1、2021-2022學年高考物理模擬試卷注意事項:1答題前，考生先將自己的姓名、準考證號碼填寫清楚，將條形碼準確粘貼在條形碼區(qū)域內(nèi)。2答題時請按要求用筆。3請按照題號順序在答題卡各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試卷上答題無效。4作圖可先使用鉛筆畫出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、作為我國核電走向世界的“國家名片”，華龍一號是當前核電市場上接受度最高的三代核電機型之一，是我國核電創(chuàng)新發(fā)

2、展的重大標志性成果，其國內(nèi)外示范工程按期成功的建設，對我國實現(xiàn)由核電大國向核電強國的跨越具有重要意義。已知發(fā)電站的核能來源于的裂變，現(xiàn)有四種說法原子核中有92個質(zhì)子，143個中子；的一種可能裂變是變成兩個中等質(zhì)量的原子核，反應方程為：；是天然放射性元素，常溫下它的半衰期約為45億年，升高溫度半衰期縮短；一個裂變能放出200MeV的能量，合3.210-11J。以上說法中完全正確的是（）ABCD2、a、b是兩種單色光，其頻率分別為va、vb，且，則下列說法不正確的是（）Aa、b光子動量之比為B若a、b光射到同一干涉裝置上，則相鄰條紋的間距之比為C若a、b都能使某種金屬發(fā)生光電效應，則光子的最大初動

3、能之差D若a、b是處于同一激發(fā)態(tài)的原子躍遷到A態(tài)和B態(tài)產(chǎn)生的，則A、B兩態(tài)的能級之差3、核電站使用的核燃料有一種典型的核裂變方程是，假設質(zhì)量為m1，質(zhì)量為m2，質(zhì)量為m3，質(zhì)量為m4，光速為c，則（）A該核反應屬于人工轉(zhuǎn)變B方程中x=56，y=142C核反應中釋放的能量為(m1-2m2-m3-m4)c2D該裂變方程可以簡化為4、如圖所示，直線1和曲線2分別是汽車a和b在同一平直公路上行駛的位置時間（xt）圖像，由圖像可知（）A在t1時刻，a、b兩車的運動方向相同B在t2時刻，a、b兩車的運動方向相反C在t1到t3這段時間內(nèi)，a、b兩車的平均速率相等D在t1到t3這段時間內(nèi)，a、b兩車的平均速度

4、相等5、 “殲-20”是中國自主研制的雙發(fā)重型隱形戰(zhàn)斗機，該機將擔負中國未來對空、對海的主權維護任務。在某次起飛中，質(zhì)量為m的“殲-20”以恒定的功率P起動，其起飛過程的速度隨時間變化圖像如圖所示，經(jīng)時間t0飛機的速度達到最大值為vm時，剛好起飛。關于起飛過程，下列說法正確的是A飛機所受合力不變，速度增加越來越慢B飛機所受合力增大，速度增加越來越快C該過程克服阻力所做的功為D平均速度6、如圖所示，兩電荷量分別為Q和+2Q的點電荷固定在直線MN上，兩者相距為L，以+2Q的點電荷所在位置為圓心、為半徑畫圓，a、b、c、d是圓周上四點，其中a、b在MN直線上，c、d兩點連線垂直于MN，下列說法正確的

5、是Ac、d兩點的電勢相同Ba點的電勢高于b點的電勢Cc、d兩點的電場強度相同Da點的電場強度小于b點的電場強度二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示為一定質(zhì)量的理想氣體的壓強隨體積變化的 圖像，其中段為雙曲線，段與橫軸平行，則下列說法正確的是（）A過程中氣體分子的平均動能不變B過程中氣體需要吸收熱量C過程中氣體分子的平均動能減小D過程中氣體放出熱量E.過程中氣體分子單位時間內(nèi)對容器壁的碰撞次數(shù)增大8、如圖所示，在豎直方向上A、B兩物體通過勁度系數(shù)為k=200N/

6、m的輕質(zhì)彈簧相連，A放在水平地面上，B、C兩物體通過細線繞過輕質(zhì)定滑輪相連，C放在固定的光滑斜面上.用手拿住C，使細線剛剛拉直但無拉力作用，并保證ab段的細線豎直、cd段的細線與斜面平行.已知A、B的質(zhì)量均為10kg，C的質(zhì)量為40kg，重力加速度為g=10m/s2，細線與滑輪之間的摩擦不計，開始時整個系統(tǒng)處于靜止狀態(tài)，釋放C后C沿斜面下滑，A剛離開地面時，B獲得最大速度.（ ） A斜面傾角=30BA、B、C組成的系統(tǒng)機械能先增加后減小CB的最大速度D當C的速度最大時彈簧處于原長狀態(tài)9、如圖甲所示，水平放置的平行金屬導軌連接一個平行板電容器C和電阻R，導體棒MN放在導軌上且接觸良好，整個裝置放

7、于垂直導軌平面的磁場中，磁感應強度B的變化情況如圖乙所示（圖示磁感應強度方向為正），MN始終保持靜止，則0t2時間（ ）A電容器C的電荷量大小始終沒變B電容器C的a板先帶正電后帶負電CMN所受安培力的大小始終沒變DMN所受安培力的方向先向右后向左10、如圖所示，一束紅光從空氣射向折射率n=種玻璃的表面，其中i為入射角，則下列說法正確的是（）A當i=45時會發(fā)生全反射現(xiàn)象B無論入射角i為多大，折射角r都不會超過45C當入射角的正切值tani=，反射光線與折射光線恰好相互垂直D光從空氣射入玻璃，速度減小E.若將入射光換成紫光，則在同樣入射角i的情況下，折射角r將變大三、實驗題：本題共2小題，共18

8、分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）某同學設計了如圖所示的裝置，利用米尺、秒表、輕繩、輕滑輪、軌道、滑 塊、托盤和砝碼等器材來測定滑塊和軌道間的動摩擦因數(shù) ，滑塊和托盤上分別放有 若干砝碼，滑塊質(zhì)量為 M，滑塊上砝碼總質(zhì)量為 m，托盤和盤中砝碼的總質(zhì)量為 m實驗中，滑塊在水平 軌道上從 A 到 B 做初速度為零的勻加速直線運動， 重力加速度 g 取 10 m/s2(1)為測量滑塊的加速度 a，需測出它在 A、B 間運動的_和_，計 算 a 的運動學公式是_(2)根據(jù)牛頓運動定律得到 a 與 m 的關系為：_他想通過多次改變 m，測出相應的 a 值，并利用上式來計

9、算 若要求 a 是 m 的一 次函數(shù)，必須使上式中的 _保持不變，實驗中應將從托盤中取出的砝碼置于_12（12分）某同學利用DIS、定值電阻R0、電阻箱R1等實驗器材測量電池a的電動勢和內(nèi)阻，實驗裝置如圖甲所示實驗時多次改變電阻箱的阻值，記錄外電路的總電阻阻值R，用電壓傳感器測得端電壓U，并在計算機上顯示出如圖乙所示的1/U1/R關系圖線a.重復上述實驗方法測量電池b的電動勢和內(nèi)阻，得到圖乙中的圖線b.(1)由圖線a可知電池a的電動勢Ea_V，內(nèi)阻ra_.(2)若用同一個電阻R先后與電池a及電池b連接，則兩電池的輸出功率Pa_Pb(填“大于”、“等于”或“小于”)，兩電池的效率a_b(填“大于

10、”、“等于”或“小于”)四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示，水平光滑的桌面上有一質(zhì)量M=4kg的長木板靜止在光滑水平面上，質(zhì)量m=1kg的小滑塊置于長木板左端，小滑塊可視為質(zhì)點。長木板右側(cè)與固定豎直擋板間的距離L=10m，小滑塊以v0=10m/s的速度向右滑上長木板，經(jīng)過一段時間后，長木板與豎直擋板發(fā)生碰撞，碰撞過程無機械能損失。已知小滑塊與長木板間的動摩擦因數(shù)=0.4，重力加速度g=10m/s2，長木板足夠長，小滑塊始終未脫離長木板。求：(1)經(jīng)過多長時間，長木板與豎直擋板相碰？(2)長木板與豎

11、直擋板碰撞后，小滑塊和長木板相對靜止時，小滑塊距長木板左端的距離。14（16分）在室溫(27 C)環(huán)境中,有一罐壓強為9.0標準大氣壓、容積為0.02m3的氦氣， 現(xiàn)將它與一氣球連通給氣球充氣。當充氣完畢時，氣球壓強為1.2標準大氣壓，假若充氣過程中溫度不變，求：充氣后氣球的體積；充氣前罐內(nèi)氫氣的質(zhì)量。(已知氫氣的摩爾質(zhì)量為4.0g/mol，標況下氣體的摩爾體積為22.4 L/mol)15（12分）如圖所示，一總質(zhì)量m10kg的絕熱汽缸放在光滑水平面上，用橫截面積S1.0102m2的光滑絕熱薄活塞將一定質(zhì)量的理想氣體封閉在汽缸內(nèi)，活塞桿的另一端固定在墻上，外界大氣壓強P01.0105Pa當氣體

12、溫度為27時，密閉氣體的體積為2.0103m3（0對應的熱力學溫度為273K）。（）求從開始對氣體加熱到氣體溫度緩慢升高到360K的過程中，氣體對外界所做的功；（）若地面與汽缸間的動摩擦因數(shù)0.2，現(xiàn)要使汽缸向右滑動，則缸內(nèi)氣體的溫度至少應降低多少攝氏度？（設最大靜摩擦力與滑動摩擦力相等，活塞一直在汽缸內(nèi)，氣體質(zhì)量可忽略不計，重力加速度g取10m/s2。）參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】由的質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)關系可知，原子核中有92個質(zhì)子，143個中子，正確；由核反應方程中電荷數(shù)守恒和質(zhì)量數(shù)守恒知正確；半

13、衰期不受外界因素影響，故錯誤；通過計算知：200MeV=2001091.610-19J= 3.210-11J。正確。故選D。2、B【解析】A光子的能量，所以兩種光子能量分別為和，且則：光子的動量為，所以A正確；B光子的波長，雙縫干涉裝置上相鄰亮條紋的間距為，所以B錯誤；C根據(jù)光電效應方程可知，光電子的最大初動能為，其中W為金屬的逸出功；則有C正確；D若a、b是由處于同一激發(fā)態(tài)的原子躍遷到A態(tài)和B態(tài)時產(chǎn)生的，設初始激發(fā)態(tài)的能量為E0，則有所以同理則D正確。本題選不正確的，故選B。3、C【解析】A該核反應屬于重核裂變，不屬于人工轉(zhuǎn)變，A錯誤；B根據(jù)質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒可知，x=56，y=144，B錯

14、誤；C根據(jù)愛因斯坦質(zhì)能方程，反應釋放出的能量為：C正確；D核反應方程不能進行簡化，D錯誤。故選C。4、D【解析】AB由圖像的斜率正負表示速度方向，由圖像可知，t1時刻，a、b兩車的運動方向相反，t2時刻，a、b兩車的運動方向相同，故AB錯誤；C由圖像可知，b汽車的路程大于a汽車的路程，由于時間相同，所以b車的平均速率大于a車的平均速率，故C錯誤；D在t1到t3這段時間內(nèi)，兩汽車的位移相同，時間相同，故a、b兩車的平均速度相等，故D正確。故選D。5、C【解析】AB.根據(jù)圖像可知，圖像的斜率為加速度，所以起飛中，斜率越來越小，加速度越來越小，速度增加越來越慢，根據(jù)牛頓第二定律，加速度減小，合外力減

15、小，AB錯誤C.根據(jù)動能定理可知：，解得：，C正確D.因為不是勻變速運動，所以平均速度不等于，D錯誤6、A【解析】A、B、a、b、c、d四點在以點電荷+2Q為圓心的圓上，可知+2Q產(chǎn)生的電場在a、b、c、d四點的電勢是相等的，所以a、b、c、d四點的總電勢可以通過-Q產(chǎn)生的電場的電勢確定，根據(jù)順著電場線方向電勢降低可知，b點的電勢最高，c、d兩點對稱電勢相等，a點電勢最低；故A正確，B錯誤.C、+2Q的場源在c、d兩點產(chǎn)生的場強大小相等，-Q的場源在c、d兩點的產(chǎn)生的場強大小也相等，根據(jù)場強的合成可知兩點的總場強大小相等，但方向不同，故c、d兩點的電場強度不同；故C錯誤；D、由點電荷的場強公式

16、，合成可得，方向向左；，方向向右；故；則D錯誤.故選A.【點睛】本題考查判斷電勢、場強大小的能力，要利用庫侖定律和場強的矢量合成的方法對各點的電勢和場強進行判定，并且要充分利用電場的疊加原理進行分析二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BDE【解析】根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程，可得：故可知，圖象的斜率為：而對一定質(zhì)量的理想氣體而言，斜率定性的反映溫度的高低；A.圖象在過程的每點與坐標原點連線構成的斜率逐漸減小，表示理想氣體的溫度逐漸降低，可知平均動能減小，故A錯誤；B. 圖象

17、過程的每點與坐標原點連線構成的斜率逐漸逐漸增大，則溫度升高，吸收熱量，平均動能增大，故B正確，C錯誤；D.過程可讀出壓強增大，斜率不變，即溫度不變，內(nèi)能不變，但是體積減小，外界對氣體做正功，根據(jù)熱力學第一定律可知，氣體向外界放出熱量，故D正確； E.過程可讀出壓強增大，溫度不變，分子的平均動能不變，根據(jù)理想氣體壓強的微觀意義，氣體壓強與氣體分子單位時間內(nèi)對容器壁的碰撞次數(shù)、氣體分子平均動能有關，在壓強增大，溫度不變以及體積減小的情況下，氣體分子對容器壁的碰撞次數(shù)增大，故E正確；故選BDE。8、ABC【解析】A開始時彈簧壓縮的長度為xB得：kxB=mg當A剛離開地面時，彈簧處于拉伸狀態(tài)，對A有：

18、kxA=mg物體A剛離開地面時，物體B獲得最大速度，B、C的加速度為0，對B有：T-mg-kxA=0對C有：Mgsin-T=0解得：=30故A正確；B由于xA=xB，彈簧處于壓縮狀態(tài)和伸長狀態(tài)時的彈性勢能相等，即此過程中彈簧的彈性勢能先減小后增加；而由A、B、C以及彈簧組成的系統(tǒng)機械能守恒，可知A、B、C組成的系統(tǒng)機械能先增加后減小，故B正確；C當物體A剛離開地面時，物體B上升的距離以及物體C沿斜面下滑的距離為： 由于xA=xB，彈簧處于壓縮狀態(tài)和伸長狀態(tài)時的彈性勢能相等，彈簧彈力做功為零，且物體A剛剛離開地面時，B、C兩物體的速度相等，設為vB，由動能定理得： 解得：vB2m/s故C正確；D

19、當B的速度最大時，C的速度也是最大的，此時彈簧處于伸長狀態(tài)，故D錯誤；故選ABC。9、AD【解析】A、B：由乙圖知，磁感應強度均勻變化，根據(jù)法拉第電磁感應定律可知，回路中產(chǎn)生恒定電動勢，電路中電流恒定，電阻R兩端的電壓恒定，則電容器的電壓恒定，故電容器C的電荷量大小始終沒變根據(jù)楞次定律判斷可知，通過R的電流一直向下，電容器上板電勢較高，一直帶正電故A正確，B錯誤；C：根據(jù)安培力公式FBIL，I、L不變，由于磁感應強度變化，MN所受安培力的大小變化，故C錯誤D：由右手定則判斷得知，MN中感應電流方向一直向上，由左手定則判斷可知，MN所受安培力的方向先向右后向左，故D正確故選AD10、BCD【解析

20、】A光線從空氣進入玻璃中時，由光疏射向光密介質(zhì)，不可能會發(fā)生全反射現(xiàn)象，選項A錯誤；B根據(jù)當i=90時r=45，可知無論入射角i為多大，折射角r都不會超過45，選項B正確；C當反射光線與折射光線恰好相互垂直時，則解得選項C正確；D光從空氣射入玻璃，由光疏射向光密介質(zhì)，速度減小，選項D正確；E若將入射光換成紫光，則由于紫光的折射率大于紅光，則在同樣入射角i的情況下，折射角r將變小，選項E錯誤。故選BCD。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、位移； 時間； ； (m+m) 【解析】（1）滑塊在水平軌道上從A到B做初速為零的勻加速直線運動，根據(jù)x=at2得a=，所以需要測量的是位移s和時間t（2）對整體進行研究，根據(jù)牛頓第二定律得：若要求a是m的一次函數(shù)必須使不變，即使m+m不變，在增大m時等量減小m，所以實驗中應將從托盤中取出的砝碼置于滑塊上【點睛】本題根據(jù)先根據(jù)牛頓第二定律并結(jié)合隔離法求解出加速度的表達式，然后再進行分析討論，不難12、2 0.5 小于 大 【解析】(1)圖線與縱軸的交點表示外電路斷路時的，即，所以，由得，所以圖線的斜率為，即，所以；(2)當兩外電阻相同時，由圖象可知，