高級中學(xué)名校試卷PAGE2026學(xué)年蚌埠市A層高中第一次聯(lián)考高二物理試卷一、單項選擇題：本題共8小題，每小題4分，共32分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合要求的。1.學(xué)習(xí)物理除了知識的學(xué)習(xí)外，還要領(lǐng)悟并掌握處理物理問題的思想與方法。下列關(guān)于物理學(xué)中的思想方法，敘述正確的是（）A.伽利略在研究自由落體運動時采用了理想實驗法和邏輯推理相結(jié)合的方法B.在探究求合力方法的實驗中使用了控制變量法的思想C.在利用v-t圖像推導(dǎo)勻變速直線運動的位移公式時，采用了極限思想D.在計算帶電體間的相互作用力時，若電荷量分布對計算影響很小，將帶電體看作點電荷采用了“等效法”【答案】A【解析】A．伽利略在研究自由落體運動時采用了理想實驗法和邏輯推理相結(jié)合的方法，A正確；B．在探究求合力方法實驗中使用了等效的思想，B錯誤；C．在利用v-t圖像推導(dǎo)勻變速直線運動的位移公式時，采用了微元法，C錯誤；D．在計算帶電體間的相互作用力時，若電荷量分布對計算影響很小，將帶電體看作點電荷采用了“理想模型法”，D錯誤。故選A。2.下列物理量的表達(dá)式中不屬于比值定義法的是（）A.電場強(qiáng)度 B.電容器的電容C.電流 D.電勢【答案】C【解析】A．電場強(qiáng)度中，由電場本身性質(zhì)決定，與和無關(guān)，屬于比值定義法，故A不符合題意；B．電容中，由電容器結(jié)構(gòu)決定，與和無關(guān)，屬于比值定義法，故B不符合題意；C．電流是歐姆定律的表達(dá)式，由電壓和電阻共同決定，而本身由材料、尺寸決定，因此該式是決定式而非比值定義式，故C符合題意；D．電勢中，由電場本身決定，與和無關(guān)，屬于比值定義法，故D不符合題意。故選C。3.以下關(guān)于電場的電場強(qiáng)度和電勢的說法正確的是（）A.電勢降低的方向一定是電場的方向B.電場線越密集的地方其等差等勢線一定越密集C.電場強(qiáng)度為0的地方其電勢一定為0D.電勢為0的地方其電場強(qiáng)度一定為0【答案】B【解析】A．電勢降低的方向不一定是電場的方向，電勢降低最快的方向才是電場的方向，故A錯誤；B．電場線越密集的地方，電場強(qiáng)度越大，電勢改變得越快，等差等勢面一定越密集，故B正確；CD．根據(jù)電場的特點，由于0電勢點可以根據(jù)需要人為確定，所以電勢為0的地方其電場強(qiáng)度不一定為0，同樣，電場強(qiáng)度為0的地方其電勢不一定為0，故CD錯誤。故選B。4.如圖所示，正方體的邊長為a，在和處放置電荷量分別為、的點電荷，靜電力常量為k，下列說法正確的是（）A.B點電場強(qiáng)度大小為 B.B點電場強(qiáng)度大小為C.D點電場強(qiáng)度大小為 D.D點電場強(qiáng)度大小為【答案】A【解析】AB．因為等邊三角形，故和在B點產(chǎn)生的電場強(qiáng)度方向互成，大小相等，均為故B點的電場強(qiáng)度大小為，故A正確，B錯誤；CD．因為等邊三角形，邊長與相等，故和在D點產(chǎn)生的電場強(qiáng)度與在B點產(chǎn)生的電場強(qiáng)度大小相等，即，故CD錯誤。故選A。5.目前許多國產(chǎn)手機(jī)都有指紋解鎖功能，用的指紋識別傳感器是電容式傳感器，如圖所示。指紋的凸起部分叫“嵴”，凹下部分叫“峪”。傳感器上有大量面積相同的小極板，當(dāng)手指貼在傳感器上時，這些小極板和正對的皮膚表面形成大量的小電容器，這樣在“嵴”處和“峪”處形成的電容器的電容大小不同，此時傳感器給所有的電容器充電后達(dá)到某一電壓值，然后，電容器放電，電容小的電容器放電較快，根據(jù)放電快慢的不同，就可以探測到“嵴”和“峪”的位置，從而形成指紋圖像數(shù)據(jù)。根據(jù)文中信息，下列說法正確的是（）A.把指紋的照片蒙在傳感器上，也可以實現(xiàn)指紋解鎖功能B.手指輕按和重按均可以解鎖，說明形成的電容大小是相同的C.潮濕的手指頭對指紋識別有影響D.在“峪”處形成的電容器放電較快【答案】CD【解析】A．把指紋的照片蒙在傳感器上，由于沒有指紋上凸起部分“嵴”和凹下部分“峪”，則不可以實現(xiàn)指紋解鎖功能，A錯誤；B．手指輕按和重按，手指的指紋和小極板之間的距離不同，形成的電容大小是不同的，雖然電容大小不同，但通過放電快慢的不同，探測到“嵴”和“峪”的位置是相同的，故可以解鎖，B錯誤；C．潮濕的手指頭的指紋之間被水填充，“嵴”和“峪”形成的電容器的電容會有所差別，所以對指紋識別有影響，C正確；D．電容較小的電容器放電較快，在“峪”處形成的電容器間距較大，根據(jù)可知在“峪”處形成的電容器的電容較小，放電較快，D正確。故選CD。6.勻強(qiáng)電場平行于xOy平面。在y軸和x軸上分別有a點和b點，，，a、b兩點電勢分別為8V和5V，原點O的電勢為2V。下列說法正確的是（）A.電場強(qiáng)度大小為125V/mB.場強(qiáng)方向平行于ab連線C.場強(qiáng)方向垂直于ab連線D.把負(fù)電荷從a點沿aOb移動到b點，電勢能先減小后增大【答案】A【解析】ABC．設(shè)aO的中點為c點，則c點的電勢為與b點電勢相等，則bc為等勢線，場強(qiáng)方向垂直bc，如圖所示根據(jù)幾何關(guān)系可得可得則場強(qiáng)大小為故A正確，BC錯誤；D．把負(fù)電荷從a點沿aOb移動到b點，電場力先做負(fù)功后做正功，電勢能先增加后減小，故D錯誤。故選A。7.在x軸上有兩個點電荷、，其電勢在x軸上分布如圖所示。下列說法正確的有（）A.和帶有等量同種電荷B將一電子從移到，電勢能減少C.帶電粒子在處的加速度為0D.將一電荷從向正方向移動很遠(yuǎn)，受到的電場力一直減小【答案】B【解析】A．由題圖的圖像可知，從原點到x1處，電勢為負(fù)；從x1到x軸正向無窮遠(yuǎn)處，電勢為正，則和帶有異種電荷，故A錯誤；B．從移動到，電勢升高，根據(jù)可知電子的電勢能減少，B正確；C．因圖像的斜率等于電場強(qiáng)度，可知帶電粒子在處的場強(qiáng)不為零，受電場力不為零，則加速度不為0，C錯誤；D．將一電荷從向正方向移動很遠(yuǎn)，圖像的斜率先增加后減小，則場強(qiáng)先增加后減小，則受到的電場力先增加后減小，D錯誤。故選B。8.如圖所示，充電后的平行板電容器豎直放置在水平絕緣地板上，將一根光滑絕緣細(xì)繩系在電容器、極板上的A、兩點（點高于A點），再將一帶正電的小球（可視為質(zhì)點）懸掛在細(xì)繩上并處于靜止?fàn)顟B(tài)。電容器不漏電，兩板間的電場可視為勻強(qiáng)電場，小球始終未與極板接觸。經(jīng)下列操作，待小球再次穩(wěn)定后，細(xì)繩張力一定變小的是（）A.A點下移一小段距離B.略微增大極板所帶的電荷量C.板向左平移一小段距離D.正負(fù)極板電荷量不變，電性互換【答案】D【解析】A．重力與電場力的合力F為定值，方向斜向右下，則球兩邊繩子拉力的合力與F等大反向，即兩邊繩子拉力的合力為定值，若A點下移一小段距離，球兩邊繩子之間的夾角增大，即沿兩邊繩子方向的兩個拉力的夾角增大，而合力一定，則細(xì)繩張力一定變大，故A錯誤；B．略微增大極板所帶的電荷量，電場力增大，重力與電場力的合力增大，則細(xì)繩張力一定變大，故B錯誤；C．板向左平移一小段距離，沿兩邊繩子方向的兩個拉力的夾角增大，而合力一定，則細(xì)繩張力一定變大，故C錯誤；D．正負(fù)極板電荷量不變，電性互換，則重力與電場力的合力大小不變，方向斜向左下，則沿兩邊繩子方向的兩個拉力的合力方向指向右上，沿兩邊繩子方向的兩個拉力的夾角減小，則細(xì)繩張力一定變小，故D正確。故選D。二、多項選擇題：本題共2小題，每小題5分，共10分。在每小題給出的四個選項中，有多項符合題目要求。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。9.如圖所示，一質(zhì)量為m的帶電小球在豎直方向的勻強(qiáng)電場中由靜止釋放，小球的加速度大小為，方向豎直向下，不計空氣阻力。在小球向下運動距離h的過程中（）A.小球的重力勢能減少了B.小球的動能增加了C.小球的機(jī)械能增加了D.小球的電勢能增加了【答案】BD【解析】A．重力做的功等于重力勢能的減少量，重力做功WG=mgh＞0故小球的重力勢能減少mgh，故A錯誤；B．根據(jù)動能定理可知小球動能的變化量等于合力做功，有>0故小球的動能增加了，故B正確；C．在小球向下運動距離h的過程中，設(shè)電場力為F，根據(jù)牛頓第二定律有解得方向豎直向上。此過程根據(jù)功能關(guān)系可知小球機(jī)械能的變化量故機(jī)械能減少了，故C錯誤；故選BD。10.如圖所示，兩平行金屬板M、N與電源相連，N板接地，在距兩板等距離P點固定一個帶負(fù)電的點電荷，則（）A.若保持S接通，將M板上移一小段距離，M板的帶電量減小B.若保持S接通，將M板上移一小段距離，P點的電勢升高C.若將S接通后再斷開，將M板上移一小段距離，兩板間場強(qiáng)增大D.若將S接通后再斷開，將M板上移一小段距離，點電荷在P點的電勢能保持不變【答案】AD【解析】A．當(dāng)S閉合時，M板上移一小段距離，則間距增大，由導(dǎo)致電容減小，因電壓不變，根據(jù)，則有M板帶電量減??；故A正確；B．當(dāng)S閉合時，M板上移一小段距離，則間距增大，而電壓不變所以場強(qiáng)減小，則N與P點之間的電勢差減小；故P點的電勢降低，故B錯誤；C．將S斷開時，M板向上移動，電量不變；根據(jù)則有電場強(qiáng)度與間距無關(guān)，因此場強(qiáng)不變，故C錯誤；D．由選項C知場強(qiáng)不變，則P相對于N極板的電勢差不變；電勢P不變，因此點電荷在P點的電勢能保持不變，故D正確。故選AD。三、非選擇題：本題共5小題，共58分。11.某物理興趣小組利用圖示裝置來探究影響電荷間的靜電力的因素。圖甲中，A是一個帶正電的物體，系在絕緣絲線上的帶正電的小球會在靜電力的作用下發(fā)生偏離，靜電力的大小可以通過絲線偏離豎直方向的角度顯示出來，他們分別進(jìn)行了以下操作。步驟一：把系在絲線上帶電小球先后掛在橫桿上的P1，P2，P3等位置，比較小球在不同位置所受帶電物體的靜電力的大小。步驟二：使小球處于同一位置，增大（或減?。┬∏蛩鶐У碾姾闪?，比較小球所受的靜電力的大小。（1）圖甲中實驗采用的方法是（）A.理想實驗法 B.等效替代法C.微小量放大法 D.控制變量法（2）圖甲實驗表明，電荷之間的靜電力隨著電荷量的增大而增大，隨著距離的增大而_________（填“增大”“減小”或“不變”）。（3）接著該組同學(xué)使小球處于同一位置，增大（或減少）小球A所帶的電荷量，比較小球所受作用力大小的變化。如圖乙，懸掛在P點的不可伸長的絕緣細(xì)線下端有一個帶電量不變的小球B，在兩次實驗中，均緩慢移動另一帶同種電荷的小球A，當(dāng)A球到達(dá)懸點P的正下方并與B在同一水平線上，B處于受力平衡時，懸線偏離豎直方向角度為θ，若兩次實驗中A的電量分別為q1和q2，θ分別為30°和45°，則為___________?！敬鸢浮浚?）D（2）減?。?）【解析】（1）圖甲中先保持帶電小球的電荷量不變，把系在絲線上的帶電小球先后掛在橫桿上的P1、P2、P3等位置，改變兩個小球之間的距離，比較庫侖力的大?。缓髞肀３中∏蛑g的距離不變，改變小球所帶的電荷量大小，分析小球之間的庫侖力，所以實驗采用的方法是控制變量法。故選D。（2）本實驗中，根據(jù)小球的擺角可以看出小球所受靜電力的大小，由圖可知，電荷量越大、距離越小，絲線偏離豎直方向的角度越大，設(shè)偏角為θ，由平衡條件有可知電荷之間的靜電力隨著電荷量的增大而增大、隨著距離的增大而減小。（3）設(shè)小球B的質(zhì)量為m，電量為q，B球的受力情況如圖所示當(dāng)A球帶電量為q1時，由平衡條件得其中當(dāng)A球帶電量為q2時，由平衡條件得其中聯(lián)立解得12.隨著電子信息技術(shù)的日新月異，數(shù)碼電子產(chǎn)品的更新?lián)Q代速度越來越快，以平板電視（LCD和PDP）、筆記本電腦、數(shù)碼相機(jī)等產(chǎn)品為主的消費類電子產(chǎn)品產(chǎn)銷量持續(xù)增長，帶動了電容器產(chǎn)業(yè)發(fā)展。如甲圖所示是觀察電容器的充、放電現(xiàn)象的實驗裝置。S是單刀雙擲開關(guān)，C為平行板電容器。（1）當(dāng)開關(guān)S接______時（填“1”或“2”），平行板電容器充電。電容器上極板帶______（填“正”或“負(fù)”）電。（2）電容器放電電流隨時間變化的規(guī)律如圖乙所示。通過分析可知，圖中圖像與橫軸圍成的面積表示的物理量是______。（3）心臟除顫器的工作原理是用較強(qiáng)的脈沖電流通過心臟，以消除心律失常，使之恢復(fù)竇性心律的方法，稱為電擊除顫。工作時向心臟除顫器的儲能電容器充電，使電容器獲得一定的儲能，對心顫患者皮膚上的兩個電極板放電，讓一部分電荷通過心臟，刺激心顫患者的心臟恢復(fù)正常跳動。如圖是一次心臟除顫器的模擬治療，該心臟除顫器的電容器電容為，充電至電壓，如果電容器在時間內(nèi)完成放電，放電結(jié)束時電容器兩極板間的電勢差減為零，這次放電有______C的電荷量通過人體組織?！敬鸢浮浚?）1正（2）極板的帶電量（3）0.2【解析】（1）[1][2]將開關(guān)先與“1”端閉合，電容器與電源相連，進(jìn)行充電；上極板與電源正極連接，則上極板帶正電。（2）根據(jù)可知，圖中圖像與橫軸圍成的面積表示的物理量代表極板的帶電量。（3）通過人體組織電荷量C13.如圖所示，兩個帶等量負(fù)電荷的小球A、B（可視為點電荷），電荷量大小均為1.0×10?6C。A固定在豎直放置的絕緣支桿上，B靜止于光滑絕緣的傾角為37°的斜面上且恰與A等高，若B的質(zhì)量為40g，整個裝置處于真空中，重力加速度g取10m/s2，k=9.0×109N?m2/C2，sin37°=0.6，cos37°=0.8。求：（1）B球受到靜電力大??；（2）A、B兩球間的距離?！敬鸢浮浚?）0.3N（2）【解析】（1）對B進(jìn)行受力分析如圖所示根據(jù)受力平衡可得解得（2）根據(jù)可得A、B兩球間的距離解得14.如圖甲所示，熾熱金屬絲不停地發(fā)射電子，一電子經(jīng)過電壓為U的兩極板間電場加速后，恰好通過筒壁一小孔P沿豎直圓筒的半徑方向進(jìn)入圓筒，圓筒內(nèi)存在豎直向上的勻強(qiáng)電場，筒內(nèi)壁有熒光涂層，可記錄電子打到筒壁的位置，已知圓筒半徑為R，電子電量為e，質(zhì)量為m，不計電子的重力和離開金屬絲時的初速度，求：（1）電子到達(dá)圓筒小孔P時的速度；（2）若電子打在圓筒內(nèi)壁的M點，M點與小孔P的豎直高度差為h，求圓筒內(nèi)電