高級(jí)中學(xué)名校試卷PAGEPAGE12025屆湖南省高考物理最后一卷熱身練習(xí)試卷4學(xué)校:___________姓名:___________班級(jí):___________考號(hào):___________注意事項(xiàng)：1．答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)填寫在本試卷和答題卡上．2．回答選擇題時(shí)，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)題目的答案標(biāo)號(hào)涂黑．如需改動(dòng)，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案標(biāo)號(hào)．回答非選擇題時(shí)，將答案寫在答題卡上．寫在本試卷上無效．3．考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回．一、選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1．有四個(gè)核反應(yīng)方程如下,下列說法正確的是()①92235U+01n→3895Sr+54138③1224Mg+24He→1327Al+X3A．①是核聚變,X1是0B．②是核裂變,X2是1C．③是原子核的人工轉(zhuǎn)變,X3是1D．④是核裂變,X4是22．如圖所示，在一個(gè)傾角為的長斜面底端點(diǎn)正上方的點(diǎn)處將一小球以速度水平拋出，恰好垂直擊中斜面上的點(diǎn)，。下列說法正確的是（）A．小球的初速度B．點(diǎn)離點(diǎn)的距離C．保持不變，將小球以的速度水平拋出，則擊中斜面的位置到點(diǎn)的距離大于D．若拋出點(diǎn)高度變?yōu)?，欲使小球仍能垂直擊中斜面，小球的初速度?yīng)調(diào)整為3．火星和地球一樣，不僅有南北極，而且還會(huì)自轉(zhuǎn)。一質(zhì)量為的飛行器分別停放在火星的南北兩極點(diǎn)時(shí)，其重力均為。當(dāng)該飛行器停放在火星赤道上時(shí)，其重力為；假設(shè)火星可視為質(zhì)量均勻分布的球體，半徑為，已知引力常量為，則火星自轉(zhuǎn)的角速度為（）A． B．C． D．4．一列簡(jiǎn)諧橫波沿軸正向傳播，已知x軸上m和m處兩個(gè)質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)圖像分別如圖1、圖2所示，則此列波的傳播速率可能是（）A．1m/s B．m/s C．m/s D．m/s5．如圖所示,兩水平金屬板構(gòu)成的器件中同時(shí)存在著相互垂直的勻強(qiáng)電場(chǎng)和勻強(qiáng)磁場(chǎng),電場(chǎng)強(qiáng)度E豎直向下,磁感應(yīng)強(qiáng)度B垂直紙面向里.P、Q為兩板中軸線與兩端交點(diǎn)處的小孔,一帶電粒子以某一速度v從P點(diǎn)沿中線射入,恰好從Q點(diǎn)沿中線射出,不計(jì)帶電粒子的重力.下列說法正確的是 ()A．粒子一定帶正電B．粒子的速度v一定等于EC．若v>EB,粒子可能從QD．若0<v<EB,粒子一定不能從Q6．（吉林長春外國語學(xué)校高二月考）AB板間存在豎直方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，現(xiàn)沿垂直電場(chǎng)線方向射入三種比荷(電荷量與質(zhì)量的比)相同的帶電粒子(不計(jì)重力)a、b和c，運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示，其中b和c是從同一點(diǎn)射入的．不計(jì)空氣阻力，則可知粒子運(yùn)動(dòng)的全過程中()A．運(yùn)動(dòng)的加速度aa>ab>acB．飛行時(shí)間tb＝tc>taC．水平速度va>vb＝vcD．電勢(shì)能的減少量ΔEc＝ΔEb>ΔEa二、選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多項(xiàng)是符合題目要求。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7．(12分)在某次消防演習(xí)中,消防隊(duì)員從一根豎直的長桿上由靜止滑下,經(jīng)過落地,已知該消防隊(duì)員與桿之間摩擦力的大小與他自身重力的大小的比值隨時(shí)間的變化如圖所示,取。(1)試說明該消防隊(duì)員在下滑過程中加速度的大小和方向是否變化?并求出相應(yīng)的加速度;(2)求該消防隊(duì)員在下滑過程中最大速度的大小;(3)求該消防隊(duì)員落地時(shí)速度的大小。8．如圖，理想變壓器原線圈接在電壓有效值恒定的交流電源上，圖中各電表均為理想電表。下列說法正確的是（）A．閉合開關(guān)S后電流表A1的示數(shù)不變B．閉合開關(guān)S后電壓表V的示數(shù)減小C．僅使觸頭P向下移動(dòng)，電流表A2的示數(shù)增大D．僅使觸頭P向上移動(dòng)，的功率減小9．如圖，長為的傾斜傳送帶以速度逆時(shí)針勻速運(yùn)動(dòng)。將質(zhì)量為的小物塊無初速放到傳送帶的上端，當(dāng)物塊運(yùn)動(dòng)到傳送帶的下端時(shí)，速度剛好也為，已知傳送帶傾斜角為，與物塊間的動(dòng)摩擦因數(shù)為，重力加速度為。下列說法正確的是（）

A．傳送帶對(duì)物塊做的功B．傳送帶對(duì)物塊做的功C．物塊與傳送帶摩擦產(chǎn)生的熱量為D．物塊與傳送帶摩擦產(chǎn)生的熱量為10．為半圓柱體玻璃磚的橫截面，直徑，一束由a光和b光組成的復(fù)色光，沿AO方向從上表面射入玻璃磚，入射角為。a光和b光折射后分別射到B、D點(diǎn)，如圖所示，a光在B點(diǎn)恰好發(fā)生全反射。已知光在真空中的傳播速度為c，下列說法正確的是（）A．b光在D點(diǎn)也可能發(fā)生全反射B．玻璃對(duì)a光的折射率為C．a(chǎn)光由O到B所需時(shí)間為D．玻璃對(duì)a光的折射率大于b光三、非選擇題：本大題共5題，共56分。11．如圖為某實(shí)驗(yàn)小組利用氣墊導(dǎo)軌做“驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律”的實(shí)驗(yàn)裝置．將氣墊導(dǎo)軌放在水平桌面上，細(xì)繩兩端分別與托盤（含砝碼）和滑塊（含遮光條）相連，滑塊在托盤的牽引下運(yùn)動(dòng)．已知光電門固定在的氣墊導(dǎo)軌上，遮光條的寬度d，托盤（含砝碼）的質(zhì)量為M，滑塊的質(zhì)量為m，重力加速度為g。（1）下列實(shí)驗(yàn)操作步驟，正確順序是。①測(cè)出遮光條到光電門的距離l②調(diào)節(jié)滑輪高度，使細(xì)繩與導(dǎo)軌平行③將氣墊導(dǎo)軌放在水平桌面，將導(dǎo)軌調(diào)至水平④釋放滑塊，讀出遮光條通過光電門的擋光時(shí)間t⑤打開氣源，將滑塊移至光電門右側(cè)某適合的位置（2）遮光條通過光電門時(shí)的速度大小為（用題中所給的字母表示）。（3）在滑塊從靜止釋放到運(yùn)動(dòng)到光電門的過程中，若系統(tǒng)要符合機(jī)械能守恒定律的結(jié)論，應(yīng)滿足的關(guān)系式為（用題中所給的字母表示）。（4）保持滑塊和砝碼質(zhì)量不變，多次改變遮光條到光電門的距離l，記錄每次遮光條的遮光時(shí)間t及對(duì)應(yīng)的，數(shù)據(jù)見下表請(qǐng)根據(jù)表中的數(shù)據(jù)，在方格紙上作出圖像。（5）某同學(xué)根據(jù)“圖像是一條過原點(diǎn)的直線”得出了“系統(tǒng)機(jī)械能守恒”的結(jié)論。你是否同意他的觀點(diǎn)？請(qǐng)簡(jiǎn)要說明理由。12．人造閃電——特斯拉線圈由一個(gè)巨大的線圈構(gòu)成，線圈是用單層漆包線繞在PVC管上制作而成，如圖1所示。某興趣小組在研究特斯拉線圈制作時(shí)，想知道繞制特斯拉線圈所需漆包線的總長度，于是設(shè)計(jì)了如下兩種方案進(jìn)行測(cè)量：方案1．利用幾何知識(shí)測(cè)量長度先用螺旋測(cè)微器測(cè)出漆包線直徑d；再用刻度尺測(cè)出PVC水管的直徑D和螺線管圍有線圈的側(cè)邊長度X，如圖2所示；然后使用數(shù)學(xué)知識(shí)長度表達(dá)式，可算出漆包線的總長度。方案2．利用電學(xué)知識(shí)測(cè)長度現(xiàn)有裝置如下：恒壓電源（內(nèi)阻可忽略）；毫安表（量程100mA，內(nèi)阻5.0Ω）；定值電阻R0（阻值R0=100Ω），電阻箱（最大阻值999.9Ω）；開關(guān)；待測(cè)螺線管；導(dǎo)線若干，請(qǐng)完成下列實(shí)驗(yàn)操作和計(jì)算。（1）電路連接該小組設(shè)計(jì)測(cè)量電路如圖3所示，根據(jù)電路圖完成圖4中的實(shí)物連線。（2）螺線管的電阻率的測(cè)量①將電阻箱置于最大阻值處；②閉合開關(guān)，逐漸改變電阻箱接入電路的阻值，使毫安表指針有較大角度偏轉(zhuǎn)，此時(shí)毫安表示數(shù)如圖5所示，為mA，對(duì)應(yīng)電阻箱讀數(shù)（如圖6所示）為Ω。③繼續(xù)改變電阻箱接入電路的阻值，得出第二組毫安表和電阻箱的讀數(shù)，分別為88mA，420.0Ω。④斷開開關(guān)，據(jù)上述數(shù)據(jù)，計(jì)算得到通電螺線管的電阻Rx=（結(jié)果保留三位有效數(shù)字）。⑤用螺旋測(cè)微器測(cè)出漆包線直徑d，如圖7所示，讀數(shù)為d=mm，再查出常溫下該導(dǎo)線的電阻率ρ，最后使用電阻定律，得漆包線的總長度表達(dá)式為L=（用Rx、ρ、d等字母表示），代入實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)可得漆包線的總長度。（3）誤差分析若考慮直流電源的內(nèi)阻，則方案2測(cè)得的電阻比真實(shí)值偏；簡(jiǎn)要說明這兩種方案的優(yōu)缺點(diǎn)：。13．氣缸模型在生活中有很多應(yīng)用，如圖所示：導(dǎo)熱良好的氣缸內(nèi)封閉一定質(zhì)量的空氣，初始時(shí)空氣體積為，溫度為；在環(huán)境溫度逐漸升高到的過程中，活塞向右緩慢移至虛線位置，氣缸內(nèi)空氣內(nèi)能增加。已知?dú)飧淄鈿鈮罕３植蛔?，空氣可視為理想氣體，不計(jì)活塞與氣缸間的摩擦。求該過程中：（1）氣缸內(nèi)空氣體積的變化量；（2）氣缸內(nèi)空氣對(duì)外做的功W；（3）氣缸內(nèi)空氣吸收的熱量Q。14．如圖所示，高度足夠的勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域下邊界水平、左右邊界豎直，磁場(chǎng)方向垂直于紙面向里。正方形單匝線框abcd的邊長L=0.2m、回路電阻R=1.6×10-3Ω、質(zhì)量m=0.2kg。線框平面與磁場(chǎng)方向垂直，線框的ad邊與磁場(chǎng)左邊界平齊，ab邊與磁場(chǎng)下邊界的距離也為L?，F(xiàn)對(duì)線框施加與水平向右方向成θ=45°角、大小為的恒力F，使其在圖示豎直平面內(nèi)由靜止開始運(yùn)動(dòng)。從ab邊進(jìn)入磁場(chǎng)開始，在豎直方向線框做勻速運(yùn)動(dòng)；dc邊進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)，bc邊恰好到達(dá)磁場(chǎng)右邊界。重力加速度大小取g=10m/s2，求：（1）ab邊進(jìn)入磁場(chǎng)前，線框在水平方向和豎直方向的加速度大?。唬?）磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小和線框進(jìn)入磁場(chǎng)的整個(gè)過程中回路產(chǎn)生的焦耳熱；（3）磁場(chǎng)區(qū)域的水平寬度。15．如圖所示，長的輕繩一端連接一質(zhì)量、可視為質(zhì)點(diǎn)的小球，另一端懸掛于點(diǎn)，有一質(zhì)量、傾角的斜面體靜止在光滑水平面上，斜面粗糙，為斜面上一點(diǎn)，兩點(diǎn)間的距離也為，且連線垂直于斜面。將一質(zhì)量的小物塊放在點(diǎn)，小物塊恰好保持靜止?，F(xiàn)將小球拉至輕繩水平，然后由靜止釋放，小球擺下后與小物塊發(fā)生彈性正碰，碰撞時(shí)間極短，此后小物塊滑至斜面上的點(diǎn)時(shí)與斜面體再次保持相對(duì)靜止，不計(jì)空氣阻力，小球擺動(dòng)時(shí)未與斜面相碰，最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，重力加速度，。(1)求小球與小物塊碰后瞬間小物塊的速度大?。?2)求碰后小球返回最低點(diǎn)時(shí)輕繩的拉力大??；(3)若小物塊到達(dá)P點(diǎn)后，斜面體突然被卡住并停止運(yùn)動(dòng)，此后小物塊恰好到達(dá)B點(diǎn)，求P、B兩點(diǎn)之間的距離s。

——★參考答案★——1．【知識(shí)點(diǎn)】核反應(yīng)、核反應(yīng)的反應(yīng)方程及能量計(jì)算、自發(fā)式核反應(yīng)【答案】C【解析】根據(jù)質(zhì)量數(shù)與電荷數(shù)守恒,X1的質(zhì)量數(shù)與電荷數(shù)分別為235+1-95-1383=1,92-38-543=0,則X1是01n,該反應(yīng)是核裂變,A錯(cuò)誤;根據(jù)質(zhì)量數(shù)與電荷數(shù)守恒,X2的質(zhì)量數(shù)與電荷數(shù)分別為3+1-2=2,2-1=1,則X2是12H,該反應(yīng)是核聚變,B錯(cuò)誤;根據(jù)質(zhì)量數(shù)與電荷數(shù)守恒,X3的質(zhì)量數(shù)與電荷數(shù)分別為24+4-27=1,12+2-13=1,則X3是11H,該反應(yīng)是原子核的人工轉(zhuǎn)變,C正確;根據(jù)質(zhì)量數(shù)與電荷數(shù)守恒,X4的質(zhì)量數(shù)與電荷數(shù)分別為238-234=4,92-90=2,則X4是2．【知識(shí)點(diǎn)】平拋運(yùn)動(dòng)與斜面、圓軌道相結(jié)合問題【答案】D【詳析】AB．如圖甲所示小球垂直擊中斜面時(shí)，速度的偏向角為，根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律的推論可知，速度偏向角的正切值，可得，，小球在空中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間，初速度，AB錯(cuò)誤；C．保持拋出點(diǎn)高度不變，初速度大小變?yōu)樵瓉淼膬杀叮鐖D乙所示若無斜面，則小球應(yīng)擊中點(diǎn)，實(shí)際擊中點(diǎn)為軌跡與斜面的交點(diǎn)，顯然離底端的距離小于，C錯(cuò)誤；D．若拋出點(diǎn)高度變?yōu)?，根?jù)小球垂直擊中斜面的規(guī)律知，根據(jù)A項(xiàng)的分析，可得，小球在空中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間，則小球下落的高度和水平位移均變?yōu)樵瓉淼膬杀?，根?jù)，小球的初速度應(yīng)調(diào)整為原來的倍，D正確。選D。3．【知識(shí)點(diǎn)】萬有引力定律問題的分析與計(jì)算【答案】D【詳析】設(shè)火星的質(zhì)量為M，物體在赤道處隨火星自轉(zhuǎn)做圓周運(yùn)動(dòng)的角速度于火星自轉(zhuǎn)的角速度，軌道半徑等于火星半徑，物體在赤道上的重力和物體隨火星自轉(zhuǎn)的向心力是萬有引力的分力。有，物體在兩極受到的重力等于在火星兩極受到的萬有引力，解得，選D。4．【知識(shí)點(diǎn)】波的多解問題【答案】B【詳析】由振動(dòng)圖像可知周期，時(shí)處質(zhì)點(diǎn)在平衡位置且向下振動(dòng)，而處質(zhì)點(diǎn)在正的最大位移處。波沿軸正方向傳播，其波形如圖所示，處質(zhì)點(diǎn)的平衡位置可能在、或則有（，，），解得波長為（，，），則波速為（，，）A．若波速為，則，由于只能取整數(shù)，A錯(cuò)誤；B．若波速為，則，B正確；C．若波速為，則，由于只能取整數(shù)，C錯(cuò)誤；D．若波速為，則，由于只能取整數(shù)，D錯(cuò)誤。選B。5．【知識(shí)點(diǎn)】帶電粒子在疊加場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)【答案】C【解析】若粒子帶正電,受到的電場(chǎng)力方向豎直向下,洛倫茲力方向豎直向上,若粒子帶負(fù)電,受到的電場(chǎng)力方向豎直向上,洛倫茲力方向豎直向下,只要速度滿足一定條件都能沿中線射出,故無法判斷帶電粒子的電性,故A錯(cuò)誤;如果qvB=qE,即v=EB,帶電粒子可以從Q點(diǎn)沿中線射出,如果速度為v>EB或0<v<EB,則電場(chǎng)力大小不變,洛倫茲力大小改變,粒子做曲線運(yùn)動(dòng),若板長及板間距離符合條件,粒子可能從Q點(diǎn)射出,故C正確,B、6．【知識(shí)點(diǎn)】元電荷、電子的比荷、幾種常見的電場(chǎng)、勻強(qiáng)電場(chǎng)、尖端放電、靜電屏蔽與靜電吸附、帶電粒子在勻強(qiáng)電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)、庫侖定律、庫侖定律的表達(dá)式和簡(jiǎn)單計(jì)算、點(diǎn)電荷的場(chǎng)強(qiáng)、電場(chǎng)電場(chǎng)強(qiáng)度、電場(chǎng)、電場(chǎng)強(qiáng)度、電場(chǎng)的疊加

、電場(chǎng)線、電荷電荷守恒定律、電荷及三種起電方式、電荷守恒定律、靜電平衡問題、靜電感應(yīng)現(xiàn)象及特點(diǎn)、靜電的防止與利用、非點(diǎn)電荷的電場(chǎng)強(qiáng)度的計(jì)算與疊加【答案】B【解析】根據(jù)牛頓第二定律，粒子運(yùn)動(dòng)的加速度為a＝，題中帶電粒子比荷相同，E相同，所以加速度相同，即aa＝ab＝ac，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；三個(gè)帶電粒子在豎直方向都做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，由y＝at2，得t＝，由圖有yb＝y(tǒng)c>ya，則得tb＝tc>ta，選項(xiàng)B正確；三個(gè)帶電粒子水平方向都做勻速直線運(yùn)動(dòng)，由x＝v0t，得v0＝，由圖知xa>xb>xc，又tb＝tc>ta，則得va>vb>vc，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；電場(chǎng)力做功為W＝qEy，由于電荷量關(guān)系不能確定，所以不能確定電場(chǎng)力做功的大小，也就不能確定電勢(shì)能減少量的大小，選項(xiàng)D錯(cuò)誤．7．【知識(shí)點(diǎn)】牛頓運(yùn)動(dòng)定律與圖像結(jié)合問題【答案】(1)見解析(2)(3)【解析】(1)由題圖可知該誚防隊(duì)員在時(shí)間內(nèi),加速度方向向下,大小設(shè)為,由牛頓第二定律得,又(2分)，聯(lián)立解得(1分)在時(shí)間內(nèi),加速度方向向上,大小設(shè)為,由牛頓第二定律得,又(2分)聯(lián)立解得(1分)故加速度的大小和方向都發(fā)生了變化。(2)該消防隊(duì)員先在時(shí)間內(nèi)以加速度大小勻加速下清,然后在時(shí)間內(nèi)以加速度大小勻加速下滑,則最大速度(2分)代入數(shù)據(jù)解得(1分)(3)該消防隊(duì)員落地時(shí)的速度(2分)，代入數(shù)據(jù)解得(1分)8．【知識(shí)點(diǎn)】含有理想變壓器的動(dòng)態(tài)電路分析、理想變壓器原、副線圈兩端的電壓、功率、電流關(guān)系及其應(yīng)用【答案】BD【詳析】根據(jù)題意，設(shè)原線圈的等效電阻為，副線圈負(fù)載電阻為，原副線圈匝數(shù)比為，則有AB．閉合開關(guān)S后，副線圈負(fù)載電阻為減小，則原線圈的等效電阻為減小，可知，電流表A1的示數(shù)，增大，原線圈輸入電壓，減小，則副線圈輸出電壓減小，輸出電流增大，則電壓表V的示數(shù)，減小，A錯(cuò)誤，B正確；C．僅使觸頭P向下移動(dòng)，副線圈負(fù)載電阻為減小，由AB分析可知，電壓表V的示數(shù)減小，則電流表A2的示數(shù)減小，C錯(cuò)誤；D．僅使觸頭P向上移動(dòng)，副線圈負(fù)載電阻為增大，則原線圈的等效電阻為增大，可知，電流表A1的示數(shù)，減小，則的功率，減小，D正確。選BD。9．【知識(shí)點(diǎn)】傳送帶模型中的能量守恒問題【答案】ACD【詳析】A．物塊速度達(dá)到v時(shí)，相對(duì)地面發(fā)生的位移為L，則傳送帶對(duì)物塊做的功為，A正確；B．根據(jù)動(dòng)能定理有，解得，B錯(cuò)誤；CD．設(shè)物塊速度達(dá)到經(jīng)過的時(shí)間為t，則傳送帶經(jīng)過的位移為，物塊相對(duì)地面發(fā)生的位移為，物塊相對(duì)傳送帶發(fā)生的位移為，物塊與傳送帶摩擦產(chǎn)生的熱量為，CD正確。選ACD。10．【知識(shí)點(diǎn)】全反射與折射的綜合應(yīng)用【答案】BCD【詳析】D．由圖可知，復(fù)色光從上表面射入玻璃磚時(shí)，a光的折射角小于b光的折射角，根據(jù)折射定律可知，玻璃對(duì)a光的折射率大于b光，D正確；B．如圖所示在O點(diǎn)根據(jù)折射定律得a光在B點(diǎn)恰好發(fā)生全反射，則有，根據(jù)幾何知識(shí)可得，聯(lián)立解得玻璃對(duì)a光的折射率為，B正確；C．a(chǎn)光由O到B所需時(shí)間為，其中，，解得，C正確；A．根據(jù)，，，可得，根據(jù)幾何關(guān)系可知，OD對(duì)應(yīng)的入射角小于OB對(duì)應(yīng)的入射角，則OD對(duì)應(yīng)的入射角小于，所以b光在D點(diǎn)一定不能發(fā)生全反射，A錯(cuò)誤。選BCD。11．【知識(shí)點(diǎn)】實(shí)驗(yàn)：驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律【答案】③②⑤①④（或③⑤②①④）；；；；不同意，圖線的斜率近似等于才能得出該結(jié)論【詳析】（1）[1]用氣墊導(dǎo)軌驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律時(shí)，將氣墊導(dǎo)軌放在水平桌面，將導(dǎo)軌調(diào)至水平，再調(diào)節(jié)滑輪高度，使細(xì)繩與導(dǎo)軌平行，打開氣源，將滑塊移至光電門右側(cè)某適合的位置，再測(cè)出遮光條到光電門的距離l，最后釋放滑塊，讀出遮光條通過光電門的擋光時(shí)間t，正確的順序是。（2）[2]根據(jù)瞬時(shí)速度的定義式可知，滑塊經(jīng)過光電門的速度為（3）[3]設(shè)滑塊和遮光條的總質(zhì)量托盤和砝碼下落過程中，系統(tǒng)增加的動(dòng)能，系統(tǒng)減少的重力勢(shì)能即為托盤和砝碼減少的重力勢(shì)能，為，為了驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律，需滿足的關(guān)系是（4）[4][5]根據(jù)數(shù)據(jù)做圖如圖所示由，變形得，只有圖線的斜率近似等于才能得出系統(tǒng)機(jī)械能守恒，所以根據(jù)“圖像是一條過原點(diǎn)的直線”得出了“系統(tǒng)機(jī)械能守恒”的結(jié)論是錯(cuò)誤的。12．【知識(shí)點(diǎn)】實(shí)驗(yàn)：導(dǎo)體電阻率的測(cè)量【答案】（1）（2）②66；620.0；④75.0；⑤0.350；（3）大；第一種方案操作簡(jiǎn)單，但線圈之間有空隙，誤差較大，將導(dǎo)致計(jì)算線圈匝數(shù)有比較大的誤差，從而影響長度測(cè)量；第二種方案精度較高，但實(shí)驗(yàn)操作復(fù)雜，漆包線漆的厚度、電表讀數(shù)等會(huì)引起誤差?！驹斘觥浚?）根據(jù)電路圖連接實(shí)物圖。（2）②根據(jù)讀數(shù)規(guī)則可知此時(shí)毫安表的讀數(shù)為66mA，電阻箱讀數(shù)為620.0；④根據(jù)閉合電路歐姆定律有，，代入數(shù)據(jù)得；⑤根據(jù)螺旋測(cè)微器的讀數(shù)規(guī)則可知，直徑，根據(jù)電阻定律和面積公式可知，，解得。（3）考慮到電源內(nèi)阻，則計(jì)算得到的是電源內(nèi)阻和線圈的總電阻，大于螺線管電阻的真實(shí)值。第一種方案操作簡(jiǎn)單，但線圈之間有空隙，誤差較大，將導(dǎo)致計(jì)算線圈匝數(shù)有比較大的誤差，從而影響長度測(cè)量；第二種方案精度較高，但實(shí)驗(yàn)操作復(fù)雜，漆包線漆的厚度、電表讀數(shù)等會(huì)引起誤差。13．【知識(shí)點(diǎn)】氣體的等壓變化與蓋—呂薩克定律、熱力學(xué)第一定律及其應(yīng)用【答案】（1）（2）（3）【詳析】（1）由題知?dú)飧變?nèi)外氣壓始終恒定且相等，則由蓋-呂薩克定律有，由，聯(lián)立解得。（2）做功為，解得（3）由熱力學(xué)第一定律，氣體體積變大，聯(lián)立解得。14．【知識(shí)點(diǎn)】導(dǎo)體切割磁感線產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)（電流）的分析與計(jì)算、電磁感應(yīng)現(xiàn)象中的功能問題、線框模型【答案】（1）ax=20m/s2，ay=10m/s2；（2）B=0.2T，Q=0.4J；（3）X=1.1m【詳析】（1）ab邊進(jìn)入磁場(chǎng)前，對(duì)線框進(jìn)行受力分析，在水平方向有max=Fcosθ，代入數(shù)據(jù)有ax=20m/s2，在豎直方向有may=Fsinθ-mg，代入數(shù)據(jù)有ay=10m/s2（2）ab邊進(jìn)入磁場(chǎng)開始，ab邊在豎直方向切割磁感線；ad邊和bc邊的上部分也開始進(jìn)入磁場(chǎng)，且在水平方向切割磁感線。但ad和bc邊的上部分產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)相互抵消，則整個(gè)回路的電源為ab，根據(jù)右手定則可知回路的電流為adcba，則ab邊進(jìn)入磁場(chǎng)開始，ab邊受到的安培力豎直向下，ad邊的上部分受到的安培力水平向右，bc邊的上部分受到的安培力水平向左，則ad邊和bc邊的上部分受到的安培力相互抵消，線框abcd受到的安培力的合力為ab邊受到的豎直向下的安培力。由題知，線框從ab邊進(jìn)入磁場(chǎng)開始，在豎直方向線框做勻速運(yùn)動(dòng)，有Fsinθ-mg-BIL=0，E=BLvy，，vy2=2ayL，聯(lián)立有B=0.2T，由題知，從ab邊進(jìn)入磁場(chǎng)開始，在豎直方向線框做勻速運(yùn)動(dòng)；dc邊進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)，bc邊恰好到達(dá)磁場(chǎng)右邊界。則線框進(jìn)入磁場(chǎng)的整個(gè)過程中，線框受到的安培力為恒力，則有Q=W安=BILy，y=L，F(xiàn)sinθ-mg=BIL，聯(lián)立解得Q=0.4J（3）線框從開始運(yùn)動(dòng)到進(jìn)入磁場(chǎng)的整個(gè)過程中所用的時(shí)間為vy=ayt1，L=vyt2，t=t1+t2，聯(lián)立解得t=0.3s，由（2）分析可知線框在水平方向一直做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，則在水平方向有，則磁場(chǎng)區(qū)域的水平寬度X=x+L=1.1m15．【知識(shí)點(diǎn)】求解彈性碰撞問題【答案】(1)(2)(3)【詳析】（1）由幾何關(guān)系可知，小球與小物塊碰撞瞬間，輕繩與豎直方向的夾角為，設(shè)碰撞前瞬間小球的速度大小為，根據(jù)機(jī)械能守恒定律有解得設(shè)小球、小物塊碰撞后瞬間的速度分別為，根據(jù)動(dòng)量守恒定律有根據(jù)機(jī)械能守恒定律有解得，碰后瞬間小物塊的速度大小為；（2）設(shè)小球返回至最低點(diǎn)時(shí)的速度大小為，根據(jù)機(jī)械能守恒定律有在最低點(diǎn)時(shí)有解得（3）碰后小物塊和斜面體整體水平方向動(dòng)量守恒，設(shè)小物塊到達(dá)點(diǎn)時(shí)，小物塊與斜面體的共同速度為有解得將小物塊的速度分解為沿斜面方向的分速度和垂直于斜面方向的分速度，如圖所示則有，當(dāng)斜面體停止運(yùn)動(dòng)后，突變?yōu)?，小物塊將以速度沿斜面上滑，設(shè)小物塊與斜面間的滑動(dòng)摩擦力為，因小物塊恰能靜止在斜面上，故小物塊從點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到點(diǎn)，根據(jù)動(dòng)能定理有解得2025屆湖南省高考物理最后一卷熱身練習(xí)試卷4學(xué)校:___________姓名:___________班級(jí):___________考號(hào):___________注意事項(xiàng)：1．答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)填寫在本試卷和答題卡上．2．回答選擇題時(shí)，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)題目的答案標(biāo)號(hào)涂黑．如需改動(dòng)，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案標(biāo)號(hào)．回答非選擇題時(shí)，將答案寫在答題卡上．寫在本試卷上無效．3．考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回．一、選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1．有四個(gè)核反應(yīng)方程如下,下列說法正確的是()①92235U+01n→3895Sr+54138③1224Mg+24He→1327Al+X3A．①是核聚變,X1是0B．②是核裂變,X2是1C．③是原子核的人工轉(zhuǎn)變,X3是1D．④是核裂變,X4是22．如圖所示，在一個(gè)傾角為的長斜面底端點(diǎn)正上方的點(diǎn)處將一小球以速度水平拋出，恰好垂直擊中斜面上的點(diǎn)，。下列說法正確的是（）A．小球的初速度B．點(diǎn)離點(diǎn)的距離C．保持不變，將小球以的速度水平拋出，則擊中斜面的位置到點(diǎn)的距離大于D．若拋出點(diǎn)高度變?yōu)?，欲使小球仍能垂直擊中斜面，小球的初速度?yīng)調(diào)整為3．火星和地球一樣，不僅有南北極，而且還會(huì)自轉(zhuǎn)。一質(zhì)量為的飛行器分別停放在火星的南北兩極點(diǎn)時(shí)，其重力均為。當(dāng)該飛行器停放在火星赤道上時(shí)，其重力為；假設(shè)火星可視為質(zhì)量均勻分布的球體，半徑為，已知引力常量為，則火星自轉(zhuǎn)的角速度為（）A． B．C． D．4．一列簡(jiǎn)諧橫波沿軸正向傳播，已知x軸上m和m處兩個(gè)質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)圖像分別如圖1、圖2所示，則此列波的傳播速率可能是（）A．1m/s B．m/s C．m/s D．m/s5．如圖所示,兩水平金屬板構(gòu)成的器件中同時(shí)存在著相互垂直的勻強(qiáng)電場(chǎng)和勻強(qiáng)磁場(chǎng),電場(chǎng)強(qiáng)度E豎直向下,磁感應(yīng)強(qiáng)度B垂直紙面向里.P、Q為兩板中軸線與兩端交點(diǎn)處的小孔,一帶電粒子以某一速度v從P點(diǎn)沿中線射入,恰好從Q點(diǎn)沿中線射出,不計(jì)帶電粒子的重力.下列說法正確的是 ()A．粒子一定帶正電B．粒子的速度v一定等于EC．若v>EB,粒子可能從QD．若0<v<EB,粒子一定不能從Q6．（吉林長春外國語學(xué)校高二月考）AB板間存在豎直方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，現(xiàn)沿垂直電場(chǎng)線方向射入三種比荷(電荷量與質(zhì)量的比)相同的帶電粒子(不計(jì)重力)a、b和c，運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示，其中b和c是從同一點(diǎn)射入的．不計(jì)空氣阻力，則可知粒子運(yùn)動(dòng)的全過程中()A．運(yùn)動(dòng)的加速度aa>ab>acB．飛行時(shí)間tb＝tc>taC．水平速度va>vb＝vcD．電勢(shì)能的減少量ΔEc＝ΔEb>ΔEa二、選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多項(xiàng)是符合題目要求。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7．(12分)在某次消防演習(xí)中,消防隊(duì)員從一根豎直的長桿上由靜止滑下,經(jīng)過落地,已知該消防隊(duì)員與桿之間摩擦力的大小與他自身重力的大小的比值隨時(shí)間的變化如圖所示,取。(1)試說明該消防隊(duì)員在下滑過程中加速度的大小和方向是否變化?并求出相應(yīng)的加速度;(2)求該消防隊(duì)員在下滑過程中最大速度的大小;(3)求該消防隊(duì)員落地時(shí)速度的大小。8．如圖，理想變壓器原線圈接在電壓有效值恒定的交流電源上，圖中各電表均為理想電表。下列說法正確的是（）A．閉合開關(guān)S后電流表A1的示數(shù)不變B．閉合開關(guān)S后電壓表V的示數(shù)減小C．僅使觸頭P向下移動(dòng)，電流表A2的示數(shù)增大D．僅使觸頭P向上移動(dòng)，的功率減小9．如圖，長為的傾斜傳送帶以速度逆時(shí)針勻速運(yùn)動(dòng)。將質(zhì)量為的小物塊無初速放到傳送帶的上端，當(dāng)物塊運(yùn)動(dòng)到傳送帶的下端時(shí)，速度剛好也為，已知傳送帶傾斜角為，與物塊間的動(dòng)摩擦因數(shù)為，重力加速度為。下列說法正確的是（）

A．傳送帶對(duì)物塊做的功B．傳送帶對(duì)物塊做的功C．物塊與傳送帶摩擦產(chǎn)生的熱量為D．物塊與傳送帶摩擦產(chǎn)生的熱量為10．為半圓柱體玻璃磚的橫截面，直徑，一束由a光和b光組成的復(fù)色光，沿AO方向從上表面射入玻璃磚，入射角為。a光和b光折射后分別射到B、D點(diǎn)，如圖所示，a光在B點(diǎn)恰好發(fā)生全反射。已知光在真空中的傳播速度為c，下列說法正確的是（）A．b光在D點(diǎn)也可能發(fā)生全反射B．玻璃對(duì)a光的折射率為C．a(chǎn)光由O到B所需時(shí)間為D．玻璃對(duì)a光的折射率大于b光三、非選擇題：本大題共5題，共56分。11．如圖為某實(shí)驗(yàn)小組利用氣墊導(dǎo)軌做“驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律”的實(shí)驗(yàn)裝置．將氣墊導(dǎo)軌放在水平桌面上，細(xì)繩兩端分別與托盤（含砝碼）和滑塊（含遮光條）相連，滑塊在托盤的牽引下運(yùn)動(dòng)．已知光電門固定在的氣墊導(dǎo)軌上，遮光條的寬度d，托盤（含砝碼）的質(zhì)量為M，滑塊的質(zhì)量為m，重力加速度為g。（1）下列實(shí)驗(yàn)操作步驟，正確順序是。①測(cè)出遮光條到光電門的距離l②調(diào)節(jié)滑輪高度，使細(xì)繩與導(dǎo)軌平行③將氣墊導(dǎo)軌放在水平桌面，將導(dǎo)軌調(diào)至水平④釋放滑塊，讀出遮光條通過光電門的擋光時(shí)間t⑤打開氣源，將滑塊移至光電門右側(cè)某適合的位置（2）遮光條通過光電門時(shí)的速度大小為（用題中所給的字母表示）。（3）在滑塊從靜止釋放到運(yùn)動(dòng)到光電門的過程中，若系統(tǒng)要符合機(jī)械能守恒定律的結(jié)論，應(yīng)滿足的關(guān)系式為（用題中所給的字母表示）。（4）保持滑塊和砝碼質(zhì)量不變，多次改變遮光條到光電門的距離l，記錄每次遮光條的遮光時(shí)間t及對(duì)應(yīng)的，數(shù)據(jù)見下表請(qǐng)根據(jù)表中的數(shù)據(jù)，在方格紙上作出圖像。（5）某同學(xué)根據(jù)“圖像是一條過原點(diǎn)的直線”得出了“系統(tǒng)機(jī)械能守恒”的結(jié)論。你是否同意他的觀點(diǎn)？請(qǐng)簡(jiǎn)要說明理由。12．人造閃電——特斯拉線圈由一個(gè)巨大的線圈構(gòu)成，線圈是用單層漆包線繞在PVC管上制作而成，如圖1所示。某興趣小組在研究特斯拉線圈制作時(shí)，想知道繞制特斯拉線圈所需漆包線的總長度，于是設(shè)計(jì)了如下兩種方案進(jìn)行測(cè)量：方案1．利用幾何知識(shí)測(cè)量長度先用螺旋測(cè)微器測(cè)出漆包線直徑d；再用刻度尺測(cè)出PVC水管的直徑D和螺線管圍有線圈的側(cè)邊長度X，如圖2所示；然后使用數(shù)學(xué)知識(shí)長度表達(dá)式，可算出漆包線的總長度。方案2．利用電學(xué)知識(shí)測(cè)長度現(xiàn)有裝置如下：恒壓電源（內(nèi)阻可忽略）；毫安表（量程100mA，內(nèi)阻5.0Ω）；定值電阻R0（阻值R0=100Ω），電阻箱（最大阻值999.9Ω）；開關(guān)；待測(cè)螺線管；導(dǎo)線若干，請(qǐng)完成下列實(shí)驗(yàn)操作和計(jì)算。（1）電路連接該小組設(shè)計(jì)測(cè)量電路如圖3所示，根據(jù)電路圖完成圖4中的實(shí)物連線。（2）螺線管的電阻率的測(cè)量①將電阻箱置于最大阻值處；②閉合開關(guān)，逐漸改變電阻箱接入電路的阻值，使毫安表指針有較大角度偏轉(zhuǎn)，此時(shí)毫安表示數(shù)如圖5所示，為mA，對(duì)應(yīng)電阻箱讀數(shù)（如圖6所示）為Ω。③繼續(xù)改變電阻箱接入電路的阻值，得出第二組毫安表和電阻箱的讀數(shù)，分別為88mA，420.0Ω。④斷開開關(guān)，據(jù)上述數(shù)據(jù)，計(jì)算得到通電螺線管的電阻Rx=（結(jié)果保留三位有效數(shù)字）。⑤用螺旋測(cè)微器測(cè)出漆包線直徑d，如圖7所示，讀數(shù)為d=mm，再查出常溫下該導(dǎo)線的電阻率ρ，最后使用電阻定律，得漆包線的總長度表達(dá)式為L=（用Rx、ρ、d等字母表示），代入實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)可得漆包線的總長度。（3）誤差分析若考慮直流電源的內(nèi)阻，則方案2測(cè)得的電阻比真實(shí)值偏；簡(jiǎn)要說明這兩種方案的優(yōu)缺點(diǎn)：。13．氣缸模型在生活中有很多應(yīng)用，如圖所示：導(dǎo)熱良好的氣缸內(nèi)封閉一定質(zhì)量的空氣，初始時(shí)空氣體積為，溫度為；在環(huán)境溫度逐漸升高到的過程中，活塞向右緩慢移至虛線位置，氣缸內(nèi)空氣內(nèi)能增加。已知?dú)飧淄鈿鈮罕３植蛔儯諝饪梢暈槔硐霘怏w，不計(jì)活塞與氣缸間的摩擦。求該過程中：（1）氣缸內(nèi)空氣體積的變化量；（2）氣缸內(nèi)空氣對(duì)外做的功W；（3）氣缸內(nèi)空氣吸收的熱量Q。14．如圖所示，高度足夠的勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域下邊界水平、左右邊界豎直，磁場(chǎng)方向垂直于紙面向里。正方形單匝線框abcd的邊長L=0.2m、回路電阻R=1.6×10-3Ω、質(zhì)量m=0.2kg。線框平面與磁場(chǎng)方向垂直，線框的ad邊與磁場(chǎng)左邊界平齊，ab邊與磁場(chǎng)下邊界的距離也為L?，F(xiàn)對(duì)線框施加與水平向右方向成θ=45°角、大小為的恒力F，使其在圖示豎直平面內(nèi)由靜止開始運(yùn)動(dòng)。從ab邊進(jìn)入磁場(chǎng)開始，在豎直方向線框做勻速運(yùn)動(dòng)；dc邊進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)，bc邊恰好到達(dá)磁場(chǎng)右邊界。重力加速度大小取g=10m/s2，求：（1）ab邊進(jìn)入磁場(chǎng)前，線框在水平方向和豎直方向的加速度大小；（2）磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小和線框進(jìn)入磁場(chǎng)的整個(gè)過程中回路產(chǎn)生的焦耳熱；（3）磁場(chǎng)區(qū)域的水平寬度。15．如圖所示，長的輕繩一端連接一質(zhì)量、可視為質(zhì)點(diǎn)的小球，另一端懸掛于點(diǎn)，有一質(zhì)量、傾角的斜面體靜止在光滑水平面上，斜面粗糙，為斜面上一點(diǎn)，兩點(diǎn)間的距離也為，且連線垂直于斜面。將一質(zhì)量的小物塊放在點(diǎn)，小物塊恰好保持靜止。現(xiàn)將小球拉至輕繩水平，然后由靜止釋放，小球擺下后與小物塊發(fā)生彈性正碰，碰撞時(shí)間極短，此后小物塊滑至斜面上的點(diǎn)時(shí)與斜面體再次保持相對(duì)靜止，不計(jì)空氣阻力，小球擺動(dòng)時(shí)未與斜面相碰，最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，重力加速度，。(1)求小球與小物塊碰后瞬間小物塊的速度大小；(2)求碰后小球返回最低點(diǎn)時(shí)輕繩的拉力大小；(3)若小物塊到達(dá)P點(diǎn)后，斜面體突然被卡住并停止運(yùn)動(dòng)，此后小物塊恰好到達(dá)B點(diǎn)，求P、B兩點(diǎn)之間的距離s。

——★參考答案★——1．【知識(shí)點(diǎn)】核反應(yīng)、核反應(yīng)的反應(yīng)方程及能量計(jì)算、自發(fā)式核反應(yīng)【答案】C【解析】根據(jù)質(zhì)量數(shù)與電荷數(shù)守恒,X1的質(zhì)量數(shù)與電荷數(shù)分別為235+1-95-1383=1,92-38-543=0,則X1是01n,該反應(yīng)是核裂變,A錯(cuò)誤;根據(jù)質(zhì)量數(shù)與電荷數(shù)守恒,X2的質(zhì)量數(shù)與電荷數(shù)分別為3+1-2=2,2-1=1,則X2是12H,該反應(yīng)是核聚變,B錯(cuò)誤;根據(jù)質(zhì)量數(shù)與電荷數(shù)守恒,X3的質(zhì)量數(shù)與電荷數(shù)分別為24+4-27=1,12+2-13=1,則X3是11H,該反應(yīng)是原子核的人工轉(zhuǎn)變,C正確;根據(jù)質(zhì)量數(shù)與電荷數(shù)守恒,X4的質(zhì)量數(shù)與電荷數(shù)分別為238-234=4,92-90=2,則X4是2．【知識(shí)點(diǎn)】平拋運(yùn)動(dòng)與斜面、圓軌道相結(jié)合問題【答案】D【詳析】AB．如圖甲所示小球垂直擊中斜面時(shí)，速度的偏向角為，根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律的推論可知，速度偏向角的正切值，可得，，小球在空中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間，初速度，AB錯(cuò)誤；C．保持拋出點(diǎn)高度不變，初速度大小變?yōu)樵瓉淼膬杀叮鐖D乙所示若無斜面，則小球應(yīng)擊中點(diǎn)，實(shí)際擊中點(diǎn)為軌跡與斜面的交點(diǎn)，顯然離底端的距離小于，C錯(cuò)誤；D．若拋出點(diǎn)高度變?yōu)?，根?jù)小球垂直擊中斜面的規(guī)律知，根據(jù)A項(xiàng)的分析，可得，小球在空中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間，則小球下落的高度和水平位移均變?yōu)樵瓉淼膬杀?，根?jù)，小球的初速度應(yīng)調(diào)整為原來的倍，D正確。選D。3．【知識(shí)點(diǎn)】萬有引力定律問題的分析與計(jì)算【答案】D【詳析】設(shè)火星的質(zhì)量為M，物體在赤道處隨火星自轉(zhuǎn)做圓周運(yùn)動(dòng)的角速度于火星自轉(zhuǎn)的角速度，軌道半徑等于火星半徑，物體在赤道上的重力和物體隨火星自轉(zhuǎn)的向心力是萬有引力的分力。有，物體在兩極受到的重力等于在火星兩極受到的萬有引力，解得，選D。4．【知識(shí)點(diǎn)】波的多解問題【答案】B【詳析】由振動(dòng)圖像可知周期，時(shí)處質(zhì)點(diǎn)在平衡位置且向下振動(dòng)，而處質(zhì)點(diǎn)在正的最大位移處。波沿軸正方向傳播，其波形如圖所示，處質(zhì)點(diǎn)的平衡位置可能在、或則有（，，），解得波長為（，，），則波速為（，，）A．若波速為，則，由于只能取整數(shù)，A錯(cuò)誤；B．若波速為，則，B正確；C．若波速為，則，由于只能取整數(shù)，C錯(cuò)誤；D．若波速為，則，由于只能取整數(shù)，D錯(cuò)誤。選B。5．【知識(shí)點(diǎn)】帶電粒子在疊加場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)【答案】C【解析】若粒子帶正電,受到的電場(chǎng)力方向豎直向下,洛倫茲力方向豎直向上,若粒子帶負(fù)電,受到的電場(chǎng)力方向豎直向上,洛倫茲力方向豎直向下,只要速度滿足一定條件都能沿中線射出,故無法判斷帶電粒子的電性,故A錯(cuò)誤;如果qvB=qE,即v=EB,帶電粒子可以從Q點(diǎn)沿中線射出,如果速度為v>EB或0<v<EB,則電場(chǎng)力大小不變,洛倫茲力大小改變,粒子做曲線運(yùn)動(dòng),若板長及板間距離符合條件,粒子可能從Q點(diǎn)射出,故C正確,B、6．【知識(shí)點(diǎn)】元電荷、電子的比荷、幾種常見的電場(chǎng)、勻強(qiáng)電場(chǎng)、尖端放電、靜電屏蔽與靜電吸附、帶電粒子在勻強(qiáng)電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)、庫侖定律、庫侖定律的表達(dá)式和簡(jiǎn)單計(jì)算、點(diǎn)電荷的場(chǎng)強(qiáng)、電場(chǎng)電場(chǎng)強(qiáng)度、電場(chǎng)、電場(chǎng)強(qiáng)度、電場(chǎng)的疊加

、電場(chǎng)線、電荷電荷守恒定律、電荷及三種起電方式、電荷守恒定律、靜電平衡問題、靜電感應(yīng)現(xiàn)象及特點(diǎn)、靜電的防止與利用、非點(diǎn)電荷的電場(chǎng)強(qiáng)度的計(jì)算與疊加【答案】B【解析】根據(jù)牛頓第二定律，粒子運(yùn)動(dòng)的加速度為a＝，題中帶電粒子比荷相同，E相同，所以加速度相同，即aa＝ab＝ac，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；三個(gè)帶電粒子在豎直方向都做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，由y＝at2，得t＝，由圖有yb＝y(tǒng)c>ya，則得tb＝tc>ta，選項(xiàng)B正確；三個(gè)帶電粒子水平方向都做勻速直線運(yùn)動(dòng)，由x＝v0t，得v0＝，由圖知xa>xb>xc，又tb＝tc>ta，則得va>vb>vc，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；電場(chǎng)力做功為W＝qEy，由于電荷量關(guān)系不能確定，所以不能確定電場(chǎng)力做功的大小，也就不能確定電勢(shì)能減少量的大小，選項(xiàng)D錯(cuò)誤．7．【知識(shí)點(diǎn)】牛頓運(yùn)動(dòng)定律與圖像結(jié)合問題【答案】(1)見解析(2)(3)【解析】(1)由題圖可知該誚防隊(duì)員在時(shí)間內(nèi),加速度方向向下,大小設(shè)為,由牛頓第二定律得,又(2分)，聯(lián)立解得(1分)在時(shí)間內(nèi),加速度方向向上,大小設(shè)為,由牛頓第二定律得,又(2分)聯(lián)立解得(1分)故加速度的大小和方向都發(fā)生了變化。(2)該消防隊(duì)員先在時(shí)間內(nèi)以加速度大小勻加速下清,然后在時(shí)間內(nèi)以加速度大小勻加速下滑,則最大速度(2分)代入數(shù)據(jù)解得(1分)(3)該消防隊(duì)員落地時(shí)的速度(2分)，代入數(shù)據(jù)解得(1分)8．【知識(shí)點(diǎn)】含有理想變壓器的動(dòng)態(tài)電路分析、理想變壓器原、副線圈兩端的電壓、功率、電流關(guān)系及其應(yīng)用【答案】BD【詳析】根據(jù)題意，設(shè)原線圈的等效電阻為，副線圈負(fù)載電阻為，原副線圈匝數(shù)比為，則有AB．閉合開關(guān)S后，副線圈負(fù)載電阻為減小，則原線圈的等效電阻為減小，可知，電流表A1的示數(shù)，增大，原線圈輸入電壓，減小，則副線圈輸出電壓減小，輸出電流增大，則電壓表V的示數(shù)，減小，A錯(cuò)誤，B正確；C．僅使觸頭P向下移動(dòng)，副線圈負(fù)載電阻為減小，由AB分析可知，電壓表V的示數(shù)減小，則電流表A2的示數(shù)減小，C錯(cuò)誤；D．僅使觸頭P向上移動(dòng)，副線圈負(fù)載電阻為增大，則原線圈的等效電阻為增大，可知，電流表A1的示數(shù)，減小，則的功率，減小，D正確。選BD。9．【知識(shí)點(diǎn)】傳送帶模型中的能量守恒問題【答案】ACD【詳析】A．物塊速度達(dá)到v時(shí)，相對(duì)地面發(fā)生的位移為L，則傳送帶對(duì)物塊做的功為，A正確；B．根據(jù)動(dòng)能定理有，解得，B錯(cuò)誤；CD．設(shè)物塊速度達(dá)到經(jīng)過的時(shí)間為t，則傳送帶經(jīng)過的位移為，物塊相對(duì)地面發(fā)生的位移為，物塊相對(duì)傳送帶發(fā)生的位移為，物塊與傳送帶摩擦產(chǎn)生的熱量為，CD正確。選ACD。10．【知識(shí)點(diǎn)】全反射與折射的綜合應(yīng)用【答案】BCD【詳析】D．由圖可知，復(fù)色光從上表面射入玻璃磚時(shí)，a光的折射角小于b光的折射角，根據(jù)折射定律可知，玻璃對(duì)a光的折射率大于b光，D正確；B．如圖所示在O點(diǎn)根據(jù)折射定律得a光在B點(diǎn)恰好發(fā)生全反射，則有，根據(jù)幾何知識(shí)可得，聯(lián)立解得玻璃對(duì)a光的折射率為，B正確；C．a(chǎn)光由O到B所需時(shí)間為，其中，，解得，C正確；A．根據(jù)，，，可得，根據(jù)幾何關(guān)系可知，OD對(duì)應(yīng)的入射角小于OB對(duì)應(yīng)的入射角，則OD對(duì)應(yīng)的入射角小于，所以b光在D點(diǎn)一定不能發(fā)生全反射，A錯(cuò)誤。選BCD。11．【知識(shí)點(diǎn)】實(shí)驗(yàn)：驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律【答案】③②⑤①④（或③⑤②①④）；；；；不同意，圖線的斜率近似等于才能得出該結(jié)論【詳析】（1）[1]用氣墊導(dǎo)軌驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律時(shí)，將氣墊導(dǎo)軌放在水平桌面，將導(dǎo)軌調(diào)至水平，再調(diào)節(jié)滑輪高度，使細(xì)繩與導(dǎo)軌平行，打開氣源，將滑塊移至光電門右側(cè)某適合的位置，再測(cè)出遮光條到光電門的距離l，最后釋放滑塊，讀出遮光條通過光電門的擋光時(shí)間t，正確的順序是。（2）[2]根據(jù)瞬時(shí)速度的定義式可知，滑塊經(jīng)過光電門的速度為（3）[3]設(shè)滑塊和遮光條的總質(zhì)量托盤和砝碼下落過程中，系統(tǒng)增加的動(dòng)能，系統(tǒng)減少的重力勢(shì)能即為托盤和砝碼減少的重力勢(shì)能，為，為了驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律，需滿足的關(guān)系是（4）