云南省曲靖一中2018屆高三高考復習質(zhì)量監(jiān)測卷(五)理科綜合試卷云南省曲靖一中2018屆高三高考復習質(zhì)量監(jiān)測卷(五)理科綜合試卷云南省曲靖一中2018屆高三高考復習質(zhì)量監(jiān)測卷(五)理科綜合試卷理科綜合參照答案一、選擇題：本題共13小題，每題6分。題號12345678910111213答案CDDDABDCABBCD二、選擇題：本題共8小題，每題6分。在每題給出的四個選項中，第14～18題只有一項切合題目要求；第19～21題有多項切合題目要求，所有選對的給6分，選對但不全的給3分，有選錯的給0分。1415161718192021DBACBADBCABD三、非選擇題〔一〕必考題：共11題，共129分。22．〔除特別標明外，每空2分，共5分〕〔1〕②〔2〕0.06〔3〕C〔1分〕【分析】〔2〕aF圖象與橫軸有交點，摩擦力均衡缺少，與縱軸有交點，摩擦力均衡過分；相鄰兩個計數(shù)點之間有兩個點，總合有3段，每段時間為0.02s，總時間為0.06s?！?〕要除去偏差，正確地測賣力的大小即可，故C正確，保證mM只好夠減小誤差，其實不可以除去偏差。23.〔除特別標明外，每空2分，共10分〕小于〔3分〕大于〔3分〕E1E1I2【分析】甲圖電流表外接，丈量的電阻相當于電流表和電源的總電阻，丈量值偏大；乙圖電流表內(nèi)接，丈量的阻值相當于電壓表和電源的并聯(lián)電阻，丈量值偏小；甲圖中U=EI(r真RA)，當斷路時，I0，縱截距UE1E真，乙圖中UE〔IIV)r真，短路時，U0，IV0，I2E，故電源的電動勢為E1；電源的內(nèi)阻E1。r真rI224.〔14分〕解：〔1〕工件的加快度ag2v②8m/s①加快時間t1a加快位移x124mlABx3④at1m③勻速時間t2vs24得tt1t25s⑤4〔2〕工件在斜面上的摩擦力等于重力分力，工件一同和傳遞帶向上勻速運動動能的變化量Ek1mv28J⑥Qmg(x傳x物)8J⑦2重力勢能的增添量WGmgh30J⑧電動機多耗費的電能WEkQWG46J⑨評分標準：本題共14分。正確得出①～④式各給1分，其余各式各給2分。2518分〕.〔解：〔1〕物塊和小球發(fā)生彈性碰撞m0v0m0v1mv21mv21mv21mv2②①00012222得：v1m0mv0③v22m0v0④m0mm0m〔2〕等效最低點半徑和豎直方向的夾角為tanEq3⑤Fmg⑥mg4cos依據(jù)動能定理得EqR(sin53sin37)mgR(cos37cos53)1mv21mvM2⑦22得M點的速度vMv26m/s⑧cos53mv2小球到等效最低點的支持力FNF解得：FNR〔3〕小球抵達N點的速度為vNEqR(1sin53)mgRcos531mvN21mv2⑨得vN51m/s22從N點落到地面的時間是tRvNt1gt2t5171⑩得102水平方向走過的位移x1Eqt29m2m從N點到地面用動能定理得EkmgREqx1mvN2得末動能Ek309J2評分標準：本題共18分。正確得出①、②、⑦、⑨、式各給2分，其余各式各給1分?！裁靠?分，共14分〕〔1〕YX〔2〕CH4(g)+2O2(g)=CO2(g)+2H2O(l)H=-890kJ/mol2〔3〕CH4+10OH--8e-=CO32+7H2OC2H5OH-12e-+3H2O=2CO2+12H+〔4〕7【分析】陽極：4OH--2H222+-+-2-4e=O+O↑；陰極：Cu+2e=Cu，2H+2e=H↑。陽極轉移電子的物質(zhì)的量為0.5×4=2mol，耗費OH-2mol，即產(chǎn)生H+2mol。陰極生成2+1mol+2轉移的電子數(shù)為0.5molH，耗費H；所以溶液中c(H)=1mol/L，pH=0，生成H0.5×2=1mol，故還有1mole-用于還原Cu2+，n(Cu2+)=0.5mol，c(Cu2+)=0.5mol/L。反應過程中轉移2mole-，能量利用率為80%，所以V(CH4)=(2÷80%÷8)×22.4=7L。27.〔除特別標明外，每空2分，共15分〕〔1〕3〔或4〕4〔或3〕12〔共2分〕〔2〕Zn+2H2SO4(濃)=ZnSO4+SO2↑+2H2O防備倒吸〔3〕SO2+H2O+CaSO3=Ca2++2HSO34〕16.25V(SO2)∶V(H2)=2∶3〔5〕還原性〔1分〕5SO2+2MnO4+2H2O=2+2Mn2++4H+5SO428．〔每空2分，共14分〕〔1〕第周圍期第Ⅷ族2+H2OSiO2+2OH-=SiO3〔2〕Fe2＋2Fe3＋+Cu=2Fe2＋+Cu2＋3〕AlO2+2H2O+CO2=Al(OH)3↓+HCO3〔4〕b〔5〕【分析】由流程圖能夠看出，參加足量稀鹽酸時，獲得的固體混淆物B為二氧化硅和單質(zhì)銅，那么濾液A中必定不含F(xiàn)e3＋，原由是2Fe3＋+Cu=2Fe2＋+Cu2＋，考證Fe2＋可先參加KSCN溶液，沒有明展現(xiàn)象，再參加氯水〔或其余氧化劑〕出現(xiàn)血紅色。濾液A中含有Fe2+、Al3＋、Cu2＋，參加足量NaOH溶液后獲得的固體混淆物D為Fe(OH)2和Cu(OH)223和CuO，濾液C中含AlO2，，在空氣中灼燒后獲得的固體混淆物F為FeO將AlO2中鋁元素積淀出來，最好的方式是通入過度的CO2。4〕電解精華銅時，粗銅作陽極，純銅作陰極，硫酸銅溶液作電解液，粗銅中比銅開朗的金屬進入電解質(zhì)溶液，開朗性比銅弱的金屬堆積到電解槽底部，沒有被氧化。剖析選項知，b正確。〔5〕固體混淆物F為Fe2O3和CuO，通足量氫氣獲得Fe和Cu，依據(jù)差量能夠算出Fe的物質(zhì)的量為2mol，與足量鹽酸反應，產(chǎn)生的H2的物質(zhì)的量為2mol，即。29．〔除特別標明外，每空1分，共10分〕〔1〕光照強度、二氧化碳濃度、礦質(zhì)營養(yǎng)等〔答出兩種即給分〕合理密植〔2〕葉綠體基質(zhì)F葉綠體、線粒體〔多寫不給分〕〔3〕12小時內(nèi)右邊截取局部光合作用制造的有機物總量酶C6H12O6+6H2O+6O2――→6CO2+12H2O+能量4〕〔2分〕【分析】〔1〕由圖甲可知，與P點對比，Q點栽種密度過大，限制單株光合強度的外界要素是光照強度、二氧化碳濃度、礦質(zhì)營養(yǎng)等，圖甲給我們的啟迪是在種植農(nóng)作物時要注意合理密植。2〕C→F段，葉綠體內(nèi)ADP含量最高的場所是ADP生成的場所，那就是葉綠體基質(zhì)。一日夜內(nèi)有機物累積最多的點是F，因為經(jīng)過白日的光合作用，此光陰合作用等于呼吸作用，所以該點有機物累積最多。B點能產(chǎn)生ATP的細胞器有葉綠體和線粒體。〔3〕照光與不照光局部的生理過程中差別是光合作用能否進行，但同時它們都進行呼吸作用，b=葉片原重量+總光合作用-呼吸耗費，a=葉片原重量-呼吸耗費，所以b-a=總光合作用?！?〕圖丁的縱坐標表示的是凈光合速率，在15℃、8千勒克斯的光照條件下，呼吸速率為10mg/〔小時·單位葉面積〕，凈光合速率為40mg/〔小時·單位葉面積〕，所以單位葉面積每小光陰合作用產(chǎn)生的氧肚量是50mg。在25℃、4千勒克斯的光照條件下，呼吸速率為20mg/〔小時·單位葉面積〕，凈光合速率為20mg/〔小時·單位葉面積〕，所以該植物單位葉面積在一天內(nèi)〔15小時白日〕氧氣的開釋量=20×15-20×9=120mg。設葡萄糖的累積量是ymg，依照光合作用反應式進行換算，那么有180∶6×32=y∶120，解得。30．〔每空1分，共10分〕〔1〕神經(jīng)遞質(zhì)因為神經(jīng)遞質(zhì)只存在于突觸小泡中，只好由突觸前膜開釋，而后作用于突觸后膜上，而不可以逆向傳達〔2〕組織液不同樣c下丘腦垂體3〕A促使4〕神經(jīng)—體液【分析】〔1〕喜悅在神經(jīng)細胞間經(jīng)過信號分子神經(jīng)遞質(zhì)進行傳達，當人體遇到嚴寒刺激時，喜悅只好由A傳到B，而不可以由B傳到A的原由是神經(jīng)遞質(zhì)只存在于突觸小泡中，只好由突觸前膜開釋，而后作用于突觸后膜上，而不可以逆向傳達?！?〕圖中①所指液體為內(nèi)環(huán)境組分中的組織液。b、c兩種激素的化學實質(zhì)不同樣，b是垂體分泌的促甲狀腺激素，化學實質(zhì)是蛋白質(zhì)，c是甲狀腺激素，化學實質(zhì)是氨基酸衍生物。當血液中c〔甲狀腺激素〕含量增添到必定程度時，又反過來克制下丘腦和垂體分泌有關激素?！?〕當血糖濃度低于正常值后，刺激下丘腦經(jīng)過傳出神經(jīng)使胰島A細胞喜悅，增添胰高血糖素的分泌量，同時會促使胰島素的分泌。因為在血糖濃度低于正常的狀況下發(fā)生的，胰高血糖素的分泌增添會升血糖，升血糖目的在于用血糖。而血糖的利用一定進入細胞內(nèi)。血糖可否進入細胞內(nèi)，就取決于胰島素了。胰島素能夠促使葡萄糖進入細胞中，實現(xiàn)葡萄糖的氧化分解或合成糖原或轉變?yōu)橹?、某些氨基酸等。所以，胰高血糖素的分泌必定會促使胰島素的分泌?！?〕由圖可知，人體內(nèi)血糖濃度保持相對穩(wěn)固是因為遇到神經(jīng)—體液的調(diào)理，進而保持生命活動的正常進行。31．〔每空1分，共9分〕〔1〕蝗蟲密度、4種不一樣的蝗蟲〔其余合理答案也給分，答不全不給分〕數(shù)學牧草賠償量大于蝗蟲取食量抵擋力穩(wěn)固生物〔2〕N2、P2負反應〔3〕蟾蜍高于32．〔10分〕〔1〕子一代的表現(xiàn)型及比率為紫色∶白色=9∶7；子二代的表現(xiàn)型及比率為紫色∶白色=25∶39〔4分〕〔2〕用該白花植株的后輩分別與2個白花品系雜交，察看子代花色。假定雜交子一代所有是紫花，那么該白花植株是一個新等位基因突變造成的；假定一個雜交組合的子代為紫花，另一個雜交組合的子一代為白花，那么該白花植株的突變屬于上述2個白花品系中的一個〔6分〕【分析】〔1〕子一代的表現(xiàn)型比率是9∶3∶3∶1的變式，子二代表現(xiàn)型的比率計算能夠?qū)善降任换蚍珠_獨自考慮，一平等位基因子一代的分離比是3∶1，連續(xù)自交，子二代的分離比是5∶3，兩對獨立遺傳的等位基因子二代的分離比為〔5∶3〕〔5∶3〕=25∶15∶15∶9，所以紫色∶白色=25∶39。2〕紫花為顯性性狀，白花為隱性性狀，某同學在大批栽種該紫花品系時，后輩幾乎所有是紫花植株〔有時發(fā)現(xiàn)一株白花植株〕，說明是純合體，其基因型是AABBDD?？茖W家從中選育出的2個白花品系與該紫花品系都只有一平等位基因存在差別，白花品系自交后輩所有為白花植株，白花為隱性性狀，因此白花品系必定是純合體，基因型可能為aaBBDD、AAbbDD、AABBdd。某同學有時發(fā)現(xiàn)的白花植株也是與紫花品系只有一平等位基因存在差別，那么它可能與科學家選育的上述2個白花品系中的某一個白花品系基因型同樣，也可能是一個新等位基因突變造成的。用該白花植株的后輩分別與2個白花品系雜交，察看子代花色。假定雜交子一代所有是紫花，那么該白花植株是一個新等位基因突變造成的；假定一個雜交組合的子代為紫花，另一個雜交組合的子一代為白花，那么該白花植株的突變屬于上述2個白花品系中的一個?！捕尺x考題〔共45分〕33．〔15分〕1〕〔5分〕BCD〔選對1個給2分，選對2個給4分，選對3個給5分；每選錯1個3分，最低得分為0分〕【分析】從單調(diào)熱源汲取熱量，使之完整變?yōu)楣`犯了熱力學第二定律，不行能實現(xiàn)，A錯誤。克勞修斯表述是按熱傳達的方向性表述的，而開爾文表述是按機械能與內(nèi)能轉變過程的方向性來表述的，這兩種表述看似毫無聯(lián)系，實際上是等價的，能夠從一種表述推導出另一種表述，它們都說了然全部自覺過程老是沿著分子熱運動的無序性增大的方向進行，即在任何自然過程中，一個孤立系統(tǒng)的總熵不會減小，故

B正確。第一類永動機違犯了能量守恒定律，所以不行能制成，故

C正確。第二類永動機不違犯能量守恒定律，但違犯了熱力學第二定律，故

D正確。內(nèi)能是狀態(tài)量，熱量是過程量只有說汲取熱量或放出熱量，不可以說含有熱量，故

E錯誤。〔2〕〔10分〕解：i．氣缸A末態(tài)壓強為2p0，氣缸B活塞的面積為氣缸A活塞面積的2倍，初狀態(tài)選兩活塞為研究對象，依據(jù)均衡條件有pASApBSB，解得pBp0①2末狀態(tài)選兩活塞為研究對象，依據(jù)均衡條件有2p0SApBSB，解得pBp0②氣缸B中氣體初末溫度不變，依據(jù)玻意耳定律得pBg2V0pBVB，解得氣缸B中氣體體積VBV0③ⅱ．兩活塞挪動的距離同樣，氣缸B活塞的面積為氣缸A活塞的面積的2倍，氣缸B中氣體體積減小了V0，那么氣缸A中氣體體積增添了V0，那么加熱后氣缸A中體積為VA3V022④p0V02p0VA依據(jù)理想氣體狀態(tài)方程得TAT0⑤解得TA

3T0⑥評分標準：本題共

10分。正確得出

④、⑥式各給

1分，其余各式各給

2分。35.〔除特別標明外，每空〔2〕N〔1分〕N原子的合理答案也給分〕

2分，共15分〕〔1〕1s22s22p4〔其余答案不給分〕2p軌道電子屬于半充滿狀態(tài)，能量較低，原子更穩(wěn)固〔其余234〔3〕直線形CO2〔或NO2〕〔4〕n3gNA〔3分〕〔5〕V晶胞a332r3，晶胞中含4個球：V球44πr3，空間利用率V球2〔323V晶胞6分〕【分析】〔1〕由F位于ds區(qū)，最外能層有單電子，是熱和電最正確導體之一，能夠推出F是銅元素，再由D與F不一樣周期，但最外能層電子數(shù)相等，并聯(lián)合全文可推測出D是鈉?！?〕同一周期跟著原子序數(shù)的遞加，元素的第一電離能整體體現(xiàn)增大趨向，氧原子的第一電離能小于氮原子的原由是氧原子的3個2p軌道上排布4個電子，必定有一個2p軌道上占2個電子，這兩個電子在同一個2p軌道上增大了互相之間的排擠力，使得氧原子簡單失掉一個電子。〔只需回復出半充滿態(tài)，系統(tǒng)的能量較低，原子穩(wěn)固即可總分值〕〔3〕等電子體要在C、O元素鄰近找答案。〔4〕2343，該晶體是氯化鈉，一個晶胞含有四個鈉原子，四個氯原子，n3ggcmgNA依據(jù)密度公式求出上述結果。〔5〕V晶胞a332r3，晶胞中含4個球：V球44πr3，空間利用率V球2。23V晶胞636．〔除特別標明外，每空2分，共15分〕1〕乙酸苯乙酯〔2〕加成反應3〕4〕〔