年秋高二（上）期末聯(lián)合檢測試卷物理滿分分，考試時間分鐘。一、單項選擇題：共7題，每題4分，共分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1.2024年最新“航空規(guī)定”：容量不超過100W·h的充電寶可隨身攜帶。其中“W·h”指的是（）A.能量B.電量C.電壓D.功率【答案】A【解析】【詳解】100W·h的含義是指以一百瓦的功率輸出一小時所以瓦時指的是能量，故選A。2.基于人類早期對電磁規(guī)律的研究，現代社會生活中有許多電磁應用場景。下列說法正確的是（）A.磁場一定產生電場B.電磁波不可以在真空中傳播C.變化的磁場一定產生電場D.麥克斯韋通過實驗證實了電磁波的存在【答案】C【解析】【詳解】AC．穩(wěn)定的磁場不會產生電場，變化的磁場一定產生電場，故A錯誤，C正確；B．電磁波可以在真空中傳播，故B錯誤；D．麥克斯韋預言了電磁波的存在，赫茲通過實驗證實了電磁波的存在，故D錯誤。故選C。3.下列關于磁場說法，正確的是（）A.磁感線是客觀存在的，磁感線上某點的切線方向表示該點的磁場方向B.磁場中某點的磁感應強度大小，與放在該點的試探電流元的情況無關C.垂直放置在勻強磁場中的線圈面積減小時，穿過該線圈的磁通量增大D.兩條距離較近的平行同向通電直導線相互排斥【答案】B【解析】AA錯誤；第1頁/共14頁B．磁場中某點磁感應強度大小，由磁場自身決定，與放在該點的試探電流元的情況無關，故B正確；C．垂直放置在勻強磁場中的線圈面積減小時，穿過該線圈的磁通量減小，故C錯誤；D．兩條距離較近的平行同向通電直導線相互吸引，故D錯誤。故選B。4.某學生要將一電流表改裝為電壓表。已知該電流表的內阻表改裝成量程為0~1V的電壓表，下列操作正確的是（）A.串聯(lián)電阻970ΩB.并聯(lián)電阻970ΩC.串聯(lián)電阻D.并聯(lián)電阻【答案】A【解析】【詳解】要將一電流表改裝為電壓表，需要串聯(lián)一電阻分壓，根據解得串聯(lián)的電阻阻值為故選A。5.ldU充滿豎直向下的勻強電場，忽略兩極板以外的電場。一質量為m、電荷量為的帶電粒子從上極板左側邊緣以速度水平向右射入板間電場，能從兩板間右側飛出，且未與兩極板碰撞。不計粒子重力，則的大小至少為（）A.B.C.D.【答案】C【解析】第2頁/共14頁【詳解】設該帶電粒子在兩板間運動的時間為t，水平方向勻速直線運動，有豎直方向做勻加速直線運動，有解得故選C。6.ab點位于導體腔cdabcd四點的電勢關系為（）A.B.CD.【答案】D【解析】【詳解】根據靜電感應原理可知，導體腔內壁帶負電荷，外壁帶正電荷，導體腔內的場強方向由帶正電的小球指向內壁，整個導體腔為等勢體，導體腔外的場強方向由外壁指向無限遠處；根據沿電場方向電勢降低，且b、c兩點在等勢體導體腔上，則a、b、c、d四點的電勢關系為故選D。7.運動的小球甲與靜止的小球乙發(fā)生正碰，兩小球除相互作用外，不受其他外力作用。碰撞可能是彈性的，也可能是非彈性的，碰撞時間極短可不計。則碰撞過程中，小球乙可能獲得的最大沖量與最小沖量的比值為（）A.1B.2C.3D.4第3頁/共14頁【答案】B【解析】【詳解】設小球甲、乙質量分別為m、m，碰撞前瞬時小球甲的速度大小為v，碰撞后瞬時小球甲、乙的速度分別為v、v。如果碰撞是彈性的，由動量守恒和能量守恒，有可得，碰撞后瞬時小球乙的速度如果碰撞是完全非彈性的，則由動量守恒，有可得，碰撞后瞬時小球乙的速度根據沖量定理，有因此，小球乙可能獲得的最大沖量與最小沖量的比值為2，故選B。二、多項選擇題：共3題，每題5分，共分。在每小題給出的四個選項中，有多項符合題目要求。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。8.如圖所示，一金屬導軌閉合回路靜置于垂直紙面向里的勻強磁場中。以下操作中，導體棒PQ始終與兩導軌垂直并接觸良好，要使電流計G的指針發(fā)生偏轉，可能的情況是（）A.導體棒PQ向左運動B.導體棒PQ向右運動C.導體棒PQ向上運動D.導體棒PQ向下運動【答案】AB第4頁/共14頁【解析】【詳解】要使電流計G的指針發(fā)生偏轉，需要使回路的磁通量發(fā)生變化。A．導體棒PQ向左運動，穿過線框的磁通量變大，故A正確；B．導體棒PQ向右運動，穿過線框的磁通量變小，故B正確；C．導體棒PQ向上運動,穿過線框的磁通量不變，故C錯誤；D．導體棒PQ向下運動,穿過線框的磁通量不變，故D錯誤。故選AB。9.如圖所示，直流電源內阻為1Ω，定值電阻，滑動變阻器的最大阻值為10Ω。將滑動變阻器的滑片P從正中間位置緩慢向MR的電功率為說法正確的是（）A.增大B.減小C.增大D.減小【答案】AD【解析】ABP從正中間位置緩慢向M電路總電阻增大，根據閉合電路歐姆定律可知，電路總電流減小，路端電壓增大，則定值電阻R兩端電壓增大，根據可知定值電阻R的電功率增大，故A正確，B錯誤；CD．將電源和定值電阻看成一個等效電源，其等效電動勢為，等效內阻為則滑動變阻器的電功率等于等效電源的輸出功率，則有第5頁/共14頁可知當P從正中間位置緩慢向M動變阻器接入阻值從增大到，與等效內阻的差值增大，所以滑動變阻器的電功率減小，故C錯誤，D正確。故選AD10.如圖所示，為直角三角形，其中，，。整個直角三角形處于某勻所在平面平行。若將一電荷量為的帶電粒子（圖A點移動到BA點移動到C；若將該粒子從B點移動到C點，則電場力做功為。下列說法正確的是（）A.一定不成立B.一定成立C.若，則該勻強電場的場強大小為D.若，則該勻強電場的場強大小為【答案】BC【解析】【詳解】A．若電場方向與BC垂直，則W1=W2成立，故A錯誤；B．根據電場力做功特點可知則有變形得，故B正確；CD．若根據第6頁/共14頁所以有連接BF，做BF的垂線即為電場線，電場方向沿的平分線，如圖所示由可得，該勻強電場的場強大小，故C正確，D錯誤。故選BC。三、非選擇題：共5題，共分。某學習小組進行“觀察電容器C的充、放電現象”實驗。①按圖1連接好電路，其中直流電源的電動勢；②先將單刀雙擲開關S與“1”相連，直流電源向電容器C關S擲向“2”，電容器C通過定值電阻R放電；③傳感器（圖中未畫出）將電流計G的示數傳入計算機，在計算機屏幕上顯示出電流I隨時間t變化的圖像，如圖2所示。（1）電容器C的放電過程與充電過程相比，流過電流計G的電流方向______（2）由圖像可以估算，電容器C在整個放電過程中釋放的電荷量約為______C（3）根據以上數據可以得出，電容器C的電容約為______F【答案】（1）相反（2）（3）第7頁/共14頁【小問1詳解】電容器C的放電過程與充電過程相比，流過電流計G的電流方向相反?！拘?詳解】根據圖像與橫軸圍成的面積表示整個放電過程中釋放的電荷量，題圖圖像中大約有40個小方格，則電容器C在整個放電過程中釋放的電荷量約為【小問3詳解】根據電容定義式可得電容器的電容約為12.某同學利用圖1所示電路，來測量某直流電源的電動勢和內阻。（1）請用筆畫線代替導線，將圖2中的實物圖連接起來______。（2）若某次實驗時，電流表所選量程0~0.6A，其示數如圖3所示，則此時電流大小為______A。（3RI圖像如圖4電源的電動勢______，內阻______a、b、c表示）【答案】（1）見解析（2）0.40（3）①.②.【解析】【小問1詳解】根據電路圖，實物連線如圖所示第8頁/共14頁【小問2詳解】電流表所選量程為0~0.6A，則電流表的分度值為，由圖可知此時電流大小為?！拘?詳解】[1][2]根據閉合電路歐姆定律可得可得根據圖像可得，解得，13.真空中有兩個完全相同的均勻帶電金屬小球甲、乙，小球甲所帶電荷量為，小球乙所帶電荷量為。甲、乙兩小球相距d，兩小球的大小均忽略不計，已知靜電力常量為k。（1）求甲、乙兩小球之間的庫侖力大小；（23dd處的場強大小。【答案】（1）（2）【解析】【小問1詳解】根據庫侖定律可得甲、乙兩小球之間的庫侖力大小為第9頁/共14頁【小問2詳解】若將甲、乙兩小球充分接觸后，再使它們相距3d，則甲、乙兩小球所帶電荷均為根據場強疊加原理可知甲、乙兩小球之間連線上距甲球d處的場強大小為14.如圖所示電路中，直流電源電動勢、、、阻值均為5Ω，電流表和電壓表均為理想電表。閉合開關S且電路穩(wěn)定后，求：（1）電流表的示數I；（2）電壓表的示數U；（3）該直流電源的效率?！敬鸢浮浚?）1A（2）3V（3）【解析】【小問1詳解】該電路的等效電路圖如圖所示?？芍?，R4所在支路的總電阻第10頁/共14頁電源外電路的總電阻電流表測的是干路電流，其示數為聯(lián)立解得I=1A?！拘?詳解】電壓表測的是電源外電壓，可知解得?！拘?詳解】電源的輸出功率為電源的總功率為該直流電源的效率聯(lián)立解得。15.如圖所示，一半徑為R的光滑圓形軌道固定在光滑水平面上，其圓心位于平面直角坐標系xOy的坐標原點O。小球A、B均位于軌道內側，其中小球A靜置于坐標處，小球B靜置于坐標處。時刻，給小球A一個沿方向的瞬時沖量I，兩小球間的碰撞均為彈性碰撞，碰撞時間極短可不計。已知小球A質量為m，小球B質量為，兩小球均可視為質點，忽略空氣阻力。求：（1）兩小球發(fā)生第1次碰撞后瞬時，小球A、B各自的速度；（2）到時間段內，A、B兩小球發(fā)生碰撞的次數；（3）時刻，小球A、B各自的位置坐標。第11頁/共14頁【答案】（1），（2）3次（3），【解析】【小問1詳解】光滑圓形軌道固定在光滑水平面上，重力與水平面支持力平衡，時刻，給小球A一個沿方向的瞬時沖量I，則有A運動到圓弧小球B所在位置做勻速圓周運動，A、B碰撞過程發(fā)生的是彈性碰撞，則有，解得，方向均沿水平向右。【小問2詳解】兩小球第1次碰撞前，小球A運動的時間設第一次碰撞后，歷時，兩小球發(fā)生第2次碰撞，則有結合上述解得第2次碰撞后瞬間，小球A、B的速度分別為，，則有，結合上述解得，之后，小球B處于靜止，小球A運動，以此類推，同理可知，第2次碰撞后到第3次碰撞前，經歷時間第12頁/共14頁第3次碰撞后瞬間，小球A、B的速度大小分別為，第3次碰撞后到第4次碰撞前，經歷時間由于且有可知，到時間段內，A、B兩小球發(fā)生了3次碰撞?！拘?詳解】根據（2）可知，時刻，兩小球在發(fā)生第3次碰撞后又運動