2024年四川省成都外國語學校高考物理二模試卷

二、選擇題：本題共8小題，每小題6分，共48分。在每小題給出的四個選項中，第14?18

題只有一項符合題目要求，第19?21題有多項符合題目要求。全部選對的得6分，選對但不全

的得3分，有選錯的得0分。

1.（6分）二十世紀初，愛因斯坦、盧瑟福、波爾等物理學家相繼取得了一系列重要的成果，他

們的發(fā)現(xiàn)對人類文明的進程產(chǎn)生了深遠的影響。下列關(guān)于該段時間內(nèi)的物理學成就的描述正

確的是（）

A.235u+ln^^+黑是重核的裂變，它是目前核電站反應(yīng)堆工作原理之一

B.汨+汨6*+篙是輕核的聚變，該反應(yīng)會釋放能量，原因是弱巳的比結(jié)合能比2

XXww6乙XH

和:^^勺比結(jié)合能都小

C.根據(jù)狹義相對論，任何情況下測得的光速都是相同的

D.根據(jù)愛因斯坦的光電效應(yīng)方程Ekm=hv-W,逸出光電子的最大初速度的大小與照射光

的頻率成線性關(guān)系

2.（6分）某航天器以速率v繞地球在圓軌道上運行，其軌道半徑為地球半徑的兩倍，如圖所示。

萬有引力常量為G,則以下說法正確的是（）

A.地球的第一宇宙速度大小為2V

B.立于航天器內(nèi)底板上的宇航員對底板的壓力為零

C.若在航天器所在的軌道上發(fā)射衛(wèi)星，只有當發(fā)射速度達到第二宇宙速度時才能使衛(wèi)星脫離

地球引力的束縛

D.根據(jù)題干提供的信息可以求出地球的密度

3.（6分）一物塊放置在固定斜面上，對物塊施加一水平力E保持該力的大小不變，在將該作

用力沿水平方向逆時針緩慢轉(zhuǎn)動至豎直方向的過程中，物塊始終靜止在斜面上，如圖所示。

則該過程中（）

?

A.斜面對物塊的摩擦力逐漸減小

B.斜面對物塊的支持力先減小后增大

C.斜面對物塊的作用力先減小后增大

D.斜面對物塊的作用力一直減小

4.（6分）為全面推進鄉(xiāng)村振興，彭州某地興建的小型水電站如圖所示。該水電站交流發(fā)電機的

輸出功率為P=100kW、發(fā)電機的輸出電壓Ui=250V,經(jīng)變壓器升壓后用總電阻R線=7.5。

的輸電線向遠處輸電，在用戶處的降壓變壓器輸出電壓U4=220V,若升壓變壓器與降壓變壓

)

升壓變壓器降壓變壓器

A.發(fā)電機輸出的電流L=40A

B.輸電的效率為85%

c.升壓變壓器的匝數(shù)比為EL二工

曾12

D.降壓變壓器輸出的電流l4=400A

5.（6分）如圖所示，一?半徑為R的光滑絕緣半球面開口向下，固定在水平面上。整個空間存在

磁感應(yīng)強度為B、方向豎直向下的勻強磁場。一電荷量為q（q>0）.質(zhì)量為m的小球P在球

面上做水平的勻速圓周運動，圓心為（）'。球心O到該圓周上任一點的連線與豎直方向的夾

角為8=60°。若重力加速度為g,以下說法正確的是（）

A.從上面俯視小球沿順時針方向運轉(zhuǎn)

B.球面對小球的彈力大小為2叵曜

3

C.小球的速率越大，則小球受到的洛倫茲力越大

D.磁感應(yīng)強度的大小可能為匡

qVR

（多選）6.（6分）從地面上將?物體豎直向上拋出，物體運動過程中受到恒定大小的空氣阻力

作用，其上升過程中動能與重力勢能隨上升的高度變化的圖像如圖所示，則根據(jù)該圖像可以

A.物體落回地面時的動能

B.物體上升到最高點的機械能

C.物體上升的最大高度

D.物體從拋出至落回拋出點所用的時間

（多選）7.（6分）如圖所示，真空中的a、d兩點固定兩八點電荷Qi、Q2,其中Qi帶正電，b、

c是ad連線的三等分點，c、e位于以d為圓心的圓周二，e點的場強為零，若取無窮遠處電

勢為零。則以下說法正確的是（）

A.同一試探電荷在b點受到的靜電力大于c點受到的靜電力

B.e點的電勢（pe<0

C.電勢差Ubc=Ube

D.Qi的電荷量大于Q2的電荷量

（多選）8.（6分）如圖所示，abed是一質(zhì)量為m的“U”形均勻金屬框架，其電阻可忽略不計,

ef是一質(zhì)量也為m、兩端有光滑小環(huán)的均勻金屬桿，將ef兩端的小環(huán)套在框架頂端，剛好構(gòu)

成一個邊長為L的正方形。PQ是水平勻強磁場的水平邊界。將此正方形線框在與勻強磁場垂

直的豎直平面內(nèi)由靜止釋放（此時be邊距PQ為h）,當be剛越過PQ時剛好勻速運動，ab

邊剛好有一半進入磁場時，ef恰到達PQ位置。運動中框架不轉(zhuǎn)動，小環(huán)與框架接觸良好，

圖a

待測電源（電動勢小于3V）

電壓表（量程3V,內(nèi)阻約3kC）

電阻箱R（0-999.90）

定值電阻Ro=4Q

開關(guān)

導線若干

甲、乙兩同學分別設(shè)計了如圖a（甲）和圖b（乙）所示的電路。

（1）某次實驗中電阻箱的情況如右圖所示，則其接入電路的電阻為

（2）若圖a和圖b電阻箱接入電路的電阻均為（1）中所讀的阻值，電壓表的示數(shù)分別為Ua

和Ub,則它們的大小關(guān)系UaUb（選填”或“<”）；

（3）兩同學分別根據(jù)電阻箱和電壓表的讀數(shù)R和U,道過建立合適的坐標系，通過圖像處理

數(shù)據(jù)得出了電動勢和內(nèi)阻的值。某同學根據(jù)實驗測得的電壓表的示數(shù)U和電阻箱的讀數(shù)R,

作出了如右圖線，則所測得的電動勢Ei=,內(nèi)阻口=o（結(jié)果均保留2

位有效數(shù)字）。由于電壓表的內(nèi)阻不是無窮大，該同學所測得的電動勢（選填“>”、

“=”或“V”）真實值.

11.（12分）如圖所示，一半徑為R的圓與x軸相切于原點O,圓內(nèi)有直于紙面向外的勻強磁場，

磁感應(yīng)強度大為Bo與x軸垂直的豎直虛線與磁場最右端相切，其右側(cè)的第I象限內(nèi)存在沿

-y方向的勻強電場?，F(xiàn)有一束比荷為g的帶正電粒子沿著+y方向從原點。射入磁場，粒子

m

離開磁場時方向沿x軸正方向，進入電場后，經(jīng)電場偏轉(zhuǎn)打到x軸上坐標為（3R,0）的點，

不計粒子的重力，求：

（1）粒子射入磁場時的速度；

（2）電場強度的大??；

（3）若僅使從O點射入的帶電粒子初速度方向與-x軸方向成30°角，求粒子從O點出發(fā)

到再次打到X軸上所用的時I'嘰

12.（20分）光滑的水平面上停放著質(zhì)量mc=2kg的平板小車C,C的左端放置質(zhì)量mA=lkg

的物塊A,車上距左端xo處（xo小于車的長度）放置質(zhì)量n1B=3kg的物塊B,物塊A、B均

可視為質(zhì)點，它們與車面間的動摩擦因數(shù)分別為UA=0.3、四=0』，開始時車被鎖定無法運

動，物塊A以vo=9m/s的水平初速度從左端開始正對B運動，重力加速度g=10m/s2o

（I）若xo=7.5m,求A開始運動后經(jīng)過多長時間與B發(fā)生碰撞；

（2）若xo=7.5m,A與B發(fā)生彈性正碰，求A停止運動時距車左端的距離；

（3）改變xo的值，A運動至B處與B發(fā)生彈性碰撞后立即解除對車的鎖定，此后A與B都

剛好沒從車上掉下，求平板車的長度。

二、選考題：共45分。請考生從2道物理題、2道化學題、2道生物題中每科任選一題作答。

如果多做，則每學科按所做的第一題計分。[物理一選修3-3]（15分）

（多選）13.（15分）如圖甲為某種轉(zhuǎn)椅的結(jié)構(gòu)示意圖，其升降部分由M、N兩筒組成，兩筒間

密閉了一定質(zhì)量的理想氣體。圖乙為氣體分子速率分布曲線，初始時刻筒內(nèi)氣體所對應(yīng)的曲

線為b。人坐上椅子后M迅速向下滑動，設(shè)此過程筒內(nèi)氣體不與外界發(fā)生熱交換，則此過程

中（）

A.密閉氣體壓強增大，分子平均動能增大

B.外界對氣體做功，氣體分子的密集程度保持不變

C.密閉氣體內(nèi)能增大，容器壁單位面枳單位時間內(nèi)受到氣體分子撞擊的次數(shù)增加

D.密閉氣體的分子速率分布曲線可能會變成a曲線

E.密閉氣體的分子速率分布曲線可能會變成c曲線

14.如圖所示，兩個固定的導熱良好的足夠長水平汽缸，由水平輕質(zhì)硬桿相連的兩個活塞面積分

別為SA=120cm2,SB=20cm2o兩汽缸通過一帶閥門K的細管連通，最初閥門關(guān)閉，A內(nèi)有

理想氣體，初始溫度為27℃,B內(nèi)為真空。初始狀態(tài)時兩活塞分別與各自汽缸底相距a=40cm.

b=10cm,活塞靜止。（不計一切摩擦，細管體積可忽略不計，A內(nèi)有體積不計的加熱裝置,

圖中未畫出。設(shè)環(huán)境溫度保持不變?yōu)?7C,外界大氣壓為po）。

（i）當閥門K關(guān)閉時，在左側(cè)汽缸A安裝絕熱裝置，同時使A內(nèi)氣體緩慢加熱，求當右側(cè)

活塞剛好運動到缸底時A內(nèi)氣體的溫度TA,及壓強PA；

（ii）停止加熱并撤去左側(cè)汽缸的絕熱裝置，將閥門K打開，足夠長時間后，求大活塞距左

側(cè)汽缸底部的距離Ax。

BU

br

三、[物理——選修3-4]（15分）

（多選）15.（15分）同一地點的甲、乙兩單擺的部分振動圖像如圖所示，下列說法正確的是（）

A.甲、乙兩單擺的擺長之比為16：2

B.乙單擺的機械能大于甲單擺的機械能

C.。?1s內(nèi)，單擺甲、乙擺球的重力勢能都增大

D.兩圖線交點對應(yīng)的時刻（to）甲、乙兩擺球速率相等

E.甲單擺的振動方程為：*4sinAt）cn

16.如圖所示，玻璃球的半徑為R,被平面截去一部分后底面鍍有反射膜，底面的半徑為近R；

2只

在紙面（過玻璃球球心。的截面）內(nèi)有一條過球心O的光線，經(jīng)過底面AB反射后恰好從M

點射出，已知出射光線的反向延長線恰好經(jīng)過A點且與底面垂直，光在真空中的速度為Co

求：

（1）該條光線入射方向與底面AB的夾角及該玻璃球的折射率;

（2）該條光線從射入玻璃球到射出玻璃球經(jīng)歷的時間。

2024年四川省成都外國語學校高考物理二模試卷

參考答案與試題解析

二、選擇題：本題共8小題，每小題6分，共48分。在每小題給出的四個選項中，第14?18

題只有一項符合題目要求，第19?21題有多項符合題目要求。全部選對的得6分，選對但不全

的得3分，有選錯的得。分。

1.【解答】解：A、目前核電站的反應(yīng)堆是利用重核裂變產(chǎn)生的能量工作的，

律U+：n＞惠4%+*Kr+3"是重核裂變，是反應(yīng)堆的工作原理之一，故A正確；

B、彳H+汨+是輕核聚變，該反應(yīng)會釋放能量，是因為是的比結(jié)合能比

XXww乙X

和；H的比結(jié)合能都大，故B錯誤；

C、狹義相對論認為在任意一個慣性系中的觀測者所測得的真空中的光速恒為c,不是任何情

況下，故C錯誤；

D、根據(jù)愛因斯坦的光電效應(yīng)方程Ekm=hv-W,逸出光電子的最大初動能的大小與照射光

的頻率成線性關(guān)系，而不是初速度的大小，故D錯誤。

故選：Ao

2.【解答】解：設(shè)地球半徑為R,則該航天器的軌道半徑為2R.

A.對航天器，根據(jù)牛頓第一定律有

GMm=mv^_

(2R)22R

對地球的近地衛(wèi)星，設(shè)線速度大小為vo,根據(jù)萬有引力提供向心力有

2

R2R

聯(lián)立解得vo=/5v,故A錯誤：

B.立于航天器內(nèi)底板上的宇航員處于完全失重狀態(tài)，故航天員對底板的壓力等于0,故B正

確；

C若在航天器所在的軌道上發(fā)射衛(wèi)星，只有當發(fā)射速度達到第三宇宙速度時才能使衛(wèi)星脫離

地球引力的束縛，故C錯誤；

D.根據(jù)M=p&R3,聯(lián)立G好,解得

3(2R)22R

p="由于地球半徑未知，所以不能求出地球容度，故D錯誤。

2G打R2

故選：Bo

3.【解答】解：對物塊受力分析，如圖所示：

mg

AB、受重力、拉力、支持力和摩擦力，設(shè)拉力與斜面間的夾角為仇若摩擦力開始向下，根

據(jù)受力平衡可得:f+mgsma=Fcose,當F逆時針轉(zhuǎn)動時0減小，所以摩擦力減小,若摩擦力

開始向上，當。減小時，摩擦力減小，故AB錯誤；

CD、斜面體對物塊的作用力包括摩擦力和支持力，當F逆時針轉(zhuǎn)動時，F(xiàn)與mg的合力減小,

根據(jù)受力平衡可得，f與F'的合力也減小，所以斜面充物塊的作用力減小，故C錯誤，D正

確。

故選：De

3

4?【解答】解：A.由電功率公式P=UI可知，發(fā)電機輸出的電流為11=卜1嚷］A=400A，

故A錯誤;

D.根據(jù)理想變壓器電流與線圈匝數(shù)成反比關(guān)系得:

■n2

【2一'

114

14F

又因為：I戲=12=13

nln4

n2n3

聯(lián)立解得：l4=Ii=400A,故D正確;

B.降壓器的輸出功率為：

P4=U4I4=200X400W=88kW

輸電的效率為：

P

n=—tx100%=_^Lx100%=88%,故B錯誤；

Pl100

C.輸電線上的損失功率為:P.=Pi?P4=12kw

又因為：Pjji=i^R姣

解得：I鏤=40A

其中12=13=1線

則升壓器的匝數(shù)之比為：nT之=_1,故c錯誤。

n2T1400A10

故選：Do

5.【解答】解：A.對小球受力分析如圖所示

小球所受洛倫茲力指向圓心O',根據(jù)左手定則可知，從上面俯視小球沿逆時針方向運轉(zhuǎn),

故A錯誤；

B.豎直方向受力平衡，根據(jù)平衡條件有

Ncos0-mg=0

解得

N=2mg,故B錯誤；

C.根據(jù)洛倫茲力的公式

F=qvB

可知，粒子的速度越大，洛倫茲力越大，故C正確；

D.根據(jù)牛頓第二定律有

2

F-Nsin0二%；門8

整理可得

v2,V3qBRv+3gR=0

2m2

由于v是實數(shù)，必須滿足

A2=(_V3qBR)2_4X3gR>0

2m2

解得

匡，故D錯誤。

qVR

故選：Co

6.【解答］解：A、根據(jù)圖像可知,動能減少△Ek=100J?40J=60J時,重力勢能增加△Ep=40J,

所以機械能減少：AEi=60J-40J=20J；

上升到最高點時，機械能損失AE,則有：空=要，解得：AE=JMT

20AE3J

則物體回到地面上時的機械能為：E=1(X)J-2AE=iO€'J-2X-1^LJ=-12^LJ,故A正確；

33

B、根據(jù)A選項可知，物體上升到最高點的機械能為：E=EkO-AE=1OOJ--122.T=^L,

故B正確;

C、物體上升到最高點的機械能為：E=2W=mgh,由于物體的質(zhì)量不知道，無法求解高度;

3

D、根據(jù)牛頓第二定律得，上升過程的加速度大小為：ai=W_

下降過程的加速度大小為：22=理工

根據(jù)h=工at?得，.上升的時間為：ti=

2

卜.降的時間為：t2=

由于阻力大小未知，無法求出物體從拋出至落回拋出點所用的時間，故D錯誤。

故選：ABo

7.【解答】解：D、設(shè)ab=bc=cd=de=r,因e點場強為零，故點電荷Qi、Q2在e點的電場強

度等大反向，可知Q2帶負電。

Q,Q

根據(jù)點電荷的場強公式可得：k-二二k一9，可得：QI=16Q2,故D正確;

（4r）2r2

A、設(shè)試探電荷的電量為q。

QQqQq

在b點其受到的靜電力大小為:iq2652

b-r2⑵)24?「2

在c點其受到的靜電力大小為：F=kQrc+k警=5k結(jié)

C（2r）2r2r2

可知：Fb＞Fc＞故A正確;

B、Qi在e點產(chǎn)生的電勢為：（h,=kHl；Q2在e點產(chǎn)生的電勢為：Q=_且（Q：＞0）。

14rzr

Q

則e點的電勢為：Q=。1+0o=3—9＞o,故B借誤；

e1/r

kQiQ2.31,2

C、同理可得：b點的電勢為：（p,=—L.k

br2r2r

c點的電勢為：（p=k^--k^-=7k^-

c2rrr

Ubc"b-?c=￥?片

Ube=0K憶爭"片

可知：UbcVUbc,故C錯誤。

故選：AD,

8.【解答】解：AB、正方形線框未進入磁場時金屬框架和金屬桿一起做自由落體運動，下落h

過程由動能定理有:可得2gh

金屬框架進入磁場由于受到豎直向上的安培力做勻速直線運動，設(shè)此時的安培力為Fo,則Fo

=mg,此時ef未進入磁場，則ef不受安培力，在重力作用下繼續(xù)做勻加速運動，

L_

設(shè)ah邊剛好有一半進入磁場過程所用的時間為［,則有：

v0

此時ef恰到達PQ位置，在時間t內(nèi)金屬桿向下運動的距離為L,則有：L=VQt4A§t2

2

代入數(shù)據(jù)可得：h=^＞故B正確，A錯誤；

8

CD、ef剛越過PQ時，設(shè)此時ef的速度為vi,貝ij：vi=vo+gt,可得丫=3點前，此時ef邊

切割磁感線產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢：Ei=BLvi

be邊切割磁感線產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢：E2=BLVO

由右手定則可知兩邊產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢并聯(lián)，則回路中總的電動勢：

E=EI-E2=BLV[-BLV=BL(3加嬴-^^)=BLX2缶設(shè)此時回路中電流

1o1UQU

為I

be邊剛進入磁場時產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢Eo=BLvo,可知E=2Eo,設(shè)此時電流為Io

金屬框架的電阻忽略不計，由閉合電路歐姆定律可知1=21。

由F=BIL可知ef恰到達PQ位置時安培力Fi=2Fo=2mg

由左手定則可知安培力豎直向上，對ef由牛頓第二定律有：2Fo-mg=ma,可得a=g,故C

正確，D錯誤。

故選：BCo

三、非選擇題：共174分。第22?32題為必考題，每個試題考生都必須作答。第33?38題為

選考題，考生根據(jù)要求作答。

9.【解答】解：(2)小車通過光電門1和2的時間相等，此時小車做勻速直線運動；

(3)小車做勻速直線運動時有

Fo=f

力傳感器的示數(shù)為F時小車受到的合外力為

Fo=F-Fo

(4)若要驗證動能定理，需要驗證的關(guān)系為

(F-F0)s=yMv2-yMvi

其中

dd

79=-,Vi=—

t2t1

聯(lián)立解得：

=ZT2411

22

故答案為：(2)勻速直線；(3)F-Fo；(4)(F-F)S=^M(—)—M(—)

u2122t]

10.【解答】解：(1)根據(jù)圖c可知,電阻箱接入電路的阻值為1OOXOC+1X1OC+9X1C+0XO.1C

=19.0。：

(2)根據(jù)圖a與圖b電路均為串聯(lián)連接方式，可知兩個電路中電流相等，圖a中電壓表示數(shù)

為定值電阻Ro兩端的電壓，圖b電壓表示數(shù)為電阻箱R兩端電壓，又因為Ub=IR>Ua=IRo,

即UaVUb；

(3)根據(jù)閉合電路歐姆定律結(jié)合圖a、圖b可知，分別列出電源電動勢和內(nèi)阻的函數(shù)方程，

經(jīng)過整理方程后只有圖a的符合圖d圖像，即

Ei=U+—(R+ri)

R。

整理得』==^XR+上一+工

UE]RQE]R°EJ

結(jié)合圖a可知」一=l?5-0?5

E1RQ10

+!=0.5

E]R°E[

代入數(shù)據(jù)解得Ei=2.5V,n=1.0ft

由于電壓表的內(nèi)阻不是無窮大，導致圖a中干路電流要比流過電阻Ro的電流大，即1口＞1測:

Ea=U+Ia(R+r)

E?=U+I?(R+r)

可知E測VE我；

故答案為:(1)19.0；(2)＜；(3)2.5,1.0,＜?

II.【解答】解：(I)粒子在磁場中做勻速圓周運動，其軌跡為』圓周，軌跡半徑等于圓形磁場

4

區(qū)域的半徑R,由洛倫茲力提供向心力得：

2

qBv=m——

R

解得：v=迪；

m

(2)粒子進入電場做類平拋運動，沿-y方向做勻加速直線運動，其位移大小等于R；沿+x

方向做勻速直線運動，其位移大小等于3R-R=2R,則有：

R=Aa(2

2

2R=vt

由牛頓第二定律得：a=^

m

聯(lián)立解得：E=&鏟艮：

2m

(3)粒子運動軌跡如下圖所示：

粒子的在磁場中軌跡半徑與圓形磁場區(qū)域的半徑相等，由幾何關(guān)系可得，粒子在P點離開磁

場時的速度方向沿x軸正方向，粒子由O到P做圓周運動的圓心角為180。-300=150。，

粒子在磁場中的運動周期為：

T=2兀區(qū)=2兀m

vqB

粒子在磁場中的運動周期為：

150°丁5兀m

360^XT6qB

粒子由P到M的過程做勻速直線運動，設(shè)此過程運動時間為t2,則有:

R-Rsin300=vt2

解得：t2=」一

2qB

粒子由M點進入電場，由M到N的過程做類平拋運動，設(shè)此過程運動時間為t3,沿-y方向

做勻加速直線運動，其位移大小等于R+Rcos30°,則有:

R+Rcos300=Aat?2

2

由牛頓第二定律得：a=<

m

聯(lián)立解得：13=44+2'/3m

qB

則粒子從O點出發(fā)到再次打到x軸上所用的時間為:

L.12+L旦皿4%生2、巨辿=（5兀+3+6也+2、冗）叫

6qB2qBqB6qB

答：（1）粒子射入磁場時的速度為邂；

m

2

（2）電場強度的大小為也工：

2m______

（3）粒子從O點出發(fā)到再次打到x軸上所用的時間為.（5兀±34.4+協(xié)）皿。

6qB

12.【解答】解：（1）物塊A的加速度大小為a,由牛頓第二定律

HAmAg=mAa

2

由運動學公式：xo=vot-—at

2

解得：t=ls；

(2)A與B碰前速度瞬間為vi,并設(shè)為正方向；碰后A、B速度分別為V2,V3,

v?=vo-at

inAvi=mAV2+niBV3

121212

7mAvl=7mAv2+2-mBv3

解得：V2="Amp)=_lz5_x印Vs=-3m/s

1

mA+mB1+3

義

=21Xgm/s=3m/s

11+3

A碰后向左運動，假設(shè)A碰后向左發(fā)生的最大位移為xi，由動能定理

-|iAmAgxi=0-12

JmAv2

Ax=xo-xi

解得：Ax=6m,故A停止運動時距平板車左端6m；

(3)設(shè)A與B碰前速度為V4,碰后A、B速度分別為V5、V6

同理可得：\巧=加直.\，4

mA+mB

2m_

V6=........-V4

mA+mB

解得：V5=--V6=—v.

2424

由于A、B與平板車之間的摩擦力大小fA=fB,且A的加速度大于B,由此可判斷A碰后向

左做勻減速運動，此過程中車一直保持靜止。

由運動學公式：v2_v2=-2axo

2

-OV

5

解得：丫4=會傳"Vo,xo=2.7m

5

設(shè)最終三者共同勻速運動速度為的V6,由動量守恒定律

mAV5+mBV6=（mA+niB+mc）v6

解得：V6=2?m/s

5

設(shè)B開始與平板小車右端相距為XB,由能量守恒

2

-

121z、V6HAniAgXO+RBmBgXB

ymAv4-y(mA+mB+mc)

解得：XB=6.3m

L=xo+xB=2.7m+6.3m=9m

答：（1）若xo=7.5m,A開始運動后經(jīng)過Is與B發(fā)生碰撞：

（2）若xo=7.5m,A與B發(fā)生彈性正碰，A停止運動時距車左端的距離為6m；

（3）改變xo的值，A運動至B處與B發(fā)生彈性碰撞后立即解除對車的鎖定，此后A與B都

剛好沒從車上掉下，平板車的長度為9m。

二、選考題：共45分。請考生從2道物理題、2道化學題、2道生物題中每科任選一題作答。

如果多做，則每學科按所做的第一題計分。[物理——選修3-3]（15分）

13.【解答】解：ABC、根據(jù)題意可知，M迅速向下滑動，理想氣體的體積減咸小，氣體分子的

密集程度變大，外界對氣體做功，且筒內(nèi)氣體不與外界發(fā)生熱交換，則理想氣體內(nèi)能增大，

溫度升高，分子習平均動能增大，容器壁單位面積單位時間內(nèi)受到氣體分子撞擊的次數(shù)增加,

密閉氣體壓強增大，故AC正確，B錯誤；

DE、由于氣體溫度越高，速率較大的分子所占的比例越大，則密閉氣體的分子速率分布曲線

可能會變成c曲線，故E正確，D錯誤。

故選：ACE。

14?【解答】解：（i）閥門K關(guān)閉時，將A內(nèi)氣體緩慢加熱，溫度緩慢升高，根據(jù)受力平衡可

知，氣體壓強不變，為等壓變化，對于A氣體

初狀態(tài)：VA=HSA,To=（273+27）K=300K

末