2024年浙江高考物理模擬卷（四）（考試時間：90分鐘試卷滿分：100分）注意事項：1．答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號等填寫在答題卡和試卷指定位置上。2．回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑。如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案標號?；卮鸱沁x擇題時，將答案寫在答題卡上。寫在本試卷上無效。3．考試結束后，將本試卷和答題卡一并交回一、選擇題Ⅰ（本題共13小題，每小題3分，共39分。每小題列出的四個備選項中只有一個是符合題目要求的，不選、多選、錯選均不得分）1．下列物理量不屬于矢量的是（）A．線速度 B．平均速度 C．路程 D．力2．下列物理量的單位用SI制中的基本單位表示正確的是（）A．電阻率Ωm B．沖量kg?mC．磁感應強度kgA?s23．物理學科注重培養(yǎng)學生的物理觀念、科學思維和科學方法，下列說法不正確的是（）A．重心的概念體現(xiàn)了等效思想，驗證力的平行四邊形定則實驗也體現(xiàn)了這種思想 B．在探究加速度、力和質量三者之間的關系時運用了控制變量法，探究影響向心力大小的因素也用了這個方法 C．用質點來代替物體的方法運用了理想模型法，在推導勻變速直線運動位移公式時也運用了這種方法 D．電容器的電容C=QU、電場強E4．某水電站用總電阻為2.5Ω的輸電線輸電給500km外的用戶，其輸出電功率是3×106kW?，F(xiàn)用500kV電壓輸電，則下列說法正確的是（）A．輸電線上輸送的電流大小為2×105A B．輸電線上由電阻造成的損失電壓為15kV C．輸電線上損失的功率為9×105kW D．輸電線上損失的功率為△P=U5．如圖，滑塊a、b的質量均為m，a套在固定豎直桿上，與光滑水平地面相距h，b放在地面上。a、b通過鉸鏈用剛性輕桿連接，由靜止開始運動。不計一切摩擦，a、b可視為質點，重力加速度大小為g。則（）A．a(chǎn)落地前，輕桿對b一直做正功 B．a(chǎn)落地前，當a的機械能最小時，b對地面的壓力大小為mg C．a(chǎn)落地時速度大小為g? D．a(chǎn)下落過程中，其加速度大小始終不大于g6．建筑工地上有一種小型打夯機，其結構原理如圖所示，一個質量為M的支架（含電動機）上有一根長為L的輕桿，一端固定一個質量為m的鐵塊（視為質點），另一端固定在電動機的轉軸上。電動機帶動鐵塊在豎直平面內做勻速圓周運動，當轉動的角速度達到一定數(shù)值時，支架抬起然后砸向地面，從而起到夯實地基的作用。若重力加速度為g，空氣阻力不計，則（）A．鐵塊轉動到最低點時處于失重狀態(tài) B．鐵塊轉動到最高點時所受彈力大小一定不為零 C．若使支架離開地面，則電動機的角速度ω＞MgD．若使支架離開地面，則電動機的角速度ω＞7．物體做直線運動的圖像可以靈活選取橫縱軸所代表的物理量，下列說法正確的是（）A．甲圖中，物體在0～t0這段時間內的位移等于v0B．乙圖中，物體的加速度為1.0m/s2 C．丙圖中，物體在0～4s內速度先增大后減小 D．丁圖中，t＝3s時物體的速度為25m/s8．某種光電式火災報警器的原理如圖所示，由紅外光源發(fā)射的光束經(jīng)煙塵粒子散射后照射到光敏電阻上，光敏電阻接收的光強與煙霧的濃度成正比，其阻值隨光強的增大而減小。閉合開關，當煙霧濃度達到一定值時，干簧管中的兩個簧片被磁化而接通，觸發(fā)蜂鳴器報警。為了能在更低的煙霧濃度下觸發(fā)報警，下列調節(jié)正確的是（）A．增大電源E3的電動勢 B．增大干簧管上線圈的匝數(shù) C．增大電阻箱R1的阻值 D．增大電阻箱R2的阻值9．如圖甲為一波源的共振曲線，圖乙表示該波源在共振狀態(tài)下的振動形式沿x軸正方向傳播過程中形成的機械波在t＝0時刻的波形曲線，P是平衡位置在x＝1.0m處的質點，Q是平衡位置在x＝4.0m處的質點，則下列說法正確的是（）A．在t＝2.5s時，質點Q的加速度方向與y軸正方向相同 B．在t＝2.5s時，質點P的速度方向與y軸負方向相同 C．從t＝1s到t＝2.5s，質點Q沿x軸正方向運動了6m D．質點P的振動方程為y＝10sin（10πt）cm10．如圖所示為2022年11月8日晚上出現(xiàn)的天文奇觀“血月掩天王星”照片，大大的月亮背景下天王星是一個小小的亮點。此時太陽、地球、月球、天王星幾乎處于同一條直線上。已知地球和天王星繞太陽的公轉方向與月球繞地球的公轉方向相同，下列說法正確的是（）A．在太陽參考系中，此時地球的速度大于月球的速度 B．在太陽參考系中，此時地球的加速度小于月球的加速度 C．下一次出現(xiàn)相同的天文奇觀的時間間隔少于一年 D．月球和天王星的公轉軌道半長軸的三次方與公轉周期的二次方的比值相等11．一個孤立的正點電荷的電場線和等勢面分布如圖所示，實線表示電場線，虛線表示等勢面，a、b是其中的兩個點，則（）A．正電荷在a點的電勢能大于在b點的電勢能 B．b點電勢高于a點電勢 C．a(chǎn)、b兩點電場強度的方向相同 D．將一正電荷從b點移到a點靜電力做負功12．如圖甲所示，A、B為兩個相同的環(huán)形線圈，共軸并靠近放置，A線圈中通有如圖乙所示的交變電流，下列說法正確的是（）A．t1時刻兩線圈間作用力最大 B．t2時刻兩線圈間作用力最大 C．在t1到t2時間內，A、B兩線圈相互排斥 D．在t2到t3時間內，A、B兩線圈相互排斥13．高壓水流切割器又稱“水刀”，它將水以極高的速度垂直噴射到材料表面進行切割作業(yè)。假設“水刀”噴嘴中噴出水的流量（單位時間內流出液體的體積）一定，水打到材料表面后，迅速沿表面散開不反彈，已知“水刀”噴嘴的直徑可在0.1mm～0.3mm范圍內調節(jié)，則該“水刀”在材料表面產(chǎn)生的最小壓強與最大壓強之比為（）A．1：3 B．1：9 C．1：27 D．1：81二、選擇題Ⅱ（本題共2小題，每小題3分，共6分。每小題列出的四個備選項中至少有一個是符合題目要求的。全部選對的得3分，選對但不全的得2分，有選錯的得0分）14．a(chǎn)、b是兩種單色光，其光子能量分別為εa，εb，其中εaA．a(chǎn)、b光子動量之比為PaB．若a、b入射到同一雙縫干涉裝置上，則相鄰亮條紋的間距之比ΔxC．若a、b都能使某種金屬發(fā)生光電效應，則光電子最大初動能之差Eka﹣Ekb＝εb（k﹣1） D．若a、b是由處在同一激發(fā)態(tài)的原子躍遷到a態(tài)和b態(tài)時產(chǎn)生的，則a、b兩態(tài)能級之差Ea﹣Eb＝εb（k﹣1）15．一玻璃磚橫截面如圖，ABOD是正方形，BC是四分之一圓弧，OB、OC為其半徑，現(xiàn)將CD面置于水平桌面上，單色光a、b分別從AD平面和BC曲面水平入射，只考慮a、b光線第一次到達BC面的情況，下列說法正確的是（）A．a(chǎn)光線的入射位置向上平移，在到達BC面時入射角變大 B．a(chǎn)光線的入射位置不變，改用頻率更大的光，經(jīng)玻璃磚折射后到達桌面的位置距離C點更近C．從BC曲面入射的b光線能在BC面發(fā)生全反射 D．從相同高度入射的a、b光線，穿過BC曲面后折射角大的，玻璃磚對其折射率也大 三、非選擇題（本題共5小題，共55分）16（14分）．Ⅰ、在“用單擺測量重力加速度的大小”的實驗中。（1）用游標卡尺測量小球的直徑，測量情況如圖甲所示，其讀數(shù)為d＝mm：（2）在鐵架臺上固定單擺懸線的上端時，最佳方式是：（單選）A.B.C.（3）固定懸點后，測得懸點到擺球上端的細線長度為l，完成n次全振動的時間t，則重力加速度的表達式為；（用題中測得物理量的符號表示）（4）某同學查閱資料得知，課本上所給的單擺周期T0是初始擺角θ很小時的近似值，實際上初始擺角對理論周期T有一定影響，TT0與θ的關系圖像如圖乙所示。若實驗時初使擺角達到20°，考慮初始擺角的影響，重力加速度的測量值會Ⅱ、在“測定干電池的電動勢和內阻”實驗中①如圖甲所示，已經(jīng)連接了一部分電路，請在答題紙上對應位置將電路連接完整；②正確連線后，實驗測得6組數(shù)據(jù)如表所示，在U﹣I坐標系中描出各對應點，如圖乙所示。請在答題紙對應位置的圖中作出U﹣I圖像，并將縱坐標軸方框內主要刻度值補全：123456U/V1.231.130.920.960.830.71I/A0.120.170.230.280.350.43③干電池的電動勢E＝V，內阻r＝Ω。（小數(shù)點后保留兩位）（2）在“探究影響感應電流方向的因素”的實驗中，實驗裝置如圖丙所示。①下列操作正確且必要的是。（多選）A.在實驗開始前，查清線圈的繞制方向B.用干電池與靈敏電流表試觸，檢測電流流向與指針偏轉方向之間的關系C.為使實驗現(xiàn)象更加明顯，緩慢地插入或拔出條形磁體的磁極D.實驗結束后，應佩戴絕緣手套拆除與線圈相連接的導線，防止由于自感現(xiàn)象導致的電擊②某次實驗中，靈敏電流表的指針未發(fā)生偏轉，可能是靈敏電流表內部斷路了。某同學設計實驗進行驗證：保持靈敏電流表與線圈的連接，他用手晃動表殼使指針有較大的擺動幅度，觀察指針的擺動情況：斷開靈敏電流表與線圈的連接，再次以同樣幅度晃動表殼，發(fā)現(xiàn)指針的擺動情況與之前基本相同。你認為上述實驗能否驗證靈敏電流表內部斷路？。（填寫“能”或“不能”）17．（8分）某物理探究小組設計了一款火警報警裝置，原理圖如圖所示。汽缸通過細線懸掛在天花板下，質量m＝300g、橫截面積S＝15cm2的活塞將一定質量的理想氣體密封在導熱汽缸內，起初環(huán)境的熱力學溫度T1＝294K時，活塞距汽缸底部的高度h＝15cm，當環(huán)境溫度上升，活塞緩慢下移Δh＝5cm時，活塞表面（涂有導電物質）恰與a、b兩觸點接觸，蜂鳴器發(fā)出報警聲。不計活塞與汽缸之間的摩擦，外界大氣壓強p0=1.0×10（1）求蜂鳴器剛報警時密封氣體的熱力學溫度T2；（2）若蜂鳴器剛報警時氣體的內能增加了10J，求此過程中密封氣體吸收的熱量Q。18．（11分）如圖所示，某一游戲裝置由輕彈簧發(fā)射器、長度L＝2m的粗糙水平直軌道AB與半徑可調的光滑圓弧狀細管軌道CD組成。質量m1＝0.03kg的滑塊1被輕彈簧彈出后，與靜置于AB中點、質量m2＝0.02kg的滑塊2發(fā)生完全非彈性碰撞并粘合為滑塊組。已知輕彈簧貯存的彈性勢能Ep＝0.45J，兩滑塊與AB的動摩擦因數(shù)均為μ＝0.25，兩滑塊均可視為質點，各軌道間連接平滑且間隙不計，若滑塊組從D飛出落到AB時不反彈且靜止。（1）求碰撞后瞬間滑塊組的速度大?。唬?）調節(jié)CD的半徑R＝0.4m，求滑塊組進入到圓弧軌道后在C點時對軌道的壓力大小；（3）改變CD的半徑R，求滑塊組靜止時離B點的最遠距離s，并寫出R應滿足的條件。19．（11分）如圖所示，兩根距離為d＝1m的足夠長的光滑平行金屬導軌位于xOy豎直面內，一端接有阻值為R＝2Ω的電阻。在y＞0的一側存在垂直紙面的磁場，磁場大小沿x軸均勻分布，沿y軸大小按規(guī)律B=12y(T)分布。一質量為m＝0.05kg、阻值為r＝1Ω的金屬桿與金屬導軌垂直，在導軌上滑動時接觸良好。金屬桿始終受一大小可調節(jié)、方向豎直向上的外力F作用，使它能保持大小為a＝2m/s2、方向沿y軸負方向的恒定加速度運動。t＝0時刻，金屬桿位于y＝0處，速度大小為v（1）當金屬桿的速度大小為v＝2m/s時直桿兩端的電壓；（2）該回路中感應電流持續(xù)的時間；（3）當時間分別為t＝3s和t＝5s時，外力F的大?。唬?）電阻R的最大電功率。20．（11分）用α射線轟擊鋁箔1327Al人工產(chǎn)生一定量的放射性同位素1530P和某種粒子A，放置一段時間T后，部分1530P衰變產(chǎn)生1430Si和正電子?，F(xiàn)用如圖所示裝置檢測1530P在時間T內的衰變率：將核反應產(chǎn)物（電離態(tài)的P3﹣、電離態(tài)的Si4+、（1）寫出α粒子轟擊鋁箔的核反應方程：（2）求靜電分析器中粒子運動軌跡處電場強度的大?。唬?）求時間T內發(fā)生衰變的1530P與人工產(chǎn)生的15（4）若磁分析器中磁場有較小的波動，其變化范圍為B﹣ΔB至B+ΔB，為將進入磁分析器的粒子全部收集，探測板2的最小長度L是多少。

2024年浙江選考仿真模擬卷（四）物理（考試時間：90分鐘試卷滿分：100分）注意事項：1．答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號等填寫在答題卡和試卷指定位置上。2．回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑。如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案標號?；卮鸱沁x擇題時，將答案寫在答題卡上。寫在本試卷上無效。3．考試結束后，將本試卷和答題卡一并交回一、選擇題Ⅰ（本題共13小題，每小題3分，共39分。每小題列出的四個備選項中只有一個是符合題目要求的，不選、多選、錯選均不得分）1．下列物理量不屬于矢量的是（）A．線速度 B．平均速度 C．路程 D．力【解答】解：ABD、線速度、平均速度和力都是既有大小又有方向、運算時遵循平行四邊形定則的物理量，都是矢量，故ABD錯誤；C、路程只有大小無方向，是標量，故C正確。故選：C。2．下列物理量的單位用SI制中的基本單位表示正確的是（）A．電阻率Ωm B．沖量kg?mC．磁感應強度kgA?s2【解答】解：A、根據(jù)R=ρLS，知電阻率的單位是Ω?m，B、根據(jù)I＝Ft，知沖量的單位是N?s＝kg?m/s2?s＝kg?m/s，故B錯誤。C、根據(jù)B=FIL，知磁感應強度的單位是D、根據(jù)E=U故選：C。3．物理學科注重培養(yǎng)學生的物理觀念、科學思維和科學方法，下列說法不正確的是（）A．重心的概念體現(xiàn)了等效思想，驗證力的平行四邊形定則實驗也體現(xiàn)了這種思想 B．在探究加速度、力和質量三者之間的關系時運用了控制變量法，探究影響向心力大小的因素也用了這個方法 C．用質點來代替物體的方法運用了理想模型法，在推導勻變速直線運動位移公式時也運用了這種方法 D．電容器的電容C=QU、電場強E【解答】解：A、重心概念的建立，驗證力的平行四邊形定則都體現(xiàn)了等效替代的思想，故A正確；B、在研究多個量之間的關系時，常常要控制某些物理量不變，即控制變量法，在探究加速度、力和質量三者之間的關系時運用了控制變量法，探究影響向心力大小的因素也用了這個方法，故B正確；C、用質點來代替物體的方法運用了理想模型法，在探究勻變速運動的位移公式時，采用了微元法將變速運動無限微分后變成了一段段的勻速運動，即采用了微元法，故C錯誤；D、電容器的電容C=QU、電場強E本題選不正確的，故選：C。4．某水電站用總電阻為2.5Ω的輸電線輸電給500km外的用戶，其輸出電功率是3×106kW?，F(xiàn)用500kV電壓輸電，則下列說法正確的是（）A．輸電線上輸送的電流大小為2×105A B．輸電線上由電阻造成的損失電壓為15kV C．輸電線上損失的功率為9×105kW D．輸電線上損失的功率為△P=U【解答】解：A、輸電線的輸送電流I=PU=B、輸電線上損失的電壓△U＝Ir＝6×103A×2.5Ω＝15kV，故B正確；C、輸電線上損失的功率△P＝I2r＝（6×103A）2×2.5Ω＝9×107W＝9×104kW，故C錯誤；D、輸電線上損失的功率為△P=(△U故選：B。5．如圖，滑塊a、b的質量均為m，a套在固定豎直桿上，與光滑水平地面相距h，b放在地面上。a、b通過鉸鏈用剛性輕桿連接，由靜止開始運動。不計一切摩擦，a、b可視為質點，重力加速度大小為g。則（）A．a(chǎn)落地前，輕桿對b一直做正功 B．a(chǎn)落地前，當a的機械能最小時，b對地面的壓力大小為mg C．a(chǎn)落地時速度大小為g? D．a(chǎn)下落過程中，其加速度大小始終不大于g【解答】解：A、a剛開始運動時b的速度為零，當a落地時，b的速度為零，整個運動過程，b的速度先增大后減小，動能先增大后減小，整個過程只有輕桿對b做功，由動能定理可知，輕桿對b先做正功后做負功，故A錯誤；B、a、b組成的系統(tǒng)，只有重力做功，系統(tǒng)的機械能守恒，當a的機械能最小時，b的速度最大，此時b受到a的推力為零，b只受到重力的作用，所以b對地面的壓力大小為mg，故B正確；C、a、b組成的系統(tǒng)，只有重力做功，系統(tǒng)的機械能守恒，a落地時，b的速度為零，根據(jù)系統(tǒng)機械能守恒定律得：mgh=12mvD、輕桿對b先做正功后做負功，則輕桿對a的作用力先斜向上后斜向下，輕桿對a的作用力在豎直方向的分力先豎直向上后豎直向下，a所受合力先小于重力后大于重力，由牛頓第二定律可知，a的加速度先小于g后大于g，當b速度最大時桿的作用力為零，a的加速度等于g，故D錯誤。故選：B。6．建筑工地上有一種小型打夯機，其結構原理如圖所示，一個質量為M的支架（含電動機）上有一根長為L的輕桿，一端固定一個質量為m的鐵塊（視為質點），另一端固定在電動機的轉軸上。電動機帶動鐵塊在豎直平面內做勻速圓周運動，當轉動的角速度達到一定數(shù)值時，支架抬起然后砸向地面，從而起到夯實地基的作用。若重力加速度為g，空氣阻力不計，則（）A．鐵塊轉動到最低點時處于失重狀態(tài) B．鐵塊轉動到最高點時所受彈力大小一定不為零 C．若使支架離開地面，則電動機的角速度ω＞MgD．若使支架離開地面，則電動機的角速度ω＞【解答】解：A、鐵塊轉動到最低點時，有豎直向上的加速度，故桿對鐵塊的拉力大于其所受的重力，鐵塊處于超重狀態(tài)，故A錯誤；B.、假設鐵塊轉動到最高點時所受彈力大小為零，此時根據(jù)牛頓第二定律有mg＝mLω2解得ω=g所以當ω=g故B錯誤；CD、鐵塊轉動到最高點時對支架有向上的拉力使其高開地面，支架剛離開地面時，對鐵塊的拉力T＝Mg其轉動到最高點時，由牛頓第二定律可得T+mg＝mLω2解得ω=(m+M)g所以若使支架離開地面，則電動機的角速度ω＞(M+m)g故選：D。7．物體做直線運動的圖像可以靈活選取橫縱軸所代表的物理量，下列說法正確的是（）A．甲圖中，物體在0～t0這段時間內的位移等于v0B．乙圖中，物體的加速度為1.0m/s2 C．丙圖中，物體在0～4s內速度先增大后減小 D．丁圖中，t＝3s時物體的速度為25m/s【解答】解：A、根據(jù)v﹣t圖像與時間軸所圍的面積表示位移，可知甲圖中，物體在0～t0這段時間內的位移x＞vB、由圖乙得：v2＝x。根據(jù)速度—位移公式v2﹣v02＝2ax得：1＝2a，則得加速度為a＝0.5m/s2，故B錯誤；C、由于初速度未知，加速度方向與速度方向的關系不能確定，所以不能判斷物體的速度如何變化，故C錯誤；D、由圖得xt=5t﹣5，由x＝v0t+12at2得xt=v0+1故選：D。8．某種光電式火災報警器的原理如圖所示，由紅外光源發(fā)射的光束經(jīng)煙塵粒子散射后照射到光敏電阻上，光敏電阻接收的光強與煙霧的濃度成正比，其阻值隨光強的增大而減小。閉合開關，當煙霧濃度達到一定值時，干簧管中的兩個簧片被磁化而接通，觸發(fā)蜂鳴器報警。為了能在更低的煙霧濃度下觸發(fā)報警，下列調節(jié)正確的是（）A．增大電源E3的電動勢 B．增大干簧管上線圈的匝數(shù) C．增大電阻箱R1的阻值 D．增大電阻箱R2的阻值【解答】解：ACD、根據(jù)光敏電阻的阻值隨光強的增大而減小，可知為了能在更低的煙霧濃度下觸發(fā)報警，濃度越低，光敏電阻接收的光強越小，光敏電阻的阻值越大，所以需要增大電源E2的電動勢，或減小電阻箱R1的阻值，或減小電阻箱R2的阻值，故ABC錯誤；B、增大干簧管的匝數(shù)，干簧管的磁性會變強，會在電阻較大，電流較小的情況下兩個簧片被磁化而接通電路，故B正確。故選：B。9．如圖甲為一波源的共振曲線，圖乙表示該波源在共振狀態(tài)下的振動形式沿x軸正方向傳播過程中形成的機械波在t＝0時刻的波形曲線，P是平衡位置在x＝1.0m處的質點，Q是平衡位置在x＝4.0m處的質點，則下列說法正確的是（）A．在t＝2.5s時，質點Q的加速度方向與y軸正方向相同 B．在t＝2.5s時，質點P的速度方向與y軸負方向相同 C．從t＝1s到t＝2.5s，質點Q沿x軸正方向運動了6m D．質點P的振動方程為y＝10sin（10πt）cm【解答】解：AB、波沿x軸正方向傳播，結合振動方向與波的傳播方向之間的關系可知，P在t＝0時刻振動的方向向下；由共振曲線讀出共振狀態(tài)下的振動頻率為f＝0.5Hz，則質點振動的周期為T＝2s；在t＝2.5s＝114C、質點不會沿傳播方向運動，故C錯誤。D、由乙圖可知，振幅為A＝10cm，波長為λ＝8m，故波速為v=λ波源振動形式傳到P點需要經(jīng)歷時間為t=x質點P的振動方程為y＝Asin（ωt+φ），ω＝2πf＝2π×0.5＝π故y＝10sin（πt+φ）cm又因為t=10＝10sin（π4+解得φ=3故質點P的振動方程為y＝10sin（πt+34故D錯誤。故選：B。10．如圖所示為2022年11月8日晚上出現(xiàn)的天文奇觀“血月掩天王星”照片，大大的月亮背景下天王星是一個小小的亮點。此時太陽、地球、月球、天王星幾乎處于同一條直線上。已知地球和天王星繞太陽的公轉方向與月球繞地球的公轉方向相同，下列說法正確的是（）A．在太陽參考系中，此時地球的速度大于月球的速度 B．在太陽參考系中，此時地球的加速度小于月球的加速度 C．下一次出現(xiàn)相同的天文奇觀的時間間隔少于一年 D．月球和天王星的公轉軌道半長軸的三次方與公轉周期的二次方的比值相等【解答】解：AB.在太陽參考系中v月日＝v月地+v地日a月日＝a月地+a地日由題可知，方向均一致，所以v月日＞v地日a月日＞a地日故A錯誤，B正確；C.設地球的公轉半徑為r1，周期為T1＝1年，天王星的公轉半徑為r2，周期為T2，根據(jù)萬有引力提供向心力，有GMmr2=解得：T2=兩天體再次與太陽共線滿足(2π解得：t=r故C錯誤；D、根據(jù)開普勒第三定律的適用條件是同一中心天體，可知月球和天王星的公轉軌道半長軸的三次方與公轉周期的二次方的比值不相等，故D錯誤；故選：B。11．一個孤立的正點電荷的電場線和等勢面分布如圖所示，實線表示電場線，虛線表示等勢面，a、b是其中的兩個點，則（）A．正電荷在a點的電勢能大于在b點的電勢能 B．b點電勢高于a點電勢 C．a(chǎn)、b兩點電場強度的方向相同 D．將一正電荷從b點移到a點靜電力做負功【解答】解：AB.順著電場線，電勢降低，同一等勢面電勢相等，則得知b點電勢高于a點電勢，再由電勢能的公式Ep＝qφ，可知正電荷在電勢高的b點的電勢能大于a點的電勢能，故A錯誤，B正確；C.電場線疏密表示場強的大小，場強方向沿電場線方向；ab兩點不在同一電場線上，方向不同，故C錯誤；D.正電荷在電勢高的地方電勢能大，所以把正電荷從b點移到a點，電勢能減小，則電場力做正功，故D錯誤。故選：B。12．如圖甲所示，A、B為兩個相同的環(huán)形線圈，共軸并靠近放置，A線圈中通有如圖乙所示的交變電流，下列說法正確的是（）A．t1時刻兩線圈間作用力最大 B．t2時刻兩線圈間作用力最大 C．在t1到t2時間內，A、B兩線圈相互排斥 D．在t2到t3時間內，A、B兩線圈相互排斥【解答】解：A、由題意可知，在t1時刻，線圈A中的電流最大，而磁通量的變化率是最小的，所以線圈B感應電流也是最小，因此兩線圈間作用力為零，故A錯誤；B、在t2時刻，線圈A中的電流最小，而磁通量的變化率是最大的，所以線圈B感應電流也是最大，但A、B間的相互作用力最小，故B錯誤；C、在t1到t2時間內，若設逆時針（從左向右看）方向為正，則線圈A電流方向逆時針且大小減小，所以根據(jù)右手螺旋定則可判定穿過線圈B方向向右的磁通量大小減小，由楞次定律可知，線圈B的電流方向逆時針方向，因此A、B中電流方向相同，出現(xiàn)相互吸引現(xiàn)象，故C錯誤；D、在t2到t3時間內，若設逆時針方向（從左向右看）為正，則線圈A電流方向順時針且大小增大，所以根據(jù)右手螺旋定則可判定穿過線圈B方向向左的磁通量大小增大，由楞次定律可知，線圈B的電流方向逆時針方向，因此A、B中電流方向相反，A、B出現(xiàn)互相排斥，故D正確。故選：D。13．高壓水流切割器又稱“水刀”，它將水以極高的速度垂直噴射到材料表面進行切割作業(yè)。假設“水刀”噴嘴中噴出水的流量（單位時間內流出液體的體積）一定，水打到材料表面后，迅速沿表面散開不反彈，已知“水刀”噴嘴的直徑可在0.1mm～0.3mm范圍內調節(jié)，則該“水刀”在材料表面產(chǎn)生的最小壓強與最大壓強之比為（）A．1：3 B．1：9 C．1：27 D．1：81【解答】解：Δt時間內水的流量一定，則Q=SVΔt橫截面積為S=選取Δt時間內打到表面為Δm的水為研究對象，以從噴嘴高速噴出時的速度方向為正方向，由動量定理得：﹣FΔt＝0﹣Δmv其中質量為Δm＝ρSvΔt解得：F＝ρSv2根據(jù)牛頓第三定律可知，材料表面受到的壓力F'＝F水對材料垂直于表面方向的壓強為：p=聯(lián)立解得：p＝ρv2化簡解得壓強為：p=噴嘴的最小直徑和最大直徑之比13，則最大壓強和最小壓強之比為811，故最小壓強與最大壓強之比為故選：D。二、選擇題Ⅱ（本題共2小題，每小題3分，共6分。每小題列出的四個備選項中至少有一個是符合題目要求的。全部選對的得3分，選對但不全的得2分，有選錯的得0分）14．a(chǎn)、b是兩種單色光，其光子能量分別為εa，εb，其中εaA．a(chǎn)、b光子動量之比為PaB．若a、b入射到同一雙縫干涉裝置上，則相鄰亮條紋的間距之比ΔxC．若a、b都能使某種金屬發(fā)生光電效應，則光電子最大初動能之差Eka﹣Ekb＝εb（k﹣1） D．若a、b是由處在同一激發(fā)態(tài)的原子躍遷到a態(tài)和b態(tài)時產(chǎn)生的，則a、b兩態(tài)能級之差Ea﹣Eb＝εb（k﹣1）【解答】解：A．根據(jù)德布羅意方程λ=?p，以及光子能量公式ε=?c故paB．根據(jù)ε=?cλ可知λ=?c故Δx=Ld?cC．根據(jù)電子最大初動能Ek＝hv﹣W0可知Ek＝ε﹣W0，故可得Eka﹣Ekb＝εa﹣εb＝（k﹣1）εb，故C正確；D．根據(jù)公式ε＝hv＝E末﹣E初，又由同一激發(fā)態(tài)原子躍遷所以E初相同，且都由高能級往低能級躍遷，所以Ea末﹣Eb末＝﹣εa﹣（﹣εb）＝（1﹣k）εb，故D錯誤。故選：BC。15．一玻璃磚橫截面如圖，ABOD是正方形，BC是四分之一圓弧，OB、OC為其半徑，現(xiàn)將CD面置于水平桌面上，單色光a、b分別從AD平面和BC曲面水平入射，只考慮a、b光線第一次到達BC面的情況，下列說法正確的是（）A．a(chǎn)光線的入射位置向上平移，在到達BC面時入射角變大 B．a(chǎn)光線的入射位置不變，改用頻率更大的光，經(jīng)玻璃磚折射后到達桌面的位置距離C點更近C．從BC曲面入射的b光線能在BC面發(fā)生全反射 D．從相同高度入射的a、b光線，穿過BC曲面后折射角大的，玻璃磚對其折射率也大【解答】解：A、BC面為弧面，當a光線入射到BC面時，入射點與O點連線即為法線，故a光線的位置向上平移時，在到達BC面時入射點上移，入射角變大，如圖所示，故A正確；B、光的頻率越大，在玻璃中的折射率越大，在BC界面上發(fā)生折射時，入射角不變的情況下，折射角越大，折射光線向下偏折角度越大，距離C點越近，故B正確；C、光只有從光密介質射向光疏介質時才可能發(fā)生全反射，從BC曲面進入玻璃磚的b光線，由于是從光疏介質進入光密介質，所以不會在BC面發(fā)生全反射，故C錯誤；D、從相同高度入射的a、b光線，在BC曲面上入射角相等，a光折射角大于b光折射角，無法根據(jù)折射角的大小比較折射率大小，故D錯誤；三、非選擇題（本題共5小題，共55分）16（14分）．Ⅰ、在“用單擺測量重力加速度的大小”的實驗中。（1）用游標卡尺測量小球的直徑，測量情況如圖甲所示，其讀數(shù)為d＝15.2mm：（2）在鐵架臺上固定單擺懸線的上端時，最佳方式是C：（單選）A.B.C.（3）固定懸點后，測得懸點到擺球上端的細線長度為l，完成n次全振動的時間t，則重力加速度的表達式為4π2n2（4）某同學查閱資料得知，課本上所給的單擺周期T0是初始擺角θ很小時的近似值，實際上初始擺角對理論周期T有一定影響，TT0與θ的關系圖像如圖乙所示。若實驗時初使擺角達到20°，考慮初始擺角的影響，重力加速度的測量值會【解答】解：（1）游標卡尺的精度為0.1mm，主尺讀數(shù)為15mm，游標尺讀數(shù)為2×0.1mm＝0.2mm，所以d＝15.2mm；（2）在鐵架臺上固定單擺懸線的上端時，最佳方式是C圖，其擺長不變，故選：C。（3）單擺的周期T=tn解得g=4π2（4）由圖可知隨著θ的增大，TT故答案為：（1）15.2；（2）C；（3）4π2nⅡ、在“測定干電池的電動勢和內阻”實驗中①如圖甲所示，已經(jīng)連接了一部分電路，請在答題紙上對應位置將電路連接完整；②正確連線后，實驗測得6組數(shù)據(jù)如表所示，在U﹣I坐標系中描出各對應點，如圖乙所示。請在答題紙對應位置的圖中作出U﹣I圖像，并將縱坐標軸方框內主要刻度值補全：123456U/V1.231.130.920.960.830.71I/A0.120.170.230.280.350.43③干電池的電動勢E＝1.84V，內阻r＝2.48Ω。（小數(shù)點后保留兩位）（2）在“探究影響感應電流方向的因素”的實驗中，實驗裝置如圖丙所示。①下列操作正確且必要的是ABD。（多選）A.在實驗開始前，查清線圈的繞制方向B.用干電池與靈敏電流表試觸，檢測電流流向與指針偏轉方向之間的關系C.為使實驗現(xiàn)象更加明顯，緩慢地插入或拔出條形磁體的磁極D.實驗結束后，應佩戴絕緣手套拆除與線圈相連接的導線，防止由于自感現(xiàn)象導致的電擊②某次實驗中，靈敏電流表的指針未發(fā)生偏轉，可能是靈敏電流表內部斷路了。某同學設計實驗進行驗證：保持靈敏電流表與線圈的連接，他用手晃動表殼使指針有較大的擺動幅度，觀察指針的擺動情況：斷開靈敏電流表與線圈的連接，再次以同樣幅度晃動表殼，發(fā)現(xiàn)指針的擺動情況與之前基本相同。你認為上述實驗能否驗證靈敏電流表內部斷路？能。（填寫“能”或“不能”）【解答】解：（1）①為了減小實驗誤差，相對于電源來說電流表采用外接法，電壓表測路端電壓，實物連接圖如圖1所示：②根據(jù)題中表格信息，縱坐標為0.4V，每小格為0.08V；作圖線時要使盡量多的點子落在直線上，不在直線上的要均勻分布在直線的兩側，舍棄個別相差較遠的點子，所作的U﹣I圖像如圖2所示：③根據(jù)閉合電路的歐姆定律E＝U+Ir變形得U＝E﹣r?I結合U﹣I圖像可知，圖線的縱截距表示電源的電動勢，電動勢為E＝1.84V圖線的斜率的絕對值表示電源的內阻，電源內阻r=k=（2）①A.“探究感應電流方向的規(guī)律”的實驗，必須應查清線圈的繞制方向，從而能確定原磁場的方向與感應磁場方向的關系，故A正確；B.實驗時應首先查明電流計指針的偏轉方向和電流方向的關系，以便于感應電流方向與磁通量變化的關系，故B正確；C.為使實驗現(xiàn)象更加明顯，應該快速地插入或拔出條形磁體的磁極，使磁通量的變化率更大，產(chǎn)生的感應電動勢更大，故C錯誤；D.實驗結束后，直接拆除某螺線管處導線，可能由于自感現(xiàn)象突然被電擊一下，因此應佩戴絕緣手套拆除與線圈相連接的導線，防止由于自感現(xiàn)象導致的電擊，故D正確。故選：ABD。②靈敏電流計的表頭是磁電式儀表，靈敏電流表與線圈組成閉合回路，當用手晃動表殼使指針有較大的擺動幅度時，如果靈敏電流計是完好的，表頭的線圈切割磁感線運動產(chǎn)生感應電流，表頭線圈受到的安培力阻礙線圈的偏轉，使偏轉角度變小，斷開靈敏電流表與外部線圈的連接后，表頭線圈中只產(chǎn)生感應電動勢，無感應電流，表頭線圈不受安培力作用，表頭指針偏轉角度較大；如果靈敏電流表內部斷路，無論靈敏電流計與外部線圈連接或斷開，靈敏電流計內部線圈都不產(chǎn)生感應電流，晃動表殼靈敏電流計指針偏轉不會發(fā)生明顯變化，所以能夠通過上述實驗來驗證靈敏電流表內部是否斷路。故答案為：（1）①實物連接圖見解析；②所作的U﹣I圖見解析；；③1.84；2.48；（2）①ABD；②能。17．（8分）某物理探究小組設計了一款火警報警裝置，原理圖如圖所示。汽缸通過細線懸掛在天花板下，質量m＝300g、橫截面積S＝15cm2的活塞將一定質量的理想氣體密封在導熱汽缸內，起初環(huán)境的熱力學溫度T1＝294K時，活塞距汽缸底部的高度h＝15cm，當環(huán)境溫度上升，活塞緩慢下移Δh＝5cm時，活塞表面（涂有導電物質）恰與a、b兩觸點接觸，蜂鳴器發(fā)出報警聲。不計活塞與汽缸之間的摩擦，外界大氣壓強p0=1.0×10（1）求蜂鳴器剛報警時密封氣體的熱力學溫度T2；（2）若蜂鳴器剛報警時氣體的內能增加了10J，求此過程中密封氣體吸收的熱量Q?！窘獯稹拷猓海?）活塞緩慢下移Δh＝5cm的過程，缸內氣體發(fā)生等壓變化，由蓋—呂薩克定律得：?S解得T2＝392K；（2）氣體等壓膨脹，設缸內氣體的壓強為p1，氣體對外界做的功為W，氣體的內能增加了ΔU＝10J則外界對氣體做的功為：W＝﹣p1SΔh對活塞根據(jù)平衡條件可得：p0S＝p1S+mg根據(jù)熱力學第一定律可得：ΔU＝W+Q聯(lián)立解得：Q＝17.35J。答：（1）蜂鳴器剛報警時密封氣體的熱力學溫度為392K；（2）若蜂鳴器剛報警時氣體的內能增加了10J，此過程中密封氣體吸收的熱量為17.35J。18．（11分）如圖所示，某一游戲裝置由輕彈簧發(fā)射器、長度L＝2m的粗糙水平直軌道AB與半徑可調的光滑圓弧狀細管軌道CD組成。質量m1＝0.03kg的滑塊1被輕彈簧彈出后，與靜置于AB中點、質量m2＝0.02kg的滑塊2發(fā)生完全非彈性碰撞并粘合為滑塊組。已知輕彈簧貯存的彈性勢能Ep＝0.45J，兩滑塊與AB的動摩擦因數(shù)均為μ＝0.25，兩滑塊均可視為質點，各軌道間連接平滑且間隙不計，若滑塊組從D飛出落到AB時不反彈且靜止。（1）求碰撞后瞬間滑塊組的速度大?。唬?）調節(jié)CD的半徑R＝0.4m，求滑塊組進入到圓弧軌道后在C點時對軌道的壓力大?。唬?）改變CD的半徑R，求滑塊組靜止時離B點的最遠距離s，并寫出R應滿足的條件?！窘獯稹拷猓海?）滑塊彈出到運動到AB中點的過程中，根據(jù)能量守恒定律可得：Ep代入數(shù)據(jù)解得：v1＝5m/s兩滑塊發(fā)生碰撞，選擇水平向右的方向為正方向，根據(jù)動量守恒定律可得：m1v1＝（m1+m2）v2解得：v2＝3m/s（2）碰撞后的總質量為：m＝m1+m2運動到C點時，根據(jù)動能定理可得：?μmg×L在C點時，根據(jù)牛頓第二定律可得：FN根據(jù)牛頓第三定律可得：F壓＝FN聯(lián)立解得：F壓＝1N（3）若滑塊組不過CD的最高點，隨后沿著CD返回到管口D，后返回AB。設滑塊組恰能達到最高點D時軌道的半徑為R，此時滑塊組速度為零，根據(jù)動能定理可得：﹣2mgR＝0?解得：R＝0.1m因此，需要滿足R＞0.1m從圓軌道返回AB，運動距離s后停止，根據(jù)動能定理可得：﹣μmgs＝0?解得：s＝0.8m若R＜0.1m，滑塊組從D離開軌道做平拋運動，設平拋的初速度為vD，水平位移為x﹣2mgR=2R=