江西省南昌市新建二中2020屆高三物理下學期線上考試試題含解析江西省南昌市新建二中2020屆高三物理下學期線上考試試題含解析PAGE21-江西省南昌市新建二中2020屆高三物理下學期線上考試試題含解析江西省南昌市新建二中2020屆高三物理下學期線上考試試題（含解析）二、選擇題1.用波長為300nm的光照射鋅板，電子逸出鋅板表面的最大初動能為1。28×10-19J,已知普朗克常量為6。63×10-34J.s,真空中的光速為3×108m/s，能使鋅產(chǎn)生光電效應單色光的最低頻率(）A。1×1014HzB。8×1015HzC。。2×1015HzD。8×1014Hz【答案】D【解析】【詳解】根據(jù)光電效應方程逸出功，可知代入數(shù)據(jù)可知：故D正確,ABC錯誤2.一臺小型發(fā)電機產(chǎn)生的電動勢隨時間變化的正弦規(guī)律圖象如圖甲所示．已知發(fā)電機線圈內(nèi)阻為5。0Ω，現(xiàn)外接一只電阻為95。0Ω的燈泡，如圖乙所示，則（)A。電壓表的示數(shù)為220VB。電路中的電流方向每秒鐘改變50次C。燈泡實際消耗的功率為484WD。發(fā)電機線圈內(nèi)阻每秒鐘產(chǎn)生的焦耳熱為24。2J【答案】D【解析】【詳解】A．線框有內(nèi)阻，所以電壓表示數(shù)小于220V,A錯誤；B．交流電頻率50Hz，則電路中的電流方向每秒鐘改變100次，B錯誤；C．燈泡實際消耗的功率為：=459。8W，小于484W，C錯誤;D．發(fā)電機線圈內(nèi)阻每秒鐘產(chǎn)生的焦耳熱為=24。2J，D正確．3.氣象研究小組用如圖所示的簡易裝置測定水平風速。在水平地面上豎直固定一直桿，半徑為R、質(zhì)量為m的薄空心塑料球用細線懸于桿頂端O,當水平風吹來時,球在風力的作用下飄起來。已知風力大小正比于風速和球正對風的截面積,當風速v0=3m/s時,測得球平衡時細線與豎直方向的夾角θ=30°.下列說法正確的是（）A.當θ=60°時,風速v=6m/sB。當風速增大到某一值時,θ可能等于90°C。若風速不變，換用半徑變大、質(zhì)量不變的球,則θ不變D。若風速不變，換用半徑相等、質(zhì)量變大的球,則θ減小【答案】D【解析】【詳解】設球正對風的截面積為S,由于已知風力大小正比于風速和球正對風的截面積,所以風力大小為F=kSv，當速度為3m/s時,由平衡條件得，mgtan30°=Sv0k，當角度為60°時，同理可得mgtan60°=Svk,由此可解的v=9m/s，故A錯誤．風速增大，θ不可能變?yōu)?0°,因為繩子拉力在豎直方向上的分力與重力平衡．故B錯誤．若風速不變，換用半徑變大、質(zhì)量不變的球，則風力變大,根據(jù)F=mgtanθ，知θ變大．故C錯誤．若風速不變，換用半徑相等、質(zhì)量變大的球，知風力不變，根據(jù)F=mgtanθ，知重力減小，風力不變，則θ減?。蔇正確．4.如圖，abc是豎直面內(nèi)的光滑固定軌道，ab水平，長度為2R：bc是半徑為R的四分之一的圓弧，與ab相切于b點．一質(zhì)量為m的小球．始終受到與重力大小相等的水平外力的作用,自a點處從靜止開始向右運動，重力加速度大小為g．小球從a點開始運動到其他軌跡最高點，機械能的增量為A.2mgRB。4mgRC。5mgRD.6mgR【答案】C【解析】本題考查了運動的合成與分解、動能定理等知識，意在考查考生綜合力學規(guī)律解決問題的能力．設小球運動到c點的速度大小為vC,則對小球由a到c的過程，由動能定理得:F·3R-mgR=mvc2，又F=mg，解得：vc2=4gR,小球離開c點后,在水平方向做初速度為零的勻加速直線運動，豎直方向在重力作用力下做勻減速直線運動，由牛頓第二定律可知,小球離開c點后水平方向和豎直方向的加速度大小均為g，則由豎直方向的運動可知，小球從離開c點到其軌跡最高點所需的時間為:t=vC/g=2，小球在水平方向的加速度a=g，在水平方向的位移為x=at2=2R．由以上分析可知，小球從a點開始運動到其軌跡最高點的過程中，水平方向的位移大小為5R，則小球機械能的增加量△E=F·5R=5mgR,選項C正確ABD錯誤．【點睛】此題將運動的合成與分解、動能定理有機融合，難度較大，能力要求較高．5.如圖所示,一個圓形框架以豎直的直徑為轉(zhuǎn)軸勻速轉(zhuǎn)動．在框架上套著兩個質(zhì)量相等的小球A、B，小球A、B到豎直轉(zhuǎn)軸的距離相等，它們與圓形框架保持相對靜止．下列說法正確的是（）A。小球A的合力小于小球B的合力B.小球A與框架間可能沒有摩擦力C.小球B與框架間可能沒有摩擦力D.圓形框架以更大的角速度轉(zhuǎn)動，小球B受到的摩擦力一定增大【答案】C【解析】試題分析：小球受到的合力充當向心力，因為到豎直轉(zhuǎn)軸的距離相等，所以兩小球的速度大小相等，半徑相同，根據(jù)公式，兩小球受到的合力大小相等，A錯誤;小球A受到的重力豎直向下，受到的支持力垂直該點圓環(huán)切線方向指向圓心,故兩個力的合力不可能指向豎直轉(zhuǎn)軸，所以一定受到摩擦力作用，小球B受到豎直向下的重力,受到的垂直該點切線方向指向圓心的支持力，合力可能指向豎直轉(zhuǎn)軸，所以B可能不受摩擦力作用，B錯誤C正確；因為B可能不受摩擦力作用，所以無法判斷摩擦力變化,故D錯誤．考點:考查了勻速圓周運動規(guī)律的應用6.如圖所示,A、B兩質(zhì)點從同一點O分別以相同的水平速度v0沿x軸正方向拋出，A在豎直平面內(nèi)運動，落地點為P1；B沿光滑斜面運動,落地點為P2，P1和P2在同一水平面上，不計阻力，則下列說法正確的是（）A。A、B的運動時間相同B。A、B沿x軸方向的位移相同C。A、B運動過程中的加速度大小相同D.A、B落地時速度大小相同【答案】D【解析】【詳解】對于A球，根據(jù)h=gta2得：ta=；對于B球，設斜面坡角為θ,在沿斜面向下方向上有：;解得：,可知tb＞ta．故A錯誤．在x軸方向上，有x=v0t,知b沿x軸的位移大于a沿x軸的位移．故B錯誤．根據(jù)動能定理得，因為只有重力做功,且重力做功和初動能相等，則末動能相等，所以a、b落地時的速度大小相等，速度方向顯然不平行(不共面)．故CD正確．故選CD．【點睛】解決本題的關鍵掌握處理類平拋運動的方法，通過水平方向和沿斜面向下方向的規(guī)律進行分析求解．對于D選項,也可以通過動能定理進行分析．7.如圖所示，帶電平行金屬板A，B，板間的電勢差為U，A板帶正電，B板中央有一小孔．一帶正電的微粒，帶電量為q，質(zhì)量為m，自孔的正上方距B板高h處自由落下，若微粒恰能落至A，B板的正中央c點，則（

)A。微粒進入電場后,電勢能和重力勢能之和不斷增大B.微粒下落過程中重力做功為，電場力做功為C.微粒落入電場中，電勢能逐漸增大，其增加量為D。若微粒從距B板高2h處自由下落，則恰好能達到A板【答案】ACD【解析】【詳解】微粒從進入電場至C點過程中，做減速運動,動能減小，根據(jù)能量守恒可知電勢能和重力勢能之和一直增大，故A正確．微粒下降的高度為h+，重力做正功，為WG=mg(h+），電場力向上，位移向下，電場力做負功為．故B錯誤．微粒落入電場中，電場力做負功，電勢能逐漸增大，其增加量等于微?？朔妶隽ψ龉Α鱁P=qU．根據(jù)能量守恒，還應等于整個過程的重力勢能減小量，即△EP＝WG＝mg(h+),故C正確；由題微粒恰能落至A，B板的正中央C點過程，由動能定理得：;若微粒從距B板高2h處自由下落，設達到A板的速度為v，則由動能定理得：，由兩式聯(lián)立得v=0,即恰好能達到A板．故D正確．8。質(zhì)量為m，電量為q帶正電小物塊在磁感強度為B，方向垂直紙面向里的勻強磁場中，沿動摩擦因數(shù)為μ的絕緣水平面以初速度v0開始向左運動，如圖所示．物塊經(jīng)時間t移動距離s后停了下來，設此過程中,q不變，則()A.s＞ B.s＜C。t＞ D.t＜【答案】BC【解析】【詳解】AB、假設物塊不受洛倫茲力,根據(jù)動能定理，得，物塊帶正電，受到向下的洛倫茲力，物塊受到的支持力,因為物塊向左做減速運動，滑動摩擦力逐漸減小但大于，滑行的距離比不受洛倫茲力時小，所以有,故B正確，A錯誤；CD、假設洛倫茲力是恒力，大小為qv0B保持不變，則由動量定理，得,得：,因為物塊向左做減速運動,洛倫茲力減小，加速度減小，滑行時間比洛倫茲力是恒力時會變長,則有，故C正確，D錯誤；故選BC．【點睛】題考查應用動能定理和動量定理研究變力情況的能力，在中學階段，這兩個定理，一般用來研究恒力作用情況，本題采用假設法，將變力與恒力情況進行比較得出答案．三、非選擇題9.某同學做“驗證力的平行四邊形定則”的實驗裝置如圖所示，其中A為固定橡皮條的圖釘，O為橡皮條與細繩的結點,OB和OC為細繩。實驗的主要的步驟有：

A。在桌上放一塊方木板，在方木板上鋪一張白紙，用圖釘把白紙釘在方木板上；B.用圖釘把橡皮條的一端固定在板上的A點,在橡皮條的另一端拴上兩條細繩,細繩的另一端系著繩套；C.用兩個彈簧測力計分別鉤住繩套,互成角度地拉橡皮條，使橡皮條伸長,結點到達某一位置O,記錄下O點的位置,讀出兩個彈簧測力計的示數(shù);D。按選好的標度，用鉛筆和刻度尺作出兩只彈簧測力計的拉力F1和F2的圖示,并用平行四邊形定則求出合力F;E。只用一只彈簧測力計,通過細繩套拉橡皮條使其伸長，讀出彈簧測力計的示數(shù)，記下細繩的方向,按同一標度作出這個力F′的圖示;F。比較F′和F的大小和方向,看它們是否相同,得出結論.（1）上述步驟中，有重要遺漏的步驟的序號是__________和__________;(填字母)(2)根據(jù)實驗數(shù)據(jù)在白紙上所作圖如圖乙所示，已知實驗過程中操作正確.①乙圖中F1、F2、F、F′四個力,其中力__________（填上述字母）不是由彈簧測力計直接測得的實驗中.②丙圖是測量中某一彈簧測力計的示數(shù),讀出該力大小為__________N.【答案】(1).C（2）.E(3)。F′(4)。9.0【解析】【詳解】(1)[1][2］.本實驗為了驗證力的平行四邊形定則,采用的方法是作力的圖示法，作出合力和理論值和實際值，然后進行比較，得出結果．所以實驗時，除記錄彈簧秤的示數(shù)外，還要記下兩條細繩的方向，以便確定兩個拉力的方向，這樣才能作出拉力的圖示．步驟C中未記下兩條細繩的方向；步驟E中未說明把橡皮條的結點拉到位置O．（2）①[3］.F在F1與F2組成的平行四邊形的對角線上,為實驗的理論值,用一個彈簧秤橡皮筋時,其彈力一定與橡皮筋共線，因此用彈簧秤直接測量值為F′，所以F不是由彈簧秤直接測得的．②［4］。由圖示測力計可知,其分度值為1N，示數(shù)為9。0N；10.某小組利用圖（a）所示的電路，研究硅二極管在恒定電流條件下的正向電壓U與溫度t的關系，圖中V1和V2為理想電壓表;R為滑動變阻器，R0為定值電阻（阻值100Ω）；S為開關，E為電源。實驗中二極管置于控溫爐內(nèi),控溫爐內(nèi)的溫度t由溫度計（圖中未畫出)測出。圖（b）是該小組在恒定電流為50。0μA時得到的某硅二極管U—t關系曲線?；卮鹣铝袉栴}：（1）實驗中,為保證流過二極管的電流為50。0μA，應調(diào)節(jié)滑動變阻器R，使電壓表V1的示數(shù)為U1=____mV（保留三位有效數(shù)字);根據(jù)圖（b)可知，當控溫爐內(nèi)的溫度t升高時，硅二極管正向電阻_____（填“變大”或“變小”），電壓表V1示數(shù)_____（填“增大”或“減小”），此時應將R的滑片向_____（填“A”或“B”）端移動,以使V1示數(shù)仍為U1。（2）圖（b)可以看出U與t成線性關系,硅二極管可以作為測溫傳感器，該硅二極管的測溫靈敏度為=_____（保留2位有效數(shù)字）.【答案】（1)。5.00（2）.變小(3）.增大(4)。B（5）.2.8【解析】【詳解】(1）［1]根據(jù)歐姆定律：U1=IR0=100Ω×50×10-6A=5×10—3V=5mV電壓表V1的示數(shù)為5mV.［2]根據(jù)歐姆定律變形得通過硅二極管電流不變，溫度升高，電壓減小，故硅二極管正向電阻變小。[3］由于硅二極管正向電阻變小，總電阻減小，總電流增大;根據(jù)歐姆定律可知R0兩端電壓增大，即V1示數(shù)增大。［4]只有增大電阻才能使電流減小,故滑動變阻器向右調(diào)節(jié),即向B端調(diào)節(jié)。（2）［5]由圖可知該硅二極管測溫靈敏度為.11.如圖所示是一條傳送裝置示意圖，水平傳送帶長．傳送帶以的速度順時針方向勻速運轉(zhuǎn)，將一質(zhì)量的小物件輕放在傳送帶的左端A,小物件經(jīng)傳送帶到達右端B后水平飛出，B到地面的高度，小物件與傳送帶間的動摩擦因數(shù),求：小物件在傳送帶上運動的時間t；小物件從B點飛出后落地點距B點的水平距離x；求落地點時速度v．【答案】;5m；,水平方向夾角為，【解析】【詳解】解：小物件在傳送帶上先做勻加速直線運動，根據(jù)牛頓第二定律得，加速度:則加速到傳送帶速度相等所需的時間：加速的位移:勻速運動的實際：小物件在傳送帶上運動的時間：平拋運動的時間：落地點距B點的水平距離:小物件落地豎直分速度：根據(jù)平行四邊形定則知,落地的速度：設速度與水平方向的夾角為，則有：12.如圖所示，豎直放置的兩根足夠長的光滑金屬導軌相距為L，導軌的兩端分別與電源（串有一滑動變阻器R）、定值電阻、電容器（原來不帶電）和開關K相連．整個空間充滿了垂直于導軌平面向外的勻強磁場，其磁感應強度的大小為B．一質(zhì)量為m,電阻不計的金屬棒ab橫跨在導軌上．已知電源電動勢為E,內(nèi)阻為r,電容器的電容為C，定值電阻的阻值為R0，不計導軌的電阻．（1）當K接1時，金屬棒ab在磁場中恰好保持靜止，則滑動變阻器接入電路的阻值R為多大？(2)當K接2后，金屬棒ab從靜止開始下落，下落距離s時達到穩(wěn)定速度，則此穩(wěn)定速度的大小為多大？下落s的過程中所需的時間為多少？（3）ab達到穩(wěn)定速度后，將開關K突然接到3，試通過推導，說明ab作何種性質(zhì)的運動?求ab再下落距離s時，電容器儲存的電能是多少？（設電容器不漏電，此時電容器沒有被擊穿)【答案】（1）（2)(3）勻加速直線運動【解析】【詳解】（1）金屬棒ab在磁場中恰好保持靜止，由BIL=mg

得

（2）由

得

由動量定理，得

其中

得

(3)K接3后的充電電流

mg—BIL=ma

得=常數(shù)

所以ab棒的運動性質(zhì)是“勻加速直線運動”，電流是恒定的．

v22-v2=2as

根據(jù)能量轉(zhuǎn)化與守恒得

解得：【點睛】本題是電磁感應與電路、力學知識的綜合，關鍵要會推導加速度的表達式，通過分析棒的受力情況，確定其運動情況．13。下列說法中正確的是（）A.氣體擴散現(xiàn)象表明氣體分子間存在斥力B。溫度是物質(zhì)分子熱運動平均動能大小的標志C。熱量總是自發(fā)的從分子平均動能大的物體傳遞到分子平均動能小的物體D。機械能不可能全部轉(zhuǎn)化為內(nèi)能,內(nèi)能也無法全部用來做功以轉(zhuǎn)化成機械能E。液體表面層分子間距離大于液體內(nèi)部分子間距離,所以液體表面存在表面張力【答案】BCE【解析】【詳解】A．擴散現(xiàn)象說明分子在做無規(guī)則運動,不能說明分子間的斥力，A錯誤；B．溫度是分子平均動能的標志，溫度越高,分子的平均動能越大，B正確;C．熱量總是自發(fā)的從溫度高的物體傳遞到溫度低的物體；而溫度是分子平均動能的標志，C正確；D．機械能可以全部轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，內(nèi)能無法全部用來做功以轉(zhuǎn)化成機械能，D錯誤；E．液體表面層分子間距離大于液體內(nèi)部分子間距離,分子之間體現(xiàn)引力,使液體的表面收縮，所以液體表面存在表面張力，E正確。故選BCE。14.如圖，一粗細均勻的U形管豎直放置，A側(cè)上端封閉，B側(cè)上側(cè)與大氣相通，下端開口處開關K關閉，A側(cè)空氣柱的長度為l=10.0cm，B側(cè)水銀面比A側(cè)的高h=3。0cm，現(xiàn)將開關K打開，從U形管中放出部分水銀，當兩側(cè)的高度差為h1=10.0cm時，將開關K關閉,已知大氣壓強p0=75。0cmHg．(1)求放出部分水銀后A側(cè)空氣柱的長度；（2）此后再向B側(cè)注入水銀，使A、B兩側(cè)的水銀達到同一高度，求注入水銀在管內(nèi)的長度．【答案】(1)12.0cm；（2)13。2cm【解析】【詳解】（1）以cmHg為壓強單位．設A側(cè)空氣柱長度l=10。0cm時壓強為p，當兩側(cè)的水銀面的高度差為h1=10。0cm時，空氣柱的長度為l1，壓強為p1，由玻意耳定律，有:pl=p1l1①由力學平衡條件，有:p=p0+h②打開開關放出水銀的過程中,B側(cè)水銀面處的壓強始終為p0,而A側(cè)水銀面處的壓強隨空氣柱長度的增加逐漸減小，B、A兩側(cè)水銀面的高度差也隨著減小，直至B側(cè)水銀面低于A側(cè)水銀面h1為止，由力學平衡條件，有:p1=p0﹣h1③聯(lián)立①②③，并代入題目數(shù)據(jù)，有:l1=12cm④（2）當A、B兩側(cè)的水銀面達到同一高度時，設A側(cè)空氣柱的長度為l2，壓強為P2，由玻意耳定律，有:pl=p2l2⑤由力學平衡條件有：p2=p0⑥聯(lián)立②⑤⑥式，并代入題目數(shù)據(jù),有：l2=10.4cm⑦設注入水銀在管內(nèi)的長度為△h，依題意，有：△h=2（l1﹣l2）+h1⑧聯(lián)立④⑦⑧式，并代入題目數(shù)據(jù)，有：△h=13。2cm15.下列說法中正確的是