黑龍江省實(shí)驗(yàn)中學(xué)2025-2026學(xué)年度高二學(xué)年上學(xué)期期中考試物理學(xué)科試題考試時(shí)間：75分鐘總分：100分一、選擇題：本題共10小題，共46分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第1~7題只有一項(xiàng)符合題目要求，每題4分；第8~10題有多項(xiàng)符合題目要求，每題6分，全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。1.用小球和輕彈簧組成彈簧振子，使其沿水平方向做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，振動(dòng)圖像如圖所示，下列描述正確的是（）A.時(shí)，振子的速度最大 B.時(shí)，振子的速度最小C.時(shí)，振子的加速度最大 D.時(shí)，振子的加速度最大【答案】C【解析】【詳解】A．由圖可知，t=1s時(shí)振子位移最大，此時(shí)速度為零，故A錯(cuò)誤；B．由圖可知，t=2s時(shí)振子位移為零，速度最大，故B錯(cuò)誤；C．由圖可知，t=3s時(shí)振子位移最大，回復(fù)力最大，振子的加速度最大，故C正確；D．由圖可知，t=4s時(shí)振子位移為零，回復(fù)力為零，加速度為零，故D錯(cuò)誤。故選C。2.如圖所示，質(zhì)量不相等的兩物塊P、Q用輕質(zhì)彈簧連接靜止在光滑水平面上，系統(tǒng)在外力的作用下彈簧處于壓縮狀態(tài)，現(xiàn)撤去外力，在此后的運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，彈簧始終在彈性限度范圍內(nèi)，對(duì)P、Q和彈簧組成的系統(tǒng)，下列說(shuō)法正確的是（）A.動(dòng)量不守恒，機(jī)械能不守恒 B.動(dòng)量守恒，機(jī)械能守恒C.動(dòng)量不守恒，機(jī)械能守恒 D.動(dòng)量守恒，機(jī)械能不守恒【答案】B【解析】【詳解】系統(tǒng)（由P、Q和彈簧）在光滑水平面上，水平方向不受外力，因此動(dòng)量守恒；彈簧的彈性勢(shì)能與P、Q的動(dòng)能相互轉(zhuǎn)化，但彈簧的彈性勢(shì)能屬于系統(tǒng)機(jī)械能的一部分，在轉(zhuǎn)化過(guò)程中，系統(tǒng)機(jī)械能守恒。故選B。3.圖為鍵盤(pán)一個(gè)按鍵的示意圖，按鍵下面連著由兩塊金屬片組成的小電容器，上金屬片連接按鍵，下金屬片固定。按下按鍵后，兩金屬片的間隙變小，則電容器的電容（）A.變大 B.變小 C.不變 D.無(wú)法判斷【答案】A【解析】【詳解】根據(jù)可知，按下按鍵后，兩金屬片的間隙d變小，則電容器的電容C變大。故選A。4.如圖所示的電路中，輸入電壓U恒為8V，燈泡L標(biāo)有“3V，6W”字樣，若燈泡恰能正常發(fā)光，以下說(shuō)法正確的是（）A.電動(dòng)機(jī)的輸出功率是10W B.電動(dòng)機(jī)的電阻為C.電動(dòng)機(jī)的機(jī)械效率可以計(jì)算 D.整個(gè)電路消耗的電功率是16W【答案】D【解析】【詳解】ABC．由于燈泡恰能正常發(fā)光，則電路電流則電動(dòng)機(jī)兩端電壓雖然可以求出電動(dòng)機(jī)兩端電壓和電路中電流，但電動(dòng)機(jī)為非純電阻，歐姆定律不適用，無(wú)法計(jì)算電動(dòng)機(jī)的電阻、電動(dòng)機(jī)的輸出功率、電動(dòng)機(jī)的機(jī)械效率，故ABC錯(cuò)誤；D．整個(gè)電路消耗的電功率，故D正確。故選D。5.城市進(jìn)入高樓時(shí)代后，高空墜物已成為危害極大的社會(huì)安全問(wèn)題。假設(shè)一個(gè)質(zhì)量為50g的雞蛋從45m高處由靜止釋放后，砸到地面的一個(gè)安全帽上，雞蛋殼與安全帽的作用時(shí)間為，重力加速度g取，則安全帽受到的平均沖擊力大小約為（）A.3000N B.300N C.30N D.0.5N【答案】A【解析】【詳解】設(shè)雞蛋落地時(shí)速度為v，根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式解得：碰撞過(guò)程中，雞蛋動(dòng)量變化為：根據(jù)動(dòng)量定理解得：故選A。6.某靈敏電流計(jì)的滿偏電流為100mA，與阻值為2Ω的定值電阻R并聯(lián)可改裝成量程為0.6A的電流表，如圖所示，則該靈敏電流計(jì)的內(nèi)阻為（）A.10Ω B.0.4Ω C.20Ω D.0.2Ω【答案】A【解析】【分析】【詳解】設(shè)靈敏電流計(jì)的內(nèi)阻為，由題意可知解得：，A正確；故選A。7.如圖所示，甲、乙兩船的總質(zhì)量（包括船、人和貨物）分別為10m、12m，兩船沿同一直線相向運(yùn)動(dòng)，速率分別為、，為避免兩船相撞，乙船上的人將一質(zhì)量為m的貨物沿水平方向拋向甲船，甲船上的人將貨物接住。不計(jì)水的阻力。則拋出貨物的對(duì)地最小速率是（）A. B. C. D.【答案】C【解析】【詳解】設(shè)拋出貨物的對(duì)地速度為v，規(guī)定向左為正方向，對(duì)乙與人系統(tǒng)有對(duì)甲與人系統(tǒng)有為避免兩船相撞，則有聯(lián)立解得即拋出貨物的對(duì)地最小速率。故選C。8.如圖所示，帶電的平行板電容器水平放置，質(zhì)量相同，重力不計(jì)的帶電微粒A、B，平行于極板以相同的初速度射入電場(chǎng)，結(jié)果打在極板上的同一點(diǎn)上。不計(jì)兩微粒之間的庫(kù)侖力，則（）A.微粒在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的加速度= B.微粒在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的加速度>C.微粒在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間= D.微粒在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間>【答案】BC【解析】【詳解】CD．水平方向兩個(gè)粒子做勻速直線運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)時(shí)間為因?yàn)閤、v0相等，則t相等，故C正確，D錯(cuò)誤；AB．在豎直方向上兩個(gè)粒子做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，由因?yàn)椋視r(shí)間相等，所以故A錯(cuò)誤，B正確。故選BC9.如圖所示，定值電阻（r為電源內(nèi)阻），滑動(dòng)變阻器的最大阻值為，閉合開(kāi)關(guān)S，在滑動(dòng)變阻器的滑片P由左端a向右端b滑動(dòng)的過(guò)程中，以下說(shuō)法中正確的是（）A.電源總功率變小 B.消耗的功率先變大后變小C.滑動(dòng)變阻器消耗的功率先變大后變小 D.電源的輸出功率先變大后變小【答案】CD【解析】【詳解】A．滑片P由a端向b端滑動(dòng)的過(guò)程中，R阻值減小，回路總電阻減小，電流增大，根據(jù)可知電源的總功率變大，故A錯(cuò)誤；B．由于電流增大，根據(jù)可知定值電阻消耗的功率變大，故B錯(cuò)誤；C．將等效成電源內(nèi)阻一部分，當(dāng)時(shí)，滑動(dòng)變阻器消耗的功率最大，可以判斷滑動(dòng)變阻器消耗的功率先變大后變小，故C正確；D．滑片P在左端a時(shí)電流有最小值且為根據(jù)電源輸出功率可知當(dāng)電流時(shí)電源輸出功率有最大值，因?yàn)榭芍狪在一直增大過(guò)程中，根據(jù)數(shù)學(xué)關(guān)系可知電源的輸出功率先變大后變小，故D正確。故選CD。10.如圖甲所示，a、b兩物塊（均視為質(zhì)點(diǎn)）用勁度系數(shù)為k的輕質(zhì)彈簧連接并放置在光滑的水平面上，t=0時(shí)，使a獲得水平向右、大小為v0的速度，a、b運(yùn)動(dòng)的速度—時(shí)間關(guān)系圖像如圖乙所示，已知陰影部分的面積為S0，彈簧的彈性勢(shì)能Ep與彈簧的形變量x以及彈簧的勁度系數(shù)k之間的關(guān)系式為，彈簧始終處于彈性限度內(nèi)，下列說(shuō)法正確的是（）A.t1時(shí)刻，a、b間的距離最小 B.a的質(zhì)量為C.0~t3時(shí)間內(nèi)，a所受沖量的大小為 D.0~t1時(shí)間內(nèi)b的位移大小【答案】ABD【解析】【詳解】A．根據(jù)圖乙可知，t1時(shí)刻之前a的速度大于b的速度，兩物體間的距離逐漸減小，t1時(shí)刻a的速度等于b的速度，此時(shí)a、b間的距離最小，故A正確；B．設(shè)a的質(zhì)量為ma，b的質(zhì)量為mb，以水平向右的方向?yàn)檎较?，由?dòng)量守恒定律得根據(jù)系統(tǒng)的機(jī)械能守恒定律可得初始時(shí)刻彈簧處于原長(zhǎng)，設(shè)t1時(shí)刻彈簧的形變量為x0，已知陰影部分的面積為S0，則有x0=S0，設(shè)彈簧的勁度系數(shù)為k，則有聯(lián)立解得a的質(zhì)量為，故B正確；C．0~t3時(shí)間內(nèi)，以水平向右的方向?yàn)檎较?，?duì)a由動(dòng)量定理，方向與a的初速度方向相反，則大小為，故C錯(cuò)誤；D．0~t1時(shí)間內(nèi)S0=x0=xa?xb根據(jù)動(dòng)量守恒mav0=mava＋mbvb在很小的時(shí)間間隔里mav0Δt=mavaΔt＋mbvbΔt0~t1時(shí)間內(nèi)∑mav0Δt=∑mavaΔt＋∑mbvbΔt可得mav0t1=maxa＋mbxb又以上各式聯(lián)立可得，故D正確。故選ABD。二、非選擇題：本題共5小題，共54分。11.某同學(xué)練習(xí)使用多用電表（1）用多用電表測(cè)電阻時(shí)，下列說(shuō)法正確的是_________。A．測(cè)量前必須歐姆調(diào)零，而且每測(cè)一次電阻都要重新調(diào)零B．用選擇開(kāi)關(guān)指向歐姆擋“”位置的多用電表測(cè)某電阻阻值，如果指針偏轉(zhuǎn)角度太小，應(yīng)這將選擇開(kāi)關(guān)調(diào)至“”擋C．待測(cè)電阻若是連接在電路中，應(yīng)當(dāng)先把它與其他元件斷開(kāi)后再測(cè)量D．使用完畢應(yīng)當(dāng)撥出表筆，并把選擇開(kāi)關(guān)旋到OFF擋或直流電壓最高擋（2）用多用電表測(cè)電流時(shí)，若多用電表未接入電路時(shí)。指針如圖1所示，接著操作是__________。將多用電表接入電路時(shí)，應(yīng)該讓電流從___________（填“紅”或“黑”）表筆流入，若選擇開(kāi)關(guān)撥至“50mA”擋，指針?biāo)傅奈恢萌鐖D2所示，則電路中的電流為_(kāi)________mA?！敬鸢浮竣?C②.進(jìn)行機(jī)械調(diào)零③.紅④.29.2~29.5【解析】【詳解】（1）[1]A．測(cè)量電阻前要進(jìn)行歐姆調(diào)零，但當(dāng)兩個(gè)待測(cè)電阻選用同一倍率擋位時(shí)就不需要二次歐姆調(diào)零了，故A錯(cuò)誤；B．用選擇開(kāi)關(guān)指向歐姆擋“”位置的多用電表測(cè)某電阻阻值，如果指針偏轉(zhuǎn)角度太小，說(shuō)明倍率過(guò)小，應(yīng)這將選擇開(kāi)關(guān)調(diào)至“”擋，故B錯(cuò)誤；C．待測(cè)電阻若是連接在電路中，應(yīng)當(dāng)先把它與其他元件斷開(kāi)后再測(cè)量，通過(guò)待測(cè)電阻的電流必須是歐姆表內(nèi)部電源提供，這樣才滿足歐姆表的工作原理，故C正確；D．使用完畢應(yīng)當(dāng)撥出表筆，并把選擇開(kāi)關(guān)旋到OFF擋或交流電壓最高擋，不能是直流，故D錯(cuò)誤。故選C。（2）[2]若多用電表未接入電路時(shí),指針沒(méi)有指向電流表盤(pán)0刻度線，則需要進(jìn)行機(jī)械調(diào)零；[3]多用電表接入電路時(shí)，應(yīng)該讓電流從紅表筆流入，流向電源負(fù)極，紅表筆相當(dāng)于直流電表的+接線柱；[4]圖2所示的電流讀數(shù)為29.3mA。12.用圖甲的“碰撞實(shí)驗(yàn)器”可以驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律，即研究?jī)蓚€(gè)小球在軌道水平部分碰撞前后的動(dòng)量關(guān)系。O點(diǎn)是小球拋出時(shí)球心在地面上的垂直投影點(diǎn)。實(shí)驗(yàn)時(shí)，先讓入射小球1多次從斜軌上S位置由靜止釋放，找到多次落地點(diǎn)的平均位置P，測(cè)量平拋水平射程O(píng)P；然后把被碰小球2靜置于水平軌道的末端，再將入射小球1從斜軌上S位置由靜止釋放，與小球2相撞；多次重復(fù)實(shí)驗(yàn)，找到兩個(gè)小球落地的平均位置M、N。（1）下列器材選取，說(shuō)法正確的是（）A．可選用半徑不同的兩小球B．選用兩球的質(zhì)量應(yīng)滿足m1>m2C．斜槽軌道必須光滑（2）圖乙是小球m2的多次落點(diǎn)痕跡，由此可確定其落點(diǎn)的平均位置對(duì)應(yīng)的讀數(shù)為_(kāi)__________cm；（3）①在某次實(shí)驗(yàn)中，測(cè)量出兩小球的質(zhì)量分別為m1、m2，三個(gè)落點(diǎn)的平均位置與O點(diǎn)的距離分別為OM、OP、ON。在實(shí)驗(yàn)誤差允許范圍內(nèi)，若滿足關(guān)系式___________，即驗(yàn)證了碰撞前后兩小球組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒（用所給已知量表示）；②若碰撞過(guò)程中機(jī)械能守恒，不計(jì)空氣阻力，下列關(guān)系式正確的是___________。A．m1?ON2=m1?OM2＋m2?OP2B．m1?OP2=m1?OM2＋m2?ON2C．m1?OP3=m1?OM3＋m2?ON3【答案】①.B②.55.50##55.60③.m1OP=m1OM＋m2ON④.B【解析】【詳解】（1）[1]為了保證小球發(fā)生對(duì)心正碰，且入射小球不反彈，所以要求入射小球的質(zhì)量大于被碰小球的質(zhì)量，且二者半徑相同，而斜槽軌道有無(wú)摩擦均可。故選B。（2）[2]落點(diǎn)的平均位置所對(duì)應(yīng)的讀數(shù)為55.50cm；（3）[3]若在實(shí)驗(yàn)誤差允許的范圍動(dòng)量守恒，則小球離開(kāi)斜槽軌道做平拋運(yùn)動(dòng)，豎直方向位移相等，故運(yùn)動(dòng)時(shí)間相等；水平方向有所以[4]若碰撞過(guò)程中機(jī)械能守恒，則即故選B。13.在如圖所示的勻強(qiáng)電場(chǎng)中，一個(gè)電荷量Q=+2.0×10-8C的點(diǎn)電荷所受電場(chǎng)力F＝4.0×10-4N.沿電場(chǎng)線方向有A、B兩點(diǎn)，A、B兩點(diǎn)間的距離s=0.10m.（不計(jì)重力）求：（1）勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度E的大小；（2）該點(diǎn)電荷從A點(diǎn)靜止釋放到B點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能EKB.【答案】（1）2×104N/C（2）4×10-5J【解析】【詳解】（1）電荷Q在勻強(qiáng)電場(chǎng)中受到的電場(chǎng)力，則有：（2）點(diǎn)電荷從A點(diǎn)靜止釋放到B點(diǎn)的過(guò)程，由動(dòng)能定理得：解得：14.如圖所示，光滑水平桌面上一只質(zhì)量為5.0kg的保齡球，撞上一只原來(lái)靜止，質(zhì)量為1.5kg的球瓶。此后球瓶以3.0m/s的速度向前飛出，而保齡球以2.0m/s的速度繼續(xù)向前運(yùn)動(dòng)，求：（1）碰撞前保齡球速度大??；（2）通過(guò)計(jì)算判斷該碰撞是彈性碰撞還是非彈性碰撞?！敬鸢浮浚?）v1=2.9m/s（2）非彈性碰撞【解析】【小問(wèn)1詳解】設(shè)碰撞前保齡球的速度為v1，根據(jù)動(dòng)量守恒定律有解得【小問(wèn)2詳解】保齡球和球瓶組成的系統(tǒng)初、末動(dòng)能分別為J，J因?yàn)镋k1<Ek0，所以該碰撞是非彈性碰撞。15.如圖，高度為H的斜面與足夠長(zhǎng)的水平軌道平滑連接，水平軌道上相鄰兩球間距均為的18個(gè)大小相同的球從左往右排成一排，1號(hào)球的質(zhì)量為3m，2~18號(hào)球的質(zhì)量均為m。若將質(zhì)量為3m的A球從斜面的最高點(diǎn)靜止釋放。所有球均視為質(zhì)點(diǎn)，碰撞均為彈性碰撞，重力加速度大小為g，A球經(jīng)過(guò)斜面最低點(diǎn)時(shí)無(wú)能量損失，不計(jì)一切阻力。（1）求A球滑下斜面時(shí)的速度大小；（2）求1號(hào)球與2號(hào)球第一次碰后1號(hào)球速度大??；（3）若1號(hào)球與2號(hào)球第一次碰撞后，立即給1號(hào)球施加水平向右的恒定外力F（圖中未畫(huà)出，F(xiàn)遠(yuǎn)小于1、2號(hào)球碰撞時(shí)的相互作用力），使1號(hào)球每次與2號(hào)球碰撞前的速度都和兩球第一次碰前1號(hào)球的速度相等，直到1~18號(hào)球速度第一次都相等時(shí)撤去外力，求：①外力F的大?。虎谧罱K1號(hào)球與18號(hào)球之間的距離?！敬鸢浮浚?）（2）（3）①