河南省商丘市名校協(xié)作2025-2026學(xué)年高三上學(xué)期11月期中物理試題考生注意：1、答題前，考生務(wù)必將自己的姓名、考生號(hào)填寫在試卷和答題卡上，并將考生號(hào)條形碼粘貼在答題卡上的指定位置。2、回答選擇題時(shí)，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡對(duì)應(yīng)題目的答案標(biāo)號(hào)涂黑。如需改動(dòng)，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案標(biāo)號(hào)?；卮鸱沁x擇題時(shí)，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。3、考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項(xiàng)選擇題：本題共7小題，每小題4分，共28分。每小題只有一個(gè)選項(xiàng)符合題目要求。1.圖1為光滑水平面上的彈簧振子，O為平衡位置，M、N為振子離開平衡位置的最遠(yuǎn)兩點(diǎn)，取向右為x軸的正方向，圖2為彈簧振子的振動(dòng)圖像。下列說法正確的是（）A.時(shí)刻，振子在M點(diǎn)B.時(shí)刻，振子的加速度最大C.到過程，振子的加速度與速度同向D.到過程，彈簧的彈性勢能轉(zhuǎn)化為振子的動(dòng)能【答案】D【解析】A．取向右為x軸的正方向，由圖2可知時(shí)刻，振子處于正向最大位移處，振子在N點(diǎn)，故A錯(cuò)誤；B．由圖2可知時(shí)刻，振子處于平衡位置，加速度為0，故B錯(cuò)誤；C．由圖2可知到過程，振子從平衡位置向負(fù)向最大位移運(yùn)動(dòng)，振子的加速度與速度反向，故C錯(cuò)誤；D．由圖2可知到過程，振子從負(fù)向最大位移向平衡位置運(yùn)動(dòng)，振子的動(dòng)能增大，彈簧的彈性勢能轉(zhuǎn)化為振子的動(dòng)能，故D正確。故選D。2.2025年6月26日，神舟二十號(hào)航天員乘組經(jīng)過約6.5小時(shí)的出艙活動(dòng)，順利完成了艙外設(shè)備設(shè)施巡檢及處置等任務(wù)。關(guān)于宇航員在艙外活動(dòng)，下列判斷正確的是（）A.研究宇航員的運(yùn)動(dòng)姿態(tài)時(shí)，可以把宇航員視為質(zhì)點(diǎn)B.宇航員與空間站相對(duì)靜止時(shí)，宇航員受到的合力為零C.宇航員隨空間站一起運(yùn)動(dòng)時(shí)的速度大于第一宇宙速度D.宇航員隨空間站一起運(yùn)動(dòng)時(shí)的加速度小于地球表面的重力加速度【答案】D【解析】A．研究宇航員的運(yùn)動(dòng)姿態(tài)時(shí)，宇航員的形狀大小不能忽略不計(jì)，不可以把宇航員視為質(zhì)點(diǎn)，故A錯(cuò)誤；B．宇航員與空間站相對(duì)靜止時(shí)，宇航員受到的萬有引力提供向心力，合力不為零，故B錯(cuò)誤；C．由萬有引力提供向心力得可得第一宇宙速度是衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的最大線速度，所以宇航員隨空間站一起運(yùn)動(dòng)時(shí)的速度小于第一宇宙速度，故C錯(cuò)誤；D．根據(jù)牛頓第二定律可得可得可知宇航員隨空間站一起運(yùn)動(dòng)時(shí)的加速度小于地球表面的重力加速度，故D正確。故選D3.如圖1所示，質(zhì)量為1kg的小型無人機(jī)在升力的作用下從地面由靜止加速豎直上升，加速上升過程的速度平方與上升高度x的關(guān)系如圖2所示。已知加速上升的時(shí)間為3s，重力加速度g取，不計(jì)空氣阻力，則在加速上升過程中，升力的沖量大小為（）A.6N·s B.24N·s C.36N·s D.48N·s【答案】C【解析】根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)規(guī)律結(jié)合圖像可知，無人機(jī)上升時(shí)的加速度根據(jù)牛頓第二定律可得解得無人機(jī)受到的升力大小為則3s時(shí)間內(nèi)升力的沖量，故選C。4.如圖所示，A、B兩球用a、b兩段輕繩連接，輕繩a繞過光滑定滑輪。給B球施加一個(gè)水平向右的拉力F，使A、B兩球均處于靜止?fàn)顟B(tài)且在同一水平線上。已知滑輪兩邊輕繩與水平方向的夾角分別為53°、37°，，則A、B兩球質(zhì)量之比等于（）A. B. C. D.【答案】A【解析】設(shè)繩a上的拉力為，繩b上的拉力為，對(duì)A球受力分析，根據(jù)平衡條件，豎直方向上有同理，對(duì)B球受力分析，則有聯(lián)立解得，故選A。5.一列車沿直線向右勻加速運(yùn)動(dòng)的過程中，列車車廂頂部落下一個(gè)小物塊，不計(jì)空氣阻力，則物塊相對(duì)車廂的軌跡a和相對(duì)地面的軌跡b均可能正確的是（）A. B.C. D.【答案】B【解析】物塊從車廂頂部落下后，在水平方向上，由于不計(jì)空氣阻力，它不受任何水平力作用。根據(jù)牛頓第一定律（慣性定律），物塊將保持脫離車廂瞬間的水平速度做勻速直線運(yùn)動(dòng)。在豎直方向上，物塊只受重力作用，做自由落體運(yùn)動(dòng)。因此，物塊相對(duì)地面的運(yùn)動(dòng)是平拋運(yùn)動(dòng)，其軌跡是一條拋物線。以車廂為參考系，在物塊下落的過程中，車廂在水平方向上向右做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，而物塊在水平方向上做勻速直線運(yùn)動(dòng)。因此，物塊在水平方向上相對(duì)于車廂向左做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)（加速度大小等于車廂的加速度，方向向左）。在豎直方向上，物塊相對(duì)于車廂做自由落體運(yùn)動(dòng)。物塊相對(duì)于車廂的運(yùn)動(dòng)，可以看作是水平方向向左的勻加速直線運(yùn)動(dòng)和豎直方向向下的勻加速直線運(yùn)動(dòng)（自由落體）的合運(yùn)動(dòng)。由于這兩個(gè)分運(yùn)動(dòng)都是從靜止開始的，根據(jù)運(yùn)動(dòng)的合成，其合運(yùn)動(dòng)的軌跡是一條過起點(diǎn)的直線，方向指向左下方。故選B。6.如圖所示，P、Q兩平行金屬板帶等量的異種電荷，P板帶正電，A是兩板間的一個(gè)點(diǎn)。下列說法正確的是（）A.Q板平行下移少許，A點(diǎn)的電場強(qiáng)度變小B.Q板平行下移少許，A點(diǎn)的電場強(qiáng)度變大C.若兩板間插入陶瓷板，P、Q間電勢差變小D.若在兩板間插入陶瓷板，P、Q間電勢差變大【答案】C【解析】AB．Q板平行下移少許，根據(jù)可知A點(diǎn)的電場強(qiáng)度不變，故AB錯(cuò)誤；CD．若在兩板間插入陶瓷板，根據(jù)可知，電容器電容增大，根據(jù)可知，P、Q間電勢差變小，故C正確，D錯(cuò)誤。故選C。7.如圖所示，APB與CPD是粗細(xì)均勻的絕緣半圓環(huán)，兩半圓環(huán)的半徑相同，APB所在平面與CPD所在平面垂直，A、C、B、D均在圓心為O的圓周上。四分之一圓環(huán)AP、DP上均勻分布有電荷量為的電荷，四分之一圓環(huán)CP、BP上均勻分布有電荷量為的電荷，已知O點(diǎn)的電場強(qiáng)度大小為E，則下列說法正確的是（）A.O點(diǎn)場強(qiáng)方向沿PO向右B.O點(diǎn)場強(qiáng)方向與ACBD圓面成45°角C.四分之一圓環(huán)AP上的電荷在O點(diǎn)產(chǎn)生的場強(qiáng)大小為D.四分之一圓環(huán)CP上的電荷在O點(diǎn)產(chǎn)生的場強(qiáng)大小為【答案】D【解析】AB．四分之一圓環(huán)AP、DP上均勻分布有電荷量為的電荷，四分之一圓環(huán)CP、BP上均勻分布有電荷量為的電荷，對(duì)可構(gòu)建點(diǎn)在無數(shù)對(duì)等量異種電荷的中垂線上，故其在點(diǎn)合場強(qiáng)方向?yàn)榉较?；同理?duì)可構(gòu)建點(diǎn)在無數(shù)對(duì)等量異種電荷的中垂線上，故其在點(diǎn)合場強(qiáng)方向?yàn)榉较?；由?duì)稱性及疊加原理，O點(diǎn)場強(qiáng)方向在ACBD圓內(nèi)，由指向中點(diǎn)，故AB錯(cuò)誤；CD．由對(duì)稱性，四分之一圓環(huán)的電荷在O點(diǎn)產(chǎn)生的場強(qiáng)大小都相等，設(shè)為，則與在O點(diǎn)產(chǎn)生的場強(qiáng)大小為，方向?yàn)榉较?；則與在O點(diǎn)產(chǎn)生的場強(qiáng)大小為，方向?yàn)榉较?；由?duì)稱性及疊加原理，則APB與CPD在O點(diǎn)產(chǎn)生的合場強(qiáng)大小為故四分之一圓環(huán)的電荷在O點(diǎn)產(chǎn)生的場強(qiáng)大小都為，故C錯(cuò)誤，D正確。故選D。二、多項(xiàng)選擇題：本題共3小題，每小題6分，共18分。每小題有多個(gè)選項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。8.某靜電場中x軸正半軸上電場強(qiáng)度E隨x變化的圖像如圖所示，。將一個(gè)質(zhì)量為m、電荷量為的帶電粒子在坐標(biāo)原點(diǎn)由靜止釋放，粒子僅在電場力作用下沿x軸正方向運(yùn)動(dòng)到處時(shí)加速度為零，速度大小為，下列判斷正確的是（）A.粒子從原點(diǎn)運(yùn)動(dòng)至過程中，先做加速運(yùn)動(dòng)后做減速運(yùn)動(dòng)B.x軸上，至間的電場強(qiáng)度方向沿x軸負(fù)方向C.與間的電勢差和與間的電勢差相等D.與間圖線與橫軸所圍面積和與間圖線與橫軸所圍面積相等【答案】BD【解析】AB．一個(gè)質(zhì)量為m、電荷量為的帶電粒子在坐標(biāo)原點(diǎn)由靜止釋放，粒子僅在電場力作用下沿x軸正方向運(yùn)動(dòng)，說明電場力方向?yàn)閤軸正方向，粒子帶負(fù)電，說明x軸上，至間的電場強(qiáng)度方向沿x軸負(fù)方向；由圖可知：粒子從原點(diǎn)運(yùn)動(dòng)至過程中，電場強(qiáng)度方向不變，則電場力方向也不變，故粒子從原點(diǎn)運(yùn)動(dòng)至過程中，一直做加速運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤，B正確；C．圖像與橫軸包圍的面積為電勢差，故與間的電勢差為與間的電勢差，故C錯(cuò)誤；D．與間圖線與橫軸所圍面積為與間的電勢差由動(dòng)能定理，解得與間圖線與橫軸所圍面積為與間的電勢差由動(dòng)能定理，，解得故與間圖線與橫軸所圍面積和與間圖線與橫軸所圍面積相等

，故D正確。故選BD9.位于坐標(biāo)原點(diǎn)O處的波源在時(shí)刻，沿y軸正方向開始做簡諧振動(dòng)，形成的A、B兩列簡諧橫波分別沿x軸正方向和x軸負(fù)方向傳播。坐標(biāo)原點(diǎn)O兩側(cè)的介質(zhì)不同，時(shí)刻的部分波形如圖所示，P、Q分別為平衡位置在、處的兩個(gè)質(zhì)點(diǎn)，此時(shí)O、P間的波形為第一次出現(xiàn)，下列判斷正確的是（）A.A、B兩列波傳播速度大小相同 B.P、Q兩質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)頻率相同C.A波的傳播速度大小為2m/s D.質(zhì)點(diǎn)Q的振動(dòng)頻率為0.5Hz【答案】BD【解析】A．根據(jù)圖像可知，A與B兩列波的波長分別為2m與3m。波速公式為，兩列波波源的振動(dòng)周期相同，所以波速不相同，故A錯(cuò)誤；B．P、Q兩質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)頻率均與波源相同，故B正確；C．A波傳到P點(diǎn)時(shí)，P點(diǎn)的起振方向應(yīng)向y軸的正方向，如圖為時(shí)刻的波形圖，此時(shí)P的振動(dòng)方向向y軸的負(fù)方向，所以可求得，故C錯(cuò)誤；D．質(zhì)點(diǎn)Q的振動(dòng)頻率為，故D正確。故選BD。10.如圖所示，粗細(xì)均勻的足夠長光滑細(xì)直桿水平固定，帶孔小球A套在桿上，小球B用長為L的輕繩吊在小球A的下面，開始時(shí)兩球均處于靜止?fàn)顟B(tài)。給B球一個(gè)水平向右的瞬時(shí)沖量，當(dāng)小球B運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)時(shí)，輕繩剛好水平。已知兩小球均可視為質(zhì)點(diǎn)，質(zhì)量均為m，重力加速度為g，下列判斷正確的是（）A.小球B向右運(yùn)動(dòng)過程中，A、B兩球組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒B.給小球B的瞬時(shí)沖量大小為C.當(dāng)輕繩第一次與水平方向夾角為45°時(shí)，小球B的水平分速度大于豎直分速度D.當(dāng)小球B第一次回到最低點(diǎn)時(shí)，速度大小為【答案】BC【解析】A．系統(tǒng)在水平方向不受外力，動(dòng)量守恒，但在豎直方向，系統(tǒng)受力不為零，動(dòng)量不守恒，因此A、B兩球組成的系統(tǒng)動(dòng)量不守恒，故A錯(cuò)誤；B．設(shè)B球獲得的初速度為，由題可知，系統(tǒng)在水平方向動(dòng)量守恒，當(dāng)小球B運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)時(shí)，兩球具有共同速度為，則有根據(jù)能量守恒則有聯(lián)立解得因此B球獲得的瞬時(shí)沖量大小為，故B正確；C．當(dāng)輕繩第一次與水平方向夾角為時(shí)，設(shè)A球的水平速度為，B球的水平速度為，豎直分速度為，繩子相對(duì)于A的速度為，水平方向動(dòng)量守恒，則有根據(jù)速度的分解則有，因此小球B的水平分速度大于豎直分速度，故C正確；D．設(shè)B球第一次擺到最低點(diǎn)時(shí)，A球的速度為，B球的速度為，系統(tǒng)水平方向動(dòng)量守恒，則有根據(jù)能量守恒可得，其中聯(lián)立解得當(dāng)小球B第一次回到最低點(diǎn)時(shí)，速度大小為，故D錯(cuò)誤。故選BC。三、非選擇題：本題共5小題，共54分。11.某同學(xué)用雙線擺測量當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣?，裝置如圖1所示，兩根懸線長度相等且等于兩個(gè)懸點(diǎn)、間的距離。力傳感器（厚度不計(jì)）固定在水平橫桿上，懸點(diǎn)在力傳感器上，力傳感器可測出左側(cè)懸線上的拉力大小。（1）讓小球在豎直面內(nèi)做小角度擺動(dòng)，力傳感器測得左側(cè)懸線上的拉力隨時(shí)間變化的規(guī)律如圖2所示，則該雙線擺的周期______s；（2）改變懸線的長度且調(diào)節(jié)懸點(diǎn)的位置再次實(shí)驗(yàn)，每次調(diào)節(jié)后保持兩懸線等長，且等于兩個(gè)懸點(diǎn)、間的距離，記錄每次實(shí)驗(yàn)懸線的長度L，根據(jù)力傳感器記錄的懸線拉力隨時(shí)間變化的圖像，得到小球擺動(dòng)周期T，作圖像，圖像是一條傾斜直線且斜率為k，縱截距為，則由此可求得當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣萠_____，小球的直徑______。【答案】（1）2（2）；【解析】【小問1】由圖2可知，力傳感器測得左側(cè)懸線上的拉力隨時(shí)間變化的周期為小球在最低點(diǎn)懸線拉力最大最高點(diǎn)拉力最小，且小球在一個(gè)周期內(nèi)兩次經(jīng)過最低點(diǎn)，所以該雙線擺的周期為【小問2】由題意可知，等效擺長為根據(jù)單擺周期公式整理可得所以，圖線的斜率為縱截距為解得，12.某實(shí)驗(yàn)小組用圖1所示的裝置做探究加速度與力的關(guān)系實(shí)驗(yàn)?；瑝K與遮光條的總質(zhì)量為M。（1）用游標(biāo)卡尺測出遮光條的寬度，示數(shù)如圖2所示，則遮光條寬度______mm；（2）實(shí)驗(yàn)前需要調(diào)節(jié)氣墊導(dǎo)軌使其水平：不懸掛沙桶和動(dòng)滑輪，開通氣源，輕推滑塊使其依次通過光電門1、2，觀察光電計(jì)時(shí)器記錄的滑塊通過兩光電門1、2時(shí)遮光條的擋光時(shí)間、，如果，則應(yīng)調(diào)節(jié)氣墊導(dǎo)軌底座螺釘，使氣墊導(dǎo)軌右端適當(dāng)調(diào)______（填“高”或“低”），直至輕推滑塊后，滑塊通過兩光電門的擋光時(shí)間相等。若光電門1已損壞，請你想一個(gè)調(diào)節(jié)氣墊導(dǎo)軌水平的方法：__________；（3）按圖1裝置，做好各種調(diào)節(jié)后進(jìn)行實(shí)驗(yàn)，測出兩光電門間的距離L，多次改變沙桶中沙的質(zhì)量進(jìn)行實(shí)驗(yàn)，記錄每次實(shí)驗(yàn)中彈簧測力計(jì)的示數(shù)F及滑塊通過兩光電門1、2時(shí)遮光條的擋光時(shí)間、，根據(jù)測得的數(shù)據(jù)，以為縱軸，以為橫軸作圖像，如果圖像是一條過原點(diǎn)的傾斜直線，且圖像的斜率為______（用M、L、d表示），表明質(zhì)量一定時(shí)，加速度與合外力成正比?！敬鸢浮浚?）3.00（2）低；讓滑塊從光電門右側(cè)不同位置釋放，若每次經(jīng)過光電門的時(shí)間都相同，說明導(dǎo)軌水平（3）【解析】【小問1】根據(jù)游標(biāo)卡尺的測量原理，讀數(shù)為【小問2】可根據(jù)公式表示通過光電門時(shí)的滑塊速度。由于，說明。即從光電門1到光電門2的過程中，滑塊加速，所以光電門2的位置偏低，應(yīng)使氣墊導(dǎo)軌的右端適當(dāng)調(diào)低。讓滑塊從光電門右側(cè)不同位置釋放，若每次經(jīng)過光電門的時(shí)間都相同，說明導(dǎo)軌水平?！拘?】根據(jù)牛頓第二定律，對(duì)滑塊有根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式，其中代入數(shù)據(jù)并整理，可得所以斜率為13.如圖所示，半徑為R、內(nèi)表面光滑的絕緣半球殼固定在水平面上，在球殼內(nèi)表面最低點(diǎn)B處固定一個(gè)帶正電的點(diǎn)電荷，一質(zhì)量為m、帶電量為的小球恰好靜止在球殼內(nèi)表面A點(diǎn)，OAB為正三角形，OB豎直。已知小球可視為質(zhì)點(diǎn)，重力加速度為，靜電力常量為k，求：（1）B處點(diǎn)電荷的帶電量為多少；（2）快速撤去B處點(diǎn)電荷的瞬間，小球的加速度為多大。【答案】（1）（2）【解析】【小問1】帶電小球在A點(diǎn)處受力平衡，受力分析如圖所示可知根據(jù)庫侖定律，有可解得B處的點(diǎn)電荷帶電量為【小問2】快速撤去B處點(diǎn)電荷后，小球沿曲面下滑，此時(shí)初速度為0，向心加速度為0，小球只有沿切線方向的加速度，根據(jù)受力分析，有可解得，瞬時(shí)加速度為14.如圖所示，平面直角坐標(biāo)系的第二象限內(nèi)有沿x軸正方向的電場強(qiáng)度大小為的勻強(qiáng)電場Ⅰ，在第一象限內(nèi)有平行于坐標(biāo)平面的勻強(qiáng)電場Ⅱ（未畫出）。在坐標(biāo)為的A點(diǎn)由靜止釋放一個(gè)質(zhì)量為m、電荷量為q的帶正電粒子，粒子僅在電場力的作用下運(yùn)動(dòng)，從y軸上的P點(diǎn)進(jìn)入電場Ⅱ，經(jīng)x軸上的Q點(diǎn)垂直x軸離開電場Ⅱ。已知粒子在P點(diǎn)的速度與在Q點(diǎn)的速度大小相等，，求：（1）粒子運(yùn)動(dòng)到P點(diǎn)速度大??；（2）粒子在電場Ⅱ運(yùn)動(dòng)過程中最小速度的大??；（3）電場Ⅱ的電場強(qiáng)度大小?！敬鸢浮浚?）（2）（3）【解析】【小問1】根據(jù)動(dòng)能定理可得解得【小問2】在電場Ⅱ運(yùn)動(dòng)過程中，從y軸上P點(diǎn)進(jìn)入電場Ⅱ，經(jīng)x軸上的Q點(diǎn)垂直x軸離開電場Ⅱ；則沿x軸方向上，做減速運(yùn)動(dòng)，在y軸上，做加速運(yùn)動(dòng)；根據(jù)對(duì)稱性可知，運(yùn)動(dòng)過程中加速度的大小相等，根據(jù)，，，可得根據(jù)數(shù)學(xué)知識(shí)可得【小問3】由上述可知根據(jù)解得15.如圖所示為一款游戲的裝置示意圖，質(zhì)量為3m的物塊A靜止在光滑水平面上，物塊A內(nèi)有一段光滑的細(xì)管道，管道在豎直面內(nèi)，管道最上端是一段半徑為r的圓弧管道，管道最高點(diǎn)離水平面的高度為4r，兩管口均與水平面相切。物塊A左側(cè)有一輕彈簧放在光滑水平面上，彈簧的左端與豎直固定擋板連接，質(zhì)量為m的小球B緊靠輕彈簧放置，小球B的直徑比管徑略