1、2023學(xué)年高二上物理期中模擬試卷注意事項(xiàng)：1答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)、考場(chǎng)號(hào)和座位號(hào)填寫在試題卷和答題卡上。用2B鉛筆將試卷類型（B）填涂在答題卡相應(yīng)位置上。將條形碼粘貼在答題卡右上角條形碼粘貼處。2作答選擇題時(shí)，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)題目選項(xiàng)的答案信息點(diǎn)涂黑；如需改動(dòng)，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案。答案不能答在試題卷上。3非選擇題必須用黑色字跡的鋼筆或簽字筆作答，答案必須寫在答題卡各題目指定區(qū)域內(nèi)相應(yīng)位置上；如需改動(dòng)，先劃掉原來(lái)的答案，然后再寫上新答案；不準(zhǔn)使用鉛筆和涂改液。不按以上要求作答無(wú)效。4考生必須保證答題卡的整潔。考試結(jié)束后，請(qǐng)將本試卷和答題卡

2、一并交回。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、如圖所示，一個(gè)質(zhì)量為m的物體(可視為質(zhì)點(diǎn))，由斜面底端的A點(diǎn)以某一初速度沖上傾角為30的固定斜面做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，減速運(yùn)動(dòng)的加速度大小為g，物體沿斜面上升的最大高度為h，在此過程中()A物體重力勢(shì)能增加了2mghB物體重力做功的平均功率為mgC物體動(dòng)能損失了mghD系統(tǒng)生熱mgh2、如圖所示，當(dāng)導(dǎo)線中通有電流時(shí)，小磁針發(fā)生偏轉(zhuǎn)。這個(gè)實(shí)驗(yàn)說(shuō)明了A通電導(dǎo)線周圍存在磁場(chǎng)B通電導(dǎo)線周圍存在電場(chǎng)C電流通過導(dǎo)線時(shí)產(chǎn)生焦耳熱D電流越大，產(chǎn)生的磁場(chǎng)越強(qiáng)3、有兩個(gè)金屬小球A、B，A球帶正電，B球

3、不帶電?，F(xiàn)將A與B接觸后再分開，關(guān)于此時(shí)A、B之間的庫(kù)侖力，下列說(shuō)法正確的是（ ）A庫(kù)侖力為斥力B庫(kù)侖力為引力C不存在庫(kù)侖力D無(wú)法確定是否存在庫(kù)侖力4、設(shè)法維持一段矩形金屬導(dǎo)體溫度不變，隨著加在導(dǎo)線兩端的電壓減小，則有A金屬導(dǎo)體電阻變小B金屬導(dǎo)體材質(zhì)的電阻率變小C導(dǎo)體電流不變D導(dǎo)體內(nèi)自由電子定向移動(dòng)的速率減小5、現(xiàn)有電燈L1（3V、3W）和電燈L2（3V、6W）兩只及一個(gè)可變電阻R（010，5A），接在電壓恒為6V的電路中，要求兩只燈都正常發(fā)光，并且電路消耗功率最小，則用圖中那個(gè)電路（）ABCD6、如圖所示，用起電機(jī)使金屬球A帶上正電荷，并靠近驗(yàn)電器B，則()A驗(yàn)電器金屬箔片不張開，因?yàn)榍駻沒

4、有和球B接觸B驗(yàn)電器金屬箔片張開，因?yàn)檎麄€(gè)驗(yàn)電器都感應(yīng)出了正電荷C驗(yàn)電器金屬箔片張開，因?yàn)檎麄€(gè)驗(yàn)電器都感應(yīng)出了負(fù)電荷D驗(yàn)電器金屬箔片張開，因?yàn)轵?yàn)電器的下部箔片感應(yīng)出了正電荷二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、如圖所示，一質(zhì)量為m、帶電荷量為q（q0）的物體在外力作用下靜止于豎直絕緣墻壁上，當(dāng)施加的變化電場(chǎng)，E0、k均為大于零的常數(shù)，取水平向左為正方向，物體所受的最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，物體與墻壁間動(dòng)摩擦因數(shù)為，電場(chǎng)空間和墻面均足夠大。t=0時(shí)釋放帶電物體，下列說(shuō)法

5、正確的是A物體開始運(yùn)動(dòng)后加速度增大B物體開始運(yùn)動(dòng)后電勢(shì)能一直增大C經(jīng)過時(shí)間，物體運(yùn)動(dòng)速度達(dá)最大值D經(jīng)過時(shí)間，物體在豎直墻壁上的位移達(dá)最大值8、某靜電場(chǎng)中的一條電場(chǎng)線與x軸重合，其電勢(shì)的變化規(guī)律如圖所示在O點(diǎn)由靜止釋放一電子，電子僅受電場(chǎng)力的作用，則在- x0 x0區(qū)間內(nèi)（ ）A該靜電場(chǎng)是勻強(qiáng)電場(chǎng)B該靜電場(chǎng)是非勻強(qiáng)電場(chǎng)C電子將沿x軸正方向運(yùn)動(dòng)，加速度逐漸減小D電子將沿x軸正方向運(yùn)動(dòng)，加速度逐漸增大9、1930年勞倫斯制成了世界上第一臺(tái)回旋加速器，其原理如圖所示，兩個(gè)銅質(zhì)D形盒、與交流電源相連，置于勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，其間留有空隙，粒子從A點(diǎn)開始沿虛線運(yùn)動(dòng)。下列說(shuō)法正確的有A粒子運(yùn)動(dòng)周期和交流電的周期相等

6、B只增大D形盒的半徑，粒子從加速器中出來(lái)時(shí)的速度將增大C只增大電壓U，粒子從加速器中出來(lái)時(shí)的速度將增大D加速完質(zhì)子后，不改變交流電的周期和磁感應(yīng)強(qiáng)度，可以直接用來(lái)加速氦原子核質(zhì)量是質(zhì)子的4倍，電荷是質(zhì)子的2倍10、如圖所示，把四個(gè)相同的燈泡接成甲、乙兩種電路后，燈泡都正常發(fā)光，且兩個(gè)電路的總功率相等則這兩個(gè)電路中的U甲、U乙、R甲、R乙之間的關(guān)系，正確的是( )AU甲2U乙BU甲2U乙CR甲4R乙DR甲2R乙三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）下列游標(biāo)卡尺讀數(shù)為_mm，螺旋測(cè)微器讀數(shù)為_mm 。12（12分）在“描繪小燈泡的伏安特

7、性曲線”的實(shí)驗(yàn)中(1)實(shí)驗(yàn)中滑動(dòng)變阻器應(yīng)采用_接法(填“分壓”或“限流”)(2)用筆畫線代替導(dǎo)線，將實(shí)驗(yàn)電路連接完整，使該裝置可以更好、更準(zhǔn)確地完成實(shí)驗(yàn)；（_）(3)描繪出伏安特性曲線如圖，其彎曲的主要原因是_四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示，在半徑為的圓形區(qū)域內(nèi)有水平向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度B，圓形區(qū)域右側(cè)有一豎直感光板，從圓弧頂點(diǎn)P以速率的帶正電粒子平行于紙面進(jìn)入磁場(chǎng)，已知粒子的質(zhì)量為m，電量為q，粒子重力不計(jì)（1）若粒子對(duì)準(zhǔn)圓心射入，求它在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間；（2）若粒子對(duì)準(zhǔn)圓心射入，且速

8、率為，求它打到感光板上時(shí)速度的垂直分量.14（16分）如圖所示的xoy平面上，以坐標(biāo)原點(diǎn)O為圓心的四分之一圓形區(qū)域MON內(nèi)分布著磁感應(yīng)強(qiáng)度為B=2.010-3T的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，其中M、N點(diǎn)距坐標(biāo)原點(diǎn)O為m，磁場(chǎng)方向垂直紙面向里。坐標(biāo)原點(diǎn)O處有一個(gè)粒子源，不斷地向xOy平面發(fā)射比荷為=5107C/kg的帶正電粒子，它們的速度大小都是v=1105m/s，與x軸正方向的夾角分布在090范圍內(nèi)。（1）求平行于x軸射入的粒子，出射點(diǎn)的位置及在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間；（2）若粒子進(jìn)入磁場(chǎng)前經(jīng)加速使其動(dòng)能增加為原來(lái)的2倍，仍從O點(diǎn)垂直磁場(chǎng)方向射入第一象限，求粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間t與射入時(shí)與x軸正向的夾角的關(guān)系 15

9、（12分）如圖所示，在O點(diǎn)放置一個(gè)正電荷在過O點(diǎn)的豎直平面內(nèi)的A點(diǎn)，自由釋放一個(gè)帶正電的小球，小球的質(zhì)量為m、電荷量為q.小球落下的軌跡如圖中虛線所示，它與以O(shè)為圓心、R為半徑的圓(圖中實(shí)線表示)相交于B、C兩點(diǎn)，O、C在同一水平線上，BOC30，A距離OC的豎直高度為h.若小球通過B點(diǎn)的速度為v，試求：(1)小球通過C點(diǎn)的速度大小(2)小球由A到C的過程中電勢(shì)能的增加量參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、B【解析】A. 物體在斜面上能夠上升的最大高度為h，所以重力勢(shì)能增加了mgh，故A錯(cuò)誤；B. 設(shè)物體運(yùn)動(dòng)的時(shí)間

10、為t，由，a=g，得，則物體克服重力做功的平均功率為，故B正確；C. 根據(jù)動(dòng)能定理得：物體動(dòng)能的變化量Ek=W合=ma2h=2mgh，即動(dòng)能損失了2mgh，C錯(cuò)誤；D. 由上知，物體的重力勢(shì)能增加了mgh，動(dòng)能損失了2mgh，物體的動(dòng)能與重力勢(shì)能之和等于機(jī)械能，所以物體的機(jī)械能減小mgh，根據(jù)能量守恒得知，系統(tǒng)生熱mgh，故D錯(cuò)誤。故選：B。2、A【解析】當(dāng)導(dǎo)線中通有電流時(shí)，小磁針發(fā)生偏轉(zhuǎn)，這個(gè)實(shí)驗(yàn)說(shuō)明了通電導(dǎo)線周圍存在磁場(chǎng)，故選A.3、A【解析】金屬小球A、B，A球帶正電，B球不帶電?，F(xiàn)將A與B接觸后再分開，兩球帶上同種電荷，同種電荷之間是庫(kù)侖斥力A庫(kù)侖力為斥力與分析相符，故A正確；B庫(kù)侖力

11、為引力與分析不符，故B錯(cuò)誤；C不存在庫(kù)侖力與分析不符，故C錯(cuò)誤；D無(wú)法確定是否存在庫(kù)侖力與分析不符，故D錯(cuò)誤。4、D【解析】A導(dǎo)體的電阻與導(dǎo)體兩端的電壓無(wú)關(guān)，所以減小導(dǎo)體兩端的電壓不影響導(dǎo)體的電阻，故A錯(cuò)誤；B導(dǎo)體的電阻率與導(dǎo)體的電壓無(wú)關(guān)，所以減小導(dǎo)體兩端的電壓不影響導(dǎo)體的電阻率，故B錯(cuò)誤；C根據(jù)歐姆定律可知，電壓減小，電阻不變，電流減小，故C錯(cuò)誤；D加在導(dǎo)線兩端的電壓減小而電阻不變，電流減小，由I=neSv，單位體積內(nèi)的自由電子數(shù)目不變，導(dǎo)體的橫截面積S不變，則導(dǎo)體內(nèi)自由電子定向移動(dòng)的速率變小，故D正確5、C【解析】由P=UI可知，L1的額定電流為1A，L2的額定電流為2A，由歐姆定律可知，

12、L1的電阻為3，L2的電阻為1.5；由此可知A、D不能正確發(fā)光，B、C可以正常發(fā)光；B圖中總電流3A，電路消耗功率；C圖中總電流2A，電路消耗功率，故可知C電路功率最小，故C正確，A、B、D錯(cuò)誤；故選C【點(diǎn)睛】根據(jù)功率公式及歐姆定律可求得兩燈的電流和電阻，根據(jù)串并聯(lián)電路的規(guī)律可明確能否正常工作，再由功率公式分析功率大小6、D【解析】把一個(gè)帶正電的物體A，靠近一個(gè)原來(lái)不帶電的驗(yàn)電器的金屬小球，驗(yàn)電器的金屬小球由于感應(yīng)會(huì)帶上負(fù)電荷和金屬箔由于感應(yīng)會(huì)帶上正電荷，而整個(gè)驗(yàn)電器不帶電。所以驗(yàn)電器金箔張開，因?yàn)轵?yàn)電器下部箔片都帶上了正電。A驗(yàn)電器金屬箔片不張開，因?yàn)榍駻沒有和球B接觸，與結(jié)論不相符，選項(xiàng)A

13、錯(cuò)誤；B驗(yàn)電器金屬箔片張開，因?yàn)檎麄€(gè)驗(yàn)電器都感應(yīng)出了正電荷，與結(jié)論不相符，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C驗(yàn)電器金屬箔片張開，因?yàn)檎麄€(gè)驗(yàn)電器都感應(yīng)出了負(fù)電荷，與結(jié)論不相符，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D驗(yàn)電器金屬箔片張開，因?yàn)轵?yàn)電器的下部箔片感應(yīng)出了正電荷，與結(jié)論相符，選項(xiàng)D正確；故選D。二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、AD【解析】A電場(chǎng)改變方向之前，物體沿豎直墻運(yùn)動(dòng)，由于水平方向支持力與電場(chǎng)力相等，電場(chǎng)強(qiáng)度減弱，所以支持力減小，故摩擦力減小，所以物體受到的重力和摩擦力的合力增大；電場(chǎng)改為水平向右

14、時(shí)，物體受互相垂直的重力和電場(chǎng)力，而電場(chǎng)力隨電場(chǎng)強(qiáng)度的增大而增大，所以合力增大。因此整個(gè)過程中，物體運(yùn)動(dòng)的加速度不斷增大，且速度不斷增大，故A正確；B根據(jù)t=0時(shí)，物體處于靜止?fàn)顟B(tài)，則qE0mg，且電場(chǎng)的方向水平向左，故電荷帶正電，當(dāng)物體與墻面脫離時(shí)電場(chǎng)強(qiáng)度為零，所以E=E0-kt=0，解得時(shí)間，隨后物體在電場(chǎng)力的作用下向右運(yùn)動(dòng)，電場(chǎng)力做正功，電勢(shì)能減小。故B錯(cuò)誤；C根據(jù)A選項(xiàng)分析，物體運(yùn)動(dòng)的加速度不斷增大，且速度不斷增大，即速度不存在最大值，故C錯(cuò)誤；D當(dāng)物體與墻面脫離時(shí)電場(chǎng)強(qiáng)度為零，所以E=E0-kt=0，解得時(shí)間，此時(shí)，物體在豎直墻壁上的位移達(dá)最大值，故D正確；8、BC【解析】試題分析：

15、AB由圖象可知電勢(shì)與距離不成正比，由公式，可知該靜電場(chǎng)是非勻強(qiáng)電場(chǎng)，A錯(cuò)誤B正確；CD根據(jù)沿著電場(chǎng)線方向電勢(shì)降低，由圖象可知電場(chǎng)線的方向?yàn)閤軸負(fù)方向，圖像的斜率表示電場(chǎng)強(qiáng)度大小，故當(dāng)電子沿x軸正方向運(yùn)動(dòng)，則電場(chǎng)強(qiáng)度減小，所以電場(chǎng)力也減小，故加速度大小減小，C正確D錯(cuò)誤考點(diǎn)：考查了電場(chǎng)強(qiáng)度，電勢(shì)【名師點(diǎn)睛】本題考查了勻強(qiáng)電場(chǎng)中電勢(shì)與電場(chǎng)強(qiáng)度的關(guān)系，要加強(qiáng)識(shí)別圖象并從圖象中獲取信息的能力同時(shí)還可根據(jù)電場(chǎng)力做功來(lái)確定電子的電勢(shì)能如何變化9、AB【解析】根據(jù)加速器的原理可知，粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的周期與粒子在狹縫中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間之和與電場(chǎng)變化的周期是相同的，故A正確；設(shè)D形盒的半徑為R，當(dāng)離子圓周運(yùn)動(dòng)的半徑等

16、于R時(shí)，獲得的動(dòng)能最大，則由可得：，則最大動(dòng)能可見最大動(dòng)能與加速電壓無(wú)關(guān)，增大D形盒的半徑可增加離子從回旋加速器中獲得的最大動(dòng)能。故B正確，C錯(cuò)誤；離子在D形盒運(yùn)動(dòng)過程中受到的洛倫茲力提供向心力得：，可得周期公式，可知如果加速質(zhì)子后，要接著加速氦核必須將加速電源的頻率調(diào)整為原來(lái)的，故D錯(cuò)誤。所以AB正確，CD錯(cuò)誤。10、BC【解析】AB甲乙兩電路的總功率相等， 得:,A錯(cuò)B對(duì)；CD兩電路的功率相等則：，即，C對(duì)D錯(cuò)三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、9.65; 11.898; 【解析】游標(biāo)卡尺的讀數(shù)為：d=9mm+130.05mm=9.

17、65mm螺旋測(cè)微器的讀數(shù)為：d=11.5mm+39.80.01mm=11.898mm【點(diǎn)睛】游標(biāo)卡尺讀數(shù)的方法是主尺讀數(shù)加上游標(biāo)讀數(shù)，不需估讀.螺旋測(cè)微器的讀數(shù)方法是固定刻度讀數(shù)加上可動(dòng)刻度讀數(shù)，在讀可動(dòng)刻度讀數(shù)時(shí)需估讀。12、分壓燈絲電阻隨溫度的升高而增大【解析】（1）實(shí)驗(yàn)中要在小燈泡上得到從零開始的可調(diào)電壓，則滑動(dòng)變阻器應(yīng)采用分壓接法；（2）小燈泡電阻較小，可采用電流表外接電路；實(shí)物連接如圖；（3）描繪出伏安特性曲線，其彎曲的主要原因是燈絲電阻隨溫度的升高而增大【點(diǎn)睛】當(dāng)實(shí)驗(yàn)要求電流從零調(diào)時(shí)，變阻器應(yīng)用分壓式接法，應(yīng)選擇阻值小的變阻器以方便調(diào)節(jié)；當(dāng)測(cè)量小電阻時(shí)應(yīng)采用電流表外接法四、計(jì)算題：

18、本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13、（1）；（2）?！窘馕觥浚?）設(shè)帶電粒子進(jìn)入磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的軌道半徑為，由牛頓第二定律得解得：r=R帶電粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)軌跡為四分之一圓周，軌跡對(duì)應(yīng)的圓心角為，如圖所示則（2）由（1）知，當(dāng)時(shí)，帶電粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的軌道半徑為，其運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示由圖可知，所以帶電粒子離開磁場(chǎng)時(shí)偏轉(zhuǎn)原來(lái)方向60，則有：14、（1）；（2）或 【解析】（1）平行于x軸射入的粒子，軌跡如圖所示，設(shè)出射點(diǎn)為P，由得: 有幾何關(guān)系可知：O1P=O1O=1m，OP=m，則O1OP為等腰直角三角形，故P點(diǎn)坐標(biāo)為(1m，1m) 運(yùn)動(dòng)時(shí)間為 (2)由可知：則= 可得若粒子從M點(diǎn)出射，OM=,則O2OM為正三角形，圓心角，出射角；若粒子從弧MN上射出，弦長(zhǎng)均為，圓心角均為，以上兩種情況粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間均為： 故時(shí)：若粒子從邊OM出射，如圖所示，運(yùn)動(dòng)時(shí)間故時(shí)：15、（1）小球通過C點(diǎn)的速度大小為（2）小球由A到C的過