2023-2023學年浙江省臺州市天臺縣平橋中學高二（上）第二次測試物理試卷一.單項選擇題：（每題4分，共40分）1．（4分）（2023秋?甌海區(qū)校級期中）帶電微粒所帶的電荷量的值不可能的是下列的（）A．2.4×10﹣19CB．﹣6.4×10﹣19CC．﹣1.6×10﹣19CD．4×10﹣17C考點：元電荷、點電荷．專題：電場力與電勢的性質專題．分析：元電荷是指最小的電荷量，任何物體的帶電量都是元電荷或是元電荷的整數(shù)倍．解答：解：最小的電荷量是1.6×10﹣19C，我們把這個最小的電荷量叫做元電荷，任何物體的帶電量都是元電荷或是元電荷的整數(shù)倍，A、由于2.4×10﹣19C不是1.6×10﹣19C的整數(shù)倍，故A錯誤．B、6.4×10﹣19C是1.6×10﹣19C的4倍，故B正確；C、1.6×10﹣19C是1.6×10﹣19C的1倍，故C正確；D、4×10﹣17C是1.6×10﹣19C的250倍，故D正確；本題選擇不可能的，故選：A．點評：本題就是對元電荷概念的考查，知道任何物體的帶電量都是元電荷或是元電荷的整數(shù)倍即可解決本題．2．（4分）（2023秋?天臺縣校級月考）如圖所示，兩個帶絕緣底座的金屬球A和B相距一定距離，A帶+Q電荷，B帶+q電荷，它們之間的相互作用力為F，若保持球A的帶電量不變，而使B球改為帶﹣q電荷，則它們之間的相互吸引力為F′，則（）A．F′=FB．F′＞FC．F′＜FD．無法比較二者的大小考點：庫侖定律．專題：電場力與電勢的性質專題．分析：本題比較簡單，直接根據(jù)庫侖力公式得出兩次作用力的表達式，雖球距離不變，但電荷的間距發(fā)生變化，從而從而解出正確結果．解答：解：由庫倫定律可得：A帶+Q電荷，B帶+q電荷，它們之間的相互作用力：F=使B球改為帶﹣q電荷，則它們之間的相互吸引力：F′=從B帶+q電荷，變?yōu)椹乹電荷，導致電荷間距變小，則庫侖力變大，即F′＞F．故選：B．點評：本題考查庫侖定律的直接應用，對于庫倫定律公式要注意公式的適用條件以及公式中各個物理量的含義．3．（4分）（2023?普陀區(qū)二模）如圖所示，在矩形ABCD的AD邊和BC邊的中點M和N各放一個點電荷，它們分別帶等量的正、負電荷．E、F是AB邊和CD邊的中點，P、Q兩點在MN的連線上，MP=QN．對于E、F、P、Q四點，其中電場強度相同、電勢相等的兩點是（）A．E和FB．P和QC．A和BD．C和D考點：勻強電場中電勢差和電場強度的關系；電勢能．專題：電場力與電勢的性質專題．分析：首先畫出根據(jù)等量異種電荷的電場線，然后根據(jù)沿著電場線電勢逐漸降低來判斷電勢的高低；用電場線的疏密程度表示電場強度的大小，用電場線的切線方向表示場強方向．解答：解：A、等量異號電荷的電場線分布情況如圖所示圖中電場線從正電荷出發(fā)，等勢面為不規(guī)則的圓圈，在兩個異種電荷的中垂線上是等勢面，E、F兩點關于連線對稱，電場強度大小和方向都相同，故A正確；B、在兩個異種電荷的連線上，電場線從正電荷指向負電荷，沿著電場線電勢越來越低，故P、Q電勢不等，故B錯誤；C、題目圖中位置A與位置C兩位置關于兩電荷連線不對稱，由A選項的分析圖可知，其場強方向不同，故C錯誤；D、C與D兩位置位于兩電荷連線同一側，結合圖象可知，場強方向也不同，故D錯誤；故選A．點評：本題關鍵根據(jù)等量異種電荷的電場線圖，確定各點的場強方向和大小，還可以畫出等勢面，同時要注意，沿著電場線，電勢降低．4．（4分）（2023秋?杜集區(qū)校級期中）下列關于場強和電勢的敘述正確的是（）A．在勻強電場中，場強處處相同，電勢也處處相等B．在正點電荷形成的電場中，離點電荷越遠，電勢越高，場強越小C．等量異種點電荷形成的電場中，兩電荷連線中點的電勢為零，場強不為零D．在任何電場中，場強越大的地方，電勢也越高考點：勻強電場中電勢差和電場強度的關系；電場強度；電勢．專題：電場力與電勢的性質專題．分析：沿著電場線的方向電勢逐漸降低．根據(jù)等量同種電荷和等量異種電荷周圍電場線的特征判斷電勢的高低和電場強度的大?。獯穑航猓篈、在勻強電場中，場強處處相同，但同一等勢面上電勢處處相等，不是所有的電勢均處處相等，故A錯誤；B、在正點電荷形成的電場中，根據(jù)可知，離點電荷越遠，場強越小，因沿著電場線方向，電勢在減小，故B錯誤；C、通常取無窮遠為零電勢，等量異種點電荷形成的電場中，兩電荷連線中點的電勢則為零，但電場強度不為零，故C正確；D、在任何電場中，場強越大的地方，等差等勢面越密，但電勢不一定越高，比如靠近負點電荷，電場強度大，而電勢卻低，故D錯誤，故選：C點評：解決本題的關鍵知道等量同種電荷和等量異種電荷周圍電場線的特點，根據(jù)電場線疏密比較場強的強弱，根據(jù)電場線方向確定電勢的高低．5．（4分）（2023?海南）勻強電場中有a、b、c三點．在以它們?yōu)轫旤c的三角形中，∠a=30°、∠c=90°，．電場方向與三角形所在平面平行．已知a、b和c點的電勢分別為（2﹣）V、（2+）V和2V．該三角形的外接圓上最低、最高電勢分別為（）A．（2﹣）V、（2+）VB．0V、4VC．（2﹣）V、（2+）VD．0V、V考點：電勢；電場線．專題：壓軸題；電場力與電勢的性質專題．分析：作出三角形的外接圓，其圓心O在ab的中點，該點電勢為2V，OC為等勢線，作出OC的垂線MN為電場線，根據(jù)U=Ed，順著電場線MN，找出離O點最遠的點，電勢最低；逆著電場線，離O點最遠點電勢最高．解答：解：如圖所示，取ab的中點O，即為三角形的外接圓的圓心，且該點電勢為2V，故Oc為等勢線，其垂線MN為電場線，方向為M→N方向．外接圓上電勢最低點為N點，最高點為M點．設外接半徑為R，則UOP=UOa=V，UON=ER，UOP=ERcos30°，則UON：UOP=2：，故UON=2V，N點電勢為零，為最低電勢點，同理M點電勢為4V，為最高電勢點．故選B點評：找等勢點，作等勢線，進一步作出電場線，并結合幾何知識是求電勢問題常用的方法．6．（4分）（2023秋?長沙縣校級期末）使帶電的金屬球靠近不帶電的驗電器，驗電器的箔片張開．下列各圖表示驗電器上感應電荷的分布情況，其中正確的是（）A．B．C．D．考點：電荷守恒定律．分析：當帶電金屬球靠近不帶電的驗電器時，由于電荷間的相互作用，而使電荷發(fā)生了移動從而使箔片帶電．解答：解：由于同種電荷相互排斥，異種電荷相互吸引，故驗電器的上端應帶上與小球異號的電荷，而驗電器的箔片上將帶上與小球同號的電荷；故只有B符合條件．故選：B．點評：本題根據(jù)電荷間的相互作用，應明確同種電荷相互排斥，異種電荷相互吸引．7．（4分）（2023秋?天臺縣校級月考）在陰雨天氣，由于陽光不足，熱水器中的水溫達不到所需要的溫度，若在熱水器內設計安裝利用電阻絲輔助加熱裝置，如圖所示，如要在最短的時間內將水加熱到預期的溫度，應將選擇開關置于哪一個檔位（）A．“0”檔B．“1”檔C．“2”檔D．“3”檔考點：焦耳定律．專題：恒定電流專題．分析：焦耳定律的內容是：電流通過導體產(chǎn)生的熱量跟電流的二次方成正比，跟導體的電阻成正比，跟通電的時間成正比．對于純電阻電路，在電壓相等的條件下，電阻越小，電流越大，熱功率越大．解答：解：根據(jù)焦耳定律，有：Q=I2Rt根據(jù)歐姆定律，有：I=故在電壓一定的情況下，電阻越小，發(fā)熱功率越大，產(chǎn)生相同的內能需要的時間越短；故選：B．點評：本題關鍵是根據(jù)焦耳定律和歐姆定律得到發(fā)熱的一般表達式，然后進行分析討論．8．（4分）（2023秋?長豐縣校級期末）A、B、C是三個不同規(guī)格的燈泡，按圖所示方式連接都能正常發(fā)光，已知電源的電動勢為E，內電阻為r，將滑動變阻器的滑片P向左移動，則三個燈亮度變化是（）A．A、B燈比原來亮，C燈變暗B．A、B燈比原來暗，C燈變亮C．都比原來亮D．都比原來暗考點：閉合電路的歐姆定律．專題：恒定電流專題．分析：由圖看出此電路結構是：B燈、變阻器串聯(lián)后與C并聯(lián)，再與A燈串聯(lián)．滑動變阻器的滑片P向左移動時，接入電路的電阻減小，外電路總電阻減小，根據(jù)歐姆定律并聯(lián)部分電壓的變化情況，即可判斷AB兩燈亮度的變化，根據(jù)干路電流的變化，分析B燈亮度的變化．解答：解：A、滑動變阻器的滑片P向左移動時，接入電路的電阻減小，外電路總電阻減小，根據(jù)閉合電路歐姆定律得知，干路電流增大，則A燈變亮．根據(jù)串聯(lián)電路分壓規(guī)律可知并聯(lián)部分分擔的電壓減小，則C燈變暗，由于通過B燈的電流等于干路電流與通過C燈電流之差，干路電流增大，而通過C燈的電流減小，則通過B燈的電流增大，變亮，故A正確，BCD錯誤．故選：A．點評：本題是簡單的電路動態(tài)變化分析問題，通常按照“部分→整體→部分”的思路分析．也可以直接根據(jù)有關結論進行分析，比如：變阻器電阻減小，所在電路中的電流增大，與之并聯(lián)的電路中電流減?。?．（4分）（2023秋?天臺縣校級月考）如圖所示，R1和R2是兩個定值電阻，R1的阻值很大，R2的阻值很小，G是一個靈敏電流計，則下列判斷正確的是（）A．只閉合K1，整個裝置相當于伏特表B．只閉合K2，整個裝置相當于安培表C．K1和K2都斷開，整個裝置相當于靈敏電流計D．K1和K2都閉合，整個裝置相當于伏特表考點：多用電表的原理及其使用．專題：恒定電流專題．分析：電流表和電壓表都是由表頭改裝而成的；電流表采用并聯(lián)一個小電阻分流的方式，而電壓表采用的采用串聯(lián)大電阻分壓的方向；根據(jù)電路的結構可知電路的功能．解答：解：A、若只閉合K1，則G與R2并聯(lián)扣與R1串聯(lián)，由于R1的阻值很大，故電路中電阻較大，只能充當電壓表使用，故A正確；B、只閉合K2，則R1被短路，只有表頭接入電路，故只相當于靈敏電流計，故B錯誤；C、兩個開關均斷開，則G與R1串聯(lián)，則相當于電壓表，故C錯誤；D、兩開關均閉合，則電路中表頭與R2并聯(lián)，電阻較小，相當于安培表，故D錯誤；故選：A．點評：本題要求學生能掌握電表的性質及電表改裝的原理，明確電流表內阻較小，而電壓表內阻較大．10．（4分）（2003?北京）如圖中虛線所示為靜電場的等勢面1、2、3、4，相鄰的等勢面之間的電勢差相等，其中等勢面3的電勢為0．一帶正電的點電荷在靜電力的作用下運動，經(jīng)過a、b點的動能分別為26eV和5eV．當這一點電荷運動到某一位置，其電勢能變?yōu)椹?eV時，它的動能應為（）A．8eVB．13eVC．20eVD．34eV考點：等勢面；功能關系；電勢能．專題：壓軸題；帶電粒子在電場中的運動專題．分析：要求正電荷的電勢能為﹣8eV時的動能，需要知道該正電荷的動能和電勢能的總和，得出Eka+Epa=Ekb+Epb，得出Epb﹣Epa=21eV從而確定φb＞φa；根據(jù)電荷經(jīng)過a、b點的動能分別為26eV和5eV和ab之間有兩個等勢面且等勢面3的電勢為0，可設等勢面4的電勢為φ，則等勢面a的電勢﹣2φ，再根據(jù)該正電荷的動能和電勢能的總和保持不變求出正電荷的動能．解答：解：在只有電場力做功的條件下動能和電勢能的總和保持不變，故有Eka+Epa=Ekb+Epb…①所以26eV+Epa=5ev+EpbEpb﹣Epa=26eV﹣5eV=21eV…②根據(jù)EP=qφ可知φb＞φa，由于相鄰等勢面之間的電勢差相同，等勢面3的電勢為0，設等勢面4的電勢為φ，則等勢面a的電勢﹣2φ，代入②式得qφ﹣（﹣2qφ）=3qφ=21eVqφ=7eV正電荷的能量故有Ek+（﹣8eV）=5eV+7eVEK=5eV+7eV+8eV=20eV故C正確，故選C．點評：“在只有電場力做功的條件下動能和電勢能的總和保持不變；相鄰等勢面之間的電勢差相同”是我們解決此類問題時的突破口．二.不定項選擇（每題5分，共25分）11．（5分）（2023?老城區(qū)校級模擬）圖中虛線是用實驗方法描繪出的某一靜電場中的一簇等勢線，若不計重力的帶電粒子從a點射入電場后恰能沿圖中的實線運動，b點是其運動軌跡上的另一點，則下述判斷正確的是（）A．b點的電勢一定高于a點B．a(chǎn)點的場強一定大于b點C．帶電粒子一定帶正電D．帶電粒子在b點的速率一定小于在a點的速率考點：等勢面；電場強度；電勢．專題：電場力與電勢的性質專題．分析：解答本題需要掌握：根據(jù)等勢線的分布情況確定電場線的分布情況；正確判斷帶電粒子在電場中運動時電勢能的變化；電場力做功特點．解答：解：A、由圖可知帶電粒子的電場力指向弧的內側，電場線和等勢線垂直且由高等勢線指向低等勢線，但由于電性未知，故無法判斷電場的方向，即ab兩點的電勢無法判斷，故A錯誤；B、a點等勢線密，電場線也密，所以電場強度大于b處，故B正確；C、由于電場的方向未知，故根據(jù)題意無法判斷電荷的電性，故C錯誤；D、帶電粒子所受電場力沿電場線指向曲線內側，故帶電粒子從a運動到b點時電場力做負功，所以帶電粒子的動能減小，即帶電粒子在b點的速率一定小于在a點的速率，故D正確．故選BD．點評：解決這類問題的突破口為根據(jù)粒子運動軌跡確定粒子所受電場力方向，同時這類問題涉及物理知識很全面，能考查學生綜合利用物理知識解決問題的能力，是高考的重點，要不斷加強練習．12．（5分）（2023秋?保定期末）如圖所示，a、b分別表示由相同材料制成的兩條長度相同、粗細均勻電阻絲的伏安特性曲線，下列判斷中正確的是（）A．a(chǎn)代表的電阻絲較粗B．b代表的電阻絲較粗C．a(chǎn)電阻絲的阻值小于b電阻絲的阻值D．圖線表示的電阻絲的阻值與電壓成正比考點：電阻定律．專題：恒定電流專題．分析：I﹣U圖線的斜率表示電阻的倒數(shù)，根據(jù)斜率比較電阻的大?。鶕?jù)電阻定律R=比較電阻絲的粗細．解答：解：A、圖線的斜率表示電阻的倒數(shù)，圖線a的斜率小于b的斜率，所以a的電阻大于b的電阻，根據(jù)電阻定律R=知，長度相同，材料相同，知a的橫截面積小，b的橫截面積大．故A、C錯誤，B正確．D、電阻的大小與電壓、電流無關．故D錯誤．故選：B．點評：解決本題的關鍵會從I﹣U圖線中比較電阻的大小，以及掌握電阻定律R=．13．（5分）（2005?上海）在場強大小為E的勻強電場中，一質量為m、帶電量為q的物體以某一初速沿電場反方向做勻減速直線運動，其加速度大小為0.8qE/m，物體運動S距離時速度變?yōu)榱悖畡t（）A．物體克服電場力做功qESB．物體的電勢能減少了0.8qESC．物體的電勢能增加了qESD．物體的動能減少了0.8qES考點：電勢能；功的計算；動能定理的應用．專題：計算題；壓軸題．分析：物體所受電場力為F=Eq，方向和電場方向相同，由于運動方向和電場方向相反，故電場力做負功，根據(jù)電場力做功情況可以判斷電勢能的變化；動能的變化可以利用動能定理通過合外力做功來求．解答：解：A、由于物體所受電場力和運動方向相反，故電場力做負功即克服電場力做功W=EqS，故A正確；B、電場力做負功，電勢能增加，故B錯誤；C、電勢能增加量和克服電場力做功相等，所以電勢能增加了EqS，故C正確；D、物體做減速運動，合外力做負功，動能減小，由動能定理得：△Ek=F合S=maS=0.8EqS，故D正確．故選ACD．點評：本題在電場中考察了各種功能關系的轉化，正確解答的關鍵是明確各種功能關系．14．（5分）（2023秋?天臺縣校級月考）如圖所示，A、B、C、D是某勻強電場中的4個等勢面，一個質子和一個α粒子（電荷量是質子的2倍，質量是質子的4倍）同時在A等勢面從靜止出發(fā)，向右運動，當?shù)竭_D面時，下列說法正確的是（）A．電場力做功之比為1：2B．它們的動能之比為2：1C．它們的速度之比為：1D．它們運動的時間之比為1：1考點：電勢差與電場強度的關系；電勢能．專題：電場力與電勢的性質專題．分析：根據(jù)電場力做功的特點可得電場力所做的功W=qU；根據(jù)動能定理qU=mv2，可以求出粒子的動能EK；根據(jù)EK=求的速度之比，再利用運動學公式即可求解解答：解：A、質子的電荷量為e，α粒子的電荷量為2e，粒子從A等勢面從靜止出發(fā)，向右運動，當?shù)竭_D面過程中電場力所做的功W=qU，故電場力對質子和α粒子所做的功之比為W1：W2=：q1：q2=1：2，故A正確．B、根據(jù)動能定理qU=mv2，可得質子和α粒子的動能之比為EK1：EK2=q1：q2=1：2，故B錯誤；C、根據(jù)EK=求的速度之比，故質子和α粒子的速度之比，故C正確．D、根據(jù)a=可知，根據(jù)x=得，故D錯誤故選：AC點評：只要掌握了各個物理量之間的關系，就可順利解決此類題目．這類題目比較經(jīng)典，是不可多得的好題．15．（5分）（2023秋?武城縣校級期末）如圖所示，兩塊水平放置的平行正對的金屬板a、b與電池相連，在距離兩板等距的M點有一個帶電液滴處于靜止狀態(tài)．若將a板向下平移一小段距離，但仍在M點上方，穩(wěn)定后，下列說法中正確的是（）A．液滴將向下加速運動B．M點電勢升高，液滴在M點的電勢能將減小C．M點的電場強度變小了D．在a板移動前后兩種情況下，若將液滴從a板移到b板，電場力做功相同考點：帶電粒子在混合場中的運動；電容．專題：帶電粒子在復合場中的運動專題．分析：電容器與電源相連，則電壓不變；根據(jù)極板的移動可知電容器內電場強度的變化；則可得出帶是粒子的受力變化，從而判斷其運動狀態(tài)；由U=Ed判斷電勢的變化，從而得出電勢能的變化．解答：解：A、液滴受力平衡，故電場力向上，液滴帶負電；電容器兩端的電壓不變，a板下移時，兩板間的距離減小，則由U=Ed可知，E增大；則粒子受到的電場力增大，故液滴將向上加速運動；故A錯誤，C錯誤；B、下極板接地，則M點的電勢等于M與b之間的電勢差，因E增大，d不變，故液滴處的電勢增大；因帶電液滴帶負電，故電勢能將減小，故B正確；D、因兩板間的電勢差不變，故前后兩種狀態(tài)下移動電荷時，電場力做功相同，故D正確；故選：BD．點評：對于電容器的動態(tài)分析問題，關鍵在于明確電容器是斷開電源還是與電源相連；然后再由電容的定義式有決定式進行分析求解．三.試驗題（每空2分，共22分）16．（10分）（2023秋?天臺縣校級月考）某同學測量一只未知阻值的電阻．（1）他先用多用電表進行測量，按照正確的步驟操作后，測量的結果如圖（甲）所示．請你讀出其阻值大小為1000Ω．為了使多用電表測量的結果更準確，該同學接著應該進行哪些操作？先將選擇開關打到“×100”擋；將兩表筆短接，調節(jié)調零旋鈕，進行歐姆擋調零；再將被電阻接到兩表筆之間測量其阻值并讀出讀數(shù)；測量完畢將選擇開關打到“OFF”擋．．（2）若該同學再用“伏安法”測量該電阻，所用器材如圖（乙）所示，其中電壓表內阻約為5kΩ，電流表內阻約為5Ω，變阻器阻值為50Ω．圖中部分連線已經(jīng)連接好，為了盡可能準確地測量電阻，請你完成其余的連線．（3）該同學按照“伏安法”測量電阻的要求連接好圖乙電路后，測得的電阻值將大于（填“大于”、“小于”或“等于”）用多用電表測得的阻值．考點：用多用電表測電阻．專題：實驗題．分析：（1）歐姆表指針示數(shù)與擋位的乘積是歐姆表示數(shù)，用歐姆表測電阻時要選擇合適的擋位，使指針指針中央刻度線附近，歐姆表換擋后要進行歐姆調零．（2）根據(jù)題意確定滑動變阻器與電流表接法，然后連接實物電路圖．（3）根據(jù)電路圖，應用歐姆定律分析實驗誤差．解答：解：（1）由圖甲所示可知，歐姆表選擇×10擋，歐姆表示數(shù)為：100×10=1000Ω．由圖示可知，歐姆表指針偏角太小，所選擋位太小，要準確測量電阻，應將選擇開關打到“×100”擋；將兩表筆短接，調節(jié)調零旋鈕，進行歐姆擋調零；再將被電阻接到兩表筆之間測量其阻值并讀出讀數(shù)；測量完畢將選擇開關打到“OFF”擋．（2）待測電阻阻值約為1000Ω，滑動變阻器最大阻值為50Ω，為測多組實驗數(shù)據(jù)，滑動變阻器應采用分壓接法，電流表內阻約為5Ω，電壓表內阻約為5000Ω，相對來說待測電阻阻值遠大于電流表內阻，電流表應采用內接法，實物電路圖如圖所示：（3）由圖示電路圖可知，電流表采用內接法，由于電流表的分流作用，所測電壓偏大，由歐姆定律可知，電阻測量值大于真實值．故答案為：（1）1000Ω；應將選擇開關打到“×100”擋；將兩表筆短接，調節(jié)調零旋鈕，進行歐姆擋調零；再將被電阻接到兩表筆之間測量其阻值并讀出讀數(shù)；測量完畢將選擇開關打到“OFF”擋；（2）電路圖如圖所示；（3）大于．點評：本題考查了歐姆表的使用、連接實物電路圖、實驗誤差分析，根據(jù)題意確定滑動變阻器與電流表接法是正確連接實物電路圖的前提與關鍵．17．（6分）（2023秋?天臺縣校級月考）同學們知道，將兩個金屬電極插入任何一個水果中就可以做成一個水果電池，但日常生活中我們很少用“水果電池”，這是為什么呢？某學習小組的同學準備就此問題進行探究．（1）同學們通過查閱資料知道將鋅、銅兩電極插入水果中，電動勢大約會有1伏多一點．曉宇同學找來了一個土豆做實驗，當用量程為0～3V、內阻約50kΩ的伏特表測其兩極時讀數(shù)為0.96V．但當他將四個這樣的水果電池串起來給標稱值為“3V，0.5A”的小燈泡供電時，燈泡并不發(fā)光．檢查燈泡、線路均沒有故障，而用伏特表測量其電壓確實能達到3V多．據(jù)您猜想，出現(xiàn)這種現(xiàn)象的原因應當是：水果電池的內阻太大（不要求寫分析、推導過程）．（2）曉宇同學用歐姆表直接測“土豆電池”的兩極，讀得此時的讀數(shù)為30Ω．小麗同學用靈敏電流表直接接“土豆電池”的兩極，測得電流為0.32mA，根據(jù)前面用伏特表測得的0.96V電壓，由全電路歐姆定律得：r=Ω=3.0kΩ．因而曉宇同學說土豆的內阻為30Ω，而小麗同學則說是3kΩ．請你判斷，用曉宇的方法測量是否正確，請說明理由不正確，因水果電池本身有電動勢，當用歐姆表直接接“土豆電池”的兩極時，歐姆表內部的電源與水果電池的電動勢正向或反向串聯(lián)，影響測量的結果，故測不準；；用小麗的方法測量是否正確，請說明理由小麗同學測量的誤差也很大．理想狀態(tài)下用電流表測得的是短路電流，伏特表測得的應當是電源電動勢，但由于水果電池的內阻很大，伏特表的內阻不是遠大于水果電池的內阻，故其測得的電動勢誤差大，算得的內阻亦不準確．．考點：測定電源的電動勢和內阻．專題：實驗題．分析：（1）“蘋果電池”的內阻太大，接燈泡時，電流太小，燈泡功率太小，不會發(fā)光；（2）曉宇同學未考慮水果電池本身有電動勢，小麗同學的測量為扣除電流計內電阻；（3）由題中所給實驗器材可知，可以采用安阻法測電源電動勢與內阻，根據(jù)安阻法測電阻的原理選擇實驗器材，作出實驗電路圖．解答：解：（1））“蘋果電池”的內阻太大，接燈泡時，電流太小，燈泡功率太小，不會發(fā)光；故答案為：“蘋果電池”的內阻太大；（2）曉宇的方法不正確，因水果電池本身有電動勢，當用歐姆表直接接“土豆電池”的兩極時，歐姆表內部的電源與水果電池的電動勢正向或反向串聯(lián)，影響測量的結果，故測不準；小麗同學測量的誤差也很大．理想狀態(tài)下用電流表測得的是短路電流，伏特表測得的應當是電源電動勢，但由于水果電池的內阻很大，伏特表的內阻不是遠大于水果電池的內阻，故其測得的電動勢誤差大，算得的內阻亦不準確．小麗同學的測量為扣除電流計內電阻；故答案為：（1）水果電池的內阻太大．（2）曉宇的方法不正確，因水果電池本身有電動勢，當用歐姆表直接接“土豆電池”的兩極時，歐姆表內部的電源與水果電池的電動勢正向或反向串聯(lián)，影響測量的結果，故測不準．小麗同學測量的誤差也很大．理想狀態(tài)下用電流表測得的是短路電流，伏特表測得的應當是電源電動勢，但由于水果電池的內阻很大，伏特表的內阻不是遠大于水果電池的內阻，故其測得的電動勢誤差大，算得的內阻亦不準確．點評：本題考查測電池的電動勢和內阻實驗、閉合電路歐姆定律等知識，考查邏輯推理能力、分析綜合能力和實驗探究能力．18．（6分）（2023秋?天臺縣校級月考）某同學采用如圖1所示的電路測定一節(jié)干電池的電動勢和內電阻．提供的器材有，電壓表（0～3V）、電流表（0～0.6A）、滑動變阻器有R1（10Ω，2A）和R2（100Ω，0.1A）各一只．實驗中滑動變阻器應選用R1（填“R1”或“R2”）．在實驗中測得多組電壓和電流值，得到如圖2所示的U﹣I圖線，由圖可求出該電源電動勢E=1.46V；內阻r=1.78Ω．（保留三位有效數(shù)字）考點：測定電源的電動勢和內阻．專題：實驗題．分析：因為電源的內阻較小，所以應該采用較小最大值的滑動變阻器，有利于數(shù)據(jù)的測量和誤差的減?。砷]合電路歐姆定律分析U﹣I圖象的縱軸截距和斜率的意義，可求出電動勢和內阻．解答：解：滑動變阻器在選擇時要求阻值大于待測電阻阻值，但阻值也不能太大，那樣調節(jié)不方便，故滑動變阻器應選R1．由閉合電路歐姆定律U=E﹣Ir得知，當I=0時，U=E，U﹣I圖象斜率的絕對值等于電源的內阻，縱截距即為電動勢E=1.46Vr==1.78Ω．故答案為：R11.461.78點評：本題中誤差分析采用圖象法，關鍵在于明確電表內阻對測量結果的影響；注意極限法的應用從而正確得出圖象．四.計算題（19題9分，20題8分，21題8分，22題8分，共33分）19．（9分）（2023秋?菏澤期末）在勻強電場中，將一電荷量為2×10﹣5C的負電荷由A點移到B點，其電勢能增加了0.1J，已知A、B兩點間距為2cm，兩點連線與電場方向成60°角，如圖：問：（1）在電荷由A移到B的過程中，電場力做了多少功？（2）A、B兩點間的電勢差為多少？（3）該勻強電場的電場強度為多大？考點：電勢；電場強度；電勢能．專題：電場力與電勢的性質專題．分析：根據(jù)電場力做功與電勢能的關系WAB=EA﹣EB=﹣△E可計算電場力做的功，由W=qu可求AB間的電勢差Uab，再由E=求的電場強度，注意d是沿電場線方向的解答：解：（1）由題意根據(jù)電場力做功與電勢能的關系WAB=EA﹣EB=﹣△E得，WAB=﹣△E=﹣0.1J即電場力做了﹣0.1J的功（2）由W=qu可求AB間的電勢差UAB==5×103V（3）由E=得，=5×105V/m即電場強度為5×105V/m．點評：考查了電場力做功與電勢能、電勢差的關系，電場強度與電勢差的關系．20．（8分）（2003?南京一模）如圖所示，電源的電動勢E=110V，電阻R1=21Ω，電動機繞組的電阻R0=0.5Ω，電鍵S1始終閉合．當電鍵S2斷開時，電阻R1的電功率是525W；當電鍵S2閉合時，電阻R1的電功率是336W，求：（1）電源的內電阻；（2）當電鍵S2閉合時流過電源的電流和電動機的輸出功率．考點：電功、電功率；閉合電路的歐姆定律．專題：恒定電流專題．分析：（1）根據(jù)S2斷開時R1消耗的功率為，求出內阻r．（2）當電鍵S2閉合時，根據(jù)電阻R1的電功率求出R1兩端的電壓和通過R1的電流，再根據(jù)E=U+Ir，求出總電流．從而求出通過電動機的電流，根據(jù)，求出電動機的輸出功率．解答：解：（1）設S2斷開時R1消耗的功率為P1，則，代入數(shù)據(jù)可以解得r=1Ω．（2）設S2閉合時R1兩端的電壓為U，消耗的功率為P2，則，解得U=84V由閉合電路歐姆定律得E=U+Ir，代入數(shù)據(jù)，得I=26A流過R1的電流為I1，流過電動機的電流為I2，A，而I1+I2=I，所以I2=22A，由UI2=P出+I22R0，代入數(shù)據(jù)得P出=1606W．點評：解決本題的關鍵能夠靈活運用閉合電路歐姆定律，以及知道電動機輸入功率、輸出功率、熱功率的關系．21．（8分）（2023秋?余姚市校級期中）有一個點電荷Q的電場中，Ox坐標軸與它的一條電場線重合，坐標軸上A、B兩點的坐標分別為2.0m和5.0m．已知放在A、B兩點的試探電荷受到的電場力方向都跟x軸的正方向相同，電場力的大小跟試探電荷所帶電荷量大小的關系如圖中直線A、B所示，放在A點的電荷帶正電，放在B點的電荷帶負電．求：（1）B點的電場強度的大小和方向；（2）試判斷點電荷Q的