絕密★考試結(jié)束前學(xué)年第一學(xué)期寧波六校聯(lián)盟期中聯(lián)考高二年級(jí)物理學(xué)科試題考生須知：本卷共7頁滿分分：考試時(shí)間分鐘。答題前，在答題卷指定區(qū)域填寫班級(jí)、姓名、考場(chǎng)號(hào)、座位號(hào)及準(zhǔn)考證號(hào)并填涂相應(yīng)數(shù)字。所有答案必須寫在答題紙上，寫在試卷上無效?？荚嚱Y(jié)束后，只需上交答題紙選擇題部分一、單選題（本題共小題，每小題3分，共分。每小題列出的四個(gè)備選項(xiàng)中只有一個(gè)是符合題目要求的，不選、多選、錯(cuò)選均不得分）1.在物理學(xué)的重大發(fā)現(xiàn)中，科學(xué)家創(chuàng)造出了許多物理學(xué)研究方法，如比值法、理想實(shí)驗(yàn)法、控制變量法、極限思想法、類比法和科學(xué)假說法、建立物理模型法、微元法等。以下關(guān)于所用物理學(xué)研究方法的敘述，正確的是（）A.“理想化模型”在研究的問題中是實(shí)際存在的B.定義加速度用了比值法，加速度與成正比C.在不需要考慮物體的大小和形狀時(shí)，用質(zhì)點(diǎn)來代替實(shí)際物體，采用了等效替代法D.根據(jù)速度定義式v表示物體在t法【答案】D【解析】【詳解】AA錯(cuò)誤；B．定義加速度用了比值法，但加速度與無關(guān)，故B錯(cuò)誤；C．在不需要考慮物體的大小和形狀時(shí)，用質(zhì)點(diǎn)來代替實(shí)際物體，采用了理想模型法，故C錯(cuò)誤；D．根據(jù)速度定義式，當(dāng)非常非常小時(shí)，v表示物體在t時(shí)刻的瞬時(shí)速度，該定義應(yīng)用了極限思想法，故D正確。故選D。第1頁/共20頁2.某中學(xué)2024年秋季田徑運(yùn)動(dòng)會(huì)正如火如荼地進(jìn)行。下列說法中正確的是（）A.廣播通知徑賽檢錄于9：30開始，此處9：30指的是時(shí)間間隔B.百米賽跑中，一名運(yùn)動(dòng)員發(fā)現(xiàn)自己在“后退”，他是以大地為參考系C.運(yùn)動(dòng)員跑完1000m比賽，這個(gè)1000m指的是路程D.百米賽跑運(yùn)動(dòng)員以9.5m/s的速度沖過終點(diǎn)線，這里的速度是指平均速度【答案】C【解析】【詳解】A．廣播通知中的“”是檢錄開始的時(shí)刻，而非時(shí)間間隔，故A錯(cuò)誤；B．運(yùn)動(dòng)員感覺自己“后退”是因?yàn)檫x擇了比自己快的運(yùn)動(dòng)員為參考系，而非大地，故B錯(cuò)誤；C．比賽的總長(zhǎng)度是運(yùn)動(dòng)員實(shí)際運(yùn)動(dòng)軌跡的長(zhǎng)度，屬于路程，故C正確；D．沖過終點(diǎn)時(shí)的速度對(duì)應(yīng)瞬時(shí)速度，而非平均速度（平均速度為總位移/D錯(cuò)誤。故選C。3.如圖（am的勻質(zhì)球置于固定鋼質(zhì)支架的水平橫桿和豎直墻之間，并處于靜止?fàn)顟B(tài)，其中一個(gè)視圖如圖（b）所示。測(cè)得球與橫桿接觸點(diǎn)到墻面的距離為球半徑的1.8倍，已知重力加速度大小為g，不計(jì)所有摩擦，則球?qū)M桿的壓力大小為（）A.B.C.D.【答案】D【解析】【詳解】對(duì)球進(jìn)行受力分析如圖，設(shè)球的半徑為R，根據(jù)幾何知識(shí)可得根據(jù)平衡條件得解得第2頁/共20頁根據(jù)牛頓第三定律得球?qū)M桿的壓力大小為故選D。4.2024年月3上繞地球做圓周運(yùn)動(dòng)，分離后經(jīng)多次變軌，飛船下降到過渡軌道仍繞地球做圓周運(yùn)動(dòng)，則飛船在過渡軌道上運(yùn)動(dòng)時(shí)與在空間站軌道上相比（）A.周期減小，速率增大B.周期增大，速率減小C.周期減小，速率減小D.周期增大，速率增大【答案】A【解析】【詳解】根據(jù)開普勒第三定律可得可知，軌道半徑減小時(shí)，周期減??；根據(jù)萬有引力提供向心力解得，衛(wèi)星速率為當(dāng)減小時(shí)，速率增大。因此，飛船在過渡軌道（半徑更?。┑闹芷跍p小、速率增大。故選A。5.如圖甲所示為昆一中科技節(jié)活動(dòng)中水火箭升空的一個(gè)場(chǎng)景，水火箭離開支架后的運(yùn)動(dòng)可看成直線運(yùn)動(dòng)，—）第3頁/共20頁A.過程火箭的加速度先減小后增大B.時(shí)刻火箭的加速度為C.火箭從計(jì)時(shí)開始上升的最大高度小于D.若時(shí)刻火箭回到開始計(jì)時(shí)的位置，則【答案】C【解析】【詳解】A．過程，火箭處于上升階段，對(duì)其進(jìn)行受力分析，根據(jù)牛頓第二定律有解得火箭上升過程中的加速度大小為火箭下落過程中的加速度大小為A錯(cuò)誤；B．時(shí)刻，火箭的速度為0時(shí)刻火箭的加速度大小為B錯(cuò)誤；C．內(nèi)火箭處于上升階段，由圖像可知這段時(shí)間內(nèi)物體的運(yùn)動(dòng)不是勻變速直線運(yùn)動(dòng)，根據(jù)圖像與橫軸圍成的面積表示位移，可知火箭上升的最大高度小于，故C正確；D過程的時(shí)間小于下降過程的時(shí)間，即整理可得，故D錯(cuò)誤故選C。第4頁/共20頁為電鯰身體的中點(diǎn)，且為魚身長(zhǎng)的一半，下列說法正確的是（）A.從頭到尾點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度最大B.點(diǎn)電勢(shì)高于點(diǎn)電勢(shì)C.若將一正電荷放入電鯰體內(nèi)，則它在點(diǎn)具有電勢(shì)能小于它在點(diǎn)具有電勢(shì)能D.若電鯰頭尾部間產(chǎn)生的電壓時(shí)，間的電壓為【答案】C【解析】A中點(diǎn)O點(diǎn)，電場(chǎng)強(qiáng)度最小，而在兩點(diǎn)電荷連線的中垂線上，O點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)才是最大，故A錯(cuò)誤；BC．沿電場(chǎng)線的方向是電勢(shì)降低的方向，故點(diǎn)電勢(shì)低于點(diǎn)電勢(shì)，正電荷在電勢(shì)高的地方具有的電勢(shì)能大，因此若將一正電荷放入電鯰體內(nèi)，則它在點(diǎn)具有電勢(shì)能小于它在點(diǎn)具有電勢(shì)能，故B錯(cuò)誤，C正確；D．根據(jù)等量異種點(diǎn)電荷的電場(chǎng)分布規(guī)律可知A、B間的電場(chǎng)線比A點(diǎn)到魚尾或B點(diǎn)到魚頭的電場(chǎng)線稀疏，則平均場(chǎng)強(qiáng)也較小，故AB之間電壓小于200V，故D錯(cuò)誤。故選C。7.在如圖所示的電路中，電源電動(dòng)勢(shì)為E，內(nèi)阻為r，閉合開關(guān)S，在滑動(dòng)變阻器R0的滑片向下滑動(dòng)的過程中，下列說法正確的是（）A.電壓表示數(shù)增大B.電流表示數(shù)不變C.電源的輸出功率減小D.R消耗的功率減小【答案】D第5頁/共20頁【詳解】A．根據(jù)閉合電路的歐姆定律的電壓減小，即電壓表的示數(shù)減小，故A錯(cuò)誤；B點(diǎn)可知，電流表的示數(shù)增大，故B錯(cuò)誤；C．根據(jù)電源輸出功率與變化情況，故C錯(cuò)誤；D．R消耗功率結(jié)合上述分析可知，當(dāng)滑片向下滑動(dòng)時(shí)，外電路的電壓減小，而定值電阻的阻值不變，因此R消耗的功率減小，故D正確。故選D。8.下列四幅圖涉及到不同的物理知識(shí)，其中說法正確的是（）A.圖甲中，船相對(duì)水垂直河岸勻速行駛，水流速度越大，渡河時(shí)間越長(zhǎng)B.圖乙中，質(zhì)點(diǎn)的運(yùn)動(dòng)軌跡已知，若該質(zhì)點(diǎn)在y軸方向做勻速運(yùn)動(dòng)，則在x軸方向做加速運(yùn)動(dòng)C.圖丙中，籃球經(jīng)過P時(shí)所受合力可能沿圖示方向D.圖丁中，若用小錘用力敲擊彈性金屬片，a球會(huì)比水平彈出的b球先落地【答案】B【解析】【詳解】A．圖甲中，船相對(duì)水垂直河岸勻速行駛，根據(jù)第6頁/共20頁By軸方向做勻速運(yùn)動(dòng)，可知質(zhì)點(diǎn)受到的合力方向沿x軸正方向，則在x軸方向做加速運(yùn)動(dòng)，故B正確；CP時(shí)合力方向與速度方向的夾角應(yīng)大于C錯(cuò)誤；D．圖丁中，若用小錘用力敲擊彈性金屬片，a球與b球應(yīng)同時(shí)落地，故D錯(cuò)誤。故選B。9.如圖（a圖（b）所示，其軌跡在同一豎直平面內(nèi)，拋出點(diǎn)均為，且軌跡交于點(diǎn)，拋出時(shí)谷粒1和谷粒2的初速度分別為和方向水平，確的是（）A.谷粒1的加速度小于谷粒2的加速度B.谷粒2在最高點(diǎn)的速度小于C.兩谷粒從到的運(yùn)動(dòng)時(shí)間相等D.兩谷粒從到的平均速度相等【答案】B【解析】A．拋出的兩谷粒在空中均僅受重力作用，加速度均為重力加速度，故谷粒1的加速度等于谷粒2的加速度，A錯(cuò)誤；C21O點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到P2做豎直上拋運(yùn)動(dòng)，谷粒1做自由落體運(yùn)動(dòng)，豎直方向上位移相同故谷粒2運(yùn)動(dòng)時(shí)間較長(zhǎng)，C錯(cuò)誤；B2谷粒12水平方向上的速度較小即最高點(diǎn)的速度小于B正第7頁/共20頁確；D．兩谷粒從O點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到P點(diǎn)的位移相同，運(yùn)動(dòng)時(shí)間不同，故平均速度不相等，谷粒1的平均速度大于谷粒2的平均速度，D錯(cuò)誤。故選B。10.、內(nèi)壁光滑的圓形軌道豎直放置在水平地面上，軌道圓心為是軌道上與圓心等高的兩點(diǎn)。一質(zhì)量為的小球沿軌道做圓周運(yùn)動(dòng)且剛好能通過軌道最高點(diǎn)，運(yùn)動(dòng)過程中軌道始終保持靜止?fàn)顟B(tài)。已知重力加速度為，下列說法正確的是（）A.小球經(jīng)過軌道最高點(diǎn)時(shí)，軌道對(duì)地面的壓力最小B.小球經(jīng)過軌道最低點(diǎn)時(shí)，軌道對(duì)地面的壓力最大C.小球經(jīng)過點(diǎn)時(shí)，軌道對(duì)地面的壓力為D.小球經(jīng)過點(diǎn)時(shí)，軌道對(duì)地面的摩擦力沿水平面向左【答案】B【解析】A道的重力，小球在下半軌道運(yùn)動(dòng)時(shí)，小球?qū)壍赖膲毫τ邢蛳碌姆至?，則軌道對(duì)地面的壓力大于軌道的重力，小球在上半軌道運(yùn)動(dòng)（除最高點(diǎn)外）時(shí)，小球?qū)壍赖膲毫τ邢蛏系姆至?，則軌道對(duì)地面的壓力小于軌道的重力，故小球經(jīng)過軌道最高點(diǎn)時(shí)，軌道對(duì)地面的壓力不是最小，故A錯(cuò)誤；BA，根據(jù)牛頓第二定律定律，小球?qū)壍赖膲毫ψ畲?，軌道?duì)地面的壓力最大，故B正確；第8頁/共20頁C力，為故C錯(cuò)誤；D止，根據(jù)平衡條件可知地面對(duì)軌道的摩擦力沿水平面向左，根據(jù)牛頓第三定律，軌道對(duì)地面的摩擦力沿水平面向右，故D錯(cuò)誤。故選B。二、多選題Ⅱ（本小題共3小題，每小題4分，共分，每小題列出的四個(gè)備選項(xiàng)中至少有一個(gè)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得4分，選對(duì)但不全的得2分，有選錯(cuò)的得0分）的是A.焦耳發(fā)現(xiàn)了電流熱效應(yīng)的規(guī)律B.庫侖總結(jié)出了點(diǎn)電荷間相互作用的規(guī)律C.楞次發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)，拉開了研究電與磁相互關(guān)系的序幕D.牛頓將斜面實(shí)驗(yàn)的結(jié)論合理外推，間接證明了自由落體運(yùn)動(dòng)是勻變速直線運(yùn)動(dòng)【答案】AB【解析】【詳解】A．焦耳發(fā)現(xiàn)了電流熱效應(yīng)的規(guī)律,故A正確；B．庫侖總結(jié)出了點(diǎn)電荷間相互作用的規(guī)律，故B正確；C．奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)，拉開了研究電與磁相互關(guān)系的序幕，故C錯(cuò)誤；D．伽利略將斜面實(shí)驗(yàn)的結(jié)論合理外推，間接證明了自由落體運(yùn)動(dòng)是勻變速直線運(yùn)動(dòng)，故D錯(cuò)誤；故選AB12.成了生產(chǎn)廠家必須關(guān)注的問題。現(xiàn)有一水槍樣品，已知水槍噴水口的直徑為，水的密度為，水流水平出射速度為，垂直擊中豎直目標(biāo)后以大小為的速率反向?yàn)R回，則（）A.水槍噴水的流量（單位時(shí)間內(nèi)流出的體積）為B.噴水口單位時(shí)間內(nèi)噴出水的質(zhì)量為C.水槍的功率為第9頁/共20頁D.目標(biāo)受到的平均沖擊力大小為【答案】BD【解析】【詳解】A．水槍噴水的流量為故A錯(cuò)誤；B．噴水口單位時(shí)間內(nèi)噴出水的質(zhì)量為故B正確；C．水槍的功率為故C錯(cuò)誤；D．取初速度方向正方向，由動(dòng)量定理得則由牛頓第三定律可知，目標(biāo)受到的平均沖擊力大小為故D正確。故選BD。13.M和電熱絲R220V，吹冷風(fēng)時(shí)的功率為120W，吹熱風(fēng)時(shí)的功率為1000W，關(guān)于該電吹風(fēng)，下列說法正確的是（）A.電熱絲的電阻為55ΩB.若、閉合，則電吹風(fēng)吹冷風(fēng)C.當(dāng)電吹風(fēng)吹熱風(fēng)時(shí)，電動(dòng)機(jī)每秒鐘消耗的電能為120JD.電動(dòng)機(jī)工作時(shí)輸出的機(jī)械功率為120W【答案】AC【解析】第10頁/共20頁由可知故A正確；B．若、閉合，電熱絲接入電路，則此時(shí)電熱絲發(fā)熱，電吹風(fēng)吹熱風(fēng)，故B錯(cuò)誤；C．當(dāng)吹熱風(fēng)時(shí)，電動(dòng)機(jī)消耗的電功率仍為120W，故每秒鐘消耗的電能為120J，故C正確；D．電動(dòng)機(jī)工作時(shí)的輸入功率為吹冷風(fēng)時(shí)的功率，即為120W，由于電動(dòng)機(jī)內(nèi)部線圈有電阻，會(huì)產(chǎn)生一定的熱功率，可知電動(dòng)機(jī)工作時(shí)輸出的機(jī)械功率小于120W，故D錯(cuò)誤。故選AC。非選擇題部分三、非選擇題（本題共5小題，共分）14.定律。重力加速度g取。（1）實(shí)驗(yàn)前，應(yīng)合理安裝實(shí)驗(yàn)器材。圖（a）中光電門____的位置安裝不合理，應(yīng)如何調(diào)整_____：第11頁/共20頁12的時(shí)間和2的位置改變L，重復(fù)實(shí)驗(yàn)，所測(cè)數(shù)據(jù)見下表?！瑝K經(jīng)過光電門1、2的速度分別為和。當(dāng)時(shí)，_____，滑塊通過兩光電門下降的高度_____2位小數(shù)）（3關(guān)系曲線（其中bb信息，分析滑塊在下滑過程中機(jī)械能是否守恒：_____，并給出理由：________?！敬鸢浮浚?）①.1②.適當(dāng)向右移動(dòng)光電門1（2）①1.01②.3.98（3）①.守恒②.見解析第12頁/共20頁【小問1詳解】[1]光電門1安裝不合理；[2]由圖可知，光電門1靠近釋放點(diǎn)，滑塊到光電門1的距離較短，速度較小，導(dǎo)致滑塊通過光電門1的速度測(cè)量誤差較大。【小問2詳解】[1]當(dāng)時(shí)，由表格可知通過光電門2的時(shí)間為故通過光電門2的速度[2]根據(jù)幾何關(guān)系可得滑塊通過兩光電門下降的高度【小問3詳解】[1]守恒；[2]根據(jù)圖（b）可知其斜率約為故在誤差范圍內(nèi)恒。15.源。在某次科學(xué)研究中，一個(gè)實(shí)驗(yàn)小組對(duì)充電寶滿電量時(shí)的電動(dòng)勢(shì)（約為5V）和內(nèi)阻進(jìn)行了研究。實(shí)驗(yàn)室可提供的實(shí)驗(yàn)器材如下：毫安表mA（量程為0~30mA，內(nèi)阻為2ΩR（量程為0~99.9Ω電阻R（阻值為10ΩR（阻值為0.5Ω（11處的定值電阻應(yīng)選擇________（選填“R”或“R”（2I=________mAR0的電流大小為________mA。第13頁/共20頁圖丙所示，可得該充電寶的電動(dòng)勢(shì)E=________V，內(nèi)阻r=________Ω2位有效數(shù)字）【答案】（1）R2（2）①.23.0②.（3）①.5.1②.0.13【解析】【小問1詳解】實(shí)驗(yàn)中毫安表量程偏小，需要對(duì)毫安表改裝后進(jìn)行實(shí)驗(yàn)，R1的阻值太大，改裝后的表量程仍然不滿足實(shí)驗(yàn)要求，故1處的定值電阻應(yīng)選擇R?！拘?詳解】[1][2]根據(jù)電表改裝原理，改裝后的電流表量程為由題圖乙可知此時(shí)電流表的示數(shù)為I=23.0mA，由于改裝后的電流表量程變?yōu)樵瓉淼?倍，因此流過電阻箱R0的電流大小為mA?！拘?詳解】[1][2]由閉合電路歐姆定律得E=5I（R+r+0.4）整理可得因此圖像中，圖線斜率表示，縱截距表示，結(jié)合題圖丁可得E=5.10V，r=0.13Ω。16.如圖，輪滑訓(xùn)練場(chǎng)沿直線等間距地?cái)[放著若干個(gè)定位錐筒，錐筒間距，某同學(xué)穿著輪滑鞋向右勻減速滑行。現(xiàn)測(cè)出他從1號(hào)錐筒運(yùn)動(dòng)到2號(hào)錐筒用時(shí)，從2號(hào)錐筒運(yùn)動(dòng)到3號(hào)錐筒用時(shí)。求該同學(xué)（1）滑行的加速度大?。唬?）最遠(yuǎn)能經(jīng)過幾號(hào)錐筒?！敬鸢浮浚?）2）4【解析】第14頁/共20頁1）根據(jù)勻變速運(yùn)動(dòng)規(guī)律某段內(nèi)的平均速度等于中間時(shí)刻的瞬時(shí)速度可知在12間中間時(shí)刻的速度為2、3間中間時(shí)刻的速度為故可得加速度大小為（2）設(shè)到達(dá)1號(hào)錐筒時(shí)的速度為，根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)規(guī)律得代入數(shù)值解得從1號(hào)開始到停止時(shí)通過的位移大小為故可知最遠(yuǎn)能經(jīng)過4號(hào)錐筒。17.如圖所示，在光滑的水平面上靜止放一質(zhì)量為2m的木板B，木板表面光滑，右端固定一輕質(zhì)彈簧。質(zhì)量為m的木塊A以速度從板的左端水平向右滑上木板B，求：（1）彈簧的最大彈性勢(shì)能；（2）彈簧被壓縮直至最短的過程中，彈簧給木塊A的沖量；（3）當(dāng)木塊A和B板分離時(shí)，木塊A的速度?！敬鸢浮浚?）（2），方向向左第15頁/共20頁（3），方向向左【解析】【小問1詳解】彈簧被壓縮到最短時(shí)，木塊A與木板B具有相同的速度，此時(shí)彈簧的彈性勢(shì)能最大。設(shè)共同速度為vA開始沿木板BAB系統(tǒng)的動(dòng)量守恒，取向右為正方向，則有彈簧的最大彈性勢(shì)能，解得【小問2詳解】對(duì)木塊A，根據(jù)動(dòng)量定理得，解得，方向向左?！拘?詳解】從木塊A滑上木板B直到二者分離，系統(tǒng)的機(jī)械能守恒，設(shè)分離時(shí)A、B的速度分別為和，根據(jù)動(dòng)量守恒定律得根據(jù)機(jī)械能守恒定律得解得，方向向左。18.如圖所示，傳送帶長(zhǎng)為，以的速率順時(shí)針勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，傳送帶的傾角為，其右上側(cè)有一水平平臺(tái)MN，木板C與平臺(tái)MN左側(cè)對(duì)齊，物塊B距木板C左端的距離，B、C質(zhì)量且均靜止。一個(gè)質(zhì)量為的物塊A以的速度滑上傳送帶，從傳送帶CBAB粘在一起且最終未能滑離C。已知A與傳送帶的動(dòng)摩擦因數(shù)為，A、B與C間的動(dòng)摩擦因數(shù)C與平臺(tái)間的動(dòng)摩擦因數(shù)AB均可視為質(zhì)點(diǎn)。求：（1）物塊A滑離傳送帶時(shí)的速度大?。唬?）從物塊A滑上傳送帶到與B發(fā)生碰撞所需的時(shí)間。第16頁/共20頁【解析】1）物塊A滑上傳送帶后，根據(jù)牛頓第二定律有解得物塊A與傳送帶共速時(shí)，由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式解得則可得對(duì)物塊分析，共速后，物塊A與傳送帶不能夠保持相對(duì)靜止，仍然減速，根據(jù)牛頓第二定律有解得由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式得解得時(shí)間為0.4s或2s，其中2s不符合題意，舍去，則有可知，物塊滑離傳送帶時(shí)的速度第17頁/共20頁（2）物塊A離開傳送帶后，做斜拋運(yùn)動(dòng)，物塊在運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)時(shí)滑上木板，物塊滑上木板時(shí)的速度為所用時(shí)間A滑上C表面后做減速運(yùn)動(dòng)的加速度大小為假設(shè)B、C相對(duì)靜止，共同加速度大小代入數(shù)值得故假設(shè)成立。A追上B，滿足代入數(shù)據(jù)解得時(shí)間為與，其中不符合題意，舍去，則有結(jié)合上述，從物塊A滑上傳送帶到與B發(fā)生碰撞所需的時(shí)間19.KU=1000VS沿兩水平金屬板A、B間的中心線射入。A、B板長(zhǎng)l=0.20m，相距d=0.02m，加在A、B兩板間電壓為U。設(shè)A、B間的電場(chǎng)可看作是勻強(qiáng)電場(chǎng)，且兩板外無電場(chǎng)。兩板右側(cè)放一記錄圓筒，筒在左側(cè)邊緣與極板右端距