高級中學(xué)名校試卷PAGEPAGE12025屆高考仿真模擬卷（七）物理試卷注意事項：1．答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準考證號填寫在答題卡上。2．回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應(yīng)的答案標號涂黑。如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案標號?；卮鸱沁x擇題時，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。3．考試結(jié)束后，將本試題卷和答題卡一并交回。一、選擇題：本題共10小題，共46分。在每小題給出的四個選項中，第1～7題只有一項符合題目要求，每小題4分；第8～10題有多項符合題目要求，每小題6分，全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。1.氫原子的能級如圖所示，一群處于能級的氫原子向較低能級躍遷時會發(fā)出頻率不同的光，這些光照射在逸出功為3.34eV的鋅板上，下列說法正確的是（??）A.氫原子的發(fā)射光譜是連續(xù)譜B.這群氫原子最多能發(fā)出三種不同頻率的光C.從躍遷到能級時發(fā)出的光波長最短D.僅有兩種頻率的光能使鋅板發(fā)生光電效應(yīng)【答案】C【解析】A．氫原子只能處于幾條特定的能級狀態(tài)，在不同能級躍遷時發(fā)出特定頻率的光，因此所發(fā)射的光譜不是連續(xù)的，故A錯誤；B．這群氫原子最多能發(fā)出種不同頻率的光，故B錯誤；C．從躍遷到能級時發(fā)出的光的能量最大，根據(jù)光波長最短，故C正確；D．一群處于能級的氫原子向較低能級躍遷時，輻射光子種類數(shù)目為6種，其中有3種大于3.34eV，能使鋅板發(fā)生光電效應(yīng)，故D錯誤。故選C。2.如圖是O為圓心、AB為直徑的透明圓盤截面，一束激光從空氣中平行AB由C點射入圓盤，在B點反射后從D點平行AB射出。已知圓盤半徑和AC距離相等，則該圓盤對激光的折射率為（）A.1.5 B.2 C. D.【答案】D【解析】已知圓盤半徑和AC距離相等，則為等邊三角形，而，由幾何知識得而入射角i與相等，由幾何知識得由折射定律故選D。3.如圖所示，小娟借助瑜伽球鍛煉腿部力量，屈膝靜蹲，背部保持豎直且倚靠在瑜伽球上，瑜伽球緊靠豎直墻面，則（）A.墻壁對瑜伽球的彈力為零B.地面對小娟的支持力一定等于小娟受到的重力C.若減小背部與墻壁的距離且保持背部豎直，瑜伽球受到的摩擦力增大D.若減小背部與墻壁的距離且保持背部豎直，地面對小娟的摩擦力增大【答案】D【解析】A．對瑜伽球受力分析可知，在豎直方向受到重力、墻和小娟對球豎直向上的摩擦力，則水平方向上墻壁對瑜伽球的彈力不為零。故A錯誤；B．對小娟受力分析可知，在豎直方向受到自身重力、瑜伽球?qū)λ蛳碌哪Σ亮偷孛鎸λ呢Q直向上的支持力，根據(jù)平衡條件可知地面對小娟的支持力大于女士受到的重力。故B錯誤；C．瑜伽球受到的摩擦力與自身重力等大反向，所以若減小背部與墻壁的距離且保持背部豎直，瑜伽球受到的摩擦力將不變。故C錯誤；D．小娟水平方向受瑜伽球的彈力和地面的摩擦力作用，二力平衡。若減小背部與墻壁的距離且保持背部豎直，則瑜伽球的形變變大，小娟所受瑜伽球的彈力變大，地面對小娟的摩擦力也將增大。故D正確。故選D。4.輕繩的一端固定于點，另一端系一小球。現(xiàn)將輕繩拉直，讓小球從與點等高的A點靜止釋放。不計空氣阻力，重力加速度大小為，小球從A點運動到最低點B的過程中（）A.豎直方向上加速度的最大值為，最小值為0B.豎直方向上加速度的最大值為、最小值為C.豎直方向上的加速度最小時，重力的瞬時功率最大D.豎直方向上的加速度最小時，重力的瞬時功率最小【答案】C【解析】AB．小球在剛剛開始運動時，只受重力，根據(jù)牛頓第二定律可得豎直方向上的加速度為在最低點時此時向心加速度即小球的豎直加速度先減小后增加，最大值為2g，最小值為0，選項AB錯誤；CD．豎直方向上的加速度最小時，豎直速度最大，根據(jù)PG=mgvy可知，重力的瞬時功率最大，選項C正確，D錯誤。故選C。5.圖（a）中，在x軸上關(guān)于原點對稱的位置固定兩個等量異種點電荷。圖（b）中，在x軸上關(guān)于原點對稱的位置固定兩根垂直于該平面的長直平行導(dǎo)線，兩根導(dǎo)線中電流大小相同、方向相反?，F(xiàn)電子以一定的初速度分別從兩圖中的O點垂直平面向里運動，則關(guān)于兩幅圖中電子在原點O受力的說法正確的是（）A.圖（a）中，電子受電場力方向沿x軸正向B.圖（a）中，電子受電場力方向沿y軸正向C.圖（b）中，電子受洛侖茲力方向沿x軸正向D.圖（b）中，電子受洛侖茲力方向沿y軸正向【答案】C【解析】AB．圖（a）中，正電荷在點的電場強度沿x軸正向，負電荷在點的電場強度沿x軸正向，則點的合電場強度沿x軸正向，電子受電場力方向沿x軸負向，故AB錯誤；CD．根據(jù)右手螺旋定則可知兩根導(dǎo)線在點的磁場方向均沿y軸負向，在點的磁場方向沿y軸負向，根據(jù)左手定則可知電子受洛侖茲力方向沿x軸正向，故C正確，D錯誤。故選C。6.兩顆中子星繞二者連線上的某點做圓周運動組成雙星系統(tǒng)，并以引力波的形式向外輻射能量。經(jīng)過一段時間，兩顆中子星的間距減小為原來的p倍，運行周期變?yōu)樵瓉淼膓倍，若兩星可視為質(zhì)量均勻分布的球體，則利用牛頓力學(xué)知識可得（）A. B. C. D.【答案】D【解析】設(shè)兩顆中子星的質(zhì)量分別為m1、m2，軌道半徑分別為r1、r2，相距L，運行周期為T，根據(jù)萬有引力提供向心力可知，又L=r1+r2聯(lián)立，可得整理，得依題意，兩顆中子星的間距減小為原來的p倍，運行周期變?yōu)樵瓉淼膓倍，則有聯(lián)立，解得故選D。7.圖（a）是一列沿x軸方向傳播的簡諧橫波在t=4s時的波形圖，M、N是介質(zhì)中的兩個質(zhì)點，其平衡位置分別位于x=2m、x=8m處，圖（b）是質(zhì)點N的振動圖像。下列說法正確的是（）A.波沿x軸負方向傳播B.波的傳播速度大小為0.5m/sC.t=5s時，M、N的速度大小相等，方向相同D.t=7s時，M、N的加速度大小相等，方向相反【答案】C【解析】A．由圖（b）可知時質(zhì)點N正在向下振動，則由圖（a）可知該波沿x軸正方向傳播，故A錯誤；B．由圖（b）可知該波的周期為，則由圖（a）可知該波的波長為，則波速為故B錯誤；C．時，波形圖相對于圖（a）中的波形向右移動了；此時質(zhì)點M在波峰的左側(cè)，距離波峰，正在向下、向平衡位置處運動；質(zhì)點N在波谷的右側(cè)，距離波谷，正在向下、向最大位移處運動。根據(jù)對稱性可知，兩質(zhì)點的速度大小相等，故C正確；D．時，波形圖相對于圖（a）中的波形向右移動了；此時質(zhì)點M在波谷的右側(cè)，距離波谷，正在向下、向最大位移處運動；質(zhì)點N在波谷的左側(cè)，距離波谷，正在向上、向平衡位置處運動。根據(jù)對稱性可知，兩質(zhì)點此時的振幅相同，則加速度大小相等；兩質(zhì)點此時均在軸下方，則加速度方向相同，故D錯誤。故選C。8.如圖甲所示，理想變壓器原副線圈的匝數(shù)比為5：1，V和、分別是電壓表、定值電阻，且已知ab兩端電壓u按圖乙所示正弦規(guī)律變化下列說法正確的是（）A.電壓u瞬時值的表達式B.電壓表示數(shù)為40VC.、兩端的電壓之比為1：3D.、消耗的功率之比為1：10【答案】BD【解析】詳析】A．由圖象知周期角速度電壓u表達式為A錯誤；B．設(shè)原線圈的電流為I，根據(jù)得副線圈兩端得電壓原線圈兩端的電壓解得電壓表示數(shù)B正確；C．原線圈兩端電壓R1兩端的電壓所以R1、R2兩端電壓之比為1：2，C錯誤；D．R1消耗的功率R2消耗的功率D正確。故選BD。9.如圖，圓形水平餐桌面上有一個半徑為r、可轉(zhuǎn)動的同心圓盤，圓盤的邊緣放置一個質(zhì)量為m的物塊，物塊與圓盤、物塊與餐桌面間的動摩擦因數(shù)均為μ。從靜止開始緩慢增大圓盤轉(zhuǎn)動的角速度至物塊恰好要發(fā)生相對滑動。最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，重力加速度大小為g，物塊可視為質(zhì)點，下列說法正確的是（）A.物塊隨圓盤轉(zhuǎn)動的過程中，圓盤對物塊的摩擦力與速度方向相反B.物塊隨圓盤轉(zhuǎn)動的過程中，圓盤對物塊的摩擦力做功大小為C.繼續(xù)增大圓盤轉(zhuǎn)動的角速度，物塊由于受到一個大于向心力的離心力作用而從圓盤滑動到餐桌面上D.繼續(xù)增大圓盤轉(zhuǎn)動的角速度，物塊從圓盤滑動到餐桌面上，若物塊最終停在餐桌面邊沿，忽略圓盤和餐桌面的高度差，可求出餐桌面的直徑為【答案】BD【解析】A．物塊隨圓盤轉(zhuǎn)動的過程中，圓盤對物塊的徑向摩擦力提供向心力，圓盤對物塊的切向摩擦力使物塊加速，故圓盤對物塊的摩擦力方向不是與速度方向相反，故A錯誤；B．物塊隨圓盤運動的過程中，將要滑離圓盤時圓盤對物塊的摩擦力做功大小為故B正確；C．繼續(xù)增大圓盤轉(zhuǎn)動的角速度，由于物塊提供的向心力小于做圓周運動所需的向心力，而從圓盤滑動到餐桌面上，故C錯誤；D．物塊從圓盤上滑落到滑到桌面的邊緣，如圖所示由動能定理可得解得餐桌面的直徑為故D正確。故選BD。10.如圖，為粒子源，不斷沿水平方向發(fā)射速度相同的同種帶負電粒子，為豎直放置的接收屏。左側(cè)空間同時存在豎直向下的勻強電場和垂直紙面向里的勻強磁場時，粒子恰好沿直線垂直打在上的點；當只有電場或磁場時，粒子打在上的點或點，、、三點的位置如圖所示，。已知電場強度為E，磁感應(yīng)強度為，到屏的距離為。不計粒子重力和粒子間的相互作用力，則下列說法正確的是（）A.只加磁場時，粒子打到接收屏上的P點B.粒子源發(fā)射粒子的速度大小為C.粒子的比荷為D.間距離為【答案】BCD【解析】A．只加磁場時，由左手定則可知，粒子受洛倫茲力向下，則不會打到接收屏上的點，A錯誤；B．由題意可知，當粒子打在接收屏上的點時，粒子做勻速直線運動，粒子處于平衡狀態(tài)，可知解得粒子的速度為B正確；CD．根據(jù)粒子在只有電場時做類平拋運動，粒子打在接收屏上點，由牛頓第二定律可知粒子的水平方向位移為粒子的豎直方向位移為聯(lián)立可知根據(jù)粒子在只有磁場時，做圓周運動，粒子的運動軌跡如圖所示由洛倫茲力提供向心力可知即由幾何關(guān)系可知聯(lián)立解得C正確；D正確。故選BCD。二、非選擇題：本題共5小題，共54分。11.利用手機內(nèi)置加速度傳感器可實時顯示手機加速度的數(shù)值。小明通過智能手機探究加速度與合外力的關(guān)系，實驗裝置如圖甲所示，已知當?shù)刂亓铀俣葹間。（1）輕彈簧上端固定，下端與手機相連接，手機下端通過細繩懸掛小桶；（2）開始時，小桶裝有砝碼，整個實驗裝置處于靜止狀態(tài)；（3）突然剪斷細繩，通過手機軟件記錄豎直方向加速度a隨時間變化的圖像如圖乙所示，剪斷細繩瞬間手機的加速度對應(yīng)圖中的____（選填“A”“B”或“C”）點；（4）剪斷細繩瞬間手機受到的合力大小F等于____；A.砝碼的重力大小B.小桶和砝碼的重力大小C.手機的重力大小D.彈簧對手機的拉力大?。?）改變小桶中砝碼質(zhì)量，重復(fù)步驟（3），獲得多組實驗數(shù)據(jù)并繪制圖像如圖丙所示，由圖可得結(jié)論：在誤差允許的范圍內(nèi)，____；（6）如圖丁所示，某同學(xué)在處理數(shù)據(jù)時，以手機豎直方向的加速度a為縱坐標，砝碼質(zhì)量m為橫坐標，繪制圖像，獲得一條斜率為k，截距為b的直線，則可推算出手機的質(zhì)量為____（選用k、b、g表示）。【答案】（3）A（4）B（5）質(zhì)量一定時，手機加速度與合外力成正比（6）【解析】（3）[1]前面的數(shù)據(jù)波動是保持平衡時的輕微擾動，后續(xù)的數(shù)據(jù)波動是因為手機在做（近似）簡諧運動，故第一個峰值即為我們要的繩子被剪斷時的瞬時加速度，故選“A”點；（4）[2]剪斷細繩瞬間，彈簧的彈力大小不變，手機受到的合力大小F小桶和砝碼的重力大小。故選B。（5）[3]由丙圖知，圖像為過原點的一條直線，根據(jù)圖像可以得到的結(jié)論，當手機的質(zhì)量一定時，手機的加速度與手機所受合外力成正比。（6）[4]繩子剪斷前，設(shè)彈力為，小桶質(zhì)量為，手機質(zhì)量為，對手機有平衡知繩子剪斷后，對手機由牛頓第二定律有綜上可得解得12.用圖（a）的電路研究電容器的充放電，電源電動勢為12V（內(nèi)阻忽略不計）；R1、R2、R3為定值電阻，其中R2=160Ω；電流傳感器（內(nèi)阻忽略不計）將電流信息傳入計算機，顯示出電流隨時間變化的I-t圖像。（1）①閉合開關(guān)K2，開關(guān)K1與1接通，待充電完成后，再與2接通，電容器放電的I-t圖像如圖（b）中的圖線I，圖線I與時間軸圍成的“面積”為S1，其物理意義是_______________________________；②斷開開關(guān)K2，開關(guān)K1與1接通，待充電完成后，再與2接通，電容器放電I-t圖像如圖（b）中的圖線II，圖線II與時間軸圍成的“面積”為S2，理論上應(yīng)該有S1__________S2（選填“>”“<”或“=”）；（2）測得S1為2.64mA?s，由此可知電容器的電容C=________μF，定值電阻R3=________Ω；開關(guān)K2閉合時，電容器放電過程中通過R3的電量為____________C?！敬鸢浮浚?）電容器放電過程，通過電流傳感器的電荷量=（2）220480【解析】【小問1詳析】①[1]根據(jù)可知I-t圖像與對應(yīng)時間軸所圍成的面積表示的物理意義是電荷量，即電容器放電過程，通過電流傳感器的電荷量。②[2]S1和S2均表示電容器放電的電荷量，所以【小問2詳析】[1]根據(jù)可得[2]根據(jù)可知，兩次放電過程的最大電流與電路電阻成反比，即解得[3]開關(guān)K2閉合時，電容器放電過程中通過R3的電量為13.特斯拉公司的CEO埃隆·馬斯克提出并推動了一項創(chuàng)新交通方式——馬斯克“真空”隧道。其關(guān)鍵技術(shù)是在隧道內(nèi)部創(chuàng)造接近真空的環(huán)境，列車在其中行駛時，所受空氣阻力幾乎為零，從而大幅提高列車的行駛速度。將馬斯克隧道簡化成如圖所示模型，導(dǎo)熱良好的密閉容器內(nèi)封閉有壓強為的空氣，現(xiàn)用抽氣筒緩慢從容器底部的閥門處（只出不進）進行抽氣。已知抽氣筒的抽氣部分有效體積為密閉容器容積的，空氣可視為理想氣體，求：（1）抽氣兩次后，容器內(nèi)剩余空氣的壓強p；（2）抽氣次后，容器內(nèi)剩余空氣和抽出空氣的質(zhì)量之比k?！敬鸢浮浚?）；（2）【解析】（1）根據(jù)題意，設(shè)容器的容積為，則每次抽氣時可視為增加了的體積為，設(shè)第1次抽氣后容器內(nèi)剩余空氣的壓強為，則有設(shè)第2次抽氣后容器內(nèi)剩余空氣的壓強為，則有聯(lián)立解得（2）由（1）分析可知，抽氣次后，容器內(nèi)剩余空氣的壓強為假設(shè)將容器內(nèi)剩余氣體等溫壓縮到壓強為時的體積為，則有容器內(nèi)剩余空氣和抽出空氣的質(zhì)量之比聯(lián)立解得14.如圖，傾角為的斜面足夠長，區(qū)間光滑，長度為，其余部分粗糙程度相同。長為的輕繩連接兩個相同的小滑塊、。開始時處于點，輕繩恰好伸直。由靜止同時釋放、，經(jīng)過一段時間后，、發(fā)生彈性碰撞。再經(jīng)過一段時間輕繩突然繃緊，、達到共同速度，并一起勻速運動。已知重力加速度大小為，求（1）滑塊與斜面粗糙部分之間動摩擦因數(shù)；（2）滑塊從靜止釋放至運動到點的時間；（3）滑塊、一起勻速運動的速率。【答案】（1）；（2）；（3）【解析】（1）、一起勻速運動時，對、整體有解得（2）、一起下滑距離，對、整體有解得由位移公式可得解得此時、的速度為從運動至，因繩子松弛，故對有由位移公式可得解得又解得（3）運動至點后勻速運動，此時速度為之后、發(fā)生彈性碰撞，由于質(zhì)量相同，所以碰后交換速度，直至輕繩繃緊，二者以相同的速度勻速運動，該過程系統(tǒng)動量守恒，則有解得15.如圖，平行金屬導(dǎo)軌由光滑的水平部分和粗糙的傾斜部分平滑連接而成，導(dǎo)軌水平部分處在、方向垂直導(dǎo)軌平面向上的勻強磁場中，傾斜部分導(dǎo)軌與水平面的夾角，處在、方向平行導(dǎo)軌平面向下的勻強磁場中。開始時，導(dǎo)體棒a在外力約束下靜止在傾斜導(dǎo)軌上，導(dǎo)體棒a與傾斜導(dǎo)軌間的摩擦因數(shù)為。光滑導(dǎo)體棒b在水平向左的恒力F的作用下向左做勻速直線運動，當導(dǎo)體棒b運動到離連接處距離為時撤去作用在a棒的約束力，a棒以的加速度做勻加速直線運動。當導(dǎo)體棒b運動到連接處時，撤去作用在b棒的恒力F，此后導(dǎo)體棒b沖上傾斜導(dǎo)軌，且在之后的運動過程a、b始終不會相遇，且當b停在水平導(dǎo)軌上時，a還處在傾斜導(dǎo)軌上。兩導(dǎo)體棒的電阻R均為、質(zhì)量m均為，兩導(dǎo)體棒長度和導(dǎo)軌間距L均為，且兩導(dǎo)體棒在運動過程中始終與導(dǎo)軌垂直，金屬導(dǎo)軌電阻忽略不計，重力加速度g取，，，求：（1）外力F的大??；（2）導(dǎo)體棒a到達連接處時的速度大??；（3）從b棒返回水平導(dǎo)軌至最終穩(wěn)定的整個過程，回路產(chǎn)生的焦耳熱。【答案】（1）4N；（2）1.5m/s；（3）【解析】（1）對b棒進行分析，根據(jù)平衡條件有a棒向下做做勻加速直線運動過程，對其進行分析有，解得F=4N（2）b棒勻速運動切割磁感線產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢產(chǎn)生的感應(yīng)電流結(jié)合上述解得導(dǎo)體棒b勻速運動距離所需時間該段時間末a棒的速度b棒沖上傾斜軌道后，沒有發(fā)生電磁感應(yīng)現(xiàn)象，感應(yīng)電流為0，對a棒進行分析有可知，當b棒在傾斜軌道上運動時，a棒做勻速直線運動，由于b棒光滑，在傾斜軌道上運動時，沒有機械能損耗，可知，b棒再次返回連接處時，速度大小仍然為，在b在水平導(dǎo)軌上減速至0過程，對b分析，根據(jù)動量定理有上述過程對a分析，根據(jù)動量定理有其中，解得當b棒在水平軌道上停止運動時，a棒再次開始做勻速直線運動，即導(dǎo)體棒a到達連接處時的速度大小為1.5m/s。（3）b棒返回水平導(dǎo)軌至速度剛好減為0過程回路產(chǎn)生的焦耳熱為當a棒以速度勻速運動到水平軌道上后，對兩棒構(gòu)成的系統(tǒng)，根據(jù)動量守恒定律有此過程回路產(chǎn)生的焦耳熱為則從b棒返回水平導(dǎo)軌至最終穩(wěn)定的整個過程，回路產(chǎn)生的焦耳熱解得2025屆高考仿真模擬卷（七）物理試卷注意事項：1．答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準考證號填寫在答題卡上。2．回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應(yīng)的答案標號涂黑。如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案標號。回答非選擇題時，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。3．考試結(jié)束后，將本試題卷和答題卡一并交回。一、選擇題：本題共10小題，共46分。在每小題給出的四個選項中，第1～7題只有一項符合題目要求，每小題4分；第8～10題有多項符合題目要求，每小題6分，全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。1.氫原子的能級如圖所示，一群處于能級的氫原子向較低能級躍遷時會發(fā)出頻率不同的光，這些光照射在逸出功為3.34eV的鋅板上，下列說法正確的是（??）A.氫原子的發(fā)射光譜是連續(xù)譜B.這群氫原子最多能發(fā)出三種不同頻率的光C.從躍遷到能級時發(fā)出的光波長最短D.僅有兩種頻率的光能使鋅板發(fā)生光電效應(yīng)【答案】C【解析】A．氫原子只能處于幾條特定的能級狀態(tài)，在不同能級躍遷時發(fā)出特定頻率的光，因此所發(fā)射的光譜不是連續(xù)的，故A錯誤；B．這群氫原子最多能發(fā)出種不同頻率的光，故B錯誤；C．從躍遷到能級時發(fā)出的光的能量最大，根據(jù)光波長最短，故C正確；D．一群處于能級的氫原子向較低能級躍遷時，輻射光子種類數(shù)目為6種，其中有3種大于3.34eV，能使鋅板發(fā)生光電效應(yīng)，故D錯誤。故選C。2.如圖是O為圓心、AB為直徑的透明圓盤截面，一束激光從空氣中平行AB由C點射入圓盤，在B點反射后從D點平行AB射出。已知圓盤半徑和AC距離相等，則該圓盤對激光的折射率為（）A.1.5 B.2 C. D.【答案】D【解析】已知圓盤半徑和AC距離相等，則為等邊三角形，而，由幾何知識得而入射角i與相等，由幾何知識得由折射定律故選D。3.如圖所示，小娟借助瑜伽球鍛煉腿部力量，屈膝靜蹲，背部保持豎直且倚靠在瑜伽球上，瑜伽球緊靠豎直墻面，則（）A.墻壁對瑜伽球的彈力為零B.地面對小娟的支持力一定等于小娟受到的重力C.若減小背部與墻壁的距離且保持背部豎直，瑜伽球受到的摩擦力增大D.若減小背部與墻壁的距離且保持背部豎直，地面對小娟的摩擦力增大【答案】D【解析】A．對瑜伽球受力分析可知，在豎直方向受到重力、墻和小娟對球豎直向上的摩擦力，則水平方向上墻壁對瑜伽球的彈力不為零。故A錯誤；B．對小娟受力分析可知，在豎直方向受到自身重力、瑜伽球?qū)λ蛳碌哪Σ亮偷孛鎸λ呢Q直向上的支持力，根據(jù)平衡條件可知地面對小娟的支持力大于女士受到的重力。故B錯誤；C．瑜伽球受到的摩擦力與自身重力等大反向，所以若減小背部與墻壁的距離且保持背部豎直，瑜伽球受到的摩擦力將不變。故C錯誤；D．小娟水平方向受瑜伽球的彈力和地面的摩擦力作用，二力平衡。若減小背部與墻壁的距離且保持背部豎直，則瑜伽球的形變變大，小娟所受瑜伽球的彈力變大，地面對小娟的摩擦力也將增大。故D正確。故選D。4.輕繩的一端固定于點，另一端系一小球?，F(xiàn)將輕繩拉直，讓小球從與點等高的A點靜止釋放。不計空氣阻力，重力加速度大小為，小球從A點運動到最低點B的過程中（）A.豎直方向上加速度的最大值為，最小值為0B.豎直方向上加速度的最大值為、最小值為C.豎直方向上的加速度最小時，重力的瞬時功率最大D.豎直方向上的加速度最小時，重力的瞬時功率最小【答案】C【解析】AB．小球在剛剛開始運動時，只受重力，根據(jù)牛頓第二定律可得豎直方向上的加速度為在最低點時此時向心加速度即小球的豎直加速度先減小后增加，最大值為2g，最小值為0，選項AB錯誤；CD．豎直方向上的加速度最小時，豎直速度最大，根據(jù)PG=mgvy可知，重力的瞬時功率最大，選項C正確，D錯誤。故選C。5.圖（a）中，在x軸上關(guān)于原點對稱的位置固定兩個等量異種點電荷。圖（b）中，在x軸上關(guān)于原點對稱的位置固定兩根垂直于該平面的長直平行導(dǎo)線，兩根導(dǎo)線中電流大小相同、方向相反?，F(xiàn)電子以一定的初速度分別從兩圖中的O點垂直平面向里運動，則關(guān)于兩幅圖中電子在原點O受力的說法正確的是（）A.圖（a）中，電子受電場力方向沿x軸正向B.圖（a）中，電子受電場力方向沿y軸正向C.圖（b）中，電子受洛侖茲力方向沿x軸正向D.圖（b）中，電子受洛侖茲力方向沿y軸正向【答案】C【解析】AB．圖（a）中，正電荷在點的電場強度沿x軸正向，負電荷在點的電場強度沿x軸正向，則點的合電場強度沿x軸正向，電子受電場力方向沿x軸負向，故AB錯誤；CD．根據(jù)右手螺旋定則可知兩根導(dǎo)線在點的磁場方向均沿y軸負向，在點的磁場方向沿y軸負向，根據(jù)左手定則可知電子受洛侖茲力方向沿x軸正向，故C正確，D錯誤。故選C。6.兩顆中子星繞二者連線上的某點做圓周運動組成雙星系統(tǒng)，并以引力波的形式向外輻射能量。經(jīng)過一段時間，兩顆中子星的間距減小為原來的p倍，運行周期變?yōu)樵瓉淼膓倍，若兩星可視為質(zhì)量均勻分布的球體，則利用牛頓力學(xué)知識可得（）A. B. C. D.【答案】D【解析】設(shè)兩顆中子星的質(zhì)量分別為m1、m2，軌道半徑分別為r1、r2，相距L，運行周期為T，根據(jù)萬有引力提供向心力可知，又L=r1+r2聯(lián)立，可得整理，得依題意，兩顆中子星的間距減小為原來的p倍，運行周期變?yōu)樵瓉淼膓倍，則有聯(lián)立，解得故選D。7.圖（a）是一列沿x軸方向傳播的簡諧橫波在t=4s時的波形圖，M、N是介質(zhì)中的兩個質(zhì)點，其平衡位置分別位于x=2m、x=8m處，圖（b）是質(zhì)點N的振動圖像。下列說法正確的是（）A.波沿x軸負方向傳播B.波的傳播速度大小為0.5m/sC.t=5s時，M、N的速度大小相等，方向相同D.t=7s時，M、N的加速度大小相等，方向相反【答案】C【解析】A．由圖（b）可知時質(zhì)點N正在向下振動，則由圖（a）可知該波沿x軸正方向傳播，故A錯誤；B．由圖（b）可知該波的周期為，則由圖（a）可知該波的波長為，則波速為故B錯誤；C．時，波形圖相對于圖（a）中的波形向右移動了；此時質(zhì)點M在波峰的左側(cè)，距離波峰，正在向下、向平衡位置處運動；質(zhì)點N在波谷的右側(cè)，距離波谷，正在向下、向最大位移處運動。根據(jù)對稱性可知，兩質(zhì)點的速度大小相等，故C正確；D．時，波形圖相對于圖（a）中的波形向右移動了；此時質(zhì)點M在波谷的右側(cè)，距離波谷，正在向下、向最大位移處運動；質(zhì)點N在波谷的左側(cè)，距離波谷，正在向上、向平衡位置處運動。根據(jù)對稱性可知，兩質(zhì)點此時的振幅相同，則加速度大小相等；兩質(zhì)點此時均在軸下方，則加速度方向相同，故D錯誤。故選C。8.如圖甲所示，理想變壓器原副線圈的匝數(shù)比為5：1，V和、分別是電壓表、定值電阻，且已知ab兩端電壓u按圖乙所示正弦規(guī)律變化下列說法正確的是（）A.電壓u瞬時值的表達式B.電壓表示數(shù)為40VC.、兩端的電壓之比為1：3D.、消耗的功率之比為1：10【答案】BD【解析】詳析】A．由圖象知周期角速度電壓u表達式為A錯誤；B．設(shè)原線圈的電流為I，根據(jù)得副線圈兩端得電壓原線圈兩端的電壓解得電壓表示數(shù)B正確；C．原線圈兩端電壓R1兩端的電壓所以R1、R2兩端電壓之比為1：2，C錯誤；D．R1消耗的功率R2消耗的功率D正確。故選BD。9.如圖，圓形水平餐桌面上有一個半徑為r、可轉(zhuǎn)動的同心圓盤，圓盤的邊緣放置一個質(zhì)量為m的物塊，物塊與圓盤、物塊與餐桌面間的動摩擦因數(shù)均為μ。從靜止開始緩慢增大圓盤轉(zhuǎn)動的角速度至物塊恰好要發(fā)生相對滑動。最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，重力加速度大小為g，物塊可視為質(zhì)點，下列說法正確的是（）A.物塊隨圓盤轉(zhuǎn)動的過程中，圓盤對物塊的摩擦力與速度方向相反B.物塊隨圓盤轉(zhuǎn)動的過程中，圓盤對物塊的摩擦力做功大小為C.繼續(xù)增大圓盤轉(zhuǎn)動的角速度，物塊由于受到一個大于向心力的離心力作用而從圓盤滑動到餐桌面上D.繼續(xù)增大圓盤轉(zhuǎn)動的角速度，物塊從圓盤滑動到餐桌面上，若物塊最終停在餐桌面邊沿，忽略圓盤和餐桌面的高度差，可求出餐桌面的直徑為【答案】BD【解析】A．物塊隨圓盤轉(zhuǎn)動的過程中，圓盤對物塊的徑向摩擦力提供向心力，圓盤對物塊的切向摩擦力使物塊加速，故圓盤對物塊的摩擦力方向不是與速度方向相反，故A錯誤；B．物塊隨圓盤運動的過程中，將要滑離圓盤時圓盤對物塊的摩擦力做功大小為故B正確；C．繼續(xù)增大圓盤轉(zhuǎn)動的角速度，由于物塊提供的向心力小于做圓周運動所需的向心力，而從圓盤滑動到餐桌面上，故C錯誤；D．物塊從圓盤上滑落到滑到桌面的邊緣，如圖所示由動能定理可得解得餐桌面的直徑為故D正確。故選BD。10.如圖，為粒子源，不斷沿水平方向發(fā)射速度相同的同種帶負電粒子，為豎直放置的接收屏。左側(cè)空間同時存在豎直向下的勻強電場和垂直紙面向里的勻強磁場時，粒子恰好沿直線垂直打在上的點；當只有電場或磁場時，粒子打在上的點或點，、、三點的位置如圖所示，。已知電場強度為E，磁感應(yīng)強度為，到屏的距離為。不計粒子重力和粒子間的相互作用力，則下列說法正確的是（）A.只加磁場時，粒子打到接收屏上的P點B.粒子源發(fā)射粒子的速度大小為C.粒子的比荷為D.間距離為【答案】BCD【解析】A．只加磁場時，由左手定則可知，粒子受洛倫茲力向下，則不會打到接收屏上的點，A錯誤；B．由題意可知，當粒子打在接收屏上的點時，粒子做勻速直線運動，粒子處于平衡狀態(tài)，可知解得粒子的速度為B正確；CD．根據(jù)粒子在只有電場時做類平拋運動，粒子打在接收屏上點，由牛頓第二定律可知粒子的水平方向位移為粒子的豎直方向位移為聯(lián)立可知根據(jù)粒子在只有磁場時，做圓周運動，粒子的運動軌跡如圖所示由洛倫茲力提供向心力可知即由幾何關(guān)系可知聯(lián)立解得C正確；D正確。故選BCD。二、非選擇題：本題共5小題，共54分。11.利用手機內(nèi)置加速度傳感器可實時顯示手機加速度的數(shù)值。小明通過智能手機探究加速度與合外力的關(guān)系，實驗裝置如圖甲所示，已知當?shù)刂亓铀俣葹間。（1）輕彈簧上端固定，下端與手機相連接，手機下端通過細繩懸掛小桶；（2）開始時，小桶裝有砝碼，整個實驗裝置處于靜止狀態(tài)；（3）突然剪斷細繩，通過手機軟件記錄豎直方向加速度a隨時間變化的圖像如圖乙所示，剪斷細繩瞬間手機的加速度對應(yīng)圖中的____（選填“A”“B”或“C”）點；（4）剪斷細繩瞬間手機受到的合力大小F等于____；A.砝碼的重力大小B.小桶和砝碼的重力大小C.手機的重力大小D.彈簧對手機的拉力大?。?）改變小桶中砝碼質(zhì)量，重復(fù)步驟（3），獲得多組實驗數(shù)據(jù)并繪制圖像如圖丙所示，由圖可得結(jié)論：在誤差允許的范圍內(nèi)，____；（6）如圖丁所示，某同學(xué)在處理數(shù)據(jù)時，以手機豎直方向的加速度a為縱坐標，砝碼質(zhì)量m為橫坐標，繪制圖像，獲得一條斜率為k，截距為b的直線，則可推算出手機的質(zhì)量為____（選用k、b、g表示）?！敬鸢浮浚?）A（4）B（5）質(zhì)量一定時，手機加速度與合外力成正比（6）【解析】（3）[1]前面的數(shù)據(jù)波動是保持平衡時的輕微擾動，后續(xù)的數(shù)據(jù)波動是因為手機在做（近似）簡諧運動，故第一個峰值即為我們要的繩子被剪斷時的瞬時加速度，故選“A”點；（4）[2]剪斷細繩瞬間，彈簧的彈力大小不變，手機受到的合力大小F小桶和砝碼的重力大小。故選B。（5）[3]由丙圖知，圖像為過原點的一條直線，根據(jù)圖像可以得到的結(jié)論，當手機的質(zhì)量一定時，手機的加速度與手機所受合外力成正比。（6）[4]繩子剪斷前，設(shè)彈力為，小桶質(zhì)量為，手機質(zhì)量為，對手機有平衡知繩子剪斷后，對手機由牛頓第二定律有綜上可得解得12.用圖（a）的電路研究電容器的充放電，電源電動勢為12V（內(nèi)阻忽略不計）；R1、R2、R3為定值電阻，其中R2=160Ω；電流傳感器（內(nèi)阻忽略不計）將電流信息傳入計算機，顯示出電流隨時間變化的I-t圖像。（1）①閉合開關(guān)K2，開關(guān)K1與1接通，待充電完成后，再與2接通，電容器放電的I-t圖像如圖（b）中的圖線I，圖線I與時間軸圍成的“面積”為S1，其物理意義是_______________________________；②斷開開關(guān)K2，開關(guān)K1與1接通，待充電完成后，再與2接通，電容器放電I-t圖像如圖（b）中的圖線II，圖線II與時間軸圍成的“面積”為S2，理論上應(yīng)該有S1__________S2（選填“>”“<”或“=”）；（2）測得S1為2.64mA?s，由此可知電容器的電容C=________μF，定值電阻R3=________Ω；開關(guān)K2閉合時，電容器放電過程中通過R3的電量為____________C?！敬鸢浮浚?）電容器放電過程，通過電流傳感器的電荷量=（2）220480【解析】【小問1詳析】①[1]根據(jù)可知I-t圖像與對應(yīng)時間軸所圍成的面積表示的物理意義是電荷量，即電容器放電過程，通過電流傳感器的電荷量。②[2]S1和S2均表示電容器放電的電荷量，所以【小問2詳析】[1]根據(jù)可得[2]根據(jù)可知，兩次放電過程的最大電流與電路電阻成反比，即解得[3]開關(guān)K2閉合時，電容器放電過程中通過R3的電量為13.特斯拉公司的CEO埃隆·馬斯克提出并推動了一項創(chuàng)新交通方式——馬斯克“真空”隧道。其關(guān)鍵技術(shù)是在隧道內(nèi)部創(chuàng)造接近真空的環(huán)境，列車在其中行駛時，所受空氣阻力幾乎為零，從而大幅提高列車的行駛速度。將馬斯克隧道簡化成如圖所示模型，導(dǎo)熱良好的密閉容器內(nèi)封閉有壓強為的空氣，現(xiàn)用抽氣筒緩慢從容器底部的閥門處（只出不進）進行抽氣。已知抽氣筒的抽氣部分有效體積為密閉容器容積的，空氣可視為理想氣體，求：（1）抽氣兩次后，容器內(nèi)剩余空氣的壓強p；（2）抽氣次后，容器內(nèi)剩余空氣和抽