1、學(xué)必求其心得，業(yè)必貴于專精2016-2017學(xué)年上海市華東師大二附中高二（上）月考物理試卷（10月份)一選擇題（前8題為單項選擇，后2題為多項選擇，每題4分）1屬于靜電利用現(xiàn)象的是（）A油罐車上連接地線B復(fù)印機(jī)復(fù)印文件資料C屋頂按裝避雷針D印染廠車間保持濕度2以下列圖，帶電量為q，質(zhì)量為m的小球，用長為l的絕緣細(xì)線懸掛在O點，小球處在水平方向場強(qiáng)盛小為E的勻強(qiáng)電場中均衡時懸線與豎直方向的夾角為，假如改變以下某一個條件，保持其余條件不變，則的變化狀況正確的選項是(）A質(zhì)量m增大，角增大B細(xì)線長度l增大，角減小C電量q增大，角增大D場強(qiáng)E增大，角減小3以下關(guān)系式中正確的選項是（）A室外氣溫:25B

2、某物體的速度：2m/s12m/sC物體的重力勢能：2J12JD電場中某點的電勢：2V5V4兩個半徑為1cm的導(dǎo)體球分別帶上+Q和3Q的電量，兩球心相距90cm時相互作用力為F，現(xiàn)將它們碰一下后放在球心間相距學(xué)必求其心得，業(yè)必貴于專精3cm處，則它們的相互作用力大?。ǎ〢300FB1200FC900FD沒法確立5以下列圖，M、N和P是以MN為直徑的半圓弧上的三點,O點為半圓弧的圓心，MOP=60兩個帶電量相等的異種點電荷分別置于M、N兩點時，O點的電場強(qiáng)度大小為E1將置于N點處的點電荷移至P點時，O點的場強(qiáng)盛小變成E2則E1與E2之比為()A2:1B1：2CD6下邊關(guān)于電場線的論述中正確的選項是

3、（只考慮電場）()A電場線上任一點的切線方向就是正電荷在該點運動的方向B電場線上任一點的切線方向就是正電荷在該點的加速度方向C電場線曲折的地方是非勻強(qiáng)電場,電場線為直線的地方是勻強(qiáng)電場D只要初速度為零，正電荷勢必在電場中沿電場線方向運動7靜電力常量k的單位，若用國際單位制（SI）中的基本單位可表示為（）ABCD8一點電荷,僅在電場力的作用下，沿直線由A點運動到B點的過程中，速率逐漸增大，以下判斷正確的選項是（）學(xué)必求其心得，業(yè)必貴于專精A在此過程中，電荷所受電場力的方向總是由A指向BB在此過程中,電荷的電勢能逐漸增大C線段AB間的各點，電場強(qiáng)度的方向都是由A指向BD自A至B，電勢逐漸降低9某帶

4、電粒子只受電場力作用，從C向D運動，其軌跡如圖中虛線所示，由此可判斷（）A此粒子必定帶正電B此粒子在C處的加速度大于在D處的加速度C此粒子在C處的電勢能大于在D處的電勢能D此粒子在C處的動能大于在D處的動能10有一個點電荷只受電場力的作用，分別從兩電場中的a點由靜止開釋，在它沿直線運動到b點的過程中，動能Ek隨位移s變化的關(guān)系圖象以下列圖中的、圖線則以下說法正確的選項是（）A正電荷在甲圖電場中從a點由靜止開釋，沿直線運動到b點的過程中，對應(yīng)的圖線是B負(fù)電荷在乙圖電場中從a點由靜止開釋,沿直線運動到b點的過程中，對應(yīng)的圖線是C負(fù)電荷在丙圖電場中從a點由靜止開釋，沿直線運動到b點的學(xué)必求其心得，業(yè)

5、必貴于專精過程中，對應(yīng)的圖線是D正電荷在丁圖電場中從a點由靜止開釋，沿直線運動到b點的過程中,對應(yīng)的圖線是二填空題（每空3分，共24分）11若將一個電量為3。01010C的正電荷,從零電勢點移到電場中M點要戰(zhàn)勝電場力做功9。0109J，則M點的電勢是V；若再將該電荷從M點移到電場中的N點，電場力做功1。8108J，則M、N兩點間的電勢差UMN=V12如圖（a）所示，在x軸上有一個點電荷Q（圖中未畫出），A、B兩點的坐標(biāo)分別為0.2m和0.5m放在A、B兩點的檢驗電荷q1、q2遇到的電場力跟檢驗電荷所帶電量的關(guān)系如圖（b)所示則A點的電場強(qiáng)度大小為N/C，點電荷Q的位置坐標(biāo)為x=m13ab是長為

6、l的均勻帶電絕緣細(xì)桿，P1、P2是位于ab所在直線上的兩點,位置以下列圖ab上電荷產(chǎn)生的靜電場在P1處的場強(qiáng)盛小為E1，在P2處的場強(qiáng)盛小為E2則P1、P2處的電場強(qiáng)度方向(填“同樣或“相反)若將絕緣細(xì)桿的左邊l/2截掉并移走（右邊l/2電量、位置不變）則P2處的場強(qiáng)盛小為學(xué)必求其心得，業(yè)必貴于專精14如圖傾角為30的直角三角形的底邊BC長為2L,處在粗糙的水平面上，一質(zhì)量為m帶正電的小物塊剛巧能在斜面上勻速下滑，O為底邊中點，OD垂直AB，沿OD上方與A等高的位置E處固定一帶正電的點電荷，物塊在下滑至底端的過程中，斜面保持靜止不動，當(dāng)物塊在DB之間時，斜面遇到地面的摩擦力(填“不變、“先變大

7、后變小”，“先變小后變大”）；若斜面是圓滑的,測得它滑到D遇到的庫侖力大小為F，則它滑到B處的加速度的大小三綜合題(10+12+14分,共36分)15兩個點電荷相互相距r假如它們之間的距離縮短l=50cm，這時測得它們間作用力比本來增添一倍，求本來兩點電荷間距r是多大？16以下列圖，有一柔嫩鏈條全長為L=1。0m，質(zhì)量均勻分布，總質(zhì)量為M=2.0kg鏈條均勻帶正電，總帶電量Q=1。0106C、將鏈條放在離地足夠高的水平桌面上空間存在豎直向下的勻強(qiáng)電場，電場強(qiáng)度的大小E=2。0107V/m若桌面與鏈條之間的動摩擦因數(shù)為=0。5（重力加速度取g=10m/s2）給鏈條一個向右的初動能，試求：（1)鏈

8、條遇到的最大滑動摩擦力；(2）當(dāng)桌面下的鏈條多長時，桌面下的鏈條所遇到的重力剛巧等于鏈條遇到的滑動摩擦力學(xué)必求其心得，業(yè)必貴于專精(3)能使鏈條從桌面上所有滑下所需的最小初動能17以下列圖，一均勻帶正電的無窮長細(xì)直棒水平擱置，帶電細(xì)直棒在其四周產(chǎn)生方向與直棒垂直向外輻射狀的電場，場強(qiáng)盛小與直棒的距離成反比在直棒上方有一長為a的絕緣細(xì)線連接了兩個質(zhì)量均為m的小球A、B，A、B所帶電量分別為+q和+4q,球A距直棒的距離為a，兩球剛巧處于靜止?fàn)顟B(tài)不計兩小球之間的靜電力作用(1）求細(xì)線的張力；(2)剪斷細(xì)線,若A球著落的最大速度為vm，求A球著落到速度最大過程中，電場力對A球做的功（3）分析剪斷細(xì)線

9、后，B球的運動狀況及能量的轉(zhuǎn)變狀況學(xué)必求其心得，業(yè)必貴于專精2016-2017學(xué)年上海市華東師大二附中高二（上)月考物理試卷(10月份）參照答案與試題分析一選擇題（前8題為單項選擇，后2題為多項選擇，每題4分)1屬于靜電利用現(xiàn)象的是（）A油罐車上連接地線B復(fù)印機(jī)復(fù)印文件資料C屋頂按裝避雷針D印染廠車間保持濕度【考點】靜電現(xiàn)象的解說【分析】認(rèn)識靜電現(xiàn)象，理解其應(yīng)用與防范，會分析其原理，知道哪些現(xiàn)象為靜電的應(yīng)用，哪些現(xiàn)象為靜電的防范【解答】解:A、油罐車上連接地線，可以把運輸過程中會因為摩擦產(chǎn)生靜電荷導(dǎo)走，是為了防范靜電產(chǎn)生火災(zāi)故A錯誤B、復(fù)印機(jī)復(fù)印文件資料屬于靜電的應(yīng)用，故B正確；C、屋頂按裝避

10、雷針是將空中靜電導(dǎo)入大地，以預(yù)防產(chǎn)生雷擊,屬于靜電的防范，故C錯誤C、保持印染廠車間里的空氣濕度使將產(chǎn)生的靜電導(dǎo)入大地，屬于靜電的防范，故D錯誤本題觀察屬于靜電應(yīng)的，應(yīng)選：B2以下列圖,帶電量為q，質(zhì)量為m的小球,用長為l的絕緣細(xì)線懸掛在O點,小球處在水平方向場強(qiáng)盛小為E的勻強(qiáng)電場中均衡時懸線與豎直方向的夾角為，假如改變以下某一個條件，保持其余學(xué)必求其心得，業(yè)必貴于專精條件不變,則的變化狀況正確的選項是（）A質(zhì)量C電量m增大，角增大q增大，角增大B細(xì)線長度l增大，角減小D場強(qiáng)E增大，角減小【考點】庫侖定律【分析】小球受重力、拉力和電場力處于均衡，依據(jù)共點力均衡判斷夾角的變化【解答】解：小球受重

11、力、拉力和電場力均衡,受力如圖，有tan，當(dāng)質(zhì)量m增大，變小，細(xì)線長度l增大，不變，電量q增大，增大，場強(qiáng)增大，增大故C正確，A、B、D錯誤應(yīng)選C3以下關(guān)系式中正確的選項是（)A室外氣溫：25B某物體的速度：2m/s12m/sC物體的重力勢能:2J12JD電場中某點的電勢:2V5V【考點】勻強(qiáng)電場中電勢差和電場強(qiáng)度的關(guān)系；重力勢能；功能關(guān)學(xué)必求其心得，業(yè)必貴于專精系【分析】溫度、勢能、電勢四個物理量均為標(biāo)量，溫度中的負(fù)號表示溫度低于0攝氏度，功的負(fù)號表示對物體運動阻止作用的大小，重力勢能中的負(fù)號表示物體所處的位置低于零勢能面,電勢的負(fù)號表示電勢低于零勢點；而速度為矢量，其負(fù)號表示方向；【解答】

12、解：A、5表示溫度比零攝氏度低5，2表示溫度比，零攝氏度低2，故:25，故A錯誤;B、速度是矢量，負(fù)號只表示方向，大小要依據(jù)絕對值進(jìn)行比值，故：2m/s12m/s；故B正確；C、重力勢能的負(fù)值表示相關(guān)于零勢能面的位置，負(fù)號后邊數(shù)越大表示物體所處的位置比零勢能面低的越多，故物體的重力勢能：2J12J，C錯誤；D、電勢與高度相似,負(fù)號后邊的數(shù)越大表示該點的電勢比零勢面低的越多，故：2V5V，故D錯誤；應(yīng)選:B4兩個半徑為1cm的導(dǎo)體球分別帶上+Q和3Q的電量，兩球心相距90cm時相互作用力為F，現(xiàn)將它們碰一下后放在球心間相距3cm處,則它們的相互作用力大?。?A300FB1200FC900FD沒法

13、確立【考點】庫侖定律【分析】接觸帶電的原則是先中和后均分,依據(jù)庫侖定律的公式判斷相互作用力的大小但是注意庫侖定律的適用條件，庫學(xué)必求其心得，業(yè)必貴于專精侖定律適用于點電荷的作用力【解答】解:依據(jù)庫侖定律得,，接觸后分開，兩金屬球的電量都為Q，但是兩球靠得太近，不可以當(dāng)成點電荷，庫侖定律不再適用,所以沒法確立作用力的大小故D正確，A、B、C錯誤5以下列圖,M、N和P是以MN為直徑的半圓弧上的三點，O點為半圓弧的圓心，MOP=60兩個帶電量相等的異種點電荷分別置于M、N兩點時，O點的電場強(qiáng)度大小為E1將置于N點處的點電荷移至P點時,O點的場強(qiáng)盛小變成E2則E1與E2之比為（）A2：1B1:2CD【

14、考點】電場的疊加;電場強(qiáng)度【分析】由電場的疊加可知各點電荷單獨在O點形成的場強(qiáng)盛小，挪動以后電荷距O點的距離不變，故電場強(qiáng)度大小不變，則由矢量合成的方向可得出挪動以后的合電場；即可求得比值【解答】解：依題意，每個點電荷在O點產(chǎn)生的場強(qiáng)為,則當(dāng)N點處的點電荷移至P點時,O點場強(qiáng)以下列圖，合場強(qiáng)盛小為E2=,則E1與E2之比為2：1故A正確，B、C、D錯誤應(yīng)選A學(xué)必求其心得，業(yè)必貴于專精6下邊關(guān)于電場線的論述中正確的選項是（只考慮電場)(）A電場線上任一點的切線方向就是正電荷在該點運動的方向B電場線上任一點的切線方向就是正電荷在該點的加速度方向C電場線曲折的地方是非勻強(qiáng)電場，電場線為直線的地方是勻

15、強(qiáng)電場D只要初速度為零，正電荷勢必在電場中沿電場線方向運動【考點】電場線【分析】電場線上任一點的切線方向就是場強(qiáng)的方向，是正電荷在該點的受力方向,電場線為直線的地域內(nèi)分布的不必定是勻強(qiáng)電場,初速度為零，正電荷在勻強(qiáng)電場電場中沿電場線方向運動【解答】解:AB、電場線上任一點的切線方向就是場強(qiáng)的方向,是正電荷在該點的受力方向，也是正電荷的加速度方向,故A錯誤,B正確；C、電場線曲折的地域內(nèi)分布的是非勻強(qiáng)電場，電場線為直線的區(qū)域內(nèi)分布的不必定是勻強(qiáng)電場，比方點電荷的電場線是直線，故C錯誤;D、初速度為零，正電荷在勻強(qiáng)電場電場中沿電場線方向運動,在非勻強(qiáng)電場，若電場線是直線時，也沿著電場線方向運動；若

16、電場線是曲線,則不會沿著電場線方向運動，故D錯誤;應(yīng)選:B學(xué)必求其心得，業(yè)必貴于專精7靜電力常量k的單位,若用國際單位制（SI）中的基本單位可表示為（）ABCD【考點】力學(xué)單位制【分析】依據(jù)庫倫定律F=k，由Q，q，F(xiàn)、r四個物理量的單位推導(dǎo)出k的單位【解答】解：依據(jù)庫倫定律F=k，得：k=，國際單位制中力F、距離r、電荷（Q、q）的單位分別是:N、m、C，此中N=kg?m/s2，C=A?s所以k的單位為應(yīng)選:D8一點電荷，僅在電場力的作用下，沿直線由過程中，速率逐漸增大，以下判斷正確的選項是（A在此過程中，電荷所受電場力的方向總是由A點運動到）A指向BB點的B在此過程中，電荷的電勢能逐漸增大

17、C線段AB間的各點，電場強(qiáng)度的方向都是由A指向BD自A至B,電勢逐漸降低【考點】電勢;電勢能學(xué)必求其心得，業(yè)必貴于專精【分析】點電荷僅在電場力作用下，沿直線運動，且速率增大所以可得知電場力的方向，電場強(qiáng)度方向沒法確立，這還與電荷的電性相干因為電場強(qiáng)度方向不定，所以電場高低不定，但可依據(jù)電場力做功來確立電勢能的大小【解答】解：點電荷在電場力作用,從A到B點，速率增大則電場力做正功，電勢能減小因為點電荷的電性不知，所以電場強(qiáng)度方向沒法確立,所以電勢的高低也沒法確立故只有A正確;BCD錯誤；應(yīng)選：A9某帶電粒子只受電場力作用,從C向D運動，其軌跡如圖中虛線所示，由此可判斷（)A此粒子必定帶正電B此粒

18、子在C處的加速度大于在D處的加速度C此粒子在C處的電勢能大于在D處的電勢能D此粒子在C處的動能大于在D處的動能【考點】電場線【分析】電場線密的地方電場的強(qiáng)度大，電場線疏的地方電場的強(qiáng)度?。灰罁?jù)帶電粒子軌跡曲折的方向判斷出遇到的電場力的方向，而后判斷粒子的電性;電場力做正功，電勢能減小，電場力做負(fù)功,電勢能增添學(xué)必求其心得，業(yè)必貴于專精【解答】解：A、由電荷的運動軌跡可知，電荷的受力方向指向左下方，逆著電場線的方向，所以電荷為負(fù)電荷，所以A錯誤B、電場線密的地方電場的強(qiáng)度大，電場線疏的地方電場的強(qiáng)度小，由圖可知,C點的場強(qiáng)盛于D點的場強(qiáng)的大小，在C點的受力大于在D的受力，所以粒子在D點的加速度小

19、于它在C點的加速度，所以B正確；C、D、由電荷的運動軌跡可知，電荷的受力方向指向左下方，粒子從C向D運動的過程中電場力做正功,電荷的電勢能減小，動能增添,所以粒子在C處的電勢能大于在D處的電勢能，粒子在C點的動能小于它在D點的動能，所以C正確，D錯誤應(yīng)選：BC10有一個點電荷只受電場力的作用，分別從兩電場中的a點由靜止開釋，在它沿直線運動到b點的過程中，動能Ek隨位移s變化的關(guān)系圖象以下列圖中的、圖線則以下說法正確的選項是(）A正電荷在甲圖電場中從a點由靜止開釋,沿直線運動到b點的過程中,對應(yīng)的圖線是B負(fù)電荷在乙圖電場中從a點由靜止開釋，沿直線運動到b點的過程中，對應(yīng)的圖線是C負(fù)電荷在丙圖電場

20、中從a點由靜止開釋，沿直線運動到b點的過程中，對應(yīng)的圖線是學(xué)必求其心得，業(yè)必貴于專精D正電荷在丁圖電場中從a點由靜止開釋，沿直線運動到b點的過程中，對應(yīng)的圖線是【考點】電勢差與電場強(qiáng)度的關(guān)系；電場強(qiáng)度【分析】依據(jù)動能定理qU=mv2可知物體的動能EK=qU，此中U=s,故有EK=qs；又EKS圖象的斜率等于物體所受的電場力F=qE，所以圖象的斜率越大代表電荷所處位置的場強(qiáng)越大【解答】解：依據(jù)動能定理qU=mv2可知,物體的動能EK=qU,而U=s，故有EK=qs,A、在甲圖中各點的場強(qiáng)同樣，故正電荷從a點由靜止開釋后在向b運動的過程中所受電場力大小不變，故EKS圖象的斜率保持不變，故A正確B、

21、在乙圖中各點的場強(qiáng)同樣，故負(fù)電荷從a點由靜止開釋后在向b運動的過程中所受電場力大小不變，故EKS圖象的斜率保持不變，故B錯誤C、在丙圖中由a到b場強(qiáng)逐漸增大,故負(fù)電荷從a點由靜止開釋后在向b運動的過程中所受電場力逐漸增大，故EKS圖象的斜率逐漸增大,故C正確D、在丁圖中a到b場強(qiáng)逐漸減小，正電荷從a點由靜止開釋后所受的電場力向左，不行能運動到b，故D錯誤應(yīng)選:AC二填空題(每空3分，共24分)11若將一個電量為3.01010C的正電荷,從零電勢點移到電場中學(xué)必求其心得，業(yè)必貴于專精M點要戰(zhàn)勝電場力做功9。0109J，則M點的電勢是30V;若再將該電荷從M點移到電場中的N點，電場力做功1。810

22、8J，則M、N兩點間的電勢差UMN=60V【考點】電勢差與電場強(qiáng)度的關(guān)系【分析】依據(jù)電場力做功公式W=qU求出零電勢點與M點間的電勢差，即可獲取M點的電勢將該電荷從M點移到電場中的N點，由U=求M、N兩點間的電勢差UMN【解答】解：由題意可知,正電荷從零電勢點移到M點電場力做功W=9109J,依據(jù)公式W=qU可知，零電勢點與M點間的電勢差為：U0M=V=30V,又UOM=0M=30V,故M=30V;將該點電荷從M點再移至N點電場力做功1。8108J，依據(jù)公式W=qU可知，UMN=V=60V；故答案為：30；6012如圖（a）所示，在x軸上有一個點電荷Q（圖中未畫出），A、B兩點的坐標(biāo)分別為0。

23、2m和0.5m放在A、B兩點的檢驗電荷q1、q2遇到的電場力跟檢驗電荷所帶電量的關(guān)系如圖（b）所示則A點的電場強(qiáng)度大小為2103N/C,點電荷Q的位置坐標(biāo)為x=0。3m學(xué)必求其心得，業(yè)必貴于專精【考點】電勢差與電場強(qiáng)度的關(guān)系；電場強(qiáng)度【分析】電場強(qiáng)度等于電荷所受電場力和該電荷電量的比值,即，方向與正電荷所受電場力方向同樣依據(jù)點電荷場強(qiáng)公式分析【解答】解：（1）由圖可知，A點的電場強(qiáng)度=2103N/C,2）同理B點的電場強(qiáng)度EB=500N/C,方向指向x負(fù)方向所以A、B兩點的電場強(qiáng)度大小之比為4：1；設(shè)點電荷Q的坐標(biāo)為x,由點電荷的電場得:,聯(lián)立以上公式解得：x=0.3m故答案為:21030.3

24、13ab是長為l的均勻帶電絕緣細(xì)桿，P1、P2是位于ab所在直線上的兩點,位置以下列圖ab上電荷產(chǎn)生的靜電場在P1處的場強(qiáng)盛小為E1，在P2處的場強(qiáng)盛小為E2則P1、P2處的電場強(qiáng)度方向相反（填“同樣”或“相反）若將絕緣細(xì)桿的左邊l/2截掉并移走（右邊l/2電量、位置不變）則P2處的場強(qiáng)盛小為E1【考點】電場強(qiáng)度【分析】因為細(xì)桿均勻帶電,我們?nèi)關(guān)于P1的對稱點a，則a與學(xué)必求其心得，業(yè)必貴于專精a關(guān)于P1點的電場相互抵消，整個桿關(guān)于P1點的電場，不過相對于ab部分關(guān)于P1的產(chǎn)生電場【解答】解：將均勻帶電細(xì)桿均分為很多段，每段可看作點電荷設(shè)細(xì)桿帶正電,依據(jù)場的疊加，這些點電荷在P1的左邊的電量

25、比較右邊的電量少，所以P1處的合場強(qiáng)方向向左，在P2的合場強(qiáng)方向向右取a關(guān)于P1的對稱點a,因為，則aa=，所以細(xì)桿左邊的上的電荷在P1點的電場相互抵消，右半邊的電荷在P1處的電場強(qiáng)度為E1，由題意,當(dāng)將絕緣細(xì)桿的左邊截掉并移走后，依據(jù)電場的對稱性可得,右半邊的電荷在P2處的電場強(qiáng)度為E1故答案為:相反；E114如圖傾角為30的直角三角形的底邊BC長為2L，處在粗糙的水平面上，一質(zhì)量為m帶正電的小物塊剛巧能在斜面上勻速下滑，O為底邊中點，OD垂直AB,沿OD上方與A等高的位置E處固定一帶正電的點電荷，物塊在下滑至底端的過程中，斜面保持靜止不動，當(dāng)物塊在DB之間時，斜面遇到地面的摩擦力不變（填“

26、不變、“先變大后變小，“先變小后變大”）;若斜面是圓滑的，測得它滑到D遇到的庫侖力大小為F,則它滑到B處的加速度的大小+【考點】電勢差與電場強(qiáng)度的關(guān)系;電勢能【分析】開始時刻小物塊剛巧能在斜面上勻速下滑,說明摩擦力和支學(xué)必求其心得，業(yè)必貴于專精持力的合力與重力均衡,是豎直向上的；依據(jù)牛頓第三定律，壓力和滑塊對斜面體的摩擦力的合力是豎直向下的；再結(jié)合均衡條件分析即可；分析質(zhì)點q在B點的受力狀況，依據(jù)牛頓第二定律和庫侖定律求出質(zhì)點滑到斜邊底端B點時加速度【解答】解:開始時刻小物塊受重力、支持力和摩擦力,物塊剛巧能在斜面上勻速下滑,說明摩擦力和支持力的合力與重力均衡，是豎直向上的;依據(jù)牛頓第三定律,

27、壓力和滑塊對斜面體的摩擦力的合力是豎直向下的；增添電場力后，小物塊對斜面體的壓力和摩擦力正比例增添，故滑塊對斜面體的壓力和摩擦力的合力如故是豎直向下的;再對斜面體分析，受重力、故滑塊對斜面體的壓力和摩擦力、支持力，不受地面的摩擦力，不然合力不為零;即當(dāng)物塊在DB之間時，斜面遇到地面的摩擦力為0，保持不變；在D點，電場力為：F=k=;在B點電電場力為F為:FB=k=；在B點，電荷q受重力、電場力和支持力,在平行AB桿的方向，依據(jù)牛頓第二定律,有：mgsin30+cos30=ma，解得：a=+故答案為：不變；+三綜合題（10+12+14分，共36分）15兩個點電荷相互相距r假如它們之間的距離縮短l

28、=50cm,這時測得它們間作用力比本來增添一倍，求本來兩點電荷間距r是多大？學(xué)必求其心得，業(yè)必貴于專精【考點】庫侖定律【分析】庫侖定律:真空中兩個靜止點電荷之間的作用力與它們電量的乘積成正比，與它們距離的二次方成反比,作用力的方向在它們的連線上【解答】解：l=50cm=0。5m,依據(jù)庫侖定律,距離為r是的靜電力為：F=k2F=k兩式對比，化簡得r=答：本來兩點電荷間距mr是m16以下列圖，有一柔嫩鏈條全長為L=1。0m，質(zhì)量均勻分布，總質(zhì)量為M=2。0kg鏈條均勻帶正電，總帶電量Q=1。0106C、將鏈條放在離地足夠高的水平桌面上空間存在豎直向下的勻強(qiáng)電場,電場強(qiáng)度的大小E=2.0107V/m

29、若桌面與鏈條之間的動摩擦因數(shù)為=0。5（重力加速度取g=10m/s2）給鏈條一個向右的初動能，試求:（1）鏈條遇到的最大滑動摩擦力；(2）當(dāng)桌面下的鏈條多長時，桌面下的鏈條所遇到的重力剛巧等于鏈條遇到的滑動摩擦力（3）能使鏈條從桌面上所有滑下所需的最小初動能學(xué)必求其心得，業(yè)必貴于專精【考點】共點力均衡的條件及其應(yīng)用;力的合成與分解的運用；機(jī)械能守恒定律【分析】(1）最大靜摩擦力約等于滑動摩擦力，依據(jù)滑動摩擦力公式即可求解；（2）設(shè)桌面下的鏈條長為x,鏈條質(zhì)量分布均勻，所以在桌面下的鏈條的質(zhì)量為；桌面上的鏈條對桌子的壓力等于桌面上的鏈條的重力加上電場力，依據(jù)二者相等即可求解；（3）當(dāng)鏈條下滑0。5m后就會自動下滑,此時速度正好為零時所需初動能最小，依據(jù)動能定理即可求解；【解答】解：（1）鏈條剛開始下滑的瞬時，此時鏈條所有在桌面上，正壓力N最大N=Mg+qE則fmax=N=(Mg+qE）=20N（2)假設(shè)有x的鏈條在桌面下方獲取x=0。5m（3）當(dāng)下垂鏈條遇到的重力加上電場力等于滑動摩擦力時，是能使鏈條所有從桌面上滑下的臨界狀況依據(jù)均衡條件：求得：學(xué)必求其心得，業(yè)必貴于專精當(dāng)鏈條垂下m時，重力