前鋒區(qū)高屆高考模擬題一七月物理一、單項選擇題：本題共7小題，每小題4分，共分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1.關(guān)于物理學(xué)史，下列說法中錯誤的是（）A.基本電荷量值最早由密立根通過油滴實驗測得B.法拉第提出場的概念并描繪電場線C.赫茲通過實驗證實了電磁波的存在D.玻爾提出氫原子能量量子化模型【答案】D【解析】【詳解】A．密立根通過油滴實驗首次精確測定了元電荷的數(shù)值，故A正確，不符合題意；B．法拉第提出了場的概念，并引入電場線、磁場線來形象描述場，故B正確，不符合題意；C．赫茲通過實驗首次產(chǎn)生并檢測到電磁波，證實了麥克斯韋的電磁波理論，故C正確，不符合題意；D．玻爾模型的假設(shè)是軌道角動量量子化（“能量量子化模型”D題意。故選D。2.如圖1所示，小球懸掛在輕彈簧的下端，彈簧上端連接傳感器。小球上下振動時，傳感器記錄彈力隨時間變化的規(guī)律如圖2所示。已知重力加速度。下列說法正確的是（）A.小球質(zhì)量為0.15kg，振動的周期為2sB.0~1s內(nèi)，小球始終處于超重狀態(tài)C.0~1s內(nèi)，小球受彈力的沖量大小為第1頁/共17頁D.彈力對小球做的功等于小球動能的變化量【答案】C【解析】【詳解】A．小球在最低點時彈簧拉力最大，傳感器讀數(shù)最大為1.5N，到達最高點時傳感器示數(shù)最小值為頓第二定律即小球的質(zhì)量由圖像可知，振動的周期為，故A錯誤；B．0~1s內(nèi)，小球向上運動，先加速后減速，故小球處于先超重后失重，故B錯誤；C．0~1s內(nèi)，根據(jù)動量定理可得小球受彈力的沖量大小為，故C正確；D．根據(jù)動能定理，彈力對小球做的功和重力對小球做的功之和等于小球動能的變化量，故D錯誤。故選C。3.AB兩小球從同一豎直線上的不同位置水平拋出后，恰好在CAB兩球拋出時的速度分別為、，不計空氣阻力，下列說法正確的是（）A.兩球從拋出到運動至C點的時間相等B.相遇時A球速度大于B球速度C.A先拋出，且D.B先拋出，且【答案】C【解析】【詳解】A．根據(jù)兩球運動到C點時的豎直高度不同，則兩球從拋出到運動至C點的時間不相等，A球運動時間較長，選項第2頁/共17頁A錯誤；B．根據(jù)可知A的初速度較小，相遇時的速度可知不能確定相遇時A球速度與B球速度的關(guān)系，選項B錯誤；CD．因A球運動時間較長，則A先拋出，根據(jù)可知，A的初速度較小，且，選項C正確，D錯誤。故選C。4.已知光在介質(zhì)中傳播時沿用時最短路徑傳播，遵守折射定律，vv2是光在兩種介質(zhì)中的速度。光從介質(zhì)1（y>0）中P點（?8，6）射入，從介質(zhì)2（y<0）中Q（6，?8）點射出，已知，則光在介質(zhì)2中折射角正弦值為（）A.B.C.D.【答案】B【解析】【詳解】設(shè)光線在坐標(biāo)（x，0）位置由介質(zhì)1射入介質(zhì)2中，根據(jù)幾何關(guān)系有，因為已知聯(lián)立解得故選B。5.一部華為Mate系列手機大約有1600多個元器件組成，其中半導(dǎo)體器件占到了很大一部分?；魻栐褪抢没魻栃?yīng)制成的半導(dǎo)體磁電轉(zhuǎn)換器件，如圖是很小的矩形半導(dǎo)體薄片，MN之間的距離為a第3頁/共17頁的厚度為b，在E、F間通入恒定電流I，同時外加與薄片垂直的磁場B，加磁場后M、N間的霍爾電壓為。已知半導(dǎo)體薄片中的載流子為正電荷，每個轂流子電荷量為q，單位體積內(nèi)載流子個數(shù)為n，電流與磁場的方向如圖所示。下列說法正確的是（）A.N板電勢低于M板電勢B.MN間電勢差C.每個載流子受到的洛倫茲力大小為D.將磁場方向變?yōu)榕c薄片的上、下表面平行，變大【答案】B【解析】【詳解】A．根據(jù)題意可知，半導(dǎo)體薄片中的載流子為正電荷，由左手定則可知，載流子向N板偏轉(zhuǎn)，N板帶正電，則N板電勢高于M板電勢，故A錯誤；B．設(shè)載流子定向移動的速率為，則有解得穩(wěn)定時有解得故B正確；第4頁/共17頁C．每個載流子受到的洛倫茲力大小為故C錯誤；D．將磁場方向變?yōu)榕c薄片的上、下表面平行，則載流子不會受到洛倫茲力，因此不存在電勢差，故D錯誤。故選B。6.如圖所示，豎直平面內(nèi)光滑圓弧軌道半徑為，等邊三角形的邊長為，頂點恰好位于圓周最低點，是邊的中垂線。在A、兩頂點上放置一對等量異種電荷。現(xiàn)把質(zhì)量為帶電荷量為的小球由圓弧的最高點處靜止釋放，到最低點時速度為對原電場的影響，取無窮遠(yuǎn)處為零電勢，靜電力常量為，則（）A.CM間的電勢差等于M點的電勢B.點電勢與點電勢不相同C.小球?qū)壍雷畹忘c處壓力大小為D.點電勢為【答案】C【解析】【詳解】AB．等量異種電荷連線的中垂線垂直于電場線方向，所以是一條等勢線，中垂線通向無限遠(yuǎn)處，CD處于ABM點的電勢為，由于C點的電勢為零，所以有，故AB錯誤；C為等邊三角形，小球在軌道最低點處，所受兩個正負(fù)電荷的電場力的水平分量相互第5頁/共17頁抵消，因此所受電場力合力方向向下，電場力的合力為重力為，支持力為N，根據(jù)牛頓第二定律可得解得，故C正確；D．對小球從到的過程，根據(jù)動能定理有解得，故D錯誤。故選C。7.abcd邊長為LRab邊與傳送帶邊緣QN平行，隨傳送帶以速度v勻速運動，勻強磁場的邊界PQNM是平行四邊形，磁場方向垂直于傳送帶向上，磁感應(yīng)強度大小為BPQ與QN夾角為45°PM長為2LPQ足夠長，線圈始終相對于傳送帶靜止，在線圈穿過磁場區(qū)域的過程中，下列說法正確的是（）A.線圈感應(yīng)電流的方向先是沿，后沿adcbaB.線圈始終受到垂直于向右的靜摩擦力C.線圈回路中的最大電功率為D.線圈受到摩擦力的最大值為【答案】D【解析】【詳解】A．線圈進入磁場時磁通量增大，離開磁場時磁通量減小，由楞次定律可知感應(yīng)電流的方向先沿adcba后沿abcda，A錯誤；B．線圈受到安培力是沿著PQ方向的線框的有效長度l受到的安培力，由左手定則可知，方向垂直于PQPQB錯第6頁/共17頁誤；C．當(dāng)線圈有效切割長度L長時，電流最大值線圈回路中的最大電功率為C錯誤；D．當(dāng)線圈的有效切割長度L長時，受到安培力最大值由前面分析可知靜摩擦力和安培力等大反向，摩擦力的最大值為，D正確。故選D。二、多項選擇題：本題共3小題，每小題6分，共分。在每小題給出的四個選項中，有多項符合題目要求。全部選對的得滿分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。8.某次發(fā)射衛(wèi)星時，先將衛(wèi)星發(fā)射至近地圓軌道Ⅰ，衛(wèi)星運動到軌道Ⅰ上的A點時實施變軌進入橢圓軌道Ⅱ，到達軌道Ⅱ上的遠(yuǎn)地點B時，再次實施變軌進入軌道半徑為4R（R為地球半徑）的圓形軌道Ⅲ繞地球做圓周運動。下列判斷正確的是（）A.衛(wèi)星在軌道Ⅰ上運動的角速度與在軌道Ⅲ上運動的角速度之比是8∶1B.衛(wèi)星在軌道Ⅰ上運動的周期與在軌道Ⅱ上運動的周期之比是C.衛(wèi)星在軌道Ⅲ上經(jīng)過B點時的速度大小大于在軌道Ⅱ上經(jīng)過B點時的速度大小D.衛(wèi)星在軌道Ⅲ上運動的機械能小于在軌道Ⅰ上運動的機械能【答案】AC【解析】第7頁/共17頁軌道Ⅰ的半徑為地球半徑R，軌道Ⅲ的半徑為4R，可得衛(wèi)星在軌道Ⅰ上運動的角速度與在軌道Ⅲ上運動的角速度之比是8∶1，故A正確；B．軌道Ⅱ的長軸為5R，即半長軸為2.5R，根據(jù)開普勒第三定律可得，故B錯誤；CDBB點時的速度大小大于在軌道Ⅱ上經(jīng)過B點時的速度大小，在軌道Ⅲ上運動的機械能大于在軌道Ⅰ上運動的機械能，故C正確，D錯誤。故選AC。9.用如圖（a）所示的電路給規(guī)格為“6V、6W”的燈泡L供電正常發(fā)光。已知理想變壓器原、副線圈的匝數(shù)比1“”“220V50Hz”的正弦交變電壓時，加載到小燈泡兩端的電壓隨時間變化的規(guī)律如圖（b）所示，則通過小燈泡L的電流（）A.由a流向bB.由b流向aC.有效值為D.有效值為0.5A【答案】A【解析】【詳解】AB．二極管有單向?qū)щ娦?，從圖中可以看出，當(dāng)副線圈電流從上面流出時，只經(jīng)過右上方的二極管流入燈泡的上端；當(dāng)副線圈電流從下面流出時，只經(jīng)過右下方的二極管流入燈泡的上端，故A正確，B錯誤；CD．規(guī)格為“6V、6W”的燈泡L正常發(fā)光，即其電流的有效值為，故CD錯誤；故選A。10.如圖，兩條“”形的光滑平行金屬導(dǎo)軌固定在絕緣水平面上，右側(cè)導(dǎo)軌間距為，左側(cè)導(dǎo)軌間距為，左、右兩導(dǎo)軌面與水平面夾角均為，左側(cè)處于豎直向上的勻強磁場中，右側(cè)處于豎直向下的勻強第8頁/共17頁、終與導(dǎo)軌垂直并接觸良好，ab、cd的質(zhì)量均為，長度均為，導(dǎo)體棒在回路中的總阻值為。導(dǎo)體棒ab從靜止開始經(jīng)時間g在下滑過程中（）A.導(dǎo)體棒ab、cd最終均做勻速直線運動B.ab中電流趨于C.導(dǎo)體棒cd從靜止開始經(jīng)時間，運動的位移大小為D.在時間內(nèi)，回路產(chǎn)生的焦耳熱小于【答案】BCD【解析】A可能都為零，所以最終兩棒不可能做勻速直線運動，故A錯誤；B．當(dāng)兩棒加速度運動時，對ab棒，根據(jù)牛頓第二定律可得對cd棒則有運動到時，電路中電流恒定，兩棒穩(wěn)定加速運動聯(lián)立解得，故B正確；C．對ab棒由動量定理可得解得回路中的平均感應(yīng)電動勢第9頁/共17頁聯(lián)立解得，故C正確；D．根據(jù)能量守恒定律，因為安培力對cd棒做正功，對ab可得解得由于cd棒的動能不為零，故，故D正確。故選BCD。三、實驗題：本題共2小題。題6分，題分，共分。某同學(xué)在實驗室測量單擺的周期和當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣却笮?。?）將擺線上端固定于鐵架臺，下端系一小球，做成單擺，如圖（a）所示。將小球由平衡位置拉開一個小角度靜止釋放，傳感器連接的計算機屏幕顯示的拉力F隨時間t變化的關(guān)系如圖（b）所示。現(xiàn)測得單擺擺長為L，則單擺的振動周期_________（用字母（2）觀察圖（b）變化的趨勢，引起該情況最可能的原因是_________；A傳感器損壞B.小球擺動的振幅減小C.小球由單擺運動變?yōu)閳A錐擺運動（3L與單擺擺長L（c）所示。已知圖像的斜率為k，則當(dāng)?shù)刂亓铀俣却笮________（用字母k、【答案】（1）（2）B（3）【解析】第10頁/共17頁【小問1詳解】小球經(jīng)過最低點時拉力最大，從最低點開始計時，一個周期內(nèi)兩次經(jīng)過最低點，即周期【小問2詳解】小球經(jīng)過最高點時繩子拉力最小，由圖（b）可知經(jīng)過最高點的拉力逐漸變大，設(shè)在最高點時繩子與豎直方向的夾角為，則可知最高點時繩子與豎直方向的夾角變小，即小球擺動的振幅減小。故選B?！拘?詳解】根據(jù)單擺周期公式可得可知圖像斜率可得重力加速度12.有一個待測電阻大約，某同學(xué)想測量多組數(shù)據(jù)并盡可能準(zhǔn)確測量它的阻值，在實驗室找到以下器材：A.學(xué)生電源（電動勢為）B.電壓表（量程為，內(nèi)阻約）C.電流表（量程為，內(nèi)阻為）D.滑動變阻器（最大阻值，額定電流）E.滑動變阻器（最大阻值，額定電流）F.定值電阻G.定值電阻H.開關(guān)、導(dǎo)線若干第11頁/共17頁（或）（2）請在圖1虛線框內(nèi)畫出你設(shè)計的電路圖，并在電路圖上標(biāo)出選擇器材的符號________。（3）在某次測量時，電壓表和電流表指針分別如圖2，3所示，則電壓表的示數(shù)是________，電流表示數(shù)是_______，請你用這一組數(shù)據(jù)計算出待測電阻的阻值是_______?！敬鸢浮浚?）①.②.（2）（3）①.4.4②.22.0③.97.5【解析】【小問1詳解】滑動變阻器要接成分壓電路，則應(yīng)選阻值較小的。最大電流約為60mA，定值電阻應(yīng)選，與電流表并聯(lián)可將電流表量程擴大到【小問2詳解】改裝后的電流表內(nèi)阻已知，則采用安培表內(nèi)接，滑動變阻器用分壓電路，則電路設(shè)計如圖【小問3詳解】電壓表的最小刻度0.2V4.4V1mA22.0第12頁/共17頁的電流為I=44.0mA，則用這一組數(shù)據(jù)計算出待測電阻的阻值是四、計算題：本題共3小題，題分，題分，題分，共分。解答時應(yīng)寫出必要的文字說明、公式、方程式和重要的演算步驟，只寫出結(jié)果的不得分，有數(shù)值計算的題，答案中必須寫出明確的數(shù)值和單位。13.如圖所示，豎直放置且粗細(xì)均勻的U形玻璃管與容積為V0的錐形容器連通，玻璃管左端與大氣相通。在U形玻璃管中用水銀柱封閉一定質(zhì)量的理想氣體，當(dāng)環(huán)境溫度為27℃U形玻璃管右側(cè)水銀面比左側(cè)水銀面高出h=12cm，水銀柱上方管中空氣柱長h=15cm，現(xiàn)在對錐形容器緩慢加熱，當(dāng)U形玻璃管左側(cè)水銀面比右側(cè)水銀面高出h=15cm時停止加熱，此時錐形容器內(nèi)氣體溫度為327℃。已知大氣壓強恒為p=76cmHg，U形玻璃管的橫截面積為S=1cm2，熱力學(xué)溫度T與攝氏溫度t關(guān)系為T=t+273K。求：（1）當(dāng)環(huán)境溫度為27℃時，錐形容器內(nèi)氣體的壓強；（2）錐形容器的容積V?！敬鸢浮浚?）64cmHg（2）18.2cm3【解析】【小問1詳解】當(dāng)環(huán)境溫度為27℃時，錐形容器內(nèi)氣體的壓強【小問2詳解】加熱后空氣柱長，壓強由題意可知，根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程可得解得第13頁/共17頁14.中邊平行于軸，點坐標(biāo)為點在軸正方向的勻強電場（電場強度、帶電量為的正電粒子，從點沿軸正方向以速度的方向射出磁場。不計粒子的重力，求：（1）磁感應(yīng)強度的大??；（2）粒子在磁場中運動時間；（3點運動至第三次經(jīng)過軸的位置坐標(biāo)?！敬鸢浮浚?）（2）（3）【解析】【小問1詳解】在電場中粒子做類平拋運動，設(shè)正電粒子射出電場時與軸正方向夾角為，如圖所示第14頁/共17頁水平方向豎直方向由類平拋運動特點可得即則粒子進入磁場中的速度由題可知QR得由洛倫茲力提供圓周運動的向心力則有解得【小問2詳解】由題可知，圓心角則粒子在磁場中運動的時間【小問3詳解】軌跡與QN相切時，圓周運動的半徑第15頁/共17頁