩。斷開開關(guān)S瞬間t=0，則電容器左極板A的帶電量q隨時(shí)間t變化和通過L的電流i（a→b通過L為正）隨時(shí)間t變化圖像正確的是（）A. B.C. D.【答案】D【解析】當(dāng)S閉合穩(wěn)定時(shí)，電流沿通過線圈L，由于線圈直流電阻為零，則兩端的電壓為零，此時(shí)電容器C所帶的電量為零，當(dāng)S斷開的瞬間，由楞次定律知，線圈中的電流仍沿方向，LC組成一個(gè)振蕩電路，第1個(gè)內(nèi)，電容器先是B板帶正電，電量逐漸增加，線圈L中電流逐漸減小，故ABC錯(cuò)誤，D正確。故選D。9.如圖所示，由某種新型材料制成的截面為半圓形的透明材料板。若用激光（光束a）從底面中心O點(diǎn)垂直底面射入材料板，將從Q點(diǎn)射出；若將該激光以與AP成37°角從P點(diǎn)射入材料板（光束b），恰好也從Q點(diǎn)射出。已知，光在真空中傳播的速度為c，則以下說法正確的是（）A.該材料對光束的折射率為B.該材料對光束的折射率為C.光束在材料板中的傳播速度為D.光束從點(diǎn)射出后的光線與光束平行【答案】D【解析】AB．材料對光的折射率由材料和光的頻率決定，材料和入射光相同，折射率相同，材料板對激光的折射率，AB錯(cuò)誤；C．光束在材料板中的傳播速度為，C錯(cuò)誤；D．出射點(diǎn)Q所在的切線與AB平行，由幾何關(guān)系和折射定律可得，出射光線與光束b平行，D正確。故選D。10.太陽帆飛船是依靠太陽的光壓來加速飛行的。若某太空探測飛船（未打開太陽帆前）在地球公轉(zhuǎn)軌道飛行。已知太陽的總輻射功率為，光速為，引力常量為。當(dāng)某次探測時(shí)，太陽帆展開的面積為，飛船能控制帆面始終垂直太陽光線，地球公轉(zhuǎn)半徑為，太陽帆的反射率接近。下列說法正確的是（）A.太陽帆受到的太陽光壓力為B.太陽帆受到的太陽光壓力為C.打開太陽帆后，飛船將沿徑向遠(yuǎn)離太陽D.打開太陽帆后，飛船將做勻變速曲線運(yùn)動【答案】B【解析】AB．時(shí)間t內(nèi)照射到帆面上光的能量射到帆面上的光子數(shù)光射到帆面被反彈，根據(jù)動量定理有聯(lián)立解得，A錯(cuò)誤，B正確；C．飛船速度沿切向，光壓力沿徑向，合力方向與速度方向不在同一直線上，運(yùn)動軌跡為曲線，而不是沿徑向遠(yuǎn)離太陽，故C錯(cuò)誤；D．光壓力隨距離增大而減小，加速度也減小，不是勻變速運(yùn)動，故D錯(cuò)誤。故選B。二、選擇題Ⅱ（本題共小題，每小題分，共分。每小題列出的四個(gè)備選項(xiàng)中至少有一個(gè)是符合題目要求的。全部選對的得分，選對但不全的得分，有選錯(cuò)的得分）11.四幅圖的描述，說法正確的是（）A.圖甲中，兩板間的薄片向左逐漸移動，干涉條紋間距減小B.圖乙中，光屏上的中央亮斑叫泊松亮斑，是光照射到小圓孔后產(chǎn)生C.圖丙中，照相機(jī)鏡頭上的增透膜，在拍攝水下的景物時(shí)可消除水面的反射光D.圖丁中，入射的光子與電子碰撞時(shí)，一部分動量轉(zhuǎn)移給電子，光子的波長變長【答案】AD【解析】A．圖甲中，兩板間的薄片向左逐漸移動，則空氣薄膜的厚度變大，而膜的厚度是兩列反射光波路程差的2倍，而兩列反射光波的路程差等于發(fā)生穩(wěn)定干涉的光波半波長的偶數(shù)倍或奇數(shù)倍，因此可知滿足半波長偶數(shù)倍或奇數(shù)倍的數(shù)量變多，明暗條紋變密集，則條紋間距減小，故A正確；B．圖乙中，光屏上的中央亮斑是泊松亮斑是圓盤衍射形成的圖樣，故B錯(cuò)誤；C．為使拍攝的水面下景物更清晰，可利用偏振現(xiàn)象，在照相機(jī)鏡頭前加一偏振片，減少水面反射光的影響，故C錯(cuò)誤；D．在康普頓效應(yīng)中，當(dāng)入射光子與晶體中的電子碰撞時(shí)，把一部分動量轉(zhuǎn)移給電子，因此光子散射后波長變長，故D正確。故選AD。12.如圖是以質(zhì)點(diǎn)為波源的機(jī)械波在繩上傳到質(zhì)點(diǎn)時(shí)的波形。已知、兩質(zhì)點(diǎn)間此刻的距離為，以下說法正確的是（）A.此機(jī)械波是縱波，波長為B.質(zhì)點(diǎn)比質(zhì)點(diǎn)更早遷移到點(diǎn)C.點(diǎn)剛開始振動時(shí)速度方向?yàn)檩S正方向D.質(zhì)點(diǎn)振動的相位比質(zhì)點(diǎn)振動的相位落后【答案】CD【解析】A．繩波的振動方向與傳播的方向垂直，是橫波，故A錯(cuò)誤；B．質(zhì)點(diǎn)在各自的平衡位置沿軸上下振動，不會發(fā)生遷移，故B錯(cuò)誤；C．波由傳向，波在傳播過程中質(zhì)點(diǎn)起振的方向均相同，由圖點(diǎn)起振的方向向軸正方向，故C正確；D．波由傳向，間為1.5個(gè)波長，相位落后，故D正確。故選CD。13.如圖所示，在坐標(biāo)平面的第一、第四象限內(nèi)存在足夠?qū)挼拇怪奔埫嫦蚶锏膭驈?qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為，同時(shí)放置有兩個(gè)關(guān)于軸對稱且板間距離為的平行金屬板、，兩金屬板間存在沿軸負(fù)方向的勻強(qiáng)電場（圖中未畫出）?，F(xiàn)有一質(zhì)量為、電荷量為的可視為質(zhì)點(diǎn)的帶正電金屬小球，以速度從坐標(biāo)原點(diǎn)沿軸正方向做勻速直線運(yùn)動后從兩極板右端離開極板區(qū)域。不考慮電場在兩極板之外的效應(yīng)，重力加速度為。下列說法正確的是（）A.小球離開兩極板區(qū)域后可以運(yùn)動到軸的下方B.兩極板間的電場強(qiáng)度大小等于C.小球在運(yùn)動過程中的最大速度等于D.小球在運(yùn)動過程中偏離軸的最大距離等于【答案】BD【解析】AB．小球在兩極板間勻速運(yùn)動時(shí)應(yīng)有得小球離開兩極區(qū)域，不再受電場力，將在磁場力和重力作用下運(yùn)動到軸上方，故A錯(cuò)誤，B正確；CD．小球離開兩極間的運(yùn)動可分解為沿水平方向和滿足根據(jù)洛倫茲力提供向心力可得可得其圓周運(yùn)動的半徑為運(yùn)動偏離軸的最大距離等于小球運(yùn)動過程中最大的速度為，故C錯(cuò)誤，D正確。故選BD。三、非選擇題（本題共5小題，共58分）14.利用打點(diǎn)計(jì)時(shí)器研究勻變速直線運(yùn)動的規(guī)律，實(shí)驗(yàn)裝置如圖1所示。（1）按照圖1安裝好器材，下列實(shí)驗(yàn)操作正確的是________。A.先接通打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的電源，再釋放小車B.實(shí)驗(yàn)過程中重物的質(zhì)量應(yīng)遠(yuǎn)小于小車質(zhì)量C.實(shí)驗(yàn)前必須調(diào)整滑輪位置，使細(xì)線保持水平（2）實(shí)驗(yàn)中打出的一條紙帶如圖2所示，A、B、C為依次選取的三個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)（相鄰計(jì)數(shù)點(diǎn)間有4個(gè)點(diǎn)未畫出），可以判斷紙帶的________（填“左端”或“右端”）與小車相連。（3）圖2中相鄰計(jì)數(shù)點(diǎn)間的時(shí)間間隔為T，則打B點(diǎn)時(shí)小車的速度v=________；從A到C過程中小車的加速度a=________（用題中所提供的物理量表示）?！敬鸢浮浚?）A（2）左端（3）;【解析】【小問1】A．接通電源待打點(diǎn)計(jì)時(shí)器穩(wěn)定工作后，再釋放小車，故A正確；B．研究勻變速直線運(yùn)動的規(guī)律，無需滿足重物的質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車的質(zhì)量，故B錯(cuò)誤；C．安裝器材時(shí)，應(yīng)調(diào)節(jié)滑輪位置，讓細(xì)線與木板平行，故C錯(cuò)誤；故選A。【小問2】由于小車運(yùn)動得越來越快，點(diǎn)跡會越來越稀疏，所以紙帶左端與小車相連；【小問3】利用運(yùn)動學(xué)推論可知B點(diǎn)速度等于段的平均速度即利用運(yùn)動學(xué)推論可知從A到C過程中小車的加速度15.由普通水泥和導(dǎo)電材料混合制成的導(dǎo)電水泥，可用于監(jiān)測道路超載問題。某小組對此進(jìn)行探究。（1）選擇一材質(zhì)混合均勻的長方體導(dǎo)電水泥塊樣品，用多用電表粗測其電阻。將多用電表選擇開關(guān)旋轉(zhuǎn)到“×100”擋，正確操作后，指針位置如圖1所示，則讀數(shù)為________Ω。（2）進(jìn)一步提高實(shí)驗(yàn)精度，使用伏安法測量水泥塊電阻，電源E=6V，內(nèi)阻可忽略，電壓表量程0~6V，內(nèi)阻約10kΩ，電流表量程0~6mA，內(nèi)阻約10Ω。實(shí)驗(yàn)中要求待測水泥塊兩端的電壓從零開始變化，在圖2中完成余下導(dǎo)線的連接。（3）如圖2，測量水泥塊的長為a，寬為b，高為c。用伏安法測得水泥塊電阻為R，則電阻率ρ=________（用R、a、b、c表示）。（4）測得不同壓力F下的電阻R，算出對應(yīng)的電阻率ρ，作出ρ-F圖像如圖3所示。（5）基于以上結(jié)論，設(shè)計(jì)壓力報(bào)警系統(tǒng)，電路如圖4所示。報(bào)警器在兩端電壓小于或等于3V時(shí)啟動，為水泥塊，為滑動變阻器，當(dāng)?shù)幕幱谀澄恢?，上壓力大于或等于時(shí)，報(bào)警器啟動。報(bào)警器應(yīng)并聯(lián)在______兩端（填“”或“”）。（6）若電源使用時(shí)間過長，電動勢變小，上壓力大于或等于時(shí)，報(bào)警器啟動，則______（填“大于”“小于”或“等于”）?！敬鸢浮浚?）1000（2）見解析（3）（5）（6）小于【解析】（1）由多用電表歐姆檔的讀數(shù)規(guī)則可知（2）要求水泥塊兩端電壓從零開始變化，滑動變阻器應(yīng)采用分壓式連接方式；由于，可知待測電阻較大，可知電流表應(yīng)采用內(nèi)接法，所以電路圖的接法應(yīng)如圖所示（3）由電阻定律可知代入數(shù)據(jù)后，可以得到（5）根據(jù)圖3可知壓力越大電阻率越小，即電阻越?。换芈分须娏髟黾?，電壓增加，電壓減小，而報(bào)警器在兩端電壓小于或等于3V時(shí)啟動，故應(yīng)將報(bào)警器并聯(lián)在兩端。（6）電源電動勢減小，要使報(bào)警器啟動，即兩端電壓要仍為3V，根據(jù)串聯(lián)分壓關(guān)系，有可知減小需要更大，又因?yàn)樵酱笤叫?，可知需要小于?6.用雙縫干涉實(shí)驗(yàn)測量光的波長的實(shí)驗(yàn)裝置如圖1所示，則以下說法正確的是______。A.雙縫應(yīng)該放置在圖1中處B.實(shí)驗(yàn)時(shí)應(yīng)避免一次性將燈兩端的電壓調(diào)至額定電壓，以免燈絲燒壞C.測量亮紋之間的距離時(shí)，讀數(shù)時(shí)分劃板中心刻線應(yīng)與某亮紋中心對齊D.如圖2所示手輪上的示數(shù)為3.185mm，這就是光源發(fā)出的光的波長【答案】BC【解析】A．雙縫應(yīng)放置在處，故A錯(cuò)誤；B．實(shí)驗(yàn)時(shí)應(yīng)避免一次性將燈兩端的電壓調(diào)至額定電壓，以免燈絲燒壞，故B正確；C．測量亮紋之間的距離時(shí)，讀數(shù)時(shí)分劃板中心刻線應(yīng)與某亮紋中心對齊，故C正確；D．用雙縫干涉實(shí)驗(yàn)測波長，應(yīng)測出N條亮條紋的間距，然后除以N，得出相鄰條紋的間距，然后利用求波長，故D錯(cuò)誤。故選BC。17.龍泉青瓷名揚(yáng)天下，現(xiàn)代電子測溫技術(shù)能夠?qū)崿F(xiàn)溫度的精準(zhǔn)控制從而制作出更加精細(xì)的青瓷制品。如圖所示為某青瓷窯結(jié)構(gòu)的示意圖。某次燒制前，封閉在窯內(nèi)的氣體壓強(qiáng)為，溫度為室溫。燒制時(shí)為避免窯內(nèi)氣壓過高，窯上有一個(gè)單向排氣閥，已知當(dāng)窯內(nèi)氣體溫度為時(shí)，單向排氣閥開始排氣，此后窯內(nèi)氣體壓強(qiáng)保持不變，溫度逐漸升高至穩(wěn)定燒制溫度。氣體可視為理想氣體。求：（1）單向排氣閥開始排氣后窯內(nèi)氣體分子平均速率______（填“增大”“減小”或“不變”），單位時(shí)間撞擊單位面積窯壁的分子數(shù)______（填“增大”“不變”或“減小”）；（2）排氣閥開始排氣時(shí)窯內(nèi)氣體的壓強(qiáng)；（3）本次燒制排出的氣體占原有氣體質(zhì)量的比例?！敬鸢浮浚?）增大；減?。?）（3）【解析】【小問1】對于某種理想氣體，分子的平均動能與溫度有關(guān)。開始排氣后窯內(nèi)溫度一直升高，所以分子平均速率增大。排氣后窯內(nèi)氣體的壓強(qiáng)不變，溫度升高時(shí)每個(gè)氣體分子撞擊窯壁的平均力增大，所以單位時(shí)間撞擊單位面積窯壁的分子數(shù)會減小。小問2】由查理定律可知其中，所以【小問3】排出氣體后，氣體發(fā)生等壓變化，由蓋—呂薩克定律可得其中可以解得則排出的氣體的體