1、2022-2023高三上物理期中模擬試卷注意事項(xiàng)1考生要認(rèn)真填寫考場號和座位序號。2試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B 鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3考試結(jié)束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監(jiān)考員收回。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、一列波長大于1 m的橫波沿著x軸正方向傳播處在x11 m和x22 m的兩質(zhì)點(diǎn)A、B的振動圖象如圖所示，由此可知( )A波長為mB波速為1m/sC3 s末A、B兩質(zhì)點(diǎn)的位移相同D1 s末A點(diǎn)的振動速度大于B點(diǎn)的振動速度2、如圖所

2、示，質(zhì)量為m的小球A靜止于光滑水平面上，在A球與墻之間用輕彈簧連接?，F(xiàn)用完全相同的小球B以水平速度v0與A相碰后粘在一起壓縮彈簧。不計(jì)空氣阻力，若彈簧被壓縮過程中的最大彈性勢能為E，從球A被碰后開始到回到原靜止位置的過程中墻對彈簧的沖量大小為I，則下列表達(dá)式中正確的是（）AE= I=2BE= I=2CE= I=DE= I=3、下列說法正確的是A第一宇宙速度是人造衛(wèi)星在空中環(huán)繞地球做勻速圓周運(yùn)動的最小速度B只要發(fā)射速度大于第一宇宙速度，人造衛(wèi)星就將在高空沿圓軌道繞地球運(yùn)行C如果需要，地球同步通訊衛(wèi)星可以定點(diǎn)在地球上空任何一點(diǎn)D人造衛(wèi)星的軌道可以是圓的也可以是橢圓的4、如圖所示，是某女運(yùn)動員一次十

3、米跳水的快照，她從跳臺斜向上跳起，一段時間后落入較大的泳池中，不計(jì)空氣阻力，下列說法正確的是A她運(yùn)動到最高點(diǎn)時，速度為零B她上升過程處于超重狀態(tài)，下降過程處于失重狀態(tài)C她接觸到水后，由于受到水的阻力，立即開始做減速運(yùn)動D她從入水到停止下沉的過程中損失的機(jī)械能大于水的機(jī)械能的增加量5、在粒子散射實(shí)驗(yàn)中，虛線是以原子核P為圓心的同心圓，相鄰兩個同心圓之間的間距相等，實(shí)線為一粒子運(yùn)動的軌跡，a、b、c為軌跡上的三個點(diǎn)則A粒子在a點(diǎn)的加速度最大B粒子在a點(diǎn)的動能最小C粒子在b點(diǎn)的電勢能最大D兩點(diǎn)間的電勢差Uac=Ucb6、某物體做直線運(yùn)動的v-t圖象如圖甲所示，據(jù)此判斷（F表示物體所受合力，x表示物體

4、的位移）四個選項(xiàng)中正確的是（ ）ABCD二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項(xiàng)中，有多個選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，長為L的輕桿一端固定一質(zhì)量為m的小球，另一端安裝有固定轉(zhuǎn)動軸O，桿可在豎直平面內(nèi)繞O無摩擦轉(zhuǎn)動若在最低點(diǎn)P處給小球一沿切線方向的初速度，不計(jì)空氣阻力，則下列說法正確的是A小球不可能到達(dá)圓周軌道的最高點(diǎn)QB小球能到達(dá)圓周軌道的最高點(diǎn)Q，且在Q點(diǎn)受到輕桿向上的支持力C小球能到達(dá)圓周軌道的最高點(diǎn)Q，且在Q點(diǎn)受到輕桿向下的拉力D小球能到達(dá)圓周軌道的最高點(diǎn)Q，且在Q點(diǎn)恰好不受輕桿的彈力8、一小

5、球在豎直方向的升降機(jī)中，由靜止開始豎直向上做直線運(yùn)動，運(yùn)動過程中小球的機(jī)械能E與其上升高度h關(guān)系的圖象如圖所示，其中0h1過程的圖線為曲線，h1h2過程中的圖線為直線下列說法正確的是()A0h1過程中，升降機(jī)對小球的支持力一定做正功B0h1過程中，小球的動能一定在增加Ch1h2過程中，小球的動能可能不變Dh1h2過程中，小球重力勢能可能不變9、汽車在平直公路上行駛，它受到的阻力大小不變，若發(fā)動機(jī)的功率保持恒定，汽車在加速行駛的過程中，它的牽引力F和加速度a的變化情況是A牽引力逐漸增大，加速度逐漸減小B牽引力逐漸減小，加速度也逐漸減小C牽引力所做的功等于汽車動能的增加D牽引力和阻力所做的總功等于

6、汽車動能的增加10、如圖所示，球質(zhì)量是球質(zhì)量的2倍，光滑斜面的傾角為 ，圖甲中AB兩球用輕彈簧相連，圖乙中A、B兩球用輕桿相連，系統(tǒng)靜止時，擋板C與斜面垂直，彈簧.輕桿均與斜面平行，則在突然撤去擋板的瞬間，下列說法正確的是（）A圖甲中A球的加速度為g sinB圖甲中B球的加速度為C圖乙中A、B兩球的加速度均為g sinD圖乙中輕桿的作用力一定不為零三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）如圖1410所示為一次記錄小車運(yùn)動情況的紙帶，圖中A、B、C、D、E、F、G為相鄰的計(jì)數(shù)點(diǎn)，相鄰計(jì)數(shù)點(diǎn)的時間間隔T0.1 s.圖1410(1)在圖14

7、11所示的坐標(biāo)系中作出小車的vt圖線圖1411(2)將圖線延長與縱軸相交，交點(diǎn)的速度大小是_ cm/s，此速度的物理意義是_12（12分）測量小物塊Q與平板P之間的動摩擦因數(shù)的實(shí)驗(yàn)裝置如圖所示AB是半徑足夠大的、光滑的四分之一圓弧軌道，與水平固定放置的P板的上表面BC在B點(diǎn)相切，C點(diǎn)在水平地面的垂直投影為C重力加速度為g實(shí)驗(yàn)步驟如下：用天平稱出物塊Q的質(zhì)量m；測量出軌道AB的半徑R、BC的長度L和CC的高度h；將物塊Q在A點(diǎn)由靜止釋放，在物塊Q落地處標(biāo)記其落地點(diǎn)D；重復(fù)步驟，共做10次；將10個落地點(diǎn)用一個盡量小的圓圍住，用米尺測量圓心到C的距離s用實(shí)驗(yàn)中的測量量表示：(1)物塊Q到達(dá)B點(diǎn)時的

8、動能EkB= _ ；(2)物塊Q到達(dá)C點(diǎn)時的動能EkC= _ ；(3)在物塊Q從B運(yùn)動到C的過程中，物塊Q克服摩擦力做的功Wf= _ ；(4)物塊Q與平板P之間的動摩擦因數(shù)= _ 四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖，圖象所反映的物理情景是：物體以大小不變的初速度v0沿木板滑動，若木板傾角不同，物體沿木板上滑的距離S也不同，便可得出圖示的S-圖象問：（1）物體初速度v0的大?。?）木板是否粗糙？若粗糙，則動摩擦因數(shù)為多少？（3）物體運(yùn)動中有否最大加速度以及它發(fā)生在什么地方？14（16分）如圖所示，傾角為

9、 =的斜面與足夠大的光滑水平面在D處平滑連接,斜面上有A、B、C三點(diǎn),AB、BC、CD間距均為20cm ,斜面上BC部分粗糙 ,其余部分光滑。2塊完全相同、質(zhì)量均勻分布的長方形薄片(厚度忽略不計(jì)) ,緊挨在一起排在斜面上，從下往上編號依次為1、2,第1塊的下邊緣恰好在A處，現(xiàn)將2塊薄片一起由靜止釋放，薄片經(jīng)過D處時無能量損失且相互之間無碰撞,已知每塊薄片質(zhì)量為m=1kg、長為5cm,薄片與斜面BC間的動摩擦因數(shù) =,重力加速度為g,求:(1)第1塊薄片剛完全進(jìn)入BC段時兩薄片間的作用力大小;(2)第1塊薄片下邊緣剛運(yùn)動到C時的速度大小;(3)兩薄片在水平面上運(yùn)動時的間距。15（12分）如圖所示

10、，從傾角為450的固定斜面B點(diǎn)正上方，距B點(diǎn)的高度為h的A點(diǎn)處，靜止釋放一個質(zhì)量為m的彈性小球，落在B點(diǎn)和斜面碰撞，碰撞后速度大小不變，方向變?yōu)樗剑?jīng)過一段時間小球落在斜面上C點(diǎn)。空氣阻力不計(jì)，重力加速度為g求：(1)小球從A點(diǎn)運(yùn)動到B點(diǎn)的時間；(2)小球從B點(diǎn)運(yùn)動到C點(diǎn)的時間；(3)B點(diǎn)和C點(diǎn)間的高度差；(4)小球落到C點(diǎn)時重力做功的瞬時功率。參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、A【解析】試題分析：波的傳播方向從A傳到B，根據(jù)同一時刻兩個質(zhì)點(diǎn)的狀態(tài)，結(jié)合波形，列出A、B間距離與波長的關(guān)系，求出波長由圖讀出周期，

11、求出波速簡諧波傳播過程中介質(zhì)中各質(zhì)點(diǎn)在做簡諧運(yùn)動，加速度的大小與位移大小成正比根據(jù)ls末兩質(zhì)點(diǎn)的位移關(guān)系，分析加速度關(guān)系波從A向B傳播，AB間的距離，n=0，1，2，由題，波長大于1m，則n只能取0，即有，波長，波速為，A正確B錯誤；3s末A、B兩質(zhì)點(diǎn)的位移分別為，位移不同，C錯誤；由振動圖象讀出，ls末A質(zhì)點(diǎn)的位移，處于波峰，速度最小；B質(zhì)點(diǎn)的位移，處于平衡位置，速度最大，所以ls末A質(zhì)點(diǎn)的速度小于B質(zhì)點(diǎn)的速度，D錯誤2、A【解析】AB碰撞瞬間，由動量守恒定律可知：mv0=2mv1 解得：v1=碰撞后系統(tǒng)機(jī)械能守恒，當(dāng)兩球向左減速到零時彈簧的彈性勢能最大，最大彈性勢能E，則：E=取AB整體分

12、析，取向右為正，由動量定理可得所以墻對彈簧的沖量大小為2mv0A. E=、I=2，與分析相符，故A項(xiàng)正確；B. E=、I=2，與分析不符，故B項(xiàng)錯誤；C. E=、I=，與分析不符，故C項(xiàng)錯誤；D. E=、I=，與分析不符，故D項(xiàng)錯誤。3、D【解析】A.第一宇宙速度是人造衛(wèi)星在空中環(huán)繞地球做勻速圓周運(yùn)動的最大速度，A錯誤；B.人造衛(wèi)星可能做圓周運(yùn)動，可能做橢圓運(yùn)動，如果速度大于第二宇宙速度，衛(wèi)星將脫離地球引力，故B錯誤；C.同步衛(wèi)星的平面只能是赤道平面，只能靜止在赤道上空某一點(diǎn)，C錯誤；D.人造衛(wèi)星的軌道可以是圓的也可以是橢圓的，D正確；故選D。4、D【解析】分析運(yùn)動員的運(yùn)動情況得出其加速度的方

13、向根據(jù)牛頓第二定律分析她的浮力和她的重力的關(guān)系超重或失重取決于加速度的方向，與速度方向無關(guān)；根據(jù)能量關(guān)系分析機(jī)械能的損失【詳解】她從跳臺斜向上跳起，她運(yùn)動到最高點(diǎn)時有水平方向的速度，速度不為零，故A錯誤；她上升過程和下降過程中加速度方向都是向下，所以處于失重狀態(tài)，故B錯誤；入水過程中，開始時水對她的作用力大小(浮力和阻力)小于她的重力，所以先向下做一段加速運(yùn)動，即入水后的速度先增大，故C錯誤她從入水到停止下沉的過程中損失的機(jī)械能等于水的機(jī)械能的增加量和內(nèi)能的增加量故D正確故選D【點(diǎn)睛】超重和失重現(xiàn)象可以運(yùn)用牛頓運(yùn)動定律進(jìn)行分析理解，產(chǎn)生超重的條件是：物體的加速度方向向上；產(chǎn)生失重的條件：物體的

14、加速度方向向下5、C【解析】A、粒子和原子核間的庫侖斥力產(chǎn)生加速度，由可知b間距離最小，加速度最大；A錯誤.B、C、粒子從a到c的全過程知庫侖斥力先做負(fù)功后做正功，由動能定理可得動能先減小后增大，電勢能先增大后減小，即b點(diǎn)的動能最小和電勢能最大；故B錯誤，C正確.D、相鄰虛線圓間的d相等，而由點(diǎn)電荷的電場分布可知平均場強(qiáng)，則據(jù)可得；故D錯誤.故選C.【點(diǎn)睛】本題考查到了電勢能、帶電粒子在電場中的運(yùn)動、等勢面、電場力做功等幾方面的知識點(diǎn).解決此題的關(guān)鍵是對等勢面的理解，等勢面就是電場中電勢相等的各點(diǎn)構(gòu)成的面，等勢面有以下幾方面的特點(diǎn)：、等勢面一定與電場線垂直，即跟場強(qiáng)的方向垂直、在同一等勢面上移

15、動電荷時電場力不做功.、電場線總是從電勢高的等勢面指向電勢低的等勢面、任意兩個等勢面都不會相交.、等差等勢面越密的地方電場強(qiáng)度越大，即等差等勢面的分布疏密可以描述電場的強(qiáng)弱.6、B【解析】本題考查 v-t圖象、牛頓第二定律【詳解】由圖甲可知前兩秒物體做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動，所以前兩秒受力恒定，2s-4s做正方向勻減速直線運(yùn)動，所以受力為負(fù)，且恒定，4s-6s做負(fù)方向勻加速直線運(yùn)動，所以受力為負(fù)，恒定，6s-8s做負(fù)方向勻減速直線運(yùn)動，所以受力為正，恒定，綜上分析B正確【點(diǎn)睛】在v-t圖象中傾斜的直線表示物體做勻變速直線運(yùn)動，加速度恒定，受力恒定二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共

16、20分。在每小題給出的四個選項(xiàng)中，有多個選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AB【解析】根據(jù)動能定理得：，把帶入解得：，則小球能夠到達(dá)最高點(diǎn)Q，且在最高點(diǎn)合力為零，即在Q點(diǎn)受到輕桿向上的支持力，故B正確，ACD錯誤點(diǎn)睛：解決本題的關(guān)鍵知道圓周運(yùn)動徑向的合力提供向心力，以及知道桿子的作用力可以表現(xiàn)為支持力，也可以表現(xiàn)為拉力8、AC【解析】設(shè)支持力大小為F，由功能關(guān)系得：Fh=E，所以E-h圖象的斜率的絕對值等于小球所受支持力的大小，由圖可知在Oh1內(nèi)斜率的絕對值逐漸減小，故在Oh1內(nèi)小球所受的支持力逐漸減小所以開始先加速運(yùn)動，當(dāng)支持力減小后，可能做勻速

17、運(yùn)動，也可能會減速故B錯誤，A正確由于小球在h1h2內(nèi)E-x圖象的斜率的絕對值不變，重力勢能隨高度的增大而增大，所以重力勢能增大，故D錯誤由于小球在h1h2內(nèi)E-h圖的斜率不變，所以小球所受的支持力保持不變，故物體可能做勻速運(yùn)動，動能不變，故C正確故選AC9、BD【解析】根據(jù)P=Fv知，在加速運(yùn)動的過程中，功率不變，速度v增大，則F逐漸減小，根據(jù)牛頓第二定律得，可知加速度逐漸減小，故B正確，A錯誤C、D、根據(jù)動能定理：，合外力做的功等于動能的變化，故C錯誤，D正確故選BD【點(diǎn)睛】解決本題的關(guān)鍵知道功率與牽引力、速度的關(guān)系，抓住功率不變進(jìn)行分析判斷;掌握汽車啟動的兩種方式(恒定的功率啟動、恒定的

18、加速度啟動)的運(yùn)動規(guī)律.10、BC【解析】根據(jù)彈簧彈力不能突變，桿的彈力會突變，分析撤去擋板的瞬間，圖甲和圖乙中AB所受合外力，即可得到兩球的加速度【詳解】設(shè)A球質(zhì)量為m，B球的質(zhì)量為2m撤去擋板前，擋板對B球的彈力大小為3mgsin，因彈簧彈力不能突變，而桿的彈力會突變，所以撤去擋板瞬間，圖甲中A球所受的合力為零，加速度為零，B球所受合力為3mgsin，加速度為gsin；圖乙中，撤去擋板的瞬間，AB兩球整體的合力為3mgsin，AB兩球的加速度均為gsin，則每個球的合力等于重力沿斜面向下的分力，輕桿的作用力為零故應(yīng)選：BC【點(diǎn)睛】本題是瞬時問題，考查牛頓第二定律的應(yīng)用，要注意明確彈簧的彈力

19、不能突變，而桿的彈力瞬間發(fā)生變化；同時注意明確整體法與隔離法的正確應(yīng)用三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、 11.60表示A點(diǎn)的瞬時速度 【解析】根據(jù)圖中數(shù)據(jù)計(jì)算出各點(diǎn)的速度，建立 坐標(biāo)系，然后利用描點(diǎn)連線做出圖像，如下圖所示：從圖像上可以看出：將圖線延長與縱軸相交，交點(diǎn)的速度大小是11.60cm/s，此速度的物理意義是表示A點(diǎn)的瞬時速度，在圖像中斜率表示加速度的大小，求得加速度 12、mgR； ； ； 【解析】物塊由A到B點(diǎn)過程，由動能定理可以求出物塊到達(dá)B時的動能；物塊離開C點(diǎn)后做平拋運(yùn)動，由平拋運(yùn)動的知識可以求出物塊在C點(diǎn)的速度，然后求出在C點(diǎn)的動能；由B到C，由動能定理可以求出克服摩擦力所做的功；由功的計(jì)算公式可以求出動摩擦因數(shù)【詳解】(1) 從A到B，由動能定理得：mgR=EKB-0，則物塊到達(dá)B時的動能：EKB=mgR；(2) 離開C后，物塊做平拋運(yùn)動，水平方向：s=vCt，豎直方向