1、絕密啟用前【全國百強(qiáng)?！可綎|省新泰第一中學(xué)2018-2019學(xué)年高二上學(xué)期期中考試物理試題試卷副標(biāo)題考試范圍：xxx；考試時(shí)間：100分鐘；命題人：xxx題號(hào)一二三四總分得分注意事項(xiàng)：1答題前填寫好自己的姓名、班級(jí)、考號(hào)等信息2請(qǐng)將答案正確填寫在答題卡上第I卷（選擇題)請(qǐng)點(diǎn)擊修改第I卷的文字說明評(píng)卷人得分一、單選題1關(guān)于多普勒效應(yīng)，下列說法正確的是（ ）A產(chǎn)生多普勒效應(yīng)的原因是波源頻率發(fā)生了變化B產(chǎn)生多普勒效應(yīng)的原因是觀察者或波源發(fā)生運(yùn)動(dòng)C甲、乙兩列車相向行駛，兩車均鳴笛，且所發(fā)出的笛聲頻率相同，那么乙車中的某旅客聽到的甲車笛聲頻率低于他聽到的乙車笛聲頻率D哈勃太空望遠(yuǎn)鏡發(fā)現(xiàn)所接收到的來自于遙

2、遠(yuǎn)星系上的某種原子光譜，與地球上同種原子的光譜相比較，光譜中各條譜線的波長均變長（稱為哈勃紅移），這說明該星系正在遠(yuǎn)離我們而去2如圖所示，在國慶閱兵盛典上，我國預(yù)警機(jī)“空警2 000”在天安門上空時(shí)機(jī)翼保持水平，以3.6102km/h的速度自東向西飛行，該機(jī)的翼展(兩翼尖之間的距離)為50m，北京地區(qū)地磁場(chǎng)的豎直分量向下，大小為4.0105T，則()A兩翼尖之間的電勢(shì)差為2.0VB兩翼尖之間的電勢(shì)差為1.0VC飛行員左方翼尖的電勢(shì)比右方翼尖的電勢(shì)高D飛行員左方翼尖的電勢(shì)比右方翼尖的電勢(shì)低3如圖所示，S1、S2是振動(dòng)情況完全相同的兩個(gè)機(jī)械波波源，振幅為A，a、b、c三點(diǎn)分別位于S1、S2連線的中

3、垂線上，且ab=bc,某時(shí)刻a是兩列波的波峰相遇點(diǎn)，c是兩列波的波谷相遇點(diǎn)，則（）Aa處質(zhì)點(diǎn)的位移始終為2ABc處質(zhì)點(diǎn)的位移始終為-2ACb處質(zhì)點(diǎn)的振幅為0Dc處質(zhì)點(diǎn)的振幅為2A4將一段導(dǎo)線繞成圖甲所示的閉合回路，并固定在水平面（紙面）.回路ab邊置于勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，回路的圓形區(qū)域內(nèi)有垂直紙面的磁場(chǎng)，以向里為磁場(chǎng)的正方向，磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間t變化的圖象如圖乙所示用F表示ab邊受到的安培力，以水平向右為F的正方向，能正確反映F隨時(shí)間t變化的圖象是（）ABCD5黃、紅、綠三種單色光以相同的入射角到達(dá)介質(zhì)和空氣的界面若黃光恰好發(fā)生全反射，則（ ）A紅光一定能發(fā)生全反射B綠光一定能發(fā)生全反射C紅光在

4、介質(zhì)中的波長比它在空氣中的波長長D三種單色光相比，綠光在該介質(zhì)中傳播的速率最大6在雙縫干涉實(shí)驗(yàn)中，實(shí)驗(yàn)裝置如圖所示，圖中依次是是光源、濾光片、單縫、雙縫、光屏。調(diào)整實(shí)驗(yàn)裝置中的雙縫，使兩狹縫間的距離增大，則在光屏上看到的條紋（ ）A條紋條數(shù)變少B條紋間距不變C條紋間距變大D條紋間距變小7如圖所示，足夠長的豎直絕緣管內(nèi)壁粗糙程度處處相同，處在方向彼此垂直的勻強(qiáng)電場(chǎng)和勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，電場(chǎng)強(qiáng)度和磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小分別為E和B，一個(gè)質(zhì)量為m，電荷量為+q的小球從靜止開始沿管下滑，下列關(guān)于小球所受彈力N、運(yùn)動(dòng)速度v、運(yùn)動(dòng)加速度a、運(yùn)動(dòng)位移x，運(yùn)動(dòng)時(shí)間t之間的關(guān)系圖像中正確的是（ ）ABCD8如圖所示，質(zhì)量為M

5、的物塊鉤在水平放置的左端固定的輕質(zhì)彈簧的右端，構(gòu)成一彈簧振子，物塊可沿光滑水平面在BC間做簡諧運(yùn)動(dòng)，振幅為A。在運(yùn)動(dòng)過程中將一質(zhì)量為m的小物塊輕輕地放在M上，第一次是當(dāng)M運(yùn)動(dòng)到平衡位置O處時(shí)放在上面，第二次是當(dāng)M運(yùn)動(dòng)到最大位移處C處時(shí)放在上面，觀察到第一次放后的振幅為A1，第二次放后的振幅為A2，則（ ）AA1=A2=ABA1A2=ACA1=A2ADA2A1=A9如圖為單擺在兩次受迫振動(dòng)中的共振曲線，則下列說法正確的是（ ）A若兩次受迫振動(dòng)分別在月球上和地球上進(jìn)行，且擺長相同，則圖線I表示月球上單擺的共振曲線B若兩次受迫振動(dòng)是在地球上同一地點(diǎn)進(jìn)行，則兩次擺長之比ll254C圖線若是在地面上完成

6、的，則該擺擺長約為1 m。（取g）D若擺長均為1 m，則圖線I是在地面上完成的10帶等量異種電荷的兩個(gè)帶電粒子分別以速度va和vb射入勻強(qiáng)磁場(chǎng)，兩粒子的入射方向與磁場(chǎng)邊界的夾角分別為30和60，磁場(chǎng)寬度為d，兩粒子同時(shí)由A點(diǎn)出發(fā)，同時(shí)到達(dá)B點(diǎn)，AB的連線與磁場(chǎng)邊界垂直，如圖，則()Aa粒子帶正電，b粒子帶負(fù)電B兩粒子的軌道半徑之比RaRb13C兩粒子的質(zhì)量之比mamb12D兩粒子的速度之比vavb12評(píng)卷人得分二、多選題11如圖所示是研究自感通電實(shí)驗(yàn)的電路圖，A1、A2是兩個(gè)規(guī)格相同的小燈泡，閉合電鍵調(diào)節(jié)電阻R，使兩個(gè)燈泡的亮度相同，調(diào)節(jié)可變電阻R1，使它們都正常發(fā)光，然后斷開電鍵S重新閉合電

7、鍵S，則（）A閉合開關(guān)瞬間，A2立刻變亮，A1逐漸變亮B穩(wěn)定后，L和R兩端電勢(shì)差一定相同C斷開開關(guān)瞬間，A1慢慢熄滅，A2立即熄滅D斷開開關(guān)瞬間，通過A2燈的電流方向自左到右12如圖甲所示，不計(jì)電阻的矩形金屬線框繞與磁感線垂直的轉(zhuǎn)軸在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，輸出交流電的電動(dòng)勢(shì)圖象如圖乙所示，經(jīng)原副線圈匝數(shù)比為1:10的理想變壓器給一燈泡供電，燈泡上標(biāo)有“220V 22W”字樣，如圖丙所示，則（ ）A產(chǎn)生電動(dòng)勢(shì)的瞬時(shí)表達(dá)式為e=22sin100t(V)B燈泡中的電流方向每秒鐘改變100次C燈泡正常發(fā)光D電流表示數(shù)為2A13條形磁鐵放在水平面上，在它的上方偏右處有一根固定的垂直紙面的直導(dǎo)線，如圖所示，

8、當(dāng)直導(dǎo)線中通以圖示方向的電流時(shí)，磁鐵仍保持靜止.下列結(jié)論正確的是（ ）A磁鐵對(duì)水平面的壓力減小B磁鐵對(duì)水平面的壓力增大C磁鐵對(duì)水平面施加向左的靜摩擦力D磁鐵所受的合外力增加14如圖所示，質(zhì)量為M的楔形物體靜止在光滑的水平地面上，其斜面光滑且足夠長，與水平方向的夾為。一個(gè)質(zhì)量為m的小物塊從斜面底端沿斜面向上以初速度v0開始運(yùn)動(dòng)。當(dāng)小物塊沿斜面向上運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)時(shí)，速度大小為v,距地面高度為h,則下列關(guān)系式中正確的是（ ）Amv0=(m+M)vBmv0cos=(m+M)vCmgh+12(m+M)v2=12mv02Dmgh=12m(v0sin)2第II卷（非選擇題)請(qǐng)點(diǎn)擊修改第II卷的文字說明評(píng)卷人得

9、分三、實(shí)驗(yàn)題15某同學(xué)用單擺測(cè)量重力加速度。（1）將細(xì)線穿過球上的小孔，打個(gè)結(jié)，制成一個(gè)單擺。將做好的單擺用鐵夾固定在鐵架臺(tái)的橫桿上，把鐵架臺(tái)放在實(shí)驗(yàn)桌邊，使鐵夾伸到桌面以外，讓擺球自由下垂。用游標(biāo)卡尺測(cè)出小球的直徑d；再用刻度尺測(cè)出從懸點(diǎn)至小球上端的懸線長l，則擺長l=_；（2）把單擺從平衡位置拉開一個(gè)小角度，使單擺在豎直面內(nèi)擺動(dòng)。用秒表測(cè)量單擺完成n次全振動(dòng)所用的時(shí)間t，如圖所示，秒表的讀數(shù)為_s；（3）根據(jù)以上測(cè)量量（d、l、n、t），寫出當(dāng)?shù)刂亓铀俣鹊谋磉_(dá)式g=_。（4）實(shí)驗(yàn)中如果重力加速度的測(cè)量值偏大，其可能的原因是_。A把擺線的長度l當(dāng)成了擺長B擺線上端未牢固地固定于O點(diǎn)，振動(dòng)中

10、出現(xiàn)松動(dòng)，使擺線變長C測(cè)量周期時(shí)，誤將擺球（n-1）次全振動(dòng)的時(shí)間t記成了n次全振動(dòng)的時(shí)間D擺球的質(zhì)量過大（5）為了減少實(shí)驗(yàn)誤差，可采用圖象法處理數(shù)據(jù)，通過多次改變擺長，測(cè)得多組擺長L和對(duì)應(yīng)的周期T，并作出T2L圖象，如圖所示。若圖線的斜率為k，則用k表示重力加速度的測(cè)量值g=_。 評(píng)卷人得分四、解答題16x=0的質(zhì)點(diǎn)在t=0時(shí)刻開始振動(dòng)，產(chǎn)生的波沿x軸正方向傳播，t1=0.14s時(shí)刻波的圖象如圖所示，質(zhì)點(diǎn)A剛好開始振動(dòng)。求波在介質(zhì)中的傳播速度；求x=4m的質(zhì)點(diǎn)在0.14s內(nèi)運(yùn)動(dòng)的路程。17如圖所示,寬度為I0的平行光束從空氣中斜射到一平板玻璃的上表面,入射角i=60,該光束由兩種不同的單色光

11、a和b組成,玻璃對(duì)兩種單色光的折射率分別為n1=62，n2=3試求：兩種單色光在玻璃中的傳播時(shí)間之比；為使光從玻璃下表面出射時(shí)，兩種光各自的光束不重疊，玻璃板的厚度d的最小值。18如圖所示，兩條足夠長的平行金屬導(dǎo)軌相距L，與水平面的夾角為，整個(gè)空間在垂直于導(dǎo)軌平面的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小均為B，虛線上方軌道光滑且磁場(chǎng)方向上，虛線下方軌道粗糙且磁場(chǎng)方形向下。當(dāng)導(dǎo)體棒EF以初速度v0沿導(dǎo)軌滑至最大高度的過程中，導(dǎo)體棒MN一直靜止在導(dǎo)軌上。若兩導(dǎo)體棒質(zhì)量均為m、電阻均為R,導(dǎo)軌電阻不計(jì)，重力加速度為g，在此過程中異體棒EF上產(chǎn)生的焦耳熱為Q。求：（1）導(dǎo)體捧受到的最大摩擦力；（2）異體棒EF上升的

12、最大高度；（3）若已知此過程通過EF的電荷量為q，求過程經(jīng)歷時(shí)間。19如圖所示，豎直平面內(nèi)邊長為a的正方形ABCD是磁場(chǎng)的分界線，在正方形的四周及正方形區(qū)域內(nèi)存在方向相反、磁感應(yīng)強(qiáng)度大小均為B的與豎直平面垂直的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，M、N分別是邊AD、BC的中點(diǎn)現(xiàn)有一質(zhì)量為m、電荷量為q的帶正電粒子從M點(diǎn)沿MN方向射出，帶電粒子的重力不計(jì)(1)若在正方形區(qū)域內(nèi)加一與磁場(chǎng)方向垂直的勻強(qiáng)電場(chǎng)，恰使以初速度v0射出的帶電粒子沿MN直線運(yùn)動(dòng)到N點(diǎn)，求所加場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度的大小和方向(2)為使帶電粒子從M點(diǎn)射出后，在正方形區(qū)域內(nèi)運(yùn)動(dòng)到達(dá)B點(diǎn)，則初速度v1應(yīng)滿足什么條件？(3)試求帶電粒子從M點(diǎn)到達(dá)N點(diǎn)所用時(shí)間的最小值，

13、并求出此條件下粒子第一次回到M點(diǎn)的時(shí)間參考答案1D【解析】【詳解】產(chǎn)生多普勒效應(yīng)的原因是觀察者或波源發(fā)生相對(duì)運(yùn)動(dòng)，使得觀察者接收到的波的頻率發(fā)生變化，選項(xiàng)AB錯(cuò)誤；甲、乙兩列車相向行駛，兩車均鳴笛，且所發(fā)出的笛聲頻率相同，因乙車中的乘客相對(duì)甲車靠近，而相對(duì)乙車靜止，那么乙車中的某旅客聽到的甲車笛聲頻率高于他聽到的乙車笛聲頻率，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；哈勃太空望遠(yuǎn)鏡發(fā)現(xiàn)所接收到的來自于遙遠(yuǎn)星系上的某種原子光譜，與地球上同種原子的光譜相比較，光譜中各條譜線的波長均變長（稱為哈勃紅移），即頻率變小，說明該星系正在遠(yuǎn)離我們而去，故D正確；故選D。2C【解析】由E=BLv可得，兩翼尖間的電勢(shì)差為U=E=4.010-

14、5503.61023.6V=0.2V，AB錯(cuò)誤；由右手定則可知，電路中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)方向自右向左，因飛機(jī)此時(shí)作為電源處理，故電勢(shì)應(yīng)為左方向高，C正確D錯(cuò)誤【點(diǎn)睛】在沒有電流的情況下，也可由右手定則判斷電勢(shì)的高低；四指所指的方向?yàn)楦唠妱?shì)處；注意右手定則和左手定則的區(qū)別3D【解析】【詳解】AB：S1、S2是振動(dòng)情況完全相同的兩個(gè)機(jī)械波波源，振幅為A；某時(shí)刻a是兩列波的波峰相遇點(diǎn)，c是兩列波的波谷相遇點(diǎn)；再經(jīng)過T4，a是平衡位置相遇點(diǎn)，c是平衡位置相遇點(diǎn)；因此a、c處質(zhì)點(diǎn)的位移是不斷變化的。故AB兩項(xiàng)錯(cuò)誤。CD：S1、S2是振動(dòng)情況完全相同的兩個(gè)機(jī)械波波源，振幅為A，a、b、c三點(diǎn)分別位于S1、S2連線

15、的中垂線上，這三點(diǎn)的振幅均為2A。故C項(xiàng)錯(cuò)誤，D項(xiàng)正確。4C【解析】分析一個(gè)周期內(nèi)的情況：在前半個(gè)周期內(nèi)，磁感應(yīng)強(qiáng)度均勻變化，磁感應(yīng)強(qiáng)度B的變化度一定，由法拉第電磁感應(yīng)定律得知，圓形線圈中產(chǎn)生恒定的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)恒定不變，則感應(yīng)電流恒定不變，ab邊在磁場(chǎng)中所受的安培力也恒定不變，由楞次定律可知，圓形線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電流方向?yàn)轫槙r(shí)針方向，通過ab的電流方向從ba，由左手定則判斷得知，ab所受的安培力方向水平向左，為負(fù)值；同理可知，在后半個(gè)周期內(nèi)，安培力大小恒定不變，方向水平向右故C正確故選C.點(diǎn)睛：本題要求學(xué)生能正確理解B-t圖的含義，故道B如何變化，才能準(zhǔn)確的利用楞次定律進(jìn)行判定根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)

16、定律分析感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的變化，由歐姆定律判斷感應(yīng)電流的變化，進(jìn)而可確定安培力大小的變化5B【解析】【分析】根據(jù)折射定律可知兩種光的折射率大小，由臨界角公式sinC=1/n ，分析臨界角的大小根據(jù)光的干涉研究結(jié)果：波長間距與波長成正比，分析干涉條紋間距的關(guān)系由v=c/n 判斷光在該介質(zhì)中速度關(guān)系再由v=可得光在介質(zhì)中的波長如何變化.【詳解】根據(jù)折射定律可知折射率最大的是綠光，最小的是紅光，由臨界角公式sinC=1/n，臨界角最小的是綠光，最大的是紅光，由于黃光恰好發(fā)生全反射，所以入射角大于綠光的臨界角，小于紅光的臨界角，因此綠光一定發(fā)生光的全反射，而紅光不能發(fā)生全反射，故A錯(cuò)誤，B正確。由v=可得，

17、紅光進(jìn)入介質(zhì)后頻率不變，波速減小，所以紅光在介質(zhì)中的波長比它在空氣中的波長短，故C錯(cuò)誤。由v=c/n可知，折射率越大的傳播速度越小，所以綠光在介質(zhì)中的傳播速率最小，故D錯(cuò)誤。故選B?！军c(diǎn)睛】本題考查光的折射定律以及全反射的性質(zhì)，主要考查對(duì)不同色光特性的理解能力對(duì)于光的全反射可結(jié)合折射定律和臨界角公式理解記憶6D【解析】試題分析：根據(jù)x=L/d，使兩狹縫間的距離d增大，則會(huì)使x變小，選項(xiàng)D正確?？键c(diǎn)：雙縫干涉的條紋。7A【解析】試題分析：小球向下運(yùn)動(dòng)的過程中，在水平方向上受向右的電場(chǎng)力qE和水平向左的洛倫茲力qvB和管壁的彈力N的作用，水平方向上合力始終為零，則有：N=qE-qvB，在豎直方向上

18、受重力mg和摩擦力f作用，其中摩擦力為：f=N=qE-qvB，在運(yùn)動(dòng)過程中加速度為：a=mg-fm=g-(qE-qvB)m，由N=qE-qvB式可知，N-v圖象時(shí)一條直線，且N隨v的增大而減小，A正確；由可知，小球向下運(yùn)動(dòng)的過程中，速度的變化不是均勻的，所以加速度的變化也不是均勻的，B錯(cuò)誤；由可知，在速度增大的過程中，摩擦力是先減小后增大的（在達(dá)到最大速度之前），結(jié)合式可知加速度先增大后減小，C圖體現(xiàn)的是加速度先減小后增大，C錯(cuò)誤；在速度增到最大之前，速度是一直增大，而圖D體現(xiàn)的是速度先減小后增大，所以選項(xiàng)D錯(cuò)誤考點(diǎn)：考查了帶電小球在復(fù)合場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)【名師點(diǎn)睛】本題關(guān)鍵明確小球的運(yùn)動(dòng)情況，先做加

19、速度增加的加速運(yùn)動(dòng)，然后做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)加速度減為零時(shí)，速度最大同時(shí)要注意在不同的圖象中斜率所表示的不同含義8B【解析】試題分析：根據(jù)兩種情況下系統(tǒng)能量變化的角度分析振幅的變化情況振子運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)時(shí)速度恰為0，此時(shí)放上小物塊，系統(tǒng)的總能量即為此時(shí)彈簧儲(chǔ)存的彈性勢(shì)能不變，故振幅不變，即A2=A；振子運(yùn)動(dòng)到平衡位置時(shí)速度最大，彈簧的彈性勢(shì)能為零，放上小物塊后，系統(tǒng)的機(jī)械能的減小，根據(jù)能量守恒定律可得機(jī)械能轉(zhuǎn)化為彈性勢(shì)能總量減小，故彈簧的最大伸長（壓縮）量減小，即振幅減小，所以A1A，故A1A2=A，B正確9ABC【解析】試題分析：若兩次受迫振動(dòng)分別在月球上和地球上進(jìn)行，因?yàn)閳D線單擺的固有頻

20、率較小，則固有周期較大，根據(jù)T=2Lg知，周期大的重力加速度小，則圖線是月球上單擺的共振曲線，故A正確；若兩次受迫振動(dòng)均在地球上同一地點(diǎn)進(jìn)行的，則重力加速度相等，因?yàn)楣逃蓄l率比為2：5，則固有周期比為5：2，根據(jù)T=2Lg，知擺長比為25：4，故B正確；圖線若是在地球表面上完成的，則固有頻率為0.5Hz，則T=2Lg=2，解得L=1m，故C正確，D錯(cuò)誤?？键c(diǎn)：產(chǎn)生共振的條件及其應(yīng)用；自由振動(dòng)和受迫振動(dòng)【名師點(diǎn)睛】解決本題的關(guān)鍵知道受迫振動(dòng)的頻率等于驅(qū)動(dòng)力的頻率，當(dāng)驅(qū)動(dòng)力的頻率等于固有頻率時(shí)，發(fā)生共振以及掌握單擺的周期公式。10AC【解析】由左手定則可判定：a粒子帶負(fù)電，b粒子帶正電，故A錯(cuò)誤；

21、由幾何關(guān)系可得：RaRb33；兩者運(yùn)動(dòng)時(shí)間相同，則由：tTbTa，可得TaTb12，由Bqv42mRT2和RmvqB可得：TmBq，則mambTaTb12；又由Bqvmv2R，解得：vBqRm，則vavbRambRbma233.11ABD【解析】（1）閉合開關(guān)瞬間，有線圈L的支路相當(dāng)于斷路，A2立刻變亮，A1逐漸變亮，穩(wěn)定后，兩個(gè)燈泡的亮度相同，說明它們兩端的電壓相同，線圈L和滑變器R兩端電勢(shì)差一定相同，故AB正確；（2）斷開開關(guān)瞬間，線圈L發(fā)生自感現(xiàn)象，阻礙電流的減小，此時(shí)L與兩燈組成回路中電流不能迅速變小，亮燈同時(shí)逐漸熄滅，C錯(cuò)誤；（3）通過A2燈的電流方向自左到右，D正確。故本題選ABD

22、?！军c(diǎn)睛】閉合開關(guān)的瞬間，L相當(dāng)于斷路，穩(wěn)定后自感作用消失，結(jié)合歐姆定律分析電壓大小，斷開開關(guān)瞬間，L相當(dāng)于電源與兩燈組成回路。12BC【解析】A. 由圖可知，交流電的周期為0.02s，=100rad/s，最大值為222V，所以電動(dòng)勢(shì)的瞬時(shí)表達(dá)式為e=222sin100t(V)，故A錯(cuò)誤； B. 一個(gè)周期內(nèi)電流方向改變兩次，所以燈泡中的電流方向每秒鐘改變100次，故B正確； C. 原線圈輸入電壓為有效值為22V，則副線圈的電壓為2210=220V，燈泡正常發(fā)光，額定電壓為電壓的有效值220V，故C正確； D. 由P=UI可知，副線圈電流I2=P/U=22/220=0.1A，則由I1：I2=10

23、：1求得I1=1A，故D錯(cuò)誤；故選：BC13BC【解析】以導(dǎo)線為研究對(duì)象，由左手定則判斷得知導(dǎo)線所受安培力方向斜向右上方，根據(jù)牛頓第三定律得知，導(dǎo)線對(duì)磁鐵的安培力方向斜向左下方，磁鐵有向左運(yùn)動(dòng)的趨勢(shì)，受到向右的摩擦力，磁鐵對(duì)水平面施加向左的靜摩擦力，同時(shí)磁鐵對(duì)地的壓力增大，故BC正確。點(diǎn)晴：以導(dǎo)線為研究對(duì)象，根據(jù)電流方向和磁場(chǎng)方向判斷所受的安培力方向，再根據(jù)牛頓第三定律，分析磁鐵所受的支持力和摩擦力情況。14BC【解析】【分析】小物塊上升到最高點(diǎn)時(shí)，速度與楔形物體的速度相同，小物塊與楔形物體組成的系統(tǒng)水平方向不受外力，系統(tǒng)水平方向動(dòng)量守恒，根據(jù)水平方向動(dòng)量守恒和機(jī)械能守恒列式即可求解?！驹斀狻?/p>

24、小物塊上升到最高點(diǎn)時(shí)速度與楔形物體的速度相同，均為v。系統(tǒng)水平方向不受外力，水平方向動(dòng)量守恒。以水平向右為正方向，由水平方向系統(tǒng)動(dòng)量守恒得：mv0cos=（m+M）v，故A錯(cuò)誤，B正確；由于只有重力做功，所以系統(tǒng)的機(jī)械能守恒，由機(jī)械能守恒定律得：mgh+12（m+M）v2=12mv02，故C正確，D錯(cuò)誤；故選BC?！军c(diǎn)睛】本題主要考查了動(dòng)量守恒定律和機(jī)械能守恒定律的直接應(yīng)用，要知道小物塊上升到最高點(diǎn)時(shí)，豎直方向速度為零，系統(tǒng)水平方向動(dòng)量守恒，但總動(dòng)量不守恒。15l+d2 ; 99.8; 22n2(2l+d)t2 ; C; 42k ; 【解析】【分析】（1）單擺的長度為l=l+d2。（2）秒表分

25、針與秒針示數(shù)之和是秒表示數(shù)。（3）應(yīng)用單擺周期公式可以求出重力加速度的表達(dá)式。（4）根據(jù)g的表達(dá)式分析誤差產(chǎn)生的原因（5）根據(jù)單擺的周期公式T=2lg變形得到，T2與L的表達(dá)式，再根據(jù)數(shù)學(xué)知識(shí)確定圖象斜率的物理意義，即可求得g【詳解】（1）單擺的長度為l=l+d2； （2）秒表示數(shù)為：1.560+9.8=99.8s；（3）由單擺周期公式：T=2可知：g=42lT2，又T=tn，l=l+d2 可得g=22n2(2l+d)t2；（4）由T=2lg得，g=42lT2 ；把擺線的長度lo當(dāng)成了擺長，l變短，由上式可知，測(cè)得的g值偏小，故A錯(cuò)誤擺線上端未牢固地固定于O點(diǎn)，振動(dòng)中出現(xiàn)松動(dòng)，使擺線變長，周期

26、T變大，則g偏小，故B錯(cuò)誤測(cè)量周期時(shí)，誤將擺球（n-1）次全振動(dòng)的時(shí)間t記成了n次全振動(dòng)的時(shí)間，測(cè)出的周期T變小，則g偏大，故C正確單擺的周期與擺球的質(zhì)量無關(guān)，故D錯(cuò)誤故選C；（5）由T=2lg得T2=42gL，由數(shù)學(xué)知識(shí)得知，T2-L圖線的斜率k=42g，得 g=42k；【點(diǎn)睛】本題要掌握測(cè)量重力加速度的原理：單擺周期公式T=2lg，根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理分析誤差產(chǎn)生的原因，結(jié)合數(shù)學(xué)知識(shí)圖象的物理意義16（1）50m/s （2）0.15m【解析】傳播速度v=xt代入數(shù)據(jù)得 v=50m/s在0.14s內(nèi)，x=4m的質(zhì)點(diǎn)只振動(dòng)了34個(gè)周期該質(zhì)點(diǎn)運(yùn)動(dòng)的路程本題考查機(jī)械波的傳播問題，在一個(gè)周期內(nèi)質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)4A，由于此時(shí)質(zhì)點(diǎn)從平衡位置開始振動(dòng)，四分之三個(gè)周期振動(dòng)3A17t1:t2=3:2 dmin=(3+3)l0【解析】【詳解】(1)由光折射定律n=sinisinr得兩束光折射角分別為：1=45,2=30光在玻璃中傳播速度為：v=cn而光在玻璃中傳播的時(shí)間為：t=dcosv聯(lián)立解得,兩種單色光在玻璃中的傳播時(shí)間之比為：t1:t2=3:2 (2)不出現(xiàn)重疊區(qū)域的臨界情況如圖所示，即需要滿足：dtan1=l0cosi+dtan2解得，玻璃板的厚度d的最小值為：dmin=(3+3)l0故本題答案是：t1:t2=3:2 dmin=(3+3)l0【點(diǎn)