高二年級物理學(xué)科試題考生須知：．本卷共6頁，滿分分，考試時(shí)間分鐘。．答題前，在答題卷指定區(qū)域填寫班級、姓名、考場號、座位號及準(zhǔn)考證號并填涂相應(yīng)數(shù)字。．所有答案必須寫在答題紙上，寫在試卷上無效。．考試結(jié)束后，只需上交答題紙。取重力加速度選擇題部分一、選擇題（本題共小題，每小題3分，共分。每小題列出的四個(gè)備選項(xiàng)中只有一個(gè)是符合題目要求的，不選、多選、錯(cuò)選均不得分）1.新推出電動(dòng)汽車鐵鋰電池，能量密度可達(dá)0.5kWh/g，壽命長達(dá)8年或120萬公里，其中“kWh/g”用國際單位制中的基本單位可表示為（）A.Ws/kgB.Nm/kgC.D.CV/kg【答案】C【解析】【詳解】選項(xiàng)中W，N，C，V都不是國際單位的基本單位，則“kWh/g”用國際單位制中的基本單位可表示為，具體推導(dǎo)故選C。2.72km/h高中生所做的功最接近（）A.B.C.D.【答案】B【解析】第1頁/共22頁【詳解】高中生的質(zhì)量約為50kg，根據(jù)動(dòng)能定理有故選B。3.書法課上，某同學(xué)寫“力”字時(shí)，筆尖的軌跡如圖中帶箭頭的實(shí)線所示。筆尖由a點(diǎn)經(jīng)b點(diǎn)回到a點(diǎn)，則（）A.該過程位移為0B.筆尖的合外力始終不變C.前后兩次過a點(diǎn)時(shí)速度方向相同D.兩次過a點(diǎn)時(shí)摩擦力方向相同【答案】A【解析】【詳解】A．筆尖由a點(diǎn)經(jīng)b點(diǎn)回到a點(diǎn)過程，初位置和末位置相同，位移為零，故A正確；B．筆尖由a點(diǎn)經(jīng)b點(diǎn)回到a點(diǎn)過程，軌跡為曲線，合外力始終指向曲線凹側(cè)，合外力改變，故B錯(cuò)誤；C．兩次過a點(diǎn)時(shí)軌跡的切線方向不同，則速度方向不同，故C錯(cuò)誤；D．摩擦力方向與筆尖的速度方向相反，則兩次過a點(diǎn)時(shí)摩擦力方向不同，故D錯(cuò)誤。故選A。4.M表示山頂，是同一等高線上兩點(diǎn)，滑道。山頂?shù)男∏蜓鼗缽撵o止滑下，不考慮阻力，則（）A.小球沿運(yùn)動(dòng)的加速度比沿的大B.小球分別運(yùn)動(dòng)到點(diǎn)時(shí)速度大小不同C.若把等高線看成某靜電場的等勢線，則A點(diǎn)電場強(qiáng)度比B點(diǎn)大D.若把等高線看成某靜電場的等勢線，則右側(cè)電勢比左側(cè)降落得快【答案】D【解析】第2頁/共22頁A（MB對應(yīng)的等高線更密集，坡面更陡，小球沿著MB運(yùn)動(dòng)時(shí)加速度比沿著MA運(yùn)動(dòng)時(shí)加速度大，A錯(cuò)誤；B．A、B在同一等高線，小球下落高度相同，根據(jù)機(jī)械能守恒，運(yùn)動(dòng)到A、B點(diǎn)時(shí)速度大小相同，B錯(cuò)誤；C．等勢線越密集，電場強(qiáng)度越大，B處等勢線更密集，A點(diǎn)電場強(qiáng)度比B點(diǎn)小，C錯(cuò)誤；D．等勢線越密集，電勢降落越快，右側(cè)等勢線更密集，右側(cè)電勢比左側(cè)降落得快，D正確。故選D。5.2025年4DRO變軌進(jìn)入環(huán)月橢圓軌道，該軌道的近月點(diǎn)和遠(yuǎn)月點(diǎn)距月球表面的高度分別為a和b，衛(wèi)星的運(yùn)行周期為T；衛(wèi)星乙從DRO變軌進(jìn)入半徑為r的環(huán)月圓形軌道，周期也為T。月球的質(zhì)量為M，半徑為R，引力常量為G。假設(shè)只考慮月球?qū)?、乙的引力，則（）A.B.CD.【答案】C【解析】【詳解】AB．對于環(huán)月橢圓軌道和環(huán)月圓軌道，根據(jù)開普勒第三定律有可得，故AB錯(cuò)誤；CD．對于環(huán)月圓軌道，根據(jù)萬有引力提供向心力可得可得，故C正確，D錯(cuò)誤。故選C。6.如圖甲所示，有兩互相垂直動(dòng)摩擦因數(shù)為的水平傳送帶，物塊以的速度從一傳送帶垂直滑向另一速度大小為的傳送帶到共速的過程中，以地面為參考系，下列說法正確的是（）第3頁/共22頁A.物塊速度一直減小B.物塊運(yùn)動(dòng)過程中最小速度是C.物塊做勻變速曲線運(yùn)動(dòng)D.物塊加速度大小為【答案】C【解析】【詳解】ACD．物塊的速度可以分解為y軸正方向和x軸正方向，滑動(dòng)摩擦力f可以分解為x軸正方向和y軸的負(fù)方向，運(yùn)動(dòng)軌跡為圖中曲線，如圖所示：物塊在傳送帶上運(yùn)動(dòng)的前階段，合摩擦力方向與速度方向的夾角為鈍角，物塊的速度一直減小，當(dāng)摩擦力方向與速度方向垂直時(shí)，物體的速度最??；后階段，摩擦力方向與速度方向的夾角為銳角，物塊的速度增加，物塊受傳送帶的摩擦力大小解得加速度不變，所以物塊做勻變速曲線運(yùn)動(dòng)，故AD錯(cuò)誤，C正確；B．以傳送帶為參考，物塊速度大小為方向和摩擦力方向如圖所示則最小速度為，故B錯(cuò)誤；第4頁/共22頁故選C。7.大學(xué)校園里有很多電動(dòng)快遞車。某電動(dòng)快遞車標(biāo)有信息：車自身質(zhì)量恒為500kg，電池額定容量為90%1000N，理論續(xù)航里程約為160km?，F(xiàn)有國家電網(wǎng)的充電樁可在電池額定容量的30%~80%之間應(yīng)用快充技術(shù)（500V，50A）充電，不計(jì)充電能量損耗。下列說法正確的是（）A.當(dāng)汽車電池剩余電量為額定值的30%時(shí)，汽車還能行駛54kmB.用國家電網(wǎng)充電樁將電池容量從額定值的30%充到80%，理論上需要3.125hC.160kmD.汽車以的加速度在直線車道勻加速啟動(dòng)，當(dāng)達(dá)到額定功率值時(shí)，加速的位移大小為5m【答案】D【解析】【詳解】A．由題干可知汽車還能夠行駛的距離為km=48km，故A錯(cuò)誤；B．用國家電網(wǎng)充電樁將電池容量從額定值的30%充到80%，理論上需要s=1h，故B錯(cuò)誤；C160km，故C錯(cuò)誤；D．以恒定加速度啟動(dòng)，根據(jù)牛頓第二定律有根據(jù)功率公式有加速的位移滿足解得m，故D正確。故選D。8.ab知?，F(xiàn)將兩小球用絕緣細(xì)線懸掛于同一點(diǎn)，兩球靜止時(shí)，它們距水平面的高度相等，線與豎直方向的夾角分別為，且，不計(jì)空氣阻力，下列說法正確的是（）第5頁/共22頁A.若同時(shí)剪斷兩根細(xì)繩，則a、b兩球一定同時(shí)落地B.若同時(shí)剪斷兩根細(xì)繩，則a球落地的重力功率小于b球C.若a、b電性相反，則a球的質(zhì)量一定小于b球的質(zhì)量D.若a、b電性相反，則a球受到的靜電力小于b球受到的靜電力【答案】A【解析】【詳解】A．同時(shí)剪斷兩根細(xì)繩，兩球豎直方向做自由落體運(yùn)動(dòng)，高度相同，故一定同時(shí)落地，故A正確；BCD．假若a、b電性相反，只有a帶負(fù)電，b帶正電才能受力平衡，a、b水平方向都有即a球受到的靜電力等于b球受到的靜電力。由，整理得同時(shí)剪斷兩根細(xì)繩，根據(jù)可知兩球豎直方向具有相同的速度，由可知a球落地的重力功率大于b球，故BCD錯(cuò)誤。故選A。9.如圖所示，形成拓?fù)浣Y(jié)構(gòu)的莫比烏斯環(huán)，連接后，紙環(huán)邊緣的銅絲形成閉合回路，紙環(huán)圍合部分可近似半徑為R的扁平圓柱?，F(xiàn)有一勻強(qiáng)磁場從圓柱中心區(qū)域垂直其底面穿過，磁場區(qū)域的邊界是半徑為r的圓（B隨時(shí)間t）A.0B.C.D.【答案】C【解析】第6頁/共22頁磁場有效面積為根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律可知，回路中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢大小為故選C。10.少的技術(shù)。如圖所示，科學(xué)家設(shè)計(jì)了一種中間弱兩端強(qiáng)的磁場，該磁場由兩側(cè)通有等大同向電流的線圈產(chǎn)生。假定一帶正電的粒子（不計(jì)重力）從左端附近以斜向紙內(nèi)的速度進(jìn)入該磁場，其運(yùn)動(dòng)軌跡為圖示的螺列說法正確的是（）A.從最左端到最右端的過程中，螺旋線的半徑逐漸增大B.從最左端到最右端的過程中，粒子的動(dòng)能先增大后減小C.從最左端到最右端的過程中，粒子運(yùn)動(dòng)軌跡的螺距先變小后變大D.從最右端返回時(shí)，粒子在垂直磁瓶軸線的速度分量最大【答案】D【解析】【詳解】AB．由于垂直于軸線的平面內(nèi)，粒子做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，粒子在兩段之間來回運(yùn)動(dòng)，因此沿磁瓶軸線方向的速度分量先變大后變小，因?yàn)閺淖蠖说接叶说倪\(yùn)動(dòng)過程中，粒子只受洛倫茲力作用，洛倫茲力對粒子不做功，故其動(dòng)能不變，則合速度大小不變，故垂直于軸線的速度分量先變小后變大，故半徑先變大后變小，故AB錯(cuò)誤；C．粒子做圓周運(yùn)動(dòng)的周期為其中可得由于從左端到右端的運(yùn)動(dòng)過程中，磁感應(yīng)強(qiáng)度先減小后增大，所以粒子的運(yùn)動(dòng)周期先增大后減小。根據(jù)題第7頁/共22頁由于粒子沿磁瓶軸線方向的速度分量先變大后變小，所以運(yùn)動(dòng)軌跡的螺距先變大后變小，故C錯(cuò)誤；D零，又粒子的速度大小不變，故此時(shí)垂直磁瓶軸線方向的速度分量最大，故D正確。故選D。二、選擇題Ⅱ（本題共3小題，每小題4分，共分。每小題列出的四個(gè)備選項(xiàng)中至少有一個(gè)是符合題目要求的。全部選對的得4分，選對但不全的得2分，有錯(cuò)選的得0分）對以下圖中物理事實(shí)或現(xiàn)象理解正確的是（）A.圖甲中的避雷針應(yīng)用金屬導(dǎo)體制作B.圖乙中話筒線的金屬網(wǎng)線利用靜電感應(yīng)增強(qiáng)信號傳輸效率C.根據(jù)圖丙可以求出電容器放電前的帶電電荷量D.圖丁中晶體二極管的正向電阻隨電壓增大而增大，反向電阻隨電壓增大而減小【答案】AC【解析】【詳解】A．為了安全，圖甲中的避雷針應(yīng)采用金屬導(dǎo)體制作，故A正確；B．圖乙中的話筒線通過金屬網(wǎng)線起到靜電屏蔽作用，故B錯(cuò)誤；C．根據(jù)可知，圖線與坐標(biāo)軸所圍區(qū)域的面積表示電荷量，所以圖丙可以求出電容器放電前的帶電電荷量，故C正確；D．由于二極管為非線性元件，所以電流與電壓不成正比，當(dāng)加正向電壓時(shí)，電壓達(dá)到0.5V以上，斜率表示電阻的倒數(shù)，加正向電壓時(shí)，隨著電壓的增大電阻變小，故D錯(cuò)誤。故選AC。12.如圖甲所示為傾斜的傳送帶，正以恒定的速度v，沿順時(shí)針方向轉(zhuǎn)動(dòng)，傳送帶的傾角為37°。一質(zhì)量的物塊以初速度從傳送帶的底部沖上傳送帶并沿傳送帶向上運(yùn)動(dòng)，物塊到傳送帶頂端的速度恰第8頁/共22頁A.物塊與傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.5B.物塊上滑過程在傳送帶上留下的痕跡長度為16mC.物塊上滑過程與傳送帶間由于摩擦而產(chǎn)生的熱量為64JD.2~4s這段時(shí)間內(nèi)電機(jī)因傳送帶放上物塊而多消耗的電能為32J【答案】AD【解析】【詳解】A．由圖像可得，0~2s物塊的加速度根據(jù)牛頓第二定律解得，A正確；B．0~2s物塊的位移，傳送帶位移相對位移（物塊比傳送帶多走）2~4s：物塊速度小于傳送帶速度，摩擦力沿斜面向上，加速度物塊位移：，傳送帶位移相對位移（傳送帶比物塊多走）由于兩段相對位移方向相反，最終痕跡長度取最大值20m，B錯(cuò)誤；C．物塊上滑過程與傳送帶間由于摩擦而產(chǎn)生的熱量：代入數(shù)據(jù)可得，C錯(cuò)誤；D．設(shè)2~4s這段時(shí)間內(nèi)因傳送帶放上物塊而多消耗的電能，物塊減小的動(dòng)能，物塊增加的重力勢能，摩擦而產(chǎn)生的熱量由能量關(guān)系可得：第9頁/共22頁物塊減小的動(dòng)能物塊增加的重力勢能摩擦而產(chǎn)生的熱量由以上各式可得多消耗的電能，D正確。（方法二：傳送過程中之所以要多消耗電能，是因?yàn)閭魉臀飰K時(shí)要克服摩擦力做功，多消耗的電能就等于克服摩擦力做功2~4s這段時(shí)間內(nèi)解得故選AD。13.MNPQMN左側(cè)區(qū)域和PQ右側(cè)區(qū)域內(nèi)均有垂直于紙面向外的勻強(qiáng)B和2Bmq的帶正電粒子從MN左側(cè)O點(diǎn)以大小為的初速度射出，方向平行于MN向上。已知O點(diǎn)到MN的距離為，粒子能回到O點(diǎn)，并在紙面內(nèi)做周期性運(yùn)動(dòng)。不計(jì)重力，以下說法正確的是（）A.粒子在左側(cè)磁場中運(yùn)動(dòng)的半徑B.粒子一個(gè)周期內(nèi)在左邊磁場運(yùn)動(dòng)的時(shí)間C.粒子一個(gè)周期內(nèi)在右邊磁場運(yùn)動(dòng)的時(shí)間D.粒子第一次和第二次經(jīng)過PQ時(shí)位置的間距【答案】BC第10頁/共22頁【解析】【詳解】A．粒子左側(cè)磁場中運(yùn)動(dòng)，根據(jù)洛倫茲力提供向心力有可得，故A錯(cuò)誤；BC．粒子在左側(cè)磁場運(yùn)動(dòng)，設(shè)從MN射出時(shí)速度方向與MN的夾角為，由于O到MN的距離，結(jié)合，根據(jù)幾何關(guān)系可知由圖可知粒子在左邊磁場運(yùn)動(dòng)的時(shí)間粒子在MN和PQ之間做勻速直線運(yùn)動(dòng)，所以粒子從PQ進(jìn)入右側(cè)磁場時(shí)與PQ的夾角；粒子在右側(cè)磁場做勻速圓周運(yùn)動(dòng)有解得粒子在右邊磁場運(yùn)動(dòng)的時(shí)間，故BC正確；D．根據(jù)幾何關(guān)系可知粒子第一次和第二次經(jīng)過PQ時(shí)位置的間距，故D錯(cuò)誤；故選BC。非選擇題部分第11頁/共22頁14.利用打點(diǎn)計(jì)時(shí)器研究勻變速直線運(yùn)動(dòng)的規(guī)律，實(shí)驗(yàn)裝置如圖1所示。（1）按照圖1安裝好器材，下列實(shí)驗(yàn)步驟正確的操作順序?yàn)開_______A.釋放小車B.接通打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的電源C.調(diào)整滑輪位置，使細(xì)線與木板平行（2）實(shí)驗(yàn)中打出的一條紙帶如圖2所示，為依次選取的三個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)（相鄰計(jì)數(shù)點(diǎn)間有4個(gè)點(diǎn)未________（填“左端”或“右端”）與小車相連。（3）圖2中相鄰計(jì)數(shù)點(diǎn)間的時(shí)間間隔為T，則打B點(diǎn)時(shí)小車的速度________。（43M穿過打點(diǎn)計(jì)時(shí)器。實(shí)驗(yàn)時(shí)圓盤從靜止開始轉(zhuǎn)動(dòng)，選取部分紙帶如圖4所示。相鄰計(jì)數(shù)點(diǎn)間的時(shí)間間隔為，圓盤半徑。則這部分紙帶通過打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的加速度大小為________；打點(diǎn)計(jì)時(shí)器打B點(diǎn)時(shí)圓盤上M點(diǎn)的向心加速度大小為________【答案】（1）CBA（2）左端（3）（4）①.0.81②.【解析】【小問1詳解】實(shí)驗(yàn)步驟中，首先調(diào)整滑輪位置使細(xì)線與木板平行，確保力的方向正確；接著接通打點(diǎn)計(jì)時(shí)器電源，讓計(jì)第12頁/共22頁時(shí)器先工作；最后釋放小車。故順序?yàn)镃BA；【小問2詳解】小車做勻加速直線運(yùn)動(dòng)時(shí)，速度越來越大，紙帶上點(diǎn)間距逐漸增大。圖2中紙帶左端間距小，右端間距大，說明紙帶左端與小車相連?！拘?詳解】根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)中，中間時(shí)刻的瞬時(shí)速度等于該段時(shí)間內(nèi)的平均速度。B點(diǎn)為A、C的中間時(shí)刻，AC間位移為x，時(shí)間間隔為2T；則【小問4詳解】[1]根據(jù)逐差法可知[2]B點(diǎn)是AC的中間時(shí)刻點(diǎn)，則有此時(shí)向心加速度15.作時(shí)小。為了證實(shí)自己的猜想，通過設(shè)計(jì)實(shí)驗(yàn)進(jìn)行驗(yàn)證：（1的伏安特性，并測出該燈泡的電壓與通過它的電流關(guān)系，描繪如圖所示，在實(shí)驗(yàn)過程中，電阻的橫截面積和長度保持不變，依據(jù)圖像分析：①電阻阻值為R，其材料電阻率為，由圖可知，隨著電阻兩端的電壓增大，則________A.R增大，增大B.R減小，減小C.R增大，不變D.R減小，不變②根據(jù)圖像分析，當(dāng)燈泡兩端電壓為1.8V時(shí)，該燈泡的功率為________W③根據(jù)IU圖像，推測該實(shí)驗(yàn)電路為_______。第13頁/共22頁A.B.C.D.（2）實(shí)驗(yàn)二：設(shè)計(jì)了利用兩恒壓源、不計(jì)內(nèi)阻的電流表和一額定電壓36V，額定功率40W的燈來認(rèn)證，電路如圖所示。第一步：斷開，閉合，電流表指針偏轉(zhuǎn)，但燈泡不發(fā)光。此時(shí)燈泡兩端的電壓是________V。第二步：斷開閉合，燈泡正常發(fā)光，燈絲溫度很高。并迅速閉合，觀察到電流表示數(shù)接下來一段時(shí)間內(nèi)變化的情況是______出燈絲的溫度越低，其電阻越小。A.逐漸增大B.逐漸減小C.保持不變【答案】（1）①.A②.0.85③.C（2）①.6②.A【解析】【小問1詳解】①[1]根據(jù)歐姆定律可知，IU圖像與原點(diǎn)連線斜率的倒數(shù)代表電阻大小，則隨著電阻兩端的電壓增大，則電阻值增大；根據(jù)電阻定律可知，電阻率增大。故選A。第14頁/共22頁②[2]當(dāng)燈泡兩端電壓為1.8V時(shí)，電流為0.47A，電功率為③[3]電壓從0變化起，則滑動(dòng)變阻器采用分壓式接法；燈泡電阻較小，電流表采用外接法。故選C?！拘?詳解】[1]電源、電流表內(nèi)阻不計(jì)，斷開，閉合，燈泡兩端的電壓等于電源電動(dòng)勢，大小為6V；[2]燈絲溫度很高，電阻變大，兩分鐘后再斷開S2并迅速閉合S，此時(shí)燈泡電阻逐漸減小，根據(jù)可知，電流表示數(shù)逐漸增大。故選A。四、分析計(jì)算題16.A到斜坡底端B點(diǎn)后，沿水平的滑道再滑行一段距離到C點(diǎn)停下來。若人質(zhì)量，滑板質(zhì)量，滑板與斜坡滑道和水平滑道間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為，斜坡的傾角（，人和滑板未發(fā)生相對運(yùn)動(dòng)。則：（1）人和滑板在水平面上滑行時(shí)，求加速度a的大??；（2）人和滑板一起在斜坡上下滑時(shí)，求滑板對人的摩擦力大?。唬?BC的最大長度AB兩點(diǎn)間的距離應(yīng)不超過多少？【答案】（1）5m/s2（2）240N（3）50m【解析】【小問1詳解】對人和滑板，根據(jù)牛頓第二定律有第15頁/共22頁【小問2詳解】對人和滑板在斜面上受力分析，根據(jù)牛頓第二定律以人為研究對象，根據(jù)牛頓第二定律解得【小問3詳解】到達(dá)C點(diǎn)速度恰好為零時(shí)，有最大值，從A到B到C，根據(jù)動(dòng)能定理解得故不能超過50m。17.如圖所示，一游戲裝置由傾斜角為a的光滑軌道AB、水平傳送帶BC、半徑為的光滑豎直圓形軌道DEF37°斜面GH組成，B、C、D、G四點(diǎn)在同一水平面上。游戲時(shí)，小滑塊從傾斜軌道不同高度處靜止釋放，經(jīng)過傳送帶后沿圓形軌道運(yùn)動(dòng)，最后由G點(diǎn)平拋后落在不同的區(qū)間獲不同的獎(jiǎng)次。已知小滑塊質(zhì)量為，與傳送帶的動(dòng)摩擦因數(shù)，BC長為EG距水平地面HI的高度小滑塊經(jīng)B處時(shí)速度大小不變，小滑塊可視為質(zhì)點(diǎn)，其余阻力均不計(jì)，傳送帶開始以的速度逆時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)求：（1）若小滑塊釋放的高度，求小滑塊通過E點(diǎn)時(shí)對軌道的壓力大??；（2）若小滑塊釋放的高度，求小滑塊從G點(diǎn)飛出后與斜面GH的最大垂直距離；（3）若小滑塊釋放的高度，同時(shí)調(diào)節(jié)傳送帶以不同速度順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)，要求小滑塊能從G點(diǎn)飛出，求小滑塊第一次落點(diǎn)相對G的水平距離x與傳送帶速度的關(guān)系式？【答案】（1）3N（2）0.225m第16頁/共22頁（3）見解析【解析】【小問1詳解】小滑塊從A到E點(diǎn)，根據(jù)動(dòng)能定理有在E點(diǎn)根據(jù)牛頓第二定律有解得根據(jù)牛頓第三定律得小滑塊通過E點(diǎn)時(shí)對軌道的壓力大小為3N?！拘?詳解】小滑塊從A到G點(diǎn)，根據(jù)動(dòng)能定理有解得將E點(diǎn)速度沿垂直于斜面和平行于斜面分解，當(dāng)垂直斜面的速度減為0時(shí)，離斜面距離最大，則【小問3詳解】小滑塊從A到B點(diǎn)，根據(jù)解得在傳達(dá)帶上有要求小滑塊從G點(diǎn)飛出，則需通過F點(diǎn)，即從C到F點(diǎn)，有解得討論傳送帶上小滑塊全程加速和全程減速對應(yīng)的傳送帶速度取值，有，解得，考慮到平拋后落在斜面和平面的區(qū)別，則滿足，解得，第17頁/共22頁則可以討論傳送帶速度分為以下幾個(gè)區(qū)間：①若，小滑塊與傳送帶共速，且落在斜面。則根據(jù)解得此時(shí)②若，小滑塊與傳送帶共速，且落在水平面上。則此時(shí)③若，小滑塊全程加速，且落在水平面上，則此時(shí)18.相距為的足夠長的金屬直角導(dǎo)軌如圖所示放置，它們各有一邊在同一水平面內(nèi)，另一邊垂直于水平面。質(zhì)量均為的金屬細(xì)桿ab、cd與導(dǎo)軌垂直接觸形成閉合回路，桿與導(dǎo)軌之間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為abcd接入電路部分電阻分別為、處于磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為ab在平行于水平導(dǎo)軌的拉力F作用下，從靜止開始以勻加速運(yùn)動(dòng)時(shí)，cdab起動(dòng)瞬間記為0時(shí)刻）求：（1）力F隨時(shí)間變化的規(guī)律；（2）經(jīng)過多長時(shí)間cd桿速度達(dá)到最大；（3）經(jīng)過多長時(shí)間cd桿速度減為0；第18頁/共22頁（4）若ab桿從開始運(yùn)動(dòng)到cd桿達(dá)到最大速度的過程中拉力F做了的功，求該過程中，ab桿所產(chǎn)生的焦耳熱？【答案】（1）（2）（3）（4）【解析】【小問1詳解】對ab桿，根據(jù)牛頓第二定律得又可得【小問2詳解】對cd桿，根據(jù)牛頓第二定律得可得當(dāng)時(shí)，速度最大，解得【小問3詳解】由可知內(nèi)cd內(nèi)cd桿做加速度逐漸增大的減速運(yùn)動(dòng)，在時(shí)，cd桿速