2025-2026年六校聯(lián)考期末物理考試答案1【答案】B【詳解】A．飛船對(duì)接時(shí)不能忽略載人飛船的大小，不能視為質(zhì)點(diǎn)，故A錯(cuò)誤；B.對(duì)接成功后，飛船與空間站是一個(gè)整體，速度相同，故二者相對(duì)靜止，B正確；C．慣性是物體的固有屬性，與位置無(wú)關(guān)，故C錯(cuò)誤；D.這里的3時(shí)22分是時(shí)間軸上的點(diǎn)，是指時(shí)刻，故D錯(cuò)誤，故選B。2【答案】C【詳解】A．忽略物體本身的大小和形狀，用來(lái)代替物體有質(zhì)量的點(diǎn)是質(zhì)點(diǎn)，用到的是模型法，故A錯(cuò)誤；B.當(dāng)Δt非常非常小時(shí)，Δt→0,用到的是極限法，故B錯(cuò)誤；C．a(chǎn)采用的是比值定義法，C正確；D.確定物體重心用到的是等效替代法，故D錯(cuò)誤，故選C。3【答案】D【詳解】A．物體與地面不接觸，沒(méi)有彈力作用，故A錯(cuò)誤；B.在形變量一定的情況下，勁度系數(shù)越大，彈力才越大，故B錯(cuò)誤；C．靜摩擦力可以作用在運(yùn)動(dòng)的物體上，滑動(dòng)摩擦力也可以作用在靜止的物體上，故C錯(cuò)誤；D.最大靜摩擦力與正壓力有關(guān)，D正確，故選D。4【答案】A【詳解】A．船頭垂直河岸方向時(shí)渡河時(shí)間最短，A正確；B.兩個(gè)運(yùn)動(dòng)直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)的合運(yùn)動(dòng)還是勻速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，軌跡偏向下游，為合速度方向，故B錯(cuò)誤；C．根據(jù)矢量定則知，汽艇在河水中的合速度大小是vm/s，故C錯(cuò)誤；D.船渡河時(shí)實(shí)際軌跡垂直河岸是渡河距離最短，故D錯(cuò)誤。故選A。5【答案】C【解析】采用逆向思維，將子彈的勻減速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)看成反向的初速度為0的勻加速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，可得v1∶v2∶v3C正確，D錯(cuò)誤。6【答案】B【詳解】對(duì)光滑球受力分析可知，受到擋板的支持力F1、斜面給的支持力F2，重力G作用，因?yàn)槭蔷徛D(zhuǎn)動(dòng)，可認(rèn)為光滑球處于靜止?fàn)顟B(tài)，合力一直為零，因?yàn)檫^(guò)程中重力大小和方向都不變，斜面給的支持力F2方向不變，當(dāng)緩慢轉(zhuǎn)動(dòng)擋板至與斜面垂直的過(guò)程中，根據(jù)矢量三角形可得F1一直減小，當(dāng)擋板與斜面垂直時(shí)，F(xiàn)1最小，F(xiàn)2也是一直減小的，根據(jù)牛頓第三定律可得m對(duì)擋板的壓力逐漸減小，m對(duì)斜面的壓力逐漸減小。故選B。7【答案】D【詳解】A．由小物塊b垂直斜面方向受力平衡可知，c對(duì)b的支持力一直等于b的重力垂直斜面向下的分力，因b的質(zhì)量不變，所以c對(duì)b的支持力不變，故A錯(cuò)誤；B．細(xì)繩上的拉力大小等于a的重力，若初始狀態(tài)細(xì)繩上的拉力大于b的重力沿斜面向下的分力，則根據(jù)小物塊b沿斜面方向受力平衡得mag=mbgsinθ+Ff即Ff=mag-mbgsinθ所以隨著a中的沙子緩慢流出Ff減小，根據(jù)牛頓第三定律，b對(duì)c的摩擦力也減??；若初始狀態(tài)細(xì)繩上的拉力小于b的重力沿斜面向下的分力，則根據(jù)小物塊b沿斜面方向受力平衡得mag+Ff=mbgsinθ即Ff=mbgsinθ-mag所以隨著a中的沙子緩慢流出Ff增大，根據(jù)牛頓第三定律，b對(duì)c的摩擦力也增大，故B錯(cuò)誤；CD．將小物塊b和斜面體c看作整體，由水平方向受力平衡可知，地面對(duì)c的摩擦力與細(xì)繩拉力的水平分力等大反向，所以地面對(duì)c的摩擦力方向向左，又由于隨著a中的沙子緩慢流出細(xì)繩上的拉力逐漸減小，所以地面對(duì)c的摩擦力一定減小，故C錯(cuò)誤，D正確。故選D。8【答案】AB【解析】A．小石塊做曲線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，速度的方向沿曲線(xiàn)每一點(diǎn)的切線(xiàn)方向，速度方向不斷改變，故A正確；B．小石塊只受重力作用，加速度為重力加速度，加速度不變，是勻變速曲線(xiàn)運(yùn)動(dòng)石塊做勻變速曲線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，故B正確；C．物體做曲線(xiàn)運(yùn)動(dòng)的條件是速度與加速度不在同一條直線(xiàn)上，故C錯(cuò)誤。D．小石塊只受重力作用，加速度為重力加速度，其方向豎直向下，跟速度方向不在同一直線(xiàn)上，也不沿曲線(xiàn)的切線(xiàn)方向，故D錯(cuò)誤。故選AB。9【答案】AC【詳解】A.乙車(chē)在0-2s加速度為方向沿正方向；乙車(chē)在4-6s加速度為方向沿正方向。所以乙車(chē)在0-2s和4-6s加速度相同，故A正確；B．甲車(chē)在0~2s朝正方向運(yùn)動(dòng)，2~4s朝負(fù)方向運(yùn)動(dòng)，4~6s朝正方向運(yùn)動(dòng)，乙車(chē)在0~3s朝正方向運(yùn)動(dòng)，3~6s朝負(fù)方向運(yùn)動(dòng)，故0~6s甲車(chē)、乙車(chē)均做往返運(yùn)動(dòng)，故B錯(cuò)誤；C．2~4s甲車(chē)朝負(fù)方向做勻速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，位移為x1=-4m-4m=-8m2~4s乙車(chē)的加速度為故C正確；D.2~4s甲車(chē)做勻速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，加速度為0。2~4s乙車(chē)的位移為零，平均速度為零，故D錯(cuò)誤。故選AC。10【答案】ABDA．0~t2時(shí)間內(nèi)，小物塊相對(duì)傳送帶始終向上運(yùn)動(dòng)，所受到的滑動(dòng)摩擦力向下，保持不變，故A正確。B．t2時(shí)刻，物體和傳送帶共速，由圖像可知，t2~t3時(shí)間內(nèi)物體未相對(duì)傳送帶靜止，而是相對(duì)傳送帶向下加速，所受到的滑動(dòng)摩擦力向上，t2~t3時(shí)間內(nèi)a2=gsinθ-μgcosθ方向向下，所以gsinθ>μgcosθ即μ<tanθ故B正確。C．0~t1時(shí)間內(nèi)，小物塊向上減速運(yùn)動(dòng)，t1時(shí)刻速度減為0，此后向下做加速運(yùn)動(dòng)，所以t1時(shí)刻，小物塊離傳送帶底端的距離達(dá)到最大，C錯(cuò)誤。D．0~t1時(shí)間內(nèi)，小物塊以加速度a1=gsinθ+μgcosθ向上做減速運(yùn)動(dòng)，t1~t2時(shí)間內(nèi)，以a1=gsinθ+μgcosθ向下做加速運(yùn)動(dòng)，t2~t3時(shí)間內(nèi)，以a2=gsinθ-μgcosθ向下做加速運(yùn)動(dòng)v2=2ax回到底端時(shí)，向上、向下的位移大小相等，但向上運(yùn)動(dòng)的加速度大于向下運(yùn)動(dòng)的加速度，所以回到底端時(shí)的速率小于v1，故D正確。故選ABD。11【答案】①.3.39、3.40、3.41②.一定③.2.002.02（以上都給分）【解析】（1）彈簧測(cè)力計(jì)的分度值為0.1N，因此此時(shí)的示數(shù)為3.40N。（2）題圖中F為實(shí)際合力，即只用一個(gè)彈簧測(cè)力計(jì)拉伸橡皮條至O點(diǎn)時(shí)的拉力，因此F的方向一定沿AO方（3）當(dāng)兩分力垂直時(shí)，F(xiàn)1最小，有F1=Fsinθ=2.00N12【答案】（8分）每空2分1）少選得1分。（4）答出任意一條都得2分。【解析】(1)因?yàn)橛昧鞲衅鳒y(cè)繩子的拉力，所以對(duì)砂和砂桶的質(zhì)量沒(méi)有要求，也不用測(cè)量其總質(zhì)量，故B、D錯(cuò)誤。為了讓繩子對(duì)小車(chē)的拉力等于小車(chē)所受的合力，需要將長(zhǎng)木板右端墊高，以平衡阻力，故A正確。為了充分利用紙帶，并確保打點(diǎn)計(jì)時(shí)器打點(diǎn)穩(wěn)定，開(kāi)始做實(shí)驗(yàn)時(shí)，小車(chē)應(yīng)靠近打點(diǎn)計(jì)時(shí)器，先接通電源，再釋放小車(chē)，獲得一條打點(diǎn)的紙帶，同時(shí)記錄力傳感器的示數(shù)，故AC正確。少選得1分。(2)打點(diǎn)計(jì)時(shí)器所接交流電頻率為50Hz，故每5個(gè)計(jì)時(shí)點(diǎn)間的時(shí)間間隔ΔT＝0.1s，小車(chē)的加速度為a=(3)由牛頓第二定律得2F＝(m0＋M)a，變形為aM，所以a-F圖線(xiàn)的斜率k解確，C錯(cuò)誤；θ的大小與所選標(biāo)度有關(guān)，故A、B(4)從圖d可知，沒(méi)有施加拉力，小車(chē)就有加速度，所以圖d存在的問(wèn)題是平衡阻力過(guò)度。13.(10分)（1）根據(jù)勻加速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)的速度-時(shí)間公式：v=v0+at-------------------------2分代入起飛數(shù)據(jù)：80=0+a×2解得：a1=40m/s2----------------------------------------------------2分（2）計(jì)算艦載機(jī)從勾住阻攔索到完全停下所需的時(shí)間t速度公式：v=v2+a2t----------------------------2分t=3s---------------------------------------------------1分由位移速度公式：2ax=v22----------------------------2分解得：x=112.5m---------------------------------------------1分14.（12分1）運(yùn)動(dòng)員在豎直方向做自由落體運(yùn)動(dòng)，下落的高度h為：hgt2--------2分根據(jù)幾何關(guān)系，豎直高度h與斜坡距離L的關(guān)系為：L------------------2分解得：L=75m------------------------------------1分（2）首先求水平位移x，根據(jù)幾何關(guān)系：x=Lcos37。------------------1分水平方向運(yùn)動(dòng)公式：x=v1t----------------------------------------1分解得：v1=20m/s----------------------------------------1分vy=gt---------------------------------------1分根據(jù)平行四邊形定則，合速度v2為：v2=--------------------------------------2分、m/s----------------------------------------1分15.（18分1）對(duì)小木塊（上）分析：μ1m2g=m2a------------------------------------2分對(duì)板分析得：F-μ1m2g-μ2(m1+m2)g=m1a--------------------------------------2分解得：F=10N----------------------------------------1分（2）F1＞F，板塊分開(kāi)，塊的加速度不變。對(duì)板分析得：F1-μ1m2g-μ2(m1+m2)g=m1a1------------------------------------2分2s時(shí)，塊：v2=at1v2=4m/s----------------------------------------1分板：v1=a1t1v1=6m/s----------------------------------------1分F1撤掉后，v1＞v2,塊依舊以原加速度加速 2分板塊共速的時(shí)間為t22t2=v2+at2 1分t2=0.4sv共=4.8m/s板：xt2------------------------------------2分塊：x塊