1、考點一,考點二,考點三,考點四,考點五,限時自測,練出高分,1.內(nèi)容及表達式：物體加速度的大小跟所受外力的合力成正比，跟它的質(zhì)量成反比，加速度的方向跟方向相同.表達式：Fma. 2.對定律的理解 (1)矢量性 a為研究對象在作用下產(chǎn)生的加速度；a與方向一致. (2)瞬時對應性 一物體所受合外力恒定時，加速度，物體做 直線運動；合外力隨時間改變時，加速度也隨時間改變；合外力為0時，加速度為，物體就處于靜止或勻速直線運動狀態(tài).,合外力,合外力,合外力,恒定,勻變速,0,【考點逐項排查】,答案,1.從牛頓第二定律知道，無論怎樣小的力都可以使物體產(chǎn)生加速度.可是我們用力提一個很重的物體時卻提不動它，這

2、跟牛頓第二定律有無矛盾？為什么？ 答案沒有矛盾,使物體運動,要有合力產(chǎn)生加速度,由于重力很大,合加速度仍為0. 2.判斷下列說法是否正確. (1)物體所受合外力越大，加速度越大.( ) (2)物體所受合外力越大，速度越大.( ) (3)物體在外力作用下做勻加速直線運動，當合外力逐漸減小時，物體的速度逐漸減小.( ) (4)物體的加速度大小不變一定受恒力作用.( ),思維深化,答案,1.(多選)下列對牛頓第二定律的理解，正確的是() A.如果一個物體同時受到兩個力的作用，則這兩個力各自產(chǎn)生的加速度互不影響 B.如果一個物體同時受到幾個力的作用，則這個物體的加速度等于所受各力單獨作用在物體上時產(chǎn)生

3、加速度的矢量和 C.平拋運動中豎直方向的重力不影響水平方向的勻速運動 D.物體的質(zhì)量與物體所受的合力成正比，與物體的加速度成反比,解析物體的質(zhì)量是物體的固有屬性，不會受到外界條件的影響(如：受 力，運動狀態(tài)，在火星上還是地球上等)故D錯誤.,ABC,【題組階梯突破】,解析答案,2,1,3,2.(多選)下列關于速度、加速度、合外力之間的關系，正確的是() A.物體的速度越大，則加速度越大，所受的合外力也越大 B.物體的速度為0，則加速度為0，所受的合外力也為0 C.物體的速度為0，則加速度可能很大，所受的合外力也可能很大 D.物體的速度很大，但加速度可能為0，所受的合外力也可能為0,解析物體的速

4、度大小和加速度大小沒有必然聯(lián)系，一個很大，另一個 可以很小，甚至為0，物體所受合外力的大小決定加速度的大小，同一 物體所受合外力越大，加速度一定也越大，故選項C、D對.,CD,解析答案,2,1,3,3.(多選)如圖所示，一木塊在光滑水平面上受一恒力F作用，前方固定一足夠長的彈簧，則當木塊接觸彈簧后() A.木塊立即做減速運動 B.木塊在一段時間內(nèi)速度仍可增大 C.當F等于彈簧彈力時，木塊速度最大 D.彈簧壓縮量最大時，木塊加速度為0,B,O,A,O點：Fkx，向右加速,A點：F=kx， a=0， vmax,B點：Fkx，加速向左.,BC,解析答案,2,1,3,1.分析物體的運動性質(zhì)，要從受力分

5、析入手，求合力，然后根據(jù)牛頓第二定律分析加速度的變化. 2.特別要注意加速度與合力具有瞬時對應關系，而速度是不能突變的，速度的變化是需要時間的，vat.,技巧點撥,返回,兩類模型 (1)剛性繩(或接觸面)不發(fā)生明顯形變就能產(chǎn)生彈力的物體，剪斷(或脫離)后，其彈力 ，不需要形變恢復時間. (2)彈簧(或橡皮繩)兩端同時連接(或附著)有物體的彈簧(或橡皮繩)，特點是形變量大，其形變恢復需要較長時間，在瞬時性問題中，其彈力的大小往往可以看成 .,立即消失,保持不變,【考點逐項排查】,答案,(1)如圖甲、圖乙中小球m1、m2原來均靜止，現(xiàn)如果均從圖中B處剪斷，則圖甲中的彈簧和圖乙中的下段繩子，它們的拉

6、力將分別如何變化？ (2)如果均從圖中A處剪斷，則圖甲中的彈簧和圖乙中的下段繩子的拉力又將如何變化呢？ (3)由(1)(2)的分析可以得出什么結論？,甲 乙,答案(1)彈簧和下段繩的拉力都變?yōu)?. (2)彈簧的彈力來不及變化，下段繩的拉力變?yōu)?. (3)繩的彈力可以突變而彈簧的彈力不能突變.,思維深化,答案,4.(多選)質(zhì)量均為m的A、B兩個小球之間連接一個質(zhì)量不計的彈簧，放在光滑的臺面上.A球緊靠墻壁，如圖所示，今用恒力F將B球向左擠壓彈簧，達到平衡時，突然將力撤去，此瞬間() A.A球的加速度為 2 B.A球的加速度為0 C.B球的加速度為 2 D.B球的加速度為 ,A球的合力為0，加速度

7、為0,B球加速度 a ,kx=F,kx=F,BD,【題組階梯突破】,解析答案,4,5,5.(多選)如圖所示，物塊a、b和c的質(zhì)量相同，a和b、b和c之間用完全相同的輕彈簧S1和S2相連，通過系在a上的細線懸掛于固定點O，整個系統(tǒng)處于靜止狀態(tài).現(xiàn)將細線剪斷.將物塊a的加速度的大小記為a1，S1和S2相對于原長的伸長量分別記為l1和l2，重力加速度大小為g.在剪斷的瞬間() A.a13g B.a10 C.l12l2 D.l1l2,F1=mg=kl1,F2=2mg=kl2,mg+F2=ma1,a13g,AC,返回,解析答案,4,5,1.動力學中常見的圖象：vt圖象、 圖象、Ft圖象、Fa圖象等. 2

8、.解決圖象問題的關鍵 (1)看清圖象的 、 坐標所表示的物理量及 并注意坐標原來是否從 開始. (2)理解圖象的物理意義，能夠抓住圖象的一些關鍵點，如 、 、 、交點、拐點等，判斷物體的運動情況或受力情況，再結合牛頓運動定律求解.,xt,橫,縱,單位,0,斜率,截距,面積,【考點逐項排查】,答案,圖象問題反映的是兩個變量之間的 關系，因此在某些情況下，要用有關物理規(guī)律和公式進行推導，得到兩個變量的關系來分析圖象的有關問題.,思維深化,函數(shù),答案,6.(多選)一質(zhì)點在外力作用下做直線運動，其速度v隨時間t變化的圖象如圖所示.在圖中標出的時刻中，質(zhì)點所受合外力的方向與速度方向相同的有() A.t1

9、 B.t2 C.t3 D.t4,F合與v同向時，質(zhì)點做加速運動. 由v-t圖象可知，質(zhì)點在t1、t3時刻加速，在t2、t4時刻減速.,AC,【題組階梯突破】,解析答案,7,6,8,7.(多選)如圖a，一物塊在t0時刻滑上一固定斜面，其運動的v-t圖線如圖b所示.若重力加速度及圖b中的v0、v1、t1均為已知量，則可求出( ) A.斜面的傾角 B.物塊的質(zhì)量 C.物塊與斜面間的動摩擦因數(shù) D.物塊沿斜面向上滑行的最大高度,向上滑行時gsin gcos v 0 1 . 向下滑行時gsin gcos v 1 1 ，,可以求出 、,最大高度,ACD,解析答案,7,6,8,8.如圖所示，一長木板在水平地

10、面上運動，在某時刻(t0)將一相對于地面靜止的物塊輕放到木板上，已知物塊與木板的質(zhì)量相等，物塊與木板間及木板與地面間均有摩擦，物塊與木板間的最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，且物塊始終在木板上.在物塊放到木板上之后，木板運動的速度時間圖象可能是下列選項中的(),解析在達到相同速度之前，有 mg2mgma1 a13g 達到相同速度之后，有 2mgma2 a22g,a數(shù)值,v-t圖象斜率k,A,解析答案,7,6,8,求解圖象問題的基本思路 看清坐標軸所表示的物理量及單位并注意坐標原點是否從0開始，明確因 變量與自變量間的制約關系，明確物理量的變化趨勢，分析圖線進而弄懂 物理過程，寫出相應的函數(shù)關系式，進

11、而明確“圖象與公式”“圖象與物體” 間的關系，以便對有關物理問題作出準確判斷.,技巧點撥,返回,內(nèi)容呈現(xiàn),1.連接體問題的類型 物物連接體、輕桿連接體、彈簧連接體、輕繩連接體. 2.整體法的選取原則 若連接體內(nèi)各物體具有相同的 ，且不需要求物體之間的作用力，可以把它們看成一個 ，分析整體受到的合外力，應用牛頓第二定律求出加速度(或其他未知量). 3.隔離法的選取原則 若連接體內(nèi)各物體的 不相同，或者要求出系統(tǒng)內(nèi)各物體之間的作用力時，就需要把物體從系統(tǒng)中隔離出來，應用牛頓第二定律列方程求解. 4.整體法、隔離法的交替運用 若連接體內(nèi)各物體具有相同的加速度，且要求出物體之間的作用力時，一般采用“先

12、整體求加速度，后隔離求內(nèi)力”.,加速度,整體,加速度,【考點逐項排查】,答案,9.(多選)在一東西向的水平直鐵軌上，停放著一列已用掛鉤連接好的車廂.當機車在東邊拉著這列車廂以大小為a的加速度向東行駛時，連接某兩相鄰車廂的掛鉤P和Q間的拉力大小為F；當機車在西邊拉著車廂以大小為 2 3 a的加速度向西行駛時，P和Q間的拉力大小仍為F.不計車廂與鐵軌間的摩擦，每節(jié)車廂質(zhì)量相同，則這列車廂的節(jié)數(shù)可能為() A.8 B.10 C.15 D.18,每節(jié)車廂的質(zhì)量為m， 設PQ西邊有n節(jié)車廂，則Fnma 設PQ東邊有k節(jié)車廂，則Fkm 2 3 a 聯(lián)立得 3n2k 則總車廂數(shù)N=n+k只能為5的整數(shù)倍,B

13、C,【題組階梯突破】,解析答案,10,9,11,12,10.如圖所示，質(zhì)量分別為m1、m2的兩個物體通過輕彈簧連接，在力F的作用下一起沿水平方向做勻加速直線運動(m1在光滑地面上，m2在空中).已知力F與水平方向的夾角為.則m1的加速度大小為(),Fx,Fcos (m1m2)a， 所以a cos 1 + 2,解析答案,10,9,11,12,11如圖所示，裝有支架的質(zhì)量為M(包括支架的質(zhì)量)的小車放在光滑水平地面上，支架上用細線拖著質(zhì)量為m的小球，當小車在光滑水平地面上向左勻加速運動時，穩(wěn)定后繩子與豎直方向的夾角為.求小車所受牽引力的大小,小球與小車相對靜止,加速度相同,小車的加速度方向水平向左

14、，,小球的加速度方向也水平向左,mg,FT,F合,解析 對小球 mgtan ma 對小車和小球組成的整體 F(Mm)a 解得：F(Mm)gtan ,解析答案,10,9,11,12,解析答案,10,9,11,12,解析小車靜止時，球受到重力和桿的彈力作用，由平衡條件可得桿對球的作用力Fmg，方向豎直向上，選項A、B錯誤；,答案D,10,9,11,12,輕繩、輕桿和輕彈簧三種模型的異同 1.三個模型的相同點： (1)“輕”質(zhì)量和重力均不計. (2)在任何情況下，繩中張力相等，繩、桿和彈簧兩端受到的彈力也相等. 2.三個模型的不同點： (1)施力和受力特點 輕繩只能產(chǎn)生沿繩方向的拉力. 輕桿不僅可以

15、產(chǎn)生和承受沿桿方向的拉力和壓力，還可以產(chǎn)生和承受不 沿桿方向的拉力和壓力. 輕彈簧可以產(chǎn)生和承受沿彈簧伸縮方向的拉力和壓力.,規(guī)律總結,內(nèi)容呈現(xiàn),(2)力的變化特點 輕繩拉力的產(chǎn)生、變化或消失不需要時間，具有突變性和瞬時性. 輕桿拉力和壓力的產(chǎn)生、變化或消失不需要時間，具有突變性和瞬時性. 輕彈簧彈力的產(chǎn)生、變化或消失需要時間，不具有突變性，即只能漸變， 但具有瞬時性，即不同形變的瞬間，對應不同的彈力.(注意：當輕彈簧的自由 端無重物時，形變消失不需要時間，即具有突變性),返回,內(nèi)容呈現(xiàn),1.已知物體的受力情況，求解物體的運動情況 解這類題目，一般是應用牛頓第二定律求出物體的 ，再根據(jù)物體的初

16、始條件，應用運動學公式，求出物體的運動情況. 2.已知物體的運動情況，求解物體的受力情況 解這類題目，一般是應用運動學公式求出物體的 ，再應用牛頓第二定律求出物體所受的合外力，進而求出物體所受的 .,加速度,加速度,某個力,【考點逐項排查】,答案,13.如圖所示，一物體以v02 m/s的初速度從粗糙斜面頂端下滑到底端用時t1 s.已知斜面長度L1.5 m，斜面的傾角30，重力加速度取g10 m/s2.求： (1)物體滑到斜面底端時的速度大小； (2)物體沿斜面下滑的加速度大小和方向； (3)物體與斜面間的動摩擦因數(shù).,解析(1) L v 0 +v 2 t 得：v1 m/s (2)因vv0物體做

17、勻減速運動，加速度方向沿斜面向上， a v 0 v 1 m/s2. (3)由牛頓定律得：Ffmgsin ma FfFNmgcos 解得： + gsin gcos = 2 3 5,a,【題組階梯突破】,解析答案,14,13,15,14.如圖所示，樓梯口一傾斜的天花板與水平面成37，一裝潢工人手持木桿綁著刷子粉刷天花板，工人所持木桿對刷子的作用力始終保持豎直向上，大小為F10 N，刷子的質(zhì)量為m0.5 kg，刷子可視為質(zhì)點，刷子與天花板間的動摩擦因數(shù)為0.5，天花板長為L4 m，取sin 370.6，試求： (1)刷子沿天花板向上運動的加速度大?。?(2)工人把刷子從天花板底端推到頂端所用的時間.

18、,解析(1) (Fmg)sin Ffma (Fmg)cos FN0 又FfFN 聯(lián)立解得：a2 m/s2. (2)L 1 2 at2 解得：t 2 a 2 s,解析答案,14,13,15,15.公路上行駛的兩汽車之間應保持一定的安全距離.當前車突然停止時，后車司機可以采取剎車措施，使汽車在安全距離內(nèi)停下而不會與前車相碰.通常情況下，人的反應時間和汽車系統(tǒng)的反應時間之和為1 s.當汽車在晴天干燥瀝青路面上以108 km/h的速度勻速行駛時，安全距離為120 m.設雨天時汽車輪胎與瀝青路面間的動摩擦因數(shù)為晴天時的 2 5 .若要求安全距離仍為120 m，求汽車在雨天安全行駛的最大速度.,解析設路面

19、干燥時，0mgma0 sv0t0 v 0 2 2 0 設在雨天行駛時， 2 5 0 mgma svt0 v 2 2 聯(lián)立式并代入題給數(shù)據(jù)得 v20 m/s(72 km/h),解析答案,14,13,15,解決兩類動力學問題的兩個關鍵點 1.把握“兩個分析”“一個橋梁” 兩個分析：物體的受力情況分析和運動過程分析. 一個橋梁：加速度是聯(lián)系物體運動和受力的橋梁. 2.尋找多過程運動問題中各過程間的相互聯(lián)系.如第一個過程的末速度就是下一個過程的初速度，畫圖找出各過程的位移之間的聯(lián)系.,技巧點撥,返回,內(nèi)容呈現(xiàn),1一物塊靜止在粗糙的水平桌面上從某時刻開始，物塊受到一方向不變的水平拉力作用假設物塊與桌面間

20、的最大靜摩擦力等于滑動摩擦力以a表示物塊的加速度大小，F(xiàn)表示水平拉力的大小能正確描述F與a之間的關系的圖象是(),解析 FFfm時，根據(jù)Ffma知：隨F的增大，加速度a增大.,解析答案,2,1,3,4,5,2.如圖所示，彈簧左端固定，右端自由伸長到O點并系住物體m，現(xiàn)將彈簧壓縮到A點，然后釋放，物體一直可以運動到B點.如果物體受到的阻力恒定，則() A.物體從A到O先加速后減速 B.物體從A到O加速運動，從O到B減速運動 C.物體運動到O點時所受合力為0 D.物體從A到O的過程中加速度逐漸減小,C,C點：kx=Ff， AC:加速度減小的加速運動 COB:加速度增大的減速運動,解析答案,2,1,

21、3,4,5,3.如圖所示，質(zhì)量為m的小球用水平輕彈簧系住，并用傾角為30的光滑木板AB托住，小球恰好處于靜止狀態(tài).當木板AB突然向下撤離的瞬間，小球的加速度大小為() A.0 B. 2 3 3 g C.g D. 3 3 g,FN突然消失而其他力不變， F合 mg cos 30 2 3 3 mg， a 2 3 3 g,解析答案,2,1,3,4,5,4.如圖所示，一小車上有一個固定的水平橫桿，左邊有一輕桿與豎直方向成角與橫桿固定，下端連接一質(zhì)量為m的小球P.橫桿右邊用一根細線吊一相同的小球Q.當小車沿水平面做加速運動時，細線保持與豎直方向的夾角為.已知，則下列說法正確的是() A.小車一定向右做勻

22、加速運動 B.輕桿對小球P的彈力沿輕桿方向 C.小球P受到的合力大小為mgtan D.小球Q受到的合力大小為mgtan ,桿：彈力不一定沿桿,F合,mg,FT,mgtan ma，得到agtan ,對小球P、Q ： Fmamgtan ,解析答案,2,1,3,4,5,5.如圖甲所示，質(zhì)量m1 kg的物塊在平行斜面向上的拉力F作用下從靜止開始沿斜面向上運動，t0.5 s時撤去拉力，利用速度傳感器得到其速度隨時間的變化關系圖象(vt圖象)如圖乙所示，g取10 m/s2，求： (1)2 s內(nèi)物塊的位移大小x和通過的路程L；,解析在2 s內(nèi)，由圖乙知： 物塊上升的最大距離：x1 1 2 21 m1 m 物

23、塊下滑的距離：x2 1 2 11 m0.5 m 所以位移大小xx1x20.5 m 路程Lx1x21.5 m,解析答案,2,1,3,4,5,解析由圖乙知，所求兩個階段加速度的大小 a14 m/s2 a24 m/s2 設斜面傾角為，斜面對物塊的摩擦力為Ff， 根據(jù)牛頓第二定律有00.5 s內(nèi)：FFfmgsin ma1 0.51 s內(nèi)：Ffmgsin ma2 由式得F8 N,返回,(2)沿斜面向上運動兩個階段加速度大小a1、a2和拉力大小F.,解析答案,2,1,3,4,5,2,1,3,4,5,6,7,8,9,10,11,1.(多選)由牛頓第二定律表達式Fma可知() A.質(zhì)量m與合外力F成正比，與加

24、速度a成反比 B.合外力F與質(zhì)量m和加速度a都成正比 C.物體的加速度的方向總是跟它所受合外力的方向一致 D.物體的加速度a跟其所受的合外力F成正比，跟它的質(zhì)量m成反比 解析對于給定的物體，其質(zhì)量是不變的，合外力變化時，加速度也變 化，合外力與加速度的比值不變，A、B錯； 加速度的方向總是跟它所受合外力的方向相同，C正確； 由a F m 可知D正確.,CD,解析答案,2,1,3,4,5,6,7,8,9,10,11,2.一個小孩從滑梯上滑下的運動可看成勻加速直線運動.第一次小孩單獨從滑梯上滑下，加速度為a1，第二次小孩抱上一只小狗后再從滑梯上滑下(小狗不與滑梯接觸)，加速度為a2，則() A.a

25、1a2 B.a1a2 C.a1a2 D.無法判斷,A,答案,2,1,3,4,5,6,7,8,9,10,11,3.滑雪運動員由斜坡高速向下滑行時的vt圖象如圖乙所示，則由圖中AB段曲線可知，運動員在此過程中() A.所受外力的合力一定不斷增大 B.運動軌跡一定是曲線 C.加速度一定減小 D.斜坡對運動員的作用力一定是豎直向上的,C,答案,2,1,3,4,5,6,7,8,9,10,11,4.(多選)如圖所示，一質(zhì)量為m的滑塊，以初速度v0從傾角為的斜面底端滑上斜面，當其速度減為零后又沿斜面返回底端，已知滑塊與斜面間的動摩擦因數(shù)為，若滑塊所受的摩擦力為Ff、所受的合外力為F合、加速度為a、速度為v，

26、規(guī)定沿斜面向上為正方向，在滑塊沿斜面運動的整個過程中，這些物理量隨時間變化的圖象大致正確的是(),AD,答案,2,1,3,4,5,6,7,8,9,10,11,5.如圖所示，放在固定粗糙斜面上的物塊以加速度a沿斜面勻加速下滑，若在物塊上再施加一個豎直向下的恒力F，則() A.物塊可能勻速下滑 B.物塊將以加速度a勻加速下滑 C.物塊將以大于a的加速度勻加速下滑 D.物塊將以小于a的加速度勻加速下滑 解析設斜面的傾角為，物塊與斜面間動摩擦因數(shù)為，施加一個豎直向下的恒力F時，加速度為a.根據(jù)牛頓第二定律，不施加恒力F時：mgsin mgcos ma，得ag(sin cos )0；施加一個豎直向下的恒

27、力F時：(mgF)sin (mgF)cos ma，得a(g F )(sin cos )a.故選項C正確.,C,解析答案,2,1,3,4,5,6,7,8,9,10,11,D,解析答案,2,1,3,4,5,6,7,8,9,10,11,7.如圖所示，A、B兩球質(zhì)量相等，光滑斜面的傾角為，圖甲中，A、B兩球用輕彈簧相連，圖乙中A、B兩球用輕質(zhì)桿相連，系統(tǒng)靜止時，擋板C與斜面垂直，輕彈簧、輕桿均與斜面平行，則在突然撤去擋板的瞬間有() A.兩圖中兩球加速度均為gsin B.兩圖中A球的加速度均為0 C.圖乙中輕桿的作用力一定不為0 D.圖甲中B球的加速度是圖乙中B球加速度的2倍 解析撤去擋板前，擋板對B

28、球的彈力大小為2mgsin ，因彈簧彈力不能突變，而桿的彈力會突變，所以撤去擋板瞬間，圖甲中A球所受合力為0，加速度為0，B球所受合力為2mgsin ，加速度為2gsin ；圖乙中桿的彈力突變?yōu)?，A、B兩球所受合力均為mgsin ，加速度均為gsin ，可知只有D對.,D,解析答案,8.(多選)如圖所示，bc為固定在小車上的水平橫桿，上面穿著質(zhì)量為M的滑塊，滑塊又通過細線懸吊著一個質(zhì)量為m的小鐵球.此時小車正以大小為a的加速度向右做勻加速度直線運動，而滑塊、小鐵球均相對小車靜止，細線與豎直方向的夾角為.若小車的加速度逐漸增大，滑塊始終和小車保持相對靜止，當加速度增大到2a時() A.橫桿對滑

29、塊向上的彈力不變 B.橫桿對滑塊的摩擦力變?yōu)樵瓉淼?倍 C.細線對小鐵球的豎直方向的分力增大了 D.細線對小鐵球的水平方向的分力增大了，增大的倍數(shù)小于2 解析對整體：豎直方向FN=(M+m)g，水平方向Ff(Mm)a，當小車的加速度增大到2a時，F(xiàn)N保持不變，而Ff增加到原來的2倍.對小鐵球：細線F1xmg， F2yma，所以當小車的加速度增加到2a時，F(xiàn)1x不變，F(xiàn)2y變?yōu)樵瓉淼?倍.,AB,2,1,3,4,5,6,7,8,9,10,11,解析答案,9.成都“歡樂谷”是大型的游樂性主題公園，園內(nèi)有一種大型游戲機叫“跳樓機”.讓人體驗短暫的“完全失重”，非常刺激，參加游戲的游客被安全帶固定在座

30、椅上，由電動機將座椅沿光滑的豎直軌道提升到離地面50 m高處，然后由靜止釋放，為研究方便，認為人與座椅沿軌道做自由落體運動2 s后，開始受到恒定阻力而立即做勻減速運動，且下落到離地面5 m高處時速度剛好減小到0，然后再讓座椅以相當緩慢的速度穩(wěn)穩(wěn)下落，將游客送回地面.(取g10 m/s2) 求：(1)座椅在自由下落結束時刻的速度是多大？ (2)在勻減速階段，座椅對游客的作用力大小是游客體重的多少倍？,2,1,3,4,5,6,7,8,9,10,11,解析答案,2,1,3,4,5,6,7,8,9,10,11,10.觀光旅游、科學考察經(jīng)常利用熱氣球，保證熱氣球的安全就十分重要，科研人員進行科學考察時，氣球、座艙、壓艙物和科研