60°角的OA、高中物理原創(chuàng)題庫之一〔60°角的OA、1、空間存在著平行紙面的勻強(qiáng)電場(chǎng),但電場(chǎng)的具體方向未知,現(xiàn)用儀器在紙面內(nèi)沿互成OB兩個(gè)方向探測(cè)該靜電場(chǎng)中各點(diǎn)電勢(shì),得到各點(diǎn)電勢(shì).與到O點(diǎn)距離的函數(shù)關(guān)系如下圖,那么以下關(guān)于該電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度E的說法中,正確的選項(xiàng)是E2V/m,沿OA方向

E200V/m,沿BO方向E200』3v/m,沿AOB角平分線向左

4003一.E3V/m,沿AOB角平分線向左3【解析【解析】由6x和6y圖象可知,U40VE-d20cmcos30400.3、,,……V/m,故此題選Do3OA、OB兩個(gè)方向上距離O點(diǎn)相同距離處電勢(shì)相等,比方,取距離均為20cm處,電勢(shì)均為40V,那么這兩點(diǎn)位于同一等勢(shì)面上,用直線將兩點(diǎn)連接,然后作這條等勢(shì)線的過O點(diǎn)的垂線,由電場(chǎng)線和等勢(shì)面的關(guān)系可知,這就是電場(chǎng)線,且方向向左,且電場(chǎng)強(qiáng)度大小等于【命題意圖】考察電場(chǎng)線與等勢(shì)面的關(guān)系、電場(chǎng)強(qiáng)度和電勢(shì)差的關(guān)系,以及識(shí)圖、信息提取水平；順便了解6x圖象的斜率是電場(chǎng)強(qiáng)度在x方向上的投影.【易錯(cuò)提醒】6x和6y圖象的斜率Ex——、Ey——都只是電場(chǎng)強(qiáng)度在OA、OB兩個(gè)方向上的

xy投影,因此,不可以將這兩者合成的方式求解電場(chǎng)強(qiáng)度〔C選項(xiàng)〕,當(dāng)然更不能把這兩個(gè)投影直接當(dāng)做電場(chǎng)強(qiáng)度本身〔B選項(xiàng)〕.熟悉到這點(diǎn),此題就還可以用投影的方式直接求解電場(chǎng)強(qiáng)度.【參考文獻(xiàn)】陳恩譜老師?物理原來可以這樣學(xué)?“高中物理中矢量標(biāo)積的一些有用的結(jié)論〞一文.2、如下圖,兩足夠長的光滑平行金屬導(dǎo)軌MN、PQ水平放置,導(dǎo)軌間距為L,垂直導(dǎo)軌的虛線OO'兩側(cè)導(dǎo)軌所在空間區(qū)域存在著磁感應(yīng)強(qiáng)度均為B的相反方向的豎直勻強(qiáng)磁場(chǎng),兩長度均為L、電阻均為R、質(zhì)量均為m的金屬導(dǎo)體棒a、b垂直導(dǎo)軌放在OO'左右兩側(cè),并與導(dǎo)軌保持良好接觸,不計(jì)其他電阻.現(xiàn)給導(dǎo)體棒a一個(gè)瞬時(shí)沖量,使a獲得一個(gè)水平向右的初速度vo,那么以下關(guān)于a、b兩棒此后的整個(gè)運(yùn)動(dòng)過程的說法中,正確的選項(xiàng)是A、a、b兩棒組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒B、a、b兩棒最終都將以大小為v0的速度做勻2速直線運(yùn)動(dòng)2C、整個(gè)過程中,a棒上產(chǎn)生的焦耳熱為m血8D、整個(gè)過程中,流過a棒的電荷量為小2LB【答案】BD

【解析】由右手定那么和左手定那么可知,兩導(dǎo)體棒所受安培力均向左,因此系統(tǒng)動(dòng)量不守恒,A錯(cuò)；回路總電動(dòng)勢(shì)為EBLvaBLvb,隨著va的減小、vb的增大,回路總電動(dòng)勢(shì)減小,回路電流減小,安培力減小,兩棒加速度最終減為零,兩棒均勻速運(yùn)動(dòng),設(shè)整個(gè)過程回路中的平均電流為「,那么由動(dòng)量定理,有a棒：ILBtmvamv0b棒：ILBtmvb0兩式聯(lián)立,解得va應(yīng)向右、vbv0■向左,流過a棒的電荷量為qItm0.TOC\o"1-5"\h\z222BL10101n1同時(shí),整個(gè)過程中,回路中廣生的焦耳熱為Q單—mv0(―mva-mvb)—mv0,那么a棒上廣生2224110的焦耳熱為Q-Qtt-mv2.2心8故AC錯(cuò)誤,BD正確.【命題意圖】考察右手定制、左手定那么、電磁感應(yīng)定律、動(dòng)量定理和動(dòng)量守恒定律,以及回路總電動(dòng)勢(shì)、動(dòng)態(tài)過程分析、串聯(lián)回路功率分配、電荷量與平均電流的關(guān)系,考察分析綜合推理水平；順便指出楞次定律二級(jí)結(jié)論“來拒去留〞只適用于單向磁場(chǎng),雙向磁場(chǎng)中恰好是“來迎去離〞.【易錯(cuò)提醒】沒注意OO'兩邊磁場(chǎng)反向,以為同向,進(jìn)而誤判系統(tǒng)動(dòng)量守恒,錯(cuò)選A;對(duì)于回路總電動(dòng)勢(shì)計(jì)算、動(dòng)量定理處理導(dǎo)體棒收尾運(yùn)動(dòng)問題不熟練,無法分析運(yùn)動(dòng)過程和確定終態(tài)；沒有注意求解的是a棒的焦耳熱,而當(dāng)做回路總焦耳熱求解,容易錯(cuò)選Co【參考文獻(xiàn)】陳恩譜老師?物理原來可以這樣學(xué)?“對(duì)【參考文獻(xiàn)】陳恩譜老師?物理原來可以這樣學(xué)?“對(duì)楞次定律的深入理解〞一文.3、太陽中所發(fā)生的“氫聚變〞的實(shí)際過程并不是氫原子核直接聚變?yōu)槁仍雍?而是借助碳、氮、氧的原子核進(jìn)行的,其具體反響過程為如下圖的六步循環(huán),請(qǐng)根據(jù)右圖,A、X粒子是電子B、Y粒子是中子判斷以下說法中正確的選項(xiàng)是C、①處所發(fā)生的核反響方程為14115小7NiH8.D、六步循環(huán)的總核反響方程為41H4He2：eY質(zhì)子(NN*X質(zhì)子光子質(zhì)子1313c07N6C〔e,光子【答案】C【解析】由質(zhì)量數(shù)守恒、電荷數(shù)守恒,可知兩個(gè)包含了X?包含了Y的核反響方程為15N；H16C2He,故可知x為正電子0e,Y為氨原子核4He,故A、B錯(cuò);經(jīng)過一個(gè)“碳循環(huán)〞,碳、氮、氧的原子核都復(fù)原,有4個(gè)質(zhì)子；H被吸納,釋放出了1個(gè)氯原子核2He和2個(gè)正電子；e,故全過程的總核反響方程為41H2He2；e,d錯(cuò)誤.【命題意圖】考察核反響方程的書寫,核反響中的質(zhì)量數(shù)守恒、電荷數(shù)守恒,同時(shí)考察根本粒子的符號(hào),和觀察概括水平；順便介紹聚變反響復(fù)雜的實(shí)際過程.【易錯(cuò)提醒】注意不要錯(cuò)把正電子；e看成了電子；e；另外,題干中“循環(huán)〞“催化作用〞都提醒了“經(jīng)過一個(gè)‘碳循環(huán)’,碳、氮、氧的原子核都復(fù)原〞的意思,要結(jié)合循環(huán)示意圖把握住這個(gè)意思.【參考文獻(xiàn)】［美］喬治?伽莫夫?從一到無窮大?一書.4、萬有引力定律和庫侖定律具有相同的數(shù)學(xué)結(jié)構(gòu),因此,兩個(gè)定律也就有一些相同的結(jié)論.孤立帶電導(dǎo)體球處于靜電平衡時(shí),電荷均勻分布在外外表；均勻帶電球殼外部的電場(chǎng),可以看作是將球殼上的電荷全部集中于球心處的點(diǎn)電荷的電場(chǎng).現(xiàn)類比電場(chǎng)強(qiáng)度,引入引力場(chǎng)強(qiáng)度概念：質(zhì)量為m的質(zhì)點(diǎn)在引力場(chǎng)

中某點(diǎn)所受引力大小為F,那么該點(diǎn)的引力場(chǎng)強(qiáng)度為g￡,那么以下關(guān)于引力長強(qiáng)度的說法中,正確的選項(xiàng)是mA、質(zhì)量分布均勻的球殼在其球心處產(chǎn)生的引力場(chǎng)強(qiáng)度為零B、質(zhì)量分布均勻的球殼在其內(nèi)部任意位置產(chǎn)生的引力場(chǎng)強(qiáng)度均為零C、質(zhì)量為M、半徑為R且質(zhì)量分布均勻的孤立實(shí)心球形天體內(nèi)離球心距離為r(r<R)處的引力場(chǎng)強(qiáng)M度為gG—rD、質(zhì)量為M、半徑為R且質(zhì)量分布均勻的孤立實(shí)心球形天體外、離天體外表高度為h處的引力場(chǎng)強(qiáng)度為度為gM(Rh)2【答案】ABD【解析】孤立帶電導(dǎo)體球處于靜電平衡時(shí),其內(nèi)部電場(chǎng)強(qiáng)度處處為零一一這是靜電平衡的根本結(jié)論,實(shí)際上,導(dǎo)體球內(nèi)部的電場(chǎng)就是其外表電荷產(chǎn)生的電場(chǎng)的疊加結(jié)果,由于電荷均勻分布在導(dǎo)體球外外表,這就是說,均勻帶電球殼在其內(nèi)部產(chǎn)生的電場(chǎng)強(qiáng)度處處為零.類比均勻帶電球殼的電場(chǎng)強(qiáng)度,可知質(zhì)量分布均勻的球殼在其內(nèi)部產(chǎn)生的引力場(chǎng)強(qiáng)度也是處處為零,故AB正確；將質(zhì)量分布均勻的實(shí)心球體分成半3r__徑為r的實(shí)心球體(質(zhì)量設(shè)為m,mM)和半徑大于r的球殼,那么球殼在離球心距離為r(r<R)處R3產(chǎn)生的引力場(chǎng)強(qiáng)度為零,只需要考慮半徑為r的實(shí)心球體在離球心距離為r(r<R)處產(chǎn)生的引力場(chǎng)強(qiáng)度：gG?G“3r,故C錯(cuò)；人造衛(wèi)星在軌道上運(yùn)行時(shí),由牛頓第二定律可知,a巨,這和引力場(chǎng)強(qiáng)r2R3m度定義式g完全一■致,故D正確.m【命題意圖】考察靜電平衡的根本結(jié)論及對(duì)根本結(jié)論的理解,庫侖定律和萬有引力定律的相似數(shù)學(xué)結(jié)構(gòu),以及對(duì)牛頓第二定律的理解；同時(shí)考察類比推理水平、微元分解推理水平.【易錯(cuò)提醒】不理解處于靜電平衡的孤立導(dǎo)體內(nèi)部場(chǎng)強(qiáng)是由導(dǎo)體外表電荷產(chǎn)生電場(chǎng)的疊加結(jié)果,從而對(duì)B選項(xiàng)無從下手；沒注意半徑大于r的球殼在其內(nèi)部產(chǎn)生的引力場(chǎng)強(qiáng)度為零,誤把整個(gè)球體質(zhì)量等效看做集中于球心的質(zhì)點(diǎn),從而錯(cuò)選Co【參考文獻(xiàn)】陳恩譜老師?物理原來可以這樣學(xué)?“對(duì)重力加速度的幾點(diǎn)辨析〞一文.5、如下圖為一臺(tái)教學(xué)用手搖式交流發(fā)電機(jī),當(dāng)緩慢搖動(dòng)大皮帶輪手柄時(shí),連接在發(fā)電機(jī)上的小燈泡就r,搖動(dòng)手柄的角速度為以且搖動(dòng)過程rR,解得小皮帶輪的r,搖動(dòng)手柄的角速度為以且搖動(dòng)過程rR,解得小皮帶輪的角速度為中皮帶不打滑,那么以下說法中正確的選項(xiàng)是A、發(fā)電機(jī)產(chǎn)生的交變電流頻率為——2冗RB、小燈泡閃爍的頻率為——2<C、小燈泡的瞬時(shí)功率等于通過小燈泡的電流電壓有效值的乘積D、提升手搖手柄的角速度,可以使小燈泡亮度根本保持不變和提升小燈泡的亮度【答案】D【解析】大皮帶輪與小皮帶輪邊沿線速度大小相等,那么有

R皿

一,再R皿

一,再由r2f可知發(fā)電機(jī)線圈轉(zhuǎn)動(dòng)頻率為f——,此即發(fā)電機(jī)產(chǎn)生的交變電流的頻率,故2<A錯(cuò)；而小燈泡發(fā)光亮度只與電流大小有關(guān),因此它在一個(gè)周期內(nèi)會(huì)閃爍兩次,其閃光頻率為2fNBS故B錯(cuò)；小燈泡閃爍,也就是小燈泡亮度時(shí)刻在變化,說明小燈泡的瞬時(shí)功率時(shí)刻在變化,不是定值,而電流、電壓有效值乘積計(jì)算的是定值,故C錯(cuò)；當(dāng)增大,線圈轉(zhuǎn)動(dòng)頻率〔角速度〕增加時(shí),由Em可知,發(fā)電機(jī)產(chǎn)生的交變電流頻率增加且最大值、有效值均增加,因此燈泡發(fā)光亮度增加,頻率過快時(shí),燈絲溫度來不及跟隨電流變化,小燈泡亮度就會(huì)趨于穩(wěn)定,不再閃爍,這就是白熾燈的工作NBS【命題意圖】考察圓周運(yùn)動(dòng)的連接速度關(guān)聯(lián),交變電流的產(chǎn)生、頻率、最大值有效值及其瞬時(shí)功率、平均功率等,同時(shí)考察上新課時(shí)對(duì)演示實(shí)驗(yàn)的觀察水平.【易錯(cuò)提醒】不清楚角速度和頻率的關(guān)系；不注意分析小燈泡亮度其實(shí)只與電流的大小有關(guān),因此閃光頻率是交變電流頻率的2倍；不注意審題,C選項(xiàng)問的是小燈泡的瞬時(shí)功率,而不是一個(gè)周期內(nèi)的平均功率一一有效值計(jì)算的功率實(shí)際上是一個(gè)周期內(nèi)的交變電流的平均功率；平時(shí)上課時(shí)老師做演示實(shí)驗(yàn)卻不注意觀察,缺乏必要的經(jīng)驗(yàn),就無法迅速判定D選項(xiàng)正確與否.【參【參考文獻(xiàn)】陳恩譜老師?物理原來可以這樣學(xué)?“關(guān)于交變電流的幾個(gè)問題的說明〞一文.6、如下圖,兩根平行直圓棒MN、PQ間距保持為亞R不變,兩棒所在平面與水6、如下圖,兩根平行直圓棒數(shù)均為質(zhì)量為m、截面半徑為R的圓柱體擱在MN、PQ上,并由靜止釋放,圓柱體與兩棒之間的動(dòng)摩數(shù)均為—,且最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力,那么以下關(guān)于圓柱體被釋放后的受力和運(yùn)動(dòng)的說法正確3的是A、圓柱體受到3個(gè)A、圓柱體受到3個(gè)力的作用B、1兩根圓棒對(duì)圓枉體的支持力都是一mgcos2C、30時(shí),圓柱體就會(huì)沿圓棒下滑D、【答案】【解析】45時(shí),圓柱體一定會(huì)沿圓棒下滑D兩個(gè)圓棒對(duì)圓柱體都有支持力和摩擦力,同時(shí)圓柱體還受到重力作用,因此圓柱體總共受到兩根圓兩根圓棒對(duì)圓柱體的支持力都是FN棒方向,由平衡條件,有：mgsin圓棒下滑,故C錯(cuò)、D正確.【命題意圖】考察幾何關(guān)系分析、5個(gè)力的作用,A選項(xiàng)錯(cuò)誤；將重力垂直MN、PQ確定的平面和平行該平面分解,那么垂直該平面向下的分量為mgcos,垂直圓柱體軸線的平面內(nèi)作受力分析圖,由幾何知識(shí)和平行四邊形定那么、平衡條件易知,-mgcos,b選項(xiàng)錯(cuò)誤；假設(shè)圓柱體剛好能夠沿圓棒下滑,那么沿圓22Fn.,解得tan,那么tan上色時(shí),圓柱體一定會(huì)沿33空間力系的受力分析、滑動(dòng)摩擦定律、平衡條件和摩擦力臨界問題.【易錯(cuò)提醒】此題容易錯(cuò)誤的把兩個(gè)圓棒的支持力合為一個(gè)力,摩擦力也容易犯這個(gè)錯(cuò)誤；另外,空間力系的受力分析與計(jì)算,對(duì)空間想象水平和矢量分解的理解,都提出了較高的要求,學(xué)生容易不知所措.【參考文獻(xiàn)】陳恩譜老師?物理原來可以這樣學(xué)?“動(dòng)力學(xué)臨界問題的根本類型和處理技巧〞一文.【解析【解析】物塊尚未滑動(dòng)時(shí),設(shè)木板與水平面的夾角為0,那么由平衡條件易知,Fnmgcos,7、如下圖,長直木板可以繞其左端水平固定軸轉(zhuǎn)動(dòng)；初始時(shí)刻,木板處于水平狀態(tài),物塊靜止的放置在木板上；現(xiàn)將木板的右端緩慢抬起,使木板繞水平軸逆時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng),當(dāng)物塊剛剛開始相對(duì)木板滑動(dòng)時(shí),立即停止轉(zhuǎn)動(dòng)木板.物塊與木板之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為的且最大靜摩擦力大于滑動(dòng)摩擦力,那么以下說法中正確的選項(xiàng)是A、物塊尚未滑動(dòng)時(shí),隨著木板右端的抬高,木板對(duì)物塊的作用力越來越小B、物塊尚未滑動(dòng)時(shí),隨著木板右端的抬高,木板對(duì)物塊的摩擦力越來越大C、當(dāng)木板與水平面的夾角.到達(dá)tan后,只需要將木板右端再抬高無限小一點(diǎn)點(diǎn),物塊就會(huì)相對(duì)木板滑動(dòng)起來D、物塊剛剛開始相對(duì)木板滑動(dòng)時(shí),其加速度無限趨近于零【答案】BFfmgsin,那么隨著木板右端的抬高,支持力逐漸減小,摩擦力逐漸增大,但是兩者的合力〔即木板對(duì)物塊的作用力〕總是豎直向上,與重力等大,故A錯(cuò)誤,B正確；設(shè)最大靜摩擦力與支持力的關(guān)系為Ffm0Fn,那么物塊即將相對(duì)木板滑動(dòng)時(shí),有mgsin0Ffm,聯(lián)立解得tan00,由題意,0,即板與水平面的夾角需增加到比出大時(shí),物塊才會(huì)相對(duì)木板下滑,此時(shí),mgsinFfmmgcos,故有物塊所受合力F合mgsin-mgcos是并不趨近于零的一個(gè)有限值,因此物塊的加速度也是并不趨近于零的一個(gè)有限值,故C、D錯(cuò)誤.【命題意圖】考察平衡條件的理解和計(jì)算、牛頓第二定律的應(yīng)用,以及靜摩擦力臨界問題；同時(shí)考察學(xué)生信息提取水平,了解最大靜摩擦力大于滑動(dòng)摩擦力在實(shí)際問題中的影響.【易錯(cuò)提醒】平時(shí)教學(xué)中,絕大局部資料和題目總是假定最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力,此題雖然明確告知兩者不等,但是思維慣性仍然可能導(dǎo)致學(xué)生認(rèn)為兩者相等,從而錯(cuò)選C或D.【參考文獻(xiàn)】陳恩譜老師?物理原來可以這樣學(xué)?“動(dòng)力學(xué)臨界問題的根本類型和處理技巧〞一文.8、“笛音雷〞是春節(jié)期間常放的一種鞭炮,其著火后一段時(shí)間內(nèi)的速度to時(shí)刻起飛的“笛音雷〞一樣,一時(shí)間圖象如右圖所示〔不計(jì)空氣阻力,取to時(shí)刻起飛的“笛音雷〞一樣,時(shí)刻為笛音雷起飛時(shí)刻、DE段是斜率大小為重力加速度g的直線.那么關(guān)于笛音雷的運(yùn)動(dòng),以下說法正確的選項(xiàng)是A、“笛音雷〞在t2時(shí)刻上升至最高點(diǎn)B、t3~t4時(shí)間內(nèi)“笛音雷〞做自由落體運(yùn)動(dòng)C、t0~t3時(shí)間內(nèi)“笛音雷〞的平均速度接近v32t./時(shí)刻起飛,其后的運(yùn)動(dòng)情況與“笛音雷〞的速度始終朝上,t3~t4時(shí)t./時(shí)刻起飛,其后的運(yùn)動(dòng)情況與“笛音雷〞的速度始終朝上,t3~t4時(shí)間內(nèi)“笛音雷〞實(shí)際上是在做豎g,故A、B錯(cuò)；將A、D用直線連起來,這代表一個(gè)勻加速直線【答案】C【解析】由圖可知,t0~t4時(shí)間內(nèi)直上拋運(yùn)動(dòng),其加速度就是重力加速度運(yùn)動(dòng),其平均速度為紅,而AD與橫軸所圍的面積,接近ABCD曲線與橫軸所圍的面積,故C正確；將2圖中實(shí)線向右平移到時(shí)間起點(diǎn)為t./處,由圖易知,兩個(gè)“笛音雷〞相隔先越來越遠(yuǎn),在兩圖線交點(diǎn)處距離最遠(yuǎn),然后兩者距離又越來越近,故D錯(cuò)誤.【命題意圖】考察速度一時(shí)間圖象的理解和信息提取水平、勻變速直線運(yùn)動(dòng)根本規(guī)律、自由落體運(yùn)動(dòng)和豎直上拋運(yùn)動(dòng),以及追及相遇問題.A;以為速度圖象下A;以為速度圖象下行就是物體下降,從而錯(cuò)選B;對(duì)追及相遇問題不熟練,容易錯(cuò)選【參考文獻(xiàn)】陳恩譜老師?物理原來可以這樣學(xué)?的分析技巧〞“高中物理中的微元法〞文.Do“x-t圖象是‘位移-時(shí)間圖象‘嗎〞“疊加題問題9、如右圖所示,固定在光滑水平桌面上的導(dǎo)體棒MN中通有較強(qiáng)的恒定電流,PQ是一段能夠在水平桌面上自由運(yùn)動(dòng)的導(dǎo)體棒.初始時(shí)刻,PQ垂直于MN放在MN的一側(cè),現(xiàn)給PQ通以恒定電流,那么以下四幅圖中,能夠正確反映此后緊接著的一段時(shí)間內(nèi)PQ的可能位置的是〔時(shí)間先后順序?yàn)閍、b、c〕【易錯(cuò)提醒】容易將速度時(shí)間圖象混淆于位移時(shí)間圖象,從而錯(cuò)選【答案】D【解析】導(dǎo)體棒MN中電流在其上方產(chǎn)生的磁場(chǎng)垂直紙面向外,且由近及遠(yuǎn)原來越弱；將PQ棒微元等分,那么每一局部都受到向右的安培力,但是靠近MN的局部所受安培力較大,而遠(yuǎn)離MN的局部所受安培力較小,安培力的這種分配將導(dǎo)致PQ棒向右運(yùn)動(dòng)的同時(shí)也會(huì)逆時(shí)針旋轉(zhuǎn),應(yīng)選Do【命題意圖】考察右手螺旋定那么、左手定那么、通電導(dǎo)線的磁場(chǎng)分布、安培力的計(jì)算及微元法、物體的受力和運(yùn)動(dòng).【易錯(cuò)提醒】平時(shí)教學(xué)中,老師們往往為學(xué)生總結(jié)了“同向電流相互吸引、反向電流相互排斥〞在通電導(dǎo)體棒相互作用情況下的應(yīng)用,而不知道這個(gè)結(jié)論應(yīng)用的條件,從而導(dǎo)致此題套用結(jié)論錯(cuò)選A或C.【參考文獻(xiàn)】陳恩譜老師?物理原來可以這樣學(xué)?“對(duì)楞次定律的深入理解〞一文.10、平行板電容器兩極板帶上等量異種電荷后的電場(chǎng)線分布如下圖,圖中水平虛線為兩板間的中線.現(xiàn)

■1rb■1rb-vb將兩個(gè)帶有等量異種電荷的小球a、b〔均可視為點(diǎn)電荷,且a在上、b在下〕用絕緣輕桿連接后從離電容器無窮遠(yuǎn)處沿中線平移到電容器正中間,平移過程中兩小球位置始終關(guān)于中線對(duì)稱.假設(shè)規(guī)定離電容器無窮遠(yuǎn)處電勢(shì)為零,那么以下說法中正確的選項(xiàng)是A.a球在電容器中所在位置處電勢(shì)a0B.a、b整體在電容