7/72021年高考物理臨考預(yù)測B卷(福建專用）一、單項選擇題:本題共4小題，每小題4分，共16分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1.同一單色光以不同的入射角射向介質(zhì)a和介質(zhì)b的界面，入射光、反射光和折射光的三種情形如圖所示，則下列說法正確的是（）A.光源處在介質(zhì)a中 B.光在介質(zhì)b中的波長更長C.光在介質(zhì)a中的能量更大 D.光在介質(zhì)b中的傳播速度更小【答案】D【解析】根據(jù)圖像可知，當(dāng)入射角大于臨界角時，入射光在b介質(zhì)發(fā)生全反射，故光源處在介質(zhì)b中，在第二幅圖中，可知入射角小于折射角，故介質(zhì)a的折射率小，，可知，光在介質(zhì)a中的波長更長；光波的頻率不變，則不變，因為介質(zhì)b折射率大，光在介質(zhì)b中的傳播速度更小，故ABC錯誤D正確。故選D。2.光電鼠標(biāo)輕便舒適，深受使用者喜愛，光電鼠標(biāo)中的一個重要元件是光電管，它的原理是光電效應(yīng)。頻率為的入射光照射某金屬時剛好發(fā)生光電效應(yīng)，照射某金屬時光電子的最大初動能為。已知普朗克常量為，電子電荷量大小為，下列說法正確的是（）A.增大照射金屬的入射光的強度，可以增大光電子的最大初動能B.金屬的逸出功為金屬B逸出功的2倍C.金屬B的遏止電壓為D.若用頻率為的光分別照射、B兩種金屬，光電子的最大初動能之比為3：5【答案】D【解析】A.由愛因斯坦光電效應(yīng)方程可知光電子的最大初動能與入射光強度無關(guān)，A錯誤；B.由題意結(jié)合愛因斯坦光電效應(yīng)方程，可得金屬的逸出功而金屬B的逸出功所以金屬的逸出功為金屬B逸出功的3倍，C錯誤；C.由遏止電壓的定義可知金屬的遏止電壓為C錯誤；D.由可知，用頻率為的光照射金屬時，光電子的最大初動能用頻率為的入射光照射金屬時，光電子的最大初動能所以用頻率為的入射光分別照射、兩種金屬時，光電子的最大初動能之比為3：5，故D正確。故選D。3.如圖所示，輕質(zhì)彈簧的一端固定于A點，另一端與輕繩相連，輕繩繞過定滑輪P與動滑輪Q的軸相連，另外一根輕繩一端懸掛重物B并繞過動滑輪Q及定滑輪S，由地面上某人拉著輕繩另一端，使整個系統(tǒng)處于靜止?fàn)顟B(tài)，此時QS連線水平，PQ連線與豎直方向夾角為。若人加速向下拉動細(xì)繩移動一段較小的距離，滑輪均為光滑輕質(zhì)滑輪，且可看作質(zhì)點，彈簧始終在彈性限度之內(nèi)，則在加速拉動的過程中與原靜止?fàn)顟B(tài)相比（）A.不變，彈簧彈力不變B.變大，彈簧彈力變大C.滑輪Q水平向右移動D.滑輪Q沿PQ方向移動【答案】B【解析】假設(shè)動滑輪位置不變，當(dāng)人加速拉動時，繩子拉力增大，則繩子在動滑輪處的合力增大，所以動滑輪會沿合力方向即PQ方向向右下移動。最終穩(wěn)定時，繩子QS處于傾斜狀態(tài)，動滑輪比原位置低，動滑輪處的兩段繩子的夾角變?yōu)殁g角。因為滑輪處無摩擦，所以PQ是動滑輪處兩段繩子夾角的角平分線，因為夾角增大，所以變大，因為動滑輪下移了，所以彈簧伸長了，即彈簧彈力變大。因為變大，所以動滑輪向右下移動，但不是沿PQ方向移動。故選B。4.如圖所示，兩條相距d的足夠長的平行光滑金屬導(dǎo)軌位于同一水平面內(nèi)，其左端接阻值為R的定值電阻。電阻為R長為d的金屬桿ab在導(dǎo)軌上以初速度vo水平向左運動，其左側(cè)有邊界為PQ、MN的勻強磁場，磁感應(yīng)強度大小為B。該磁場以恒定速度vo勻速向右運動，金屬桿進(jìn)入磁場后，在磁場中運動t時間后達(dá)到穩(wěn)定狀態(tài)，導(dǎo)軌電阻不計（）

A.當(dāng)金屬桿剛進(jìn)入磁場時，桿兩端的電壓大小為Bdv0B.當(dāng)金屬桿運動達(dá)到穩(wěn)定狀態(tài)時，桿兩端的電壓大小為Bdv0C.t時間內(nèi)金屬桿所受安培力的沖量等于0D.t時間內(nèi)金屬桿所受安培力做的功等于0【答案】AD【解析】A.當(dāng)金屬桿剛進(jìn)入磁場時，桿相對于磁場的速度是2v0，切割產(chǎn)生的電動勢為2Bdv0，則桿兩端的電壓大小為Bdv0，選項A正確；B.開始時根據(jù)楞次定律可知桿受到向右的安培力作用而做減速運動，當(dāng)減速到0后，由于磁場依舊向右運動，則金屬桿在安培力的作用下向右加速運動，直到桿與磁場的相對速度為0時，金屬桿運動達(dá)到穩(wěn)定狀態(tài)時，此時金屬桿不再切割磁感線運動，桿兩端的電壓大小為0，選項B錯誤；C.t時間內(nèi)金屬桿所受安培力的沖量選項C錯誤；D.t時間內(nèi)金屬桿所受安培力做的功選項D正確。故選AD。二、多項選擇題:本題共4小題，每小題6分，共24分每小題有多項符合題目要求，全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。5.“天問一號”火星探測器于2020年7月23日，在中國文昌航天發(fā)射場由長征五號遙四運載火箭發(fā)射升空，如圖所示，設(shè)地球半徑為R，地球表面的重力加速度為g0，“天問”一號在半徑為R的近地圓形軌道Ⅰ上運動，到達(dá)軌道的A點時點火變軌進(jìn)入橢圓軌道Ⅱ，到達(dá)軌道Ⅱ的遠(yuǎn)地點B時，再次點火進(jìn)入軌道半徑為4R的圓形軌道Ⅲ，繞地球做圓周運動，設(shè)“天問”一號質(zhì)量保持不變。則（）A.“天問”一號在軌道Ⅰ、Ⅲ上運行的周期之比為1∶8B.“天問”一號在軌道Ⅲ的運行速率大于C.“天問”一號在軌道Ⅰ上的加速度小于在軌道Ⅲ上的加速度D.“天問”一號在軌道Ⅰ上的機(jī)械能小于在軌道Ⅲ上的機(jī)械能【答案】AD【解析】A.由開普勒第三定律得解得故A正確；B.“天問”一號在軌道Ⅲ運行時，由萬有引力提供向心力得又聯(lián)立解得故B錯誤；C.根據(jù)公式可知，半徑越大加速度越小，則“天問”一號在軌道Ⅰ上的加速度大于在軌道Ⅲ上的加速度。故C錯誤；D.探測器在A、B點進(jìn)入高軌道時，都進(jìn)行了點火加速，機(jī)械能增加。則“天問”一號在軌道Ⅰ上的機(jī)械能小于在軌道Ⅲ上的機(jī)械能。故D正確。故選AD。6.C919大型客機(jī)是我國按照國際民航規(guī)章自行研制、具有自主知識產(chǎn)權(quán)的大型噴氣式民用飛機(jī)，在它的研制過程中風(fēng)洞實驗是必不可少的。現(xiàn)有同學(xué)在風(fēng)洞中完成了以下實驗：將一個質(zhì)量為的物體放在水平網(wǎng)上（網(wǎng)不影響物體受到的風(fēng)力），調(diào)節(jié)風(fēng)力大小，并記錄了物體所受豎直向上的風(fēng)力與時間的關(guān)系，如圖所示。下列說法正確的是（）A.第6個內(nèi)物體的加速度不變且最大B.在前時間內(nèi)物體開始運動后始終向上運動C.在時刻物體的速度大小為D.在前時間內(nèi)物體的最大速度為【答案】BD【解析】A.由圖可知第6個內(nèi)物體所受的合力是變化的，故加速度是變化的，故A錯誤；B.由圖像可知在第1個內(nèi)物體所受的風(fēng)力從增加到，這段時間內(nèi)物體靜止不動，從到內(nèi)物體一直向上加速，從到內(nèi)物體加速度方向向下，在內(nèi)，力的沖量大于重力的沖量，最終物體的速度仍向上，故在前時間內(nèi)物體開始運動后始終向上運動，故B正確；C.從到這段時間，對物體應(yīng)用動量定理有由圖像可知這段時間內(nèi)風(fēng)力的沖量解得故C錯誤；D.在時物體的加速度為零，速度最大，從到對物體應(yīng)用動量定理有由圖像可知這段時間內(nèi)風(fēng)力的沖量解得故D正確。故選BD。7.如圖所示，在xOy平面內(nèi)有勻強電場，半徑為R的圓周上有一粒子源P，以相同的速率v0在平行于圓周面內(nèi)沿各個方向發(fā)射質(zhì)量為m的帶電量為＋q的微粒，微?？梢缘竭_(dá)圓周上任意一個位置。比較到達(dá)圓上各個位置的微粒，發(fā)現(xiàn)到達(dá)Q點的微粒的動能最小，從C點離開的微粒的機(jī)械能最大，已知∠BOP＝30°，∠AOQ＝37°，取重力加速度為g，取sin37o=0.6，cos37o=0.8，取最低點D所在水平面為零重力勢能面，不計空氣阻力及帶電微粒間的相互作用。則（）

A.勻強電場的電場強度大小為，方向沿y軸負(fù)方向B.勻強電場的電場強度大小為，方向沿x軸負(fù)方向C.通過D點的微粒動能為m+()mgRD.微粒從P點運動到Q點過程中電勢能增加【答案】BCD【解析】AB.在C點微粒機(jī)械能最大，說明P到C電場力做功最大，由幾何關(guān)系可知，過C點做圓的切線為電場的等勢線，即電場力沿OC方向，因帶電粒子帶正電，場強方向沿OC方向，即沿x軸負(fù)方向；而在Q點，微粒動能最小，即重力與電場力的合力方向沿QO，則有解得故B正確，A錯誤；C.從P點到D點，根據(jù)動能定理有則有故C正確；D.微粒從P點運動到Q點過程中電場力做功電場力做負(fù)功，電勢能增加，故D正確。故選BCD。8.如圖所示，勻強磁場分布在半徑為R的圓形區(qū)域內(nèi)，點為圓弧形邊界上的兩個三等分點。現(xiàn)有三個比荷相同的帶電粒子以相同的速率正對著邊界垂直射入磁場（不計粒子重力及粒子間的相互作用），其中粒子1從M點正對圓心O射入，恰從N點射出，粒子2從P點射入，粒子3從Q點射入，已知粒子2與粒子1電性相同，粒子3與粒子1電性相反，則下列說法正確的是（）

A.粒子2一定從N點射出磁場B.粒子3一定從兩點之間的某點射出磁場C.粒子1與粒子2在磁場中運動的時間之比為1：3D.粒子2與粒子3在磁場中運動軌跡的弧長之比為1：2【答案】AD【解析】A.如圖所示為粒子1和2、3的軌跡，粒子1從M點正對圓心射入，恰從N點射出，根據(jù)幾何知識可確定圓心，運動軌跡圓的半徑為R。比荷相同的帶電粒子以相同的速率射入磁場，粒子運動的半徑相同。粒子2從P點正對邊界射入，根據(jù)洛倫茲力指向圓心，圓心應(yīng)在P點上方R處，連接，為菱形，大小為R，所以粒子2一定從N點射出磁場，該情境可以理解為磁聚焦模型，軌跡圓的半徑與磁場邊界圓半徑相同時，以垂直于磁場邊界圓的某直徑射入的粒子最終從同一點射出磁場，A正確；B.粒子3如果與粒子1電性相同，由磁匯聚特點可知，粒子3應(yīng)該也打到N點，但粒子3電性與粒子1相反，由幾何知識可知粒子3剛好從O點射出，B錯誤；C.由軌跡圖可知，粒子1對應(yīng)圓心角為90°，粒子2對應(yīng)的圓心角為30°，粒子3對應(yīng)圓心角為60°，帶電粒子比荷相同，粒子運動的周期相同，粒子運動時間與圓心角成正比，所以粒子1與粒子2在磁場中的運動時間之比為3：1，C錯誤；Ｄ.由于粒子運動的半徑也相同，粒子運動軌跡的弧長之比也與圓心角成正比，所以粒子2與粒子3在磁場中運動軌跡的弧長之比為1：2，D正確。故選AD。三、非選擇題:共60分?？忌鶕?jù)要求作答。9．(4分）如圖所示，在研究光的全反射實驗中，一束單色光沿半圓形玻璃磚的半徑方向射向玻璃磚與空氣的分界面，不考慮反射，當(dāng)入射角為30°時，測得折射角為θ，改變?nèi)肷浣?，?dāng)入射角為θ時，恰好發(fā)生全反射。則光發(fā)生全反射的臨界角C=___________，玻璃的折射率n=___________，光在玻璃中的傳播速度v=___________（空氣中的光速等于真空中的光速c）?！敬鸢浮?5°【解析】根據(jù)折射定律解得全反射的臨界角折射率光在玻璃中的傳播速度10．（4分）將兩個質(zhì)量均為m，帶電量分別為+q、-q的小球A、B用兩段長度均為L的絕緣細(xì)線相連，并懸掛于O點，如圖（a）所示。在兩球所在區(qū)域加一水平向左的勻強電場，每個小球所受的電場力大小為其重力的倍，整個裝置再次平衡時，狀態(tài)如圖（b）所示。則此時OA線的拉力大小為____________；AB線偏離豎直方向的角度為_____________，整個過程中小球B的電勢能減少了_____?！敬鸢浮?mg37°【解析】以整體為研究對象，豎直方向受力平衡可得：F=2mg；以B為研究對象，B受到重力、繩子拉力和電場力，根據(jù)平衡條件可得：，解得：θ=37°，故AB線偏離豎直方向的角度為37°。

11.（5分）用圖示裝置驗證動量守恒定律。先安裝好實驗裝置，在水平面上鋪一張白紙，白紙上鋪放復(fù)寫紙，在白紙上記錄下重垂線所指的位置，實驗中靜止釋放小球A，釋放點位置不變。（1）小王選擇了兩半徑相等的小球，測得，，測得不放被碰小球B時，小球A的落點為，，放上被碰小球B時，被碰小球B的落點為，小球A的落點為，，則該碰撞過程中動量___________（選填“守恒”或“不守恒”），實驗?zāi)康倪_(dá)到后，小王利用所給數(shù)據(jù)，又判斷了該碰撞中機(jī)械能是否守恒，小王判斷的結(jié)果是機(jī)械能___________（選填“守恒”或“不守恒”）。（2）小李選擇了另外兩個半徑相等的小球C、D，測得，但沒有測量兩小球的具體質(zhì)量，測得不放被碰小球D時，小球C的落點為，放上被碰小球D時，小球C的落點為，被碰小球D的落點為，用刻度尺測量出、和的長度，若小李要驗證碰撞為彈性碰撞，則需要驗證的關(guān)系式是___________（用、和表示）?！敬鸢浮浚?）守恒不守恒（2）【解析】（1）用平拋運動的水平距離代替兩個小球的速度由于碰撞后球A的動量為，因此在誤差允許范圍內(nèi)，系統(tǒng)動量守恒。碰前有碰后有計算可知系統(tǒng)動能有損失，因此機(jī)械能不守恒。（2）若碰撞為彈性碰撞，則滿足解得。12.（7分）一實驗小組的同學(xué)為了探究多用電表的原理，利用實驗室的器材組裝了一個簡單的多用電表，如圖甲所示為該多用電表的電路圖，已知電流計的量程為、內(nèi)阻為，當(dāng)單刀多擲開關(guān)接位置3時，改裝后的電壓表的量程為。圖乙中歐姆表的刻度值沒有標(biāo)出。回答下列問題：

(1)圖甲中，定值電阻的阻值為___________；(2)如果電路中電源的電動勢為，將開關(guān)接位置2，兩表筆短接，調(diào)節(jié)滑動變阻器的滑動觸頭使電流計的指針滿偏，則表盤上最上方中央處的刻度約為___________，當(dāng)測量一未知電阻的阻值時，電流計的指針如圖乙所示，則測量的電阻的阻值為___________（結(jié)果保留三位有效數(shù)字）；如果將開關(guān)接位置2，將兩表接在某一電壓表的兩端，則紅表筆應(yīng)接電壓表的___________（填“正”或“負(fù)”）接線柱，如果電壓表的示數(shù)為，則該電壓表的電阻應(yīng)為___________。【答案】（1）24990（2）600270負(fù)1800【解析】(1)根據(jù)歐姆定律得代入數(shù)據(jù)解得(2)當(dāng)兩表筆短接時，電流計指針滿偏，則歐姆表的內(nèi)阻為則表盤中央處對應(yīng)的阻值應(yīng)為在測量某電阻的阻值時，電流計的指針指在圖乙所示的位置時，由圖示表盤可知，其分度值為，示數(shù)為，則由閉合電路歐姆定律得則根據(jù)電流方向“黑出紅入”的規(guī)律可知，紅表筆應(yīng)接電壓表負(fù)接線柱；根據(jù)閉合電路歐姆定律得，電壓表的示數(shù)解得電壓表電阻為代入數(shù)據(jù)解得13.（10分）如圖所示，間距的平行且足夠長的導(dǎo)軌由傾斜、水平兩部分組成，傾斜部分傾角，在傾斜導(dǎo)軌頂端連接一阻值的定值電阻，質(zhì)量的金屬桿垂直導(dǎo)軌放置且始終接觸良好，并在整個區(qū)域加一垂直于傾斜軌道所在斜面向下、磁感應(yīng)強度的勻強磁場.現(xiàn)讓金屬桿從距水平面高度處由靜止釋放，金屬桿在傾斜導(dǎo)軌上先加速再勻速運動，然后進(jìn)入水平導(dǎo)軌部分，再經(jīng)過位移速度減為零.已知金屬棒與導(dǎo)軌間的動摩擦因數(shù)，導(dǎo)軌與金屬桿的電阻不計，金屬棒在導(dǎo)軌兩部分銜接點機(jī)械能損失忽略不計，重力加速度.求：（1）金屬桿勻速運動時的速度大?。唬?）金屬桿在傾斜導(dǎo)軌運動階段，通過電阻R的電量和電阻R產(chǎn)生的焦耳熱；（3）金屬桿水平導(dǎo)軌上運動時所受摩擦力的沖量大小.【答案】(1)；(2)2C，；(3)【解析】(1)金屬桿勻速運動時合力為零，解得：(2)通過電阻R的電量解得：根據(jù)能量守恒，電阻R產(chǎn)生的焦耳熱解得：(3)根據(jù)動量定理且解得：14.（12分）回旋加速器在科學(xué)研究中得到了廣泛應(yīng)用，其原理如圖甲所示：D1和D2是兩個中空的半圓形金屬盒，置于與盒面垂直的勻強磁場中，兩個D型盒接在如圖所示的電壓為U、周期為T的交流電源上，D型盒兩直徑BB'和CC'之間的區(qū)域只有電場，交流電源用來提供加速電場。位于D1的圓心處的質(zhì)子源A在t=0時產(chǎn)生的質(zhì)子（初速度可以忽略）在兩盒之間被電壓為U的電場加速，第一次加速后進(jìn)入D型盒D2，在D型盒的磁場中運動，運動半周時交流電源電壓剛好改變方向?qū)|(zhì)子繼續(xù)進(jìn)行加述，已知質(zhì)子質(zhì)量為m，帶電荷量為q。半圓形D型盒所在空間只有磁場，其中磁場的磁感應(yīng)強度為B，D型盒的半徑為R，當(dāng)質(zhì)