高級中學名校試卷PAGEPAGE1安徽省合肥市普通高中2025年高考全真模擬訓練(三)物理試題本試卷分為第Ⅰ卷(選擇題)和第Ⅱ卷(非選擇題)兩部分，共100分。時間：75分鐘第Ⅰ卷（選擇題共42分）一、單選題：本題共8小題，每小題4分，共32分。在每小題給出的四個選項中，只有一個選項正確。1．如圖甲所示，用強度不變的單色光照射陰極K，改變滑動變阻器的滑片位置，得到流過電流表的光電流I與電壓表兩端電壓的關(guān)系圖像如圖乙所示。當電壓表示數(shù)分別為2.4V、3.6V時，到達陽極A的光電子最大動能的比值為()A． B． C． D．2．圖（a）為答題卡掃描儀，其內(nèi)部結(jié)構(gòu)如圖（b）所示。掃描儀內(nèi)部有一個摩擦滾輪放置在水平答題卡上方。正常工作時滾輪對頂部答題卡的正壓力為F，摩擦滾輪順時針轉(zhuǎn)動，摩擦力只帶動與之接觸的頂部答題卡進入掃描儀內(nèi)部進行逐張掃描，直至所有答題卡掃描完畢。已知每張答題卡的質(zhì)量均為m，摩擦滾輪與答題卡間的動摩擦因數(shù)恒為，各答題卡間的動摩擦因數(shù)范圍為，最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，重力加速度大小為g。要使該掃描儀能一直正常工作，正壓力F的最大取值范圍為()A． B．C． D．3．目前機器人研究迅猛發(fā)展。在某次測試中，機器人A、B（均可視為質(zhì)點）同時從原點沿相同方向做直線運動，它們的速度的平方（）隨位移（）變化的圖像如圖所示。下列判斷正確的是()A．機器人A的加速度大小為4m/s2B．相遇前機器人A、B最大距離為12mC．經(jīng)過，機器人A、B相遇D．機器人A、B分別經(jīng)過處的時間差是1s4．如圖所示，兩顆彗星僅受太陽引力作用繞太陽運行，彗星1軌道為圓，彗星2軌道為橢圓。下列說法正確的是()A．彗星2在近日點的速度小于遠日點的速度B．彗星1的速度大于彗星2在遠日點的速度C．彗星1、彗星2與太陽的連線在相等時間內(nèi)掃過的面積一定相等D．彗星1受太陽的萬有引力一定小于彗星2在近日點受太陽的萬有引力5．打羽毛球是深受大眾喜愛的體育運動。如圖所示是羽毛球從左往右飛行的軌跡圖，圖中A、B為同一軌跡上等高的兩點，P為該軌跡的最高點，則羽毛球在該軌跡上運動時，下列說法正確的是()A．在A、B兩點的動能相等B．AP段重力的沖量小于PB段重力的沖量C．整個飛行過程中經(jīng)過P點時的速度最小D．在PB下落階段，羽毛球加速度的豎直分量大于重力加速度值6．在茶葉生產(chǎn)過程中有道茶葉、茶梗分離的工序。如圖所示，A、B兩個帶電球之間產(chǎn)生非勻強電場，茶葉茶梗都帶正電荷，且茶葉的比荷小于茶梗的比荷，兩者通過靜電場便可分離，并沿光滑絕緣分離器落入小桶。假設有一茶梗P從A球表面O點離開，最后落入桶底。不計空氣阻力。則()A．茶葉落入右桶，茶梗落入左桶 B．M處的電場強度大于N處的電場強度C．M處的電勢低于N處的電勢 D．茶梗P下落過程中電勢能減小7．1mol的氣體溫度變化時，若其吸收或放出的熱量為Q，則該氣體的摩爾熱容為，與氣體經(jīng)歷的變化過程有關(guān)，常用的有定壓摩爾熱容和定容摩爾熱容兩種。如圖所示，截面積為S的密封良好的活塞在汽缸內(nèi)封閉著一定質(zhì)量的理想氣體，穩(wěn)定時氣體壓強與大氣壓強相同，均為，此時活塞到汽缸底部距離為L，活塞右側(cè)L處有一固定卡環(huán)，活塞可在汽缸內(nèi)無摩擦滑動?，F(xiàn)使汽缸內(nèi)氣體溫度緩慢升高為初始的2倍，這個過程氣體內(nèi)能升高了，之后再使氣體溫度升高為初始的3倍。已知理想氣體內(nèi)能與溫度成正比，則該氣體的定壓摩爾熱容和定容摩爾熱容之比為()A． B． C． D．8．如圖甲所示，質(zhì)量為2m的足夠長木板C置于水平面上，滑塊A、B質(zhì)量均為m，置于C上，B位于A右方某處。A、C間的動摩擦因數(shù)，B、C間和C與地面間的動摩擦因數(shù)。給C施加一水平向右的恒力F，從開始施加恒力到A、B第一次相遇時間為t?？傻门cF的關(guān)系如圖乙所示（最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，g?。┫铝姓f法正確的是()A．滑塊A能獲得的最大加速度為B．A、B之間的初始距離為4mC．滑塊A的質(zhì)量為1kgD．若，A、C之間將發(fā)生相對滑動二、多選題：本題共2小題，每小題5分，共10分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項正確，全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。9．太陽能光伏發(fā)電是利用太陽電池將太陽光能直接轉(zhuǎn)化為電能的一項新興技術(shù)(如圖甲)。如圖乙所示為某光伏發(fā)電站輸電入戶的示意圖，其中輸電電壓的有效值恒定，是輸電線的等效電阻，變壓器為理想變壓器，電表均可視為理想電表，下列說法正確的是()A．若開關(guān)均斷開，電壓表示數(shù)不為0B．開關(guān)均閉合的前提下，線路老化導致增大，則電流表的示數(shù)增大C．若先讓開關(guān)保持閉合狀態(tài)，然后閉合開關(guān)，則電流表的示數(shù)減小D．若先讓開關(guān)保持閉合狀態(tài)，然后閉合開關(guān)，則電壓表的示數(shù)減小10．如圖所示，水平虛線、之間存在方向垂直于紙面向里、高度為的勻強磁場。在豎直平面內(nèi)一個等腰梯形線框，底邊水平，其上、下邊長之比為5:1，高為。線框向下勻速穿過磁場區(qū)域（從進入，到離開），則()A．邊始終不受到安培力的作用B．線框穿過磁場的過程中，某段時間內(nèi)回路沒有電流C．邊進入磁場時回路電流方向為逆時針方向D．邊剛離開磁場時和剛進入磁場時線框所受安培力之比為4:1第Ⅱ卷（非選擇題共58分）三、非選擇題：本題共5小題，共58分?？忌鶕?jù)要求做答11．(6分)實驗小組的同學在實驗室做“用單擺測量重力加速度”的實驗。(1)下列操作正確的是______；A．選用彈性較好的細線B．應該先懸掛擺球后再測量擺線的長度C．盡可能讓小球擺動的幅度大一些D．通過測量多個全振動的時間計算周期(2)經(jīng)測量得到5組不同的擺長和對應的周期，畫出圖線，然后在圖線上選取A、B兩個點，坐標如圖所示。則當?shù)刂亓铀俣鹊谋磉_式，圖中圖像不過原點的原因是以下：。A．計算擺長時用的是擺線長度而未計入小球半徑B．計算擺長時用的是擺線長度加上小球直徑12．(10分)某實驗小組準備測量一節(jié)干電池的電動勢和內(nèi)阻，實驗室提供了下列器材：A．多用電表（電壓擋量程2.5V，內(nèi)阻未知）；B．毫安表（量程200mA，內(nèi)阻為）；C．定值電阻；D．定值電阻；E.滑動變阻器；F.電鍵和導線若干。根據(jù)提供的器材，設計電路如圖1所示。(1)將毫安表與定值電阻改裝成電流表如虛線框中所示，改裝后的量程為A；(2)為了精確測量，圖中多用電表的右邊表筆應接到（選填“”或“”）處；(3)閉合電鍵，調(diào)節(jié)滑動變阻器滑片，多次記錄多用電表的示數(shù)、毫安表的示數(shù)。其中一次測量時多用電表示數(shù)如圖2所示，其讀數(shù)為V。(4)作圖線如圖3所示，該干電池電動勢V；內(nèi)阻（以上結(jié)果均保留三位有效數(shù)字）。13．(12分)如圖所示為一監(jiān)控設備上取下的半徑為R的半球形透明材料，球心為O點，A點為半球面的頂點，且滿足AO與底面垂直。一束單色光沿BO方向射向半球面的B點，恰好在半球面的底面沒有出射光線，已知光在真空中的傳播速度為c，B點到OA連線的距離為。求：(1)此材料的折射率；(2)該單色光在半球形透明材料中的傳播時間。14．(14分)如圖所示，質(zhì)量的物塊（可視為質(zhì)點）以的速度從右側(cè)皮帶輪最高點向左滑上足夠長的水平薄傳送帶，傳送帶以的速度順時針勻速運動，物塊與傳送帶之間的動摩擦因數(shù)。傾角為的固定斜面上靜置一質(zhì)量為的薄木板，木板的長度為，物塊與木板之間的動摩擦因數(shù)，木板與斜面之間的動摩擦因數(shù)，斜面的底端固定一垂直于斜面的擋板，木板的下端距離擋板為，木板與擋板碰撞后立即粘在一起停止運動。物塊離開傳送帶時做平拋運動，并且恰好沿斜面落在木板的頂端。設物塊與木板之間、木板與斜面之間的滑動摩擦力等于最大靜摩擦力，重力加速度(）求：(1)物塊做平拋運動的水平位移大小S。(2)傳送帶由于傳送物塊而多消耗的電能E。(3)物塊最終停止的位置離木板上端的距離。15．(16分)如圖所示，在平面直角坐標系xOy的第一、二象限有沿+x軸方向的勻強電場，在第三、四象限有寬度為d的勻強磁場，磁場方向垂直于坐標平面向外，長度為d的熒光屏MN與x軸垂直，下端在x軸上.一質(zhì)量為m、電荷量為+q的粒子從點P（0，d）沿-y軸運動，初速度大小為v0，經(jīng)電場偏轉(zhuǎn)后從點Q（，0）進入磁場，并垂直于磁場的下邊界離開磁場.已知P點到MN的距離，不計粒子重力。(1)求電場強度大小E；(2)求磁感應強度大小B；(3)在勻強磁場下方所有區(qū)域再加一垂直于坐標平面的勻強磁場，要使粒子能打到MN上，求所加磁場的磁感應強度B′所滿足的條件?！飬⒖即鸢浮铩}號12345678910答案AABBBDACADCD1．A解析：根據(jù)題意可知，光電子從金屬表面逸出后的最大初動能為，其中，根據(jù)動能定理可得當電壓表示數(shù)分別為、時，到達陽極A的光電子的最大動能分別為，聯(lián)立可得：故選A。2．A解析：要使掃描儀正常工作，每次只能帶動頂部答題卡，需滿足：滾輪對頂部答題卡的摩擦力大于頂部與下方答題卡間的最大靜摩擦力，則由平衡條件及摩擦力的計算公式可得，由題知令（取最大值保證所有情況），解得：同時第二張答題卡不能動，需滿足：第一張答題卡給第二張答題卡的最大滑動摩擦力小于等于第二張答題卡受到的最大靜摩擦力，即解得：F≤3mg綜上可得故選A。3．B解析：A．根據(jù)勻變速直線運動規(guī)律整理可得結(jié)合圖像可知，機器人A的加速度為解得即機器人A的加速度大小為，A錯誤；B．根據(jù)上述分析，同理可知A、B兩機器人均做勻變速運動，對于機器人A，可得，對于機器人B，可得，設經(jīng)過時間二者速度相等，此時相距最遠，則有代入數(shù)據(jù)解得兩機器人共同的速度為機器人A的位移機器人B的位移二者之間的最大距離，B正確；C．機器人A停止運動的時間設經(jīng)過時間兩機器人相遇，則有代入數(shù)據(jù)解得可見兩機器人相遇應在機器人A停止運動之后，此時機器人A的位移為機器人B追上的時間C錯誤；D．由題可知，機器人A經(jīng)過的時間為，機器人B經(jīng)過的時間為機器人A則有整理可得解得（另一解機器人A已停止運動，舍去）機器人B則有解得機器人A、B分別經(jīng)過處的時間差D錯誤。故選B。4．B解析：A．根據(jù)開普勒第二定律可知，彗星2在近日點的速度大于遠日點的速度，故A錯誤；B．彗星1離太陽的距離小于彗星2在遠日點離太陽的距離，根據(jù)解得可知，彗星1在圓軌道的速度大于彗星2經(jīng)過遠日點所做圓軌道的速度，而彗星2在遠日點的速度小于該點圓軌道的速度，故彗星1的速度大于彗星2在遠日點的速度，故B正確；C．根據(jù)開普勒第二定律，相等時間內(nèi)掃過的面積相等是指同一軌道，則彗星1、彗星2與太陽的連線在相等時間內(nèi)掃過的面積不一定相等，故C錯誤；D．因為不知道兩彗星的質(zhì)量關(guān)系，則彗星1受太陽的萬有引力不一定小于彗星2在近日點受太陽的萬有引力，故D錯誤。故選B。5．B【詳析】A．羽毛球由A點運動到B點過程中，重力做功為零，空氣阻力做負功，由動能定理可知，動能減小，所以羽毛球在A點的動能大于B點的動能，故A錯誤；BD．羽毛球上升階段豎直方向所受合力大于重力，豎直方向的加速度大于g，下落階段豎直方向所受合力小于重力，豎直方向的加速度小于g，所以羽毛球AP段所用時間比PB段小，結(jié)合沖量的定義可知，AP段重力的沖量小于PB段重力的沖量，故B正確，D錯誤；C．羽毛球經(jīng)過P點時所受重力與空氣阻力的合力與速度成鈍角，說明速度正在減小，所以整個飛行過程中經(jīng)過P點時的速度不是最小，故C錯誤；故選B。6．D解析：A．根據(jù)牛頓第二定律可得由于茶葉、茶梗均帶正電，則電場力產(chǎn)生的加速度方向整體向右，由于茶葉的比荷小于茶梗的比荷，則茶葉所受電場力產(chǎn)生的加速度小于茶梗所受電場力產(chǎn)生的加速度，即在相等時間內(nèi)，茶葉的水平分位移小于茶梗的水平分位移，所以茶葉落入左桶，茶梗落入右桶，故A錯誤；BC．電場線分布的密集程度表示電場強弱，M處電場線分布比N處電場線稀疏一些，則M處電場強度小于N處電場強度，且沿著電場線方向電勢降低，故M處的電勢高于N處的電勢，故BC錯誤；D．茶梗P下落過程中電場力做正功，則電勢能減小，故D正確。故選D。7．A解析：第一步：分析定壓變化過程中氣體吸收的熱量因活塞與缸壁間無摩擦，則活塞運動到卡環(huán)前，缸內(nèi)氣體壓強始終為，剛開始升溫時，氣體做等壓變化，設溫度達到時，活塞恰與卡環(huán)接觸，有解得：該過程外界對氣體做功，由可知該過程氣體吸收的熱量為：設該氣體有，根據(jù)題意有：第二步：分析等容變化過程中氣體吸收的熱量氣體溫度從升到的過程中，氣體發(fā)生等容變化，在等壓變化過程、等容變化過程中，氣體溫度變化量相同，則氣體內(nèi)能變化量相同，則有聯(lián)立以上解得：故選A。8．C解析：A．對滑塊A有解得A錯誤；B．對滑塊B有解得由圖可知F足夠大時，A、B均相對C滑動，相遇時間恒定為由解得B錯誤；C．當，滑塊B與C恰好發(fā)生相對滑動，則有得，C正確；D．設A、B、C均產(chǎn)生相對運動時的拉力為，則有得故時，A、C保持靜止，D錯誤。故選C。9．AD解析：A．若開關(guān)均斷開，變壓器輸入電壓決定輸出電壓，輸出電流決定輸入電流，所以電流表的示數(shù)為0，電壓表的示數(shù)不為0，故A正確；B．開關(guān)均閉合的前提下，設原線圈兩端的電壓為，電流為，副線圈兩端的電壓為，電流為，總電阻為；在原線圈回路中有根據(jù)電壓與匝數(shù)的關(guān)系有解得根據(jù)電流與匝數(shù)的關(guān)系有解得在副線圈回路中有聯(lián)立可得可知線路老化導致增大，副線圈的總電阻不變，則副線圈的電流減小，故原線圈的電流減小，即電流表的示數(shù)減小，故B錯誤；C．同B項分析，有若先讓開關(guān)保持閉合狀態(tài)，然后閉合開關(guān)，則副線圈的總電阻減小，故副線圈的電流增大，故原線圈的電流增大，即電流表的示數(shù)增大，故C錯誤；D．同B項分析，有若先讓開關(guān)保持閉合狀態(tài)，然后閉合開關(guān)，則副線圈的總電阻減小，故副線圈的電流增大，故原線圈的電流增大，根據(jù)可知原線圈兩端的電壓，則副線圈的電壓減小；在副線圈回路中有可知變小，即電壓表的示數(shù)減小，故D正確。故選AD。10．CD解析：A．只要閉合回路磁通量變化產(chǎn)生感應電流，電流在磁場中就會受到安培力的作用，故A錯誤；B．等腰梯形線框在穿過磁場的過程中，穿過閉合回路的磁通量始終是變化的，只要閉合回路磁通量變化就會產(chǎn)生感應電流，因此不存在某段時間內(nèi)回路沒有電流的情況，故B錯誤；C．由右手定則可判定，當邊進入磁場切割磁感線時，作為電源，產(chǎn)生的感應電動勢的方向為由指向，電源內(nèi)部電流由負極流向正極，回路中電流方向為逆時針方向，故C正確；D．設邊長度為L，線框速度為v，則邊剛離開磁場時的有效切割長度為2L由題意知，邊剛進入磁場時線框所受安培力由歐姆定律得感應電動同理，邊剛離開磁場時線框所受安培力各式聯(lián)立得，，故D正確；故選CD。11．(1)BD(2)A解析：（1）A．為了確保擺長一定，實驗中應選用彈性差的細線，故A錯誤；B．為了精確測定擺長，減小誤差，實驗中應該先懸掛擺球后再測量擺線的長度，故B正確；C．在擺角小于5°范圍內(nèi)單擺的運動才能夠近似看為簡諧運動，可知，實驗中應盡可能讓小球擺動的幅度小一些，故C錯誤；D．為了減小測量誤差，實驗中，應通過測量多個全振動的時間計算周期，故D正確。故選BD。（2）[1]擺長等于擺線長與擺球半徑之和，則有變形得結(jié)合圖像有解得[2]根據(jù)圖像，圖像與縱軸的截距為負值，結(jié)合上述可知，圖中圖像不過原點的原因是計算擺長時用的是擺線長度而未計入小球半徑。故選A。12．(1)(2)B(3)1.15(4)解析：（1）毫安表的滿偏電壓為則，改裝后的最大量程為所以，改裝后的量程為。（2）由于改裝后的電流表的內(nèi)阻已知，為了精確測量，圖中多用電表代替的電壓表應為電源的“內(nèi)接法”，即右邊表筆應接到“”處。（3）由圖2可知，多用電表的讀數(shù)為1.15V。（4）[1][2]由（1）分析可知，電路中電流為毫安表示數(shù)的3倍。改裝后的電流表的內(nèi)阻為根據(jù)歐姆定律整理可得可得圖線的斜率的絕對值為截距為所以，13．(1)(2)解析：（1）根據(jù)題意可知,光線恰好發(fā)生全反射，則根據(jù)幾何關(guān)系有所以（2）光在材料中的傳播速度為所以傳播時間為14．(1)(2)(3)解析：（1）因為傳送帶足夠長，所以物塊以從右端平拋，物塊恰好沿斜面落在木板頂端解得根據(jù)解得（2）發(fā)生相對運動的時間則傳送帶由于傳送物塊而多消耗的電能解得（3）物塊到達木板上端速度，則有解得根據(jù)牛頓第二定律有，解得，設經(jīng)后達到共速，則有解得則在內(nèi)木板發(fā)生位移之后m、M勻速，m相對于M發(fā)生的位移當木板粘住后，木塊繼續(xù)向下物塊最終停止的位置離木板上端的距離15．(1)(2)(3)，方向垂直于平面向內(nèi)或向外。解析：（1）粒子在勻強電場中做類平拋運動，在-y方向有+x方向有根據(jù)牛頓第二定律有聯(lián)立解得（2）粒子經(jīng)過Q點時+x方向的分速度則合速度大小設粒子vQ與x軸的夾角為，有幾何關(guān)系半徑解得（3）粒子經(jīng)兩磁場偏轉(zhuǎn)到回到x軸時速度大小不變，方向與+x軸的夾角為θ且斜向右上方，做類斜拋運動，粒子如果能夠打到M點，則+y方向+x方向解得①若所加磁場垂直于平面向內(nèi)，且粒子恰能到達N點，幾何關(guān)系解得又因為在磁場中半徑聯(lián)立解得若，粒子回到x軸時的位置與MN間的距離打在屏上，則所加磁場垂直于平面向內(nèi)，且時粒子能打到MN上；②若所加磁場垂直于平面向外，且粒子恰能到達M點，幾何關(guān)系解得同理若，粒子回到x軸時的位置與MN間的距離也為打在屏上，則所加磁場垂直于平面向外，且時粒子能打到MN上，總之要使粒子能打到MN上，磁感應強度，方向垂直于平面向內(nèi)或向外均可。安徽省合肥市普通高中2025年高考全真模擬訓練(三)物理試題本試卷分為第Ⅰ卷(選擇題)和第Ⅱ卷(非選擇題)兩部分，共100分。時間：75分鐘第Ⅰ卷（選擇題共42分）一、單選題：本題共8小題，每小題4分，共32分。在每小題給出的四個選項中，只有一個選項正確。1．如圖甲所示，用強度不變的單色光照射陰極K，改變滑動變阻器的滑片位置，得到流過電流表的光電流I與電壓表兩端電壓的關(guān)系圖像如圖乙所示。當電壓表示數(shù)分別為2.4V、3.6V時，到達陽極A的光電子最大動能的比值為()A． B． C． D．2．圖（a）為答題卡掃描儀，其內(nèi)部結(jié)構(gòu)如圖（b）所示。掃描儀內(nèi)部有一個摩擦滾輪放置在水平答題卡上方。正常工作時滾輪對頂部答題卡的正壓力為F，摩擦滾輪順時針轉(zhuǎn)動，摩擦力只帶動與之接觸的頂部答題卡進入掃描儀內(nèi)部進行逐張掃描，直至所有答題卡掃描完畢。已知每張答題卡的質(zhì)量均為m，摩擦滾輪與答題卡間的動摩擦因數(shù)恒為，各答題卡間的動摩擦因數(shù)范圍為，最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，重力加速度大小為g。要使該掃描儀能一直正常工作，正壓力F的最大取值范圍為()A． B．C． D．3．目前機器人研究迅猛發(fā)展。在某次測試中，機器人A、B（均可視為質(zhì)點）同時從原點沿相同方向做直線運動，它們的速度的平方（）隨位移（）變化的圖像如圖所示。下列判斷正確的是()A．機器人A的加速度大小為4m/s2B．相遇前機器人A、B最大距離為12mC．經(jīng)過，機器人A、B相遇D．機器人A、B分別經(jīng)過處的時間差是1s4．如圖所示，兩顆彗星僅受太陽引力作用繞太陽運行，彗星1軌道為圓，彗星2軌道為橢圓。下列說法正確的是()A．彗星2在近日點的速度小于遠日點的速度B．彗星1的速度大于彗星2在遠日點的速度C．彗星1、彗星2與太陽的連線在相等時間內(nèi)掃過的面積一定相等D．彗星1受太陽的萬有引力一定小于彗星2在近日點受太陽的萬有引力5．打羽毛球是深受大眾喜愛的體育運動。如圖所示是羽毛球從左往右飛行的軌跡圖，圖中A、B為同一軌跡上等高的兩點，P為該軌跡的最高點，則羽毛球在該軌跡上運動時，下列說法正確的是()A．在A、B兩點的動能相等B．AP段重力的沖量小于PB段重力的沖量C．整個飛行過程中經(jīng)過P點時的速度最小D．在PB下落階段，羽毛球加速度的豎直分量大于重力加速度值6．在茶葉生產(chǎn)過程中有道茶葉、茶梗分離的工序。如圖所示，A、B兩個帶電球之間產(chǎn)生非勻強電場，茶葉茶梗都帶正電荷，且茶葉的比荷小于茶梗的比荷，兩者通過靜電場便可分離，并沿光滑絕緣分離器落入小桶。假設有一茶梗P從A球表面O點離開，最后落入桶底。不計空氣阻力。則()A．茶葉落入右桶，茶梗落入左桶 B．M處的電場強度大于N處的電場強度C．M處的電勢低于N處的電勢 D．茶梗P下落過程中電勢能減小7．1mol的氣體溫度變化時，若其吸收或放出的熱量為Q，則該氣體的摩爾熱容為，與氣體經(jīng)歷的變化過程有關(guān)，常用的有定壓摩爾熱容和定容摩爾熱容兩種。如圖所示，截面積為S的密封良好的活塞在汽缸內(nèi)封閉著一定質(zhì)量的理想氣體，穩(wěn)定時氣體壓強與大氣壓強相同，均為，此時活塞到汽缸底部距離為L，活塞右側(cè)L處有一固定卡環(huán)，活塞可在汽缸內(nèi)無摩擦滑動?，F(xiàn)使汽缸內(nèi)氣體溫度緩慢升高為初始的2倍，這個過程氣體內(nèi)能升高了，之后再使氣體溫度升高為初始的3倍。已知理想氣體內(nèi)能與溫度成正比，則該氣體的定壓摩爾熱容和定容摩爾熱容之比為()A． B． C． D．8．如圖甲所示，質(zhì)量為2m的足夠長木板C置于水平面上，滑塊A、B質(zhì)量均為m，置于C上，B位于A右方某處。A、C間的動摩擦因數(shù)，B、C間和C與地面間的動摩擦因數(shù)。給C施加一水平向右的恒力F，從開始施加恒力到A、B第一次相遇時間為t?？傻门cF的關(guān)系如圖乙所示（最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，g?。┫铝姓f法正確的是()A．滑塊A能獲得的最大加速度為B．A、B之間的初始距離為4mC．滑塊A的質(zhì)量為1kgD．若，A、C之間將發(fā)生相對滑動二、多選題：本題共2小題，每小題5分，共10分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項正確，全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。9．太陽能光伏發(fā)電是利用太陽電池將太陽光能直接轉(zhuǎn)化為電能的一項新興技術(shù)(如圖甲)。如圖乙所示為某光伏發(fā)電站輸電入戶的示意圖，其中輸電電壓的有效值恒定，是輸電線的等效電阻，變壓器為理想變壓器，電表均可視為理想電表，下列說法正確的是()A．若開關(guān)均斷開，電壓表示數(shù)不為0B．開關(guān)均閉合的前提下，線路老化導致增大，則電流表的示數(shù)增大C．若先讓開關(guān)保持閉合狀態(tài)，然后閉合開關(guān)，則電流表的示數(shù)減小D．若先讓開關(guān)保持閉合狀態(tài)，然后閉合開關(guān)，則電壓表的示數(shù)減小10．如圖所示，水平虛線、之間存在方向垂直于紙面向里、高度為的勻強磁場。在豎直平面內(nèi)一個等腰梯形線框，底邊水平，其上、下邊長之比為5:1，高為。線框向下勻速穿過磁場區(qū)域（從進入，到離開），則()A．邊始終不受到安培力的作用B．線框穿過磁場的過程中，某段時間內(nèi)回路沒有電流C．邊進入磁場時回路電流方向為逆時針方向D．邊剛離開磁場時和剛進入磁場時線框所受安培力之比為4:1第Ⅱ卷（非選擇題共58分）三、非選擇題：本題共5小題，共58分?？忌鶕?jù)要求做答11．(6分)實驗小組的同學在實驗室做“用單擺測量重力加速度”的實驗。(1)下列操作正確的是______；A．選用彈性較好的細線B．應該先懸掛擺球后再測量擺線的長度C．盡可能讓小球擺動的幅度大一些D．通過測量多個全振動的時間計算周期(2)經(jīng)測量得到5組不同的擺長和對應的周期，畫出圖線，然后在圖線上選取A、B兩個點，坐標如圖所示。則當?shù)刂亓铀俣鹊谋磉_式，圖中圖像不過原點的原因是以下：。A．計算擺長時用的是擺線長度而未計入小球半徑B．計算擺長時用的是擺線長度加上小球直徑12．(10分)某實驗小組準備測量一節(jié)干電池的電動勢和內(nèi)阻，實驗室提供了下列器材：A．多用電表（電壓擋量程2.5V，內(nèi)阻未知）；B．毫安表（量程200mA，內(nèi)阻為）；C．定值電阻；D．定值電阻；E.滑動變阻器；F.電鍵和導線若干。根據(jù)提供的器材，設計電路如圖1所示。(1)將毫安表與定值電阻改裝成電流表如虛線框中所示，改裝后的量程為A；(2)為了精確測量，圖中多用電表的右邊表筆應接到（選填“”或“”）處；(3)閉合電鍵，調(diào)節(jié)滑動變阻器滑片，多次記錄多用電表的示數(shù)、毫安表的示數(shù)。其中一次測量時多用電表示數(shù)如圖2所示，其讀數(shù)為V。(4)作圖線如圖3所示，該干電池電動勢V；內(nèi)阻（以上結(jié)果均保留三位有效數(shù)字）。13．(12分)如圖所示為一監(jiān)控設備上取下的半徑為R的半球形透明材料，球心為O點，A點為半球面的頂點，且滿足AO與底面垂直。一束單色光沿BO方向射向半球面的B點，恰好在半球面的底面沒有出射光線，已知光在真空中的傳播速度為c，B點到OA連線的距離為。求：(1)此材料的折射率；(2)該單色光在半球形透明材料中的傳播時間。14．(14分)如圖所示，質(zhì)量的物塊（可視為質(zhì)點）以的速度從右側(cè)皮帶輪最高點向左滑上足夠長的水平薄傳送帶，傳送帶以的速度順時針勻速運動，物塊與傳送帶之間的動摩擦因數(shù)。傾角為的固定斜面上靜置一質(zhì)量為的薄木板，木板的長度為，物塊與木板之間的動摩擦因數(shù)，木板與斜面之間的動摩擦因數(shù)，斜面的底端固定一垂直于斜面的擋板，木板的下端距離擋板為，木板與擋板碰撞后立即粘在一起停止運動。物塊離開傳送帶時做平拋運動，并且恰好沿斜面落在木板的頂端。設物塊與木板之間、木板與斜面之間的滑動摩擦力等于最大靜摩擦力，重力加速度(）求：(1)物塊做平拋運動的水平位移大小S。(2)傳送帶由于傳送物塊而多消耗的電能E。(3)物塊最終停止的位置離木板上端的距離。15．(16分)如圖所示，在平面直角坐標系xOy的第一、二象限有沿+x軸方向的勻強電場，在第三、四象限有寬度為d的勻強磁場，磁場方向垂直于坐標平面向外，長度為d的熒光屏MN與x軸垂直，下端在x軸上.一質(zhì)量為m、電荷量為+q的粒子從點P（0，d）沿-y軸運動，初速度大小為v0，經(jīng)電場偏轉(zhuǎn)后從點Q（，0）進入磁場，并垂直于磁場的下邊界離開磁場.已知P點到MN的距離，不計粒子重力。(1)求電場強度大小E；(2)求磁感應強度大小B；(3)在勻強磁場下方所有區(qū)域再加一垂直于坐標平面的勻強磁場，要使粒子能打到MN上，求所加磁場的磁感應強度B′所滿足的條件。——★參考答案★——題號12345678910答案AABBBDACADCD1．A解析：根據(jù)題意可知，光電子從金屬表面逸出后的最大初動能為，其中，根據(jù)動能定理可得當電壓表示數(shù)分別為、時，到達陽極A的光電子的最大動能分別為，聯(lián)立可得：故選A。2．A解析：要使掃描儀正常工作，每次只能帶動頂部答題卡，需滿足：滾輪對頂部答題卡的摩擦力大于頂部與下方答題卡間的最大靜摩擦力，則由平衡條件及摩擦力的計算公式可得，由題知令（取最大值保證所有情況），解得：同時第二張答題卡不能動，需滿足：第一張答題卡給第二張答題卡的最大滑動摩擦力小于等于第二張答題卡受到的最大靜摩擦力，即解得：F≤3mg綜上可得故選A。3．B解析：A．根據(jù)勻變速直線運動規(guī)律整理可得結(jié)合圖像可知，機器人A的加速度為解得即機器人A的加速度大小為，A錯誤；B．根據(jù)上述分析，同理可知A、B兩機器人均做勻變速運動，對于機器人A，可得，對于機器人B，可得，設經(jīng)過時間二者速度相等，此時相距最遠，則有代入數(shù)據(jù)解得兩機器人共同的速度為機器人A的位移機器人B的位移二者之間的最大距離，B正確；C．機器人A停止運動的時間設經(jīng)過時間兩機器人相遇，則有代入數(shù)據(jù)解得可見兩機器人相遇應在機器人A停止運動之后，此時機器人A的位移為機器人B追上的時間C錯誤；D．由題可知，機器人A經(jīng)過的時間為，機器人B經(jīng)過的時間為機器人A則有整理可得解得（另一解機器人A已停止運動，舍去）機器人B則有解得機器人A、B分別經(jīng)過處的時間差D錯誤。故選B。4．B解析：A．根據(jù)開普勒第二定律可知，彗星2在近日點的速度大于遠日點的速度，故A錯誤；B．彗星1離太陽的距離小于彗星2在遠日點離太陽的距離，根據(jù)解得可知，彗星1在圓軌道的速度大于彗星2經(jīng)過遠日點所做圓軌道的速度，而彗星2在遠日點的速度小于該點圓軌道的速度，故彗星1的速度大于彗星2在遠日點的速度，故B正確；C．根據(jù)開普勒第二定律，相等時間內(nèi)掃過的面積相等是指同一軌道，則彗星1、彗星2與太陽的連線在相等時間內(nèi)掃過的面積不一定相等，故C錯誤；D．因為不知道兩彗星的質(zhì)量關(guān)系，則彗星1受太陽的萬有引力不一定小于彗星2在近日點受太陽的萬有引力，故D錯誤。故選B。5．B【詳析】A．羽毛球由A點運動到B點過程中，重力做功為零，空氣阻力做負功，由動能定理可知，動能減小，所以羽毛球在A點的動能大于B點的動能，故A錯誤；BD．羽毛球上升階段豎直方向所受合力大于重力，豎直方向的加速度大于g，下落階段豎直方向所受合力小于重力，豎直方向的加速度小于g，所以羽毛球AP段所用時間比PB段小，結(jié)合沖量的定義可知，AP段重力的沖量小于PB段重力的沖量，故B正確，D錯誤；C．羽毛球經(jīng)過P點時所受重力與空氣阻力的合力與速度成鈍角，說明速度正在減小，所以整個飛行過程中經(jīng)過P點時的速度不是最小，故C錯誤；故選B。6．D解析：A．根據(jù)牛頓第二定律可得由于茶葉、茶梗均帶正電，則電場力產(chǎn)生的加速度方向整體向右，由于茶葉的比荷小于茶梗的比荷，則茶葉所受電場力產(chǎn)生的加速度小于茶梗所受電場力產(chǎn)生的加速度，即在相等時間內(nèi)，茶葉的水平分位移小于茶梗的水平分位移，所以茶葉落入左桶，茶梗落入右桶，故A錯誤；BC．電場線分布的密集程度表示電場強弱，M處電場線分布比N處電場線稀疏一些，則M處電場強度小于N處電場強度，且沿著電場線方向電勢降低，故M處的電勢高于N處的電勢，故BC錯誤；D．茶梗P下落過程中電場力做正功，則電勢能減小，故D正確。故選D。7．A解析：第一步：分析定壓變化過程中氣體吸收的熱量因活塞與缸壁間無摩擦，則活塞運動到卡環(huán)前，缸內(nèi)氣體壓強始終為，剛開始升溫時，氣體做等壓變化，設溫度達到時，活塞恰與卡環(huán)接觸，有解得：該過程外界對氣體做功，由可知該過程氣體吸收的熱量為：設該氣體有，根據(jù)題意有：第二步：分析等容變化過程中氣體吸收的熱量氣體溫度從升到的過程中，氣體發(fā)生等容變化，在等壓變化過程、等容變化過程中，氣體溫度變化量相同，則氣體內(nèi)能變化量相同，則有聯(lián)立以上解得：故選A。8．C解析：A．對滑塊A有解得A錯誤；B．對滑塊B有解得由圖可知F足夠大時，A、B均相對C滑動，相遇時間恒定為由解得B錯誤；C．當，滑塊B與C恰好發(fā)生相對滑動，則有得，C正確；D．設A、B、C均產(chǎn)生相對運動時的拉力為，則有得故時，A、C保持靜止，D錯誤。故選C。9．AD解析：A．若開關(guān)均斷開，變壓器輸入電壓決定輸出電壓，輸出電流決定輸入電流，所以電流表的示數(shù)為0，電壓表的示數(shù)不為0，故A正確；B．開關(guān)均閉合的前提下，設原線圈兩端的電壓為，電流為，副線圈兩端的電壓為，電流為，總電阻為；在原線圈回路中有根據(jù)電壓與匝數(shù)的關(guān)系有解得根據(jù)電流與匝數(shù)的關(guān)系有解得在副線圈回路中有聯(lián)立可得可知線路老化導致增大，副線圈的總電阻不變，則副線圈的電流減小，故原線圈的電流減小，即電流表的示數(shù)減小，故B錯誤；C．同B項分析，有若先讓開關(guān)保持閉合狀態(tài)，然后閉合開關(guān)，則副線圈的總電阻減小，故副線圈的電流增大，故原線圈的電流增大，即電流表的示數(shù)增大，故C錯誤；D．同B項分析，有若先讓開關(guān)保持閉合狀態(tài)，然后閉合開關(guān)，則副線圈的總電阻減小，故副線圈的電流增大，故原線圈的電流增大，根據(jù)可知原線圈兩端的電壓，則副線圈的電壓減?。辉诟本€圈回路中有可知變小，即電壓表的示數(shù)減小，故D正確。故選AD。10．CD解析：A．只要閉合回路磁通量變化產(chǎn)生感應電流，電流在