湖北省宜昌市七校教課協(xié)作體2016-2017學(xué)年高二下學(xué)期期末考試物理試題一．選擇題(本題共12小題，每題4分，共48分．在每題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第1～8題只有一個(gè)選項(xiàng)正確，第9～12題有多項(xiàng)正確，所有選對(duì)的得4分，選對(duì)但不全的得2分，有選錯(cuò)或不選的得0分)電阻R1與R2并聯(lián)在電路中，經(jīng)過(guò)R1與R2的電流之比為1∶2，則當(dāng)R1與R2串連后接入電路中時(shí)，

R1和

R2兩頭電壓之比

U1∶U2為（

）A.1∶2

B.1∶4C.2∶1

D.4∶1【答案】

C2.一矩形線圈繞垂直于勻強(qiáng)磁場(chǎng)且位于線圈平面內(nèi)的固定軸轉(zhuǎn)動(dòng)。線圈中的感覺(jué)電動(dòng)勢(shì)e隨時(shí)間t的變化關(guān)系以下圖。以下說(shuō)法中正確的選項(xiàng)是()t1時(shí)刻穿過(guò)線圈的磁通量為零t2時(shí)刻穿過(guò)線圈的磁通量最大t3時(shí)刻穿過(guò)線圈的磁通量的變化率最大每當(dāng)e變換方向時(shí),穿過(guò)線圈的磁通量都為最大【答案】D【分析】試題剖析：由圖可知，t1時(shí)刻線圈的感覺(jué)電動(dòng)勢(shì)最?。悖瑒t磁通量的變化率也為零，所以經(jīng)過(guò)線圈的磁通量為最大，

故A錯(cuò)誤；由圖可知，

t2時(shí)刻線圈的感覺(jué)電動(dòng)勢(shì)最大，與中性面平行，則磁通量為

0，故

B錯(cuò)誤；由圖可知，

t3時(shí)刻線圈的感覺(jué)電動(dòng)勢(shì)最小（零）

，則磁通量的變化率也為零，

故C錯(cuò)誤；每當(dāng)電流變換方向時(shí)，

線圈與磁場(chǎng)垂直，線圈經(jīng)過(guò)中性面時(shí)，磁通量最大，故

D正確；應(yīng)選

D.考點(diǎn)：溝通電【名師點(diǎn)睛】本題是對(duì)溝通電的考察；要知道矩形線圈在勻強(qiáng)磁場(chǎng)內(nèi)繞固定軸轉(zhuǎn)動(dòng)，線圈中的感覺(jué)電動(dòng)勢(shì)e隨于時(shí)間t的變化規(guī)律可得，線圈從垂直中性面開(kāi)始計(jì)時(shí)；磁通量為零時(shí)，磁通量變化率最大；每當(dāng)線圈經(jīng)過(guò)中性面時(shí)，電流方向改變。入射光照到某金屬表面發(fā)生光電效應(yīng)，若入射光的強(qiáng)度減弱，而頻次保持不變，則正確的是()從光照耀到金屬表面上到金屬發(fā)射出光電子之間的時(shí)間間隔將明顯增添單位時(shí)間內(nèi)從金屬表面逸出的光電子數(shù)量將減少逸出的光電子的最大初動(dòng)能減小有可能不發(fā)生光電效應(yīng)【答案】B【分析】光的強(qiáng)弱影響的是單位時(shí)間內(nèi)發(fā)出光電子的數(shù)量，不影響發(fā)射出光電子的時(shí)間間隔．故A錯(cuò)誤．入射光的強(qiáng)度減弱，則單位時(shí)間內(nèi)從金屬表面逸出的光電子數(shù)量將減少，光電流減弱，故B正確．依據(jù)光電效應(yīng)方程知，EM=hγ-W0知，入射光的頻次不變，則最大初動(dòng)能不變．故C錯(cuò)誤．入射光的頻次不變，則仍舊能發(fā)生光電效應(yīng)．故D錯(cuò)誤．應(yīng)選B．點(diǎn)睛：解決本題的重點(diǎn)知道發(fā)生光電效應(yīng)的條件，以及知道光的強(qiáng)弱會(huì)影響單位時(shí)間內(nèi)發(fā)出光電子的數(shù)量，入射光的頻次決定光電子的最大初動(dòng)能．4.對(duì)水平擱置的平行板電容器，以下說(shuō)法正確的選項(xiàng)是（）將兩極板平行錯(cuò)開(kāi)，使正對(duì)面積減小，電容將減小將兩板間的距離增大，電容將增大...在下板的內(nèi)表面上擱置一面積和極板相等、厚度小于極板間距離的陶瓷板，電容將減小在下板的內(nèi)表面上擱置一面積和極板相等、厚度小于極板間距離的鋁板，電容將減小【答案】A【分析】依據(jù)可知，將兩極板平行錯(cuò)開(kāi)，使正對(duì)面積S減小，電容C將減小,選項(xiàng)A正確；將兩板間的距離d增大，電容C將減小，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；在下板的內(nèi)表面上擱置一面積和極板相等、厚度小于極板間距離的陶瓷板，則ε變大，則電容將變大，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；在下板的內(nèi)表面上擱置一面積和極板相等、厚度小于極板間距離的鋁板，則相當(dāng)于

d減小，則電容將變大，選項(xiàng)

D錯(cuò)誤；應(yīng)選

A.5.一顆子彈水平射入置于圓滑水平面上的木塊A并留在此中，A、B用一根彈性優(yōu)秀的輕質(zhì)彈簧連在一同，以下圖．則在子彈打擊木塊A及彈簧被壓縮的過(guò)程中，對(duì)子彈、兩木塊和彈簧構(gòu)成的系統(tǒng)()動(dòng)量守恒，機(jī)械能守恒動(dòng)量守恒，機(jī)械能不守恒動(dòng)量不守恒，機(jī)械能守恒沒(méi)法判斷動(dòng)量、機(jī)械能能否守恒【答案】B【分析】在子彈打擊木塊A及彈簧壓縮的過(guò)程中，對(duì)子彈、兩木塊和彈簧構(gòu)成的系統(tǒng)，系統(tǒng)所受的外力之和為零，則系統(tǒng)的動(dòng)量守恒．在此過(guò)程中，除彈簧彈力做功外還有摩擦力對(duì)系統(tǒng)做功，所以系統(tǒng)機(jī)械能不守恒．故B正確，ACD錯(cuò)誤．應(yīng)選B.點(diǎn)睛：本題考察動(dòng)量守恒和機(jī)械能守恒的判斷和應(yīng)用能力．系統(tǒng)動(dòng)量守恒的條件：系統(tǒng)不受外力或所受合外力為零．依據(jù)是不是只有彈簧的彈力做功判斷機(jī)械能能否守恒．動(dòng)量能否守恒要看研究的過(guò)程，要細(xì)化過(guò)程剖析，不可以抽象．以下圖，虛線a、b、c表示電場(chǎng)中的三個(gè)等勢(shì)面，相鄰等勢(shì)面間的電勢(shì)差相等，實(shí)線為一個(gè)帶正電的質(zhì)點(diǎn)僅在電場(chǎng)力作用下經(jīng)過(guò)該地區(qū)的運(yùn)動(dòng)軌跡，P、Q是軌跡上的兩點(diǎn)．下列說(shuō)法中正確的選項(xiàng)是()A.三個(gè)等勢(shì)面中，等勢(shì)面a的電勢(shì)最高B.帶電質(zhì)點(diǎn)必定是從P點(diǎn)向Q點(diǎn)運(yùn)動(dòng)C.帶電質(zhì)點(diǎn)經(jīng)過(guò)D.帶電質(zhì)點(diǎn)經(jīng)過(guò)

P點(diǎn)時(shí)的加快度比經(jīng)過(guò)P點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能比經(jīng)過(guò)

Q點(diǎn)時(shí)的小Q點(diǎn)時(shí)的小【答案】D【分析】試題剖析：電荷所受電場(chǎng)力指向軌跡內(nèi)側(cè)，因?yàn)殡姾蓭д姡噪妶?chǎng)線指向右下方，沿電場(chǎng)線電勢(shì)降低，故

c等勢(shì)線的電勢(shì)最高，

a等勢(shì)線的電勢(shì)最低，故

A錯(cuò)誤；帶電質(zhì)點(diǎn)能夠由

P到Q，也能夠由

Q到

P，由圖示條件不可以詳細(xì)確立，故

B錯(cuò)誤；從

P到

Q過(guò)程中電場(chǎng)力做正功，電勢(shì)能降低，動(dòng)能增大，故

P點(diǎn)的動(dòng)能小于

Q點(diǎn)的動(dòng)能，故

C正確；等勢(shì)線密的地方電場(chǎng)線密，電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)盛，則

P點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)盛于

Q點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)．則

P點(diǎn)的加快大，故

D錯(cuò)誤．考點(diǎn)：考察了電場(chǎng)強(qiáng)度，電勢(shì)，電勢(shì)能，【名師點(diǎn)睛】解決這種帶電粒子在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的思路是：依據(jù)運(yùn)動(dòng)軌跡判斷出所受電場(chǎng)力方向，而后進(jìn)一步判斷電勢(shì)、電場(chǎng)、電勢(shì)能、動(dòng)能等物理量的變化．7.以下圖，細(xì)線上端固定于O點(diǎn)，其下端系一小球，細(xì)線無(wú)彈性且長(zhǎng)為L(zhǎng).現(xiàn)將懸線和小球拉至圖中實(shí)線地點(diǎn)，此時(shí)懸線與豎直方向的夾角θ＝60°，并于小球原所在的最低點(diǎn)處放置一質(zhì)量同樣的泥球，而后使懸掛的小球從實(shí)線地點(diǎn)由靜止開(kāi)釋，它運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)時(shí)與泥球碰撞并合為一體，它們一同搖動(dòng)中可達(dá)到的最大高度是()A.LB.LC.LD.L【答案】C8.如圖為無(wú)線充電技術(shù)中使用的受電線圈表示圖，

線圈匝數(shù)為

n，橫截面積為

S.若在

t1到

t2時(shí)間內(nèi)，勻強(qiáng)磁場(chǎng)平行于線圈軸線向右穿過(guò)線圈，其磁感覺(jué)強(qiáng)度大小由

B1平均增添到

B2，則該段時(shí)間線圈兩頭

a和

b之間的電勢(shì)差

φ－φ為(ab

)A.恒為

B.恒為C.從

0平均變化到

D.從

0平均變化到【答案】B【分析】穿過(guò)線圈的磁感覺(jué)強(qiáng)度平均增添，定律，有：

故產(chǎn)生恒定的感覺(jué)電動(dòng)勢(shì)，

依據(jù)法拉第電磁感覺(jué)依據(jù)楞次定律，假如線圈閉合，感覺(jué)電流的磁通量向左，故φa＜φb，故：，應(yīng)選B.

故感覺(jué)電動(dòng)勢(shì)順時(shí)針（從右邊看）

，以下圖，圓滑固定導(dǎo)軌M、N水平擱置．兩根導(dǎo)體棒P、Q平行放于導(dǎo)軌上，形成一個(gè)閉合電路．當(dāng)一條形磁鐵從高處著落靠近回路時(shí)()P、Q將相互遠(yuǎn)離P、Q將相互聚攏磁鐵的加快度仍為g磁鐵的加快度小于g【答案】BD【分析】當(dāng)一條形磁鐵從高處著落靠近回路時(shí)，穿過(guò)回路的磁通量增添，依據(jù)楞次定律：感應(yīng)電流的磁場(chǎng)老是阻擋磁通量的變化，可知，P、Q將相互聚攏，回路的面積減小一點(diǎn)，使穿過(guò)回路的磁場(chǎng)減小一點(diǎn)，起到阻擋原磁通量增添的作用．故B正確，A錯(cuò)誤．因?yàn)榇盆F受到向上的磁場(chǎng)力作用，所以協(xié)力小于重力，磁鐵的加快度必定小于g．故C錯(cuò)誤，D正確．故選BD.點(diǎn)睛：本題直接用楞次定律判斷電磁感覺(jué)現(xiàn)象中導(dǎo)體的運(yùn)動(dòng)方向，抓住導(dǎo)體老是抗?fàn)幵磐康淖兓侵攸c(diǎn)，簡(jiǎn)單的說(shuō)就是：拒去留；增減少擴(kuò)．10.電阻

R和電動(dòng)機(jī)

M相串連接到電路中，如右圖所示

.已知電阻

R跟電動(dòng)機(jī)線圈的電阻相等，電鍵接通后，電動(dòng)機(jī)正常工作

.設(shè)電阻

R和電動(dòng)機(jī)兩頭的電壓分別為

U1和U2；經(jīng)過(guò)時(shí)間t，電流經(jīng)過(guò)電阻R做功W1，產(chǎn)生的電熱為Q1；電流經(jīng)過(guò)電動(dòng)機(jī)M做功W2，產(chǎn)生的電熱為Q2，則有（）A.W1<W2,Q1<Q2B.W1=2W2，Q1=Q2C.U1<U2,Q1=Q2D.W1212<W,Q=Q【答案】CD【分析】設(shè)開(kāi)關(guān)接通后，電路中電流為I，對(duì)于電阻R，由歐姆定律得U=IR，對(duì)于電動(dòng)機(jī)，1U2＞IR，則U1＜U2，依據(jù)焦耳定律得：Q1=I2Rt，Q2=I2Rt，則Q1=Q2，電功等于電熱加輸出的機(jī)械能，因?yàn)殡姛嵯嗟?，而電?dòng)機(jī)輸出機(jī)械能，故W＜W；應(yīng)選CD．12點(diǎn)睛：本題掌握純電阻電路與非純電阻電路區(qū)其他能力，抓住歐姆定律合用于純電阻電路，不合用于非純電阻電路，而焦耳定律對(duì)兩種電路均合用．以下圖，在垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)的界限上，有兩個(gè)質(zhì)量和電荷量均同樣的正、負(fù)離子，從O點(diǎn)以同樣的速度射入磁場(chǎng)中，射入方向均與界限成θ角.若不計(jì)重力，對(duì)于正、負(fù)離子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)，以下說(shuō)法正確的選項(xiàng)是（）運(yùn)動(dòng)的軌道半徑不同樣運(yùn)動(dòng)的時(shí)間同樣從頭回到界限的速度大小和方向都同樣從頭回到界限的地點(diǎn)與O點(diǎn)距離同樣【答案】CD【分析】依據(jù)牛頓第二定律得：得：，由題q、v、B大小均同樣，則r相同．故A錯(cuò)誤；粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)周期為，則知兩個(gè)離子圓周運(yùn)動(dòng)的周期相等．依據(jù)左手定章剖析可知，正離子逆時(shí)針偏轉(zhuǎn)，負(fù)離子順時(shí)針偏轉(zhuǎn)，從頭回到界限時(shí)正離子的速度傾向角為2π-2θ，軌跡的圓心角也為2π-2θ，運(yùn)動(dòng)時(shí)間．同理，負(fù)離子運(yùn)動(dòng)時(shí)間，明顯時(shí)間不等．故B錯(cuò)誤；...正負(fù)離子在磁場(chǎng)中均做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，速度沿軌跡的切線方向，依據(jù)圓的對(duì)稱性可知，從頭回到界限時(shí)速度大小與方向同樣．故C正確．依據(jù)幾何知識(shí)得悉從頭回到界限的地點(diǎn)與O點(diǎn)距離S=2rsinθ，r、θ同樣，則S同樣．故D正確．應(yīng)選CD．點(diǎn)睛：帶電粒子垂直射入單界限的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，可分兩類模型剖析：一為同方向射入的不一樣粒子；二為同種粒子以同樣的速率沿不一樣方向射入．不論哪種模型，都恪守以下規(guī)律：1）軌跡的圓心在入射方向的垂直線上，常可經(jīng)過(guò)此垂線的交點(diǎn)確立圓心的地點(diǎn)．2）粒子射出方向與界限的夾角等于射入方向與界限的夾角．以下圖，兩平行金屬板中間有相互正交的勻強(qiáng)磁場(chǎng)和勻強(qiáng)電場(chǎng)，一帶電粒子沿垂直于電場(chǎng)和磁場(chǎng)方向射入兩板間，從右邊射出時(shí)它的動(dòng)能減少了，不計(jì)重力.為了使帶電粒子的動(dòng)能增添，以下方法可行的是（）A.增大勻強(qiáng)電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)B.減小勻強(qiáng)電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)C.減小勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感覺(jué)強(qiáng)度D.增大勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感覺(jué)強(qiáng)度【答案】AC【分析】不論粒子帶何種電荷，因?yàn)殡妶?chǎng)力與洛倫茲力都是方向相反的，而動(dòng)能減少說(shuō)明電場(chǎng)力做了負(fù)功，即電場(chǎng)力小于洛倫茲力，粒子向洛倫茲力的方向偏轉(zhuǎn)了．所以要使動(dòng)能增大，必定減小磁場(chǎng)力或增大電場(chǎng)力．增添電場(chǎng)強(qiáng)度即增大電場(chǎng)力，使粒子向電場(chǎng)力方向偏轉(zhuǎn)，這樣電場(chǎng)力做正功，所以動(dòng)能會(huì)增大．選項(xiàng)A正確．減小電場(chǎng)強(qiáng)度即減小電場(chǎng)力，使粒子向磁場(chǎng)力方向偏轉(zhuǎn)，這樣電場(chǎng)力做負(fù)功，所以動(dòng)能會(huì)減小．選項(xiàng)B錯(cuò)誤．減小磁感覺(jué)強(qiáng)度，即減小了洛倫茲力，則傾向電場(chǎng)力方向，致使電場(chǎng)力做正功，動(dòng)能會(huì)增大．選項(xiàng)C正確．增大磁感覺(jué)強(qiáng)度即增大了洛倫茲力，電場(chǎng)力做負(fù)功，則動(dòng)能會(huì)減?。x項(xiàng)D錯(cuò)誤．應(yīng)選AC.點(diǎn)睛：該題是速度選擇器一類的題，在速度選擇器中，粒子的受力特色：同時(shí)遇到方向相反的電場(chǎng)力和洛倫茲力作用；粒子能勻速經(jīng)過(guò)選擇器的條件：電場(chǎng)力和洛倫茲力均衡，即qvB=qE，v=，只有速度為的粒子才能沿直線勻速經(jīng)過(guò)選擇器．若粒子遇到的電場(chǎng)力和磁場(chǎng)力不均衡時(shí)，粒子將發(fā)生偏轉(zhuǎn)：電場(chǎng)力大于洛倫茲力時(shí)，粒子向電場(chǎng)力方向偏轉(zhuǎn)，此時(shí)電場(chǎng)力做正功，電勢(shì)能轉(zhuǎn)變?yōu)閯?dòng)能；電場(chǎng)力小于洛倫茲力時(shí)，粒子將向洛倫茲力反向偏轉(zhuǎn)，電場(chǎng)力做負(fù)功，動(dòng)能轉(zhuǎn)變?yōu)殡妱?shì)能．二．非選擇題(第13～17題為必考題，第18～19題為選考題)：13.以下圖中螺旋測(cè)微器的示數(shù)為_(kāi)___________mm，游標(biāo)卡尺的示數(shù)為_(kāi)__________mm【答案】(1).7.500mm(2).30.6mm【分析】螺旋測(cè)微器的固定刻度讀數(shù)7.5mm，可動(dòng)刻度讀數(shù)為0.01×0.0=0mm，所以最后讀數(shù)為：固定刻度讀數(shù)+可動(dòng)刻度讀數(shù)為7.5+0.000=7.500mm．游標(biāo)卡尺的主尺讀數(shù)為30mm，游標(biāo)尺上第6個(gè)刻度和主尺上某一刻度對(duì)齊，游標(biāo)讀數(shù)為0.1×6mm=0.6mm，所以最后讀數(shù)為：主尺讀數(shù)+游標(biāo)尺讀數(shù)為30mm+0.6mm=30.6mm；點(diǎn)睛：解決本題的重點(diǎn)掌握游標(biāo)卡尺和螺旋測(cè)微器的讀數(shù)方法，游標(biāo)卡尺讀數(shù)的方法是主尺讀數(shù)加上游標(biāo)讀數(shù)，不需估讀．螺旋測(cè)微器的讀數(shù)方法是固定刻度讀數(shù)加上可動(dòng)刻度讀數(shù)，在讀可動(dòng)刻度讀數(shù)時(shí)需估讀．用伏安法丈量定值電阻的阻值，備用器械以下：待測(cè)電阻R(阻值約為25Ω)電流表A1(量程100μA，內(nèi)阻約為2Ω)電流表2(量程500μ，內(nèi)阻約為300Ω)AA電壓表1(量程10，內(nèi)阻約為100Ω)VV電壓表2(量程50，內(nèi)阻約為500Ω)VV電E滑動(dòng)變阻器

(電動(dòng)勢(shì)15V，同意經(jīng)過(guò)的最大電流R(最大阻值1Ω)

1A)電鍵S，導(dǎo)線若干為了盡量減小實(shí)驗(yàn)偏差，要求測(cè)多組數(shù)據(jù)。電流表應(yīng)選_________，電壓表應(yīng)選__________。在虛線框中畫(huà)出實(shí)驗(yàn)電路圖_____?！敬鸢浮?1).（1）A2(2).V1(3).（2）以下圖;【分析】試題剖析：（1）由題目中給出的器械可知，電電壓為選擇10V量程的V1；電路中電流的最大值約為

15V，為了正確電壓表應(yīng)，故電流表選擇A2；（2）題目中給出的滑動(dòng)變阻器最大阻值為1Ω，若采納限流接法流過(guò)電阻的電流最小值為，而電流的范圍為（），范圍太小使得沒(méi)法丈量多組數(shù)據(jù)，即沒(méi)有起到調(diào)理作用，故滑動(dòng)變阻器采納分壓接法，電流的范圍為（）；因，而，知足是大電阻，采納內(nèi)接法能夠減小電表內(nèi)阻產(chǎn)生的偏差（大內(nèi)偏大，小外偏?。?，則電流表應(yīng)采用內(nèi)接法；故電路圖以下圖：考點(diǎn)：本題考察伏安法測(cè)電阻。以下圖，導(dǎo)體桿ab的質(zhì)量為m，電阻為R，擱置在與水平面夾角為θ的傾斜金屬導(dǎo)軌上，導(dǎo)軌間距為d，電阻不計(jì)，系統(tǒng)處在豎直向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁感覺(jué)強(qiáng)度為B，電池內(nèi)阻不計(jì)，問(wèn)：若導(dǎo)軌圓滑，電電動(dòng)勢(shì)E多大才能使導(dǎo)體桿靜止在導(dǎo)軌上？【答案】【分析】略16.有一面積為S＝100cm2的金屬環(huán)，電阻為R＝0.1Ω，環(huán)中磁場(chǎng)變化規(guī)律以下圖，且磁場(chǎng)方向垂直環(huán)面向里，在t1到t2時(shí)間內(nèi)，環(huán)中感覺(jué)電流的方向怎樣？經(jīng)過(guò)金屬環(huán)的電荷量為多少？【答案】逆時(shí)針?lè)较颍?.01C【分析】(1)由楞次定律能夠判斷環(huán)中感覺(jué)電流方向?yàn)槟鏁r(shí)針?lè)较颍?分(2)由圖可知：磁感覺(jué)強(qiáng)度的變化率為＝①1分金屬環(huán)中磁通量的變化率＝S＝·S②2分環(huán)中形成的感覺(jué)電流I＝＝＝③1分經(jīng)過(guò)金屬環(huán)的電荷量Q＝It④由①②③④解得Q＝＝C＝0.01C2分答案逆時(shí)針?lè)较?.01C本題考察法拉第電磁感覺(jué)定律公式的應(yīng)用，注意磁通量有正負(fù)之分，流過(guò)導(dǎo)體橫截面的電量只與磁通量的變化量、回路電阻相關(guān)及的應(yīng)用17.以下圖，質(zhì)量為m＝1g、帶正電q＝5×10–2C的小滑塊，從半徑為R＝0.4m的固定光滑絕緣四分之一圓弧軌道上由靜止自A端滑下，整個(gè)裝置處在方向相互垂直的勻強(qiáng)電場(chǎng)與勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，已知電場(chǎng)強(qiáng)度E＝100V/m，水平向右；磁感覺(jué)強(qiáng)度B＝1T，方向垂直紙面向里，（g取10m/s2）求：（1）滑塊m抵達(dá)C點(diǎn)時(shí)的速度；（2）在C點(diǎn)時(shí)滑塊對(duì)軌道的壓力.【答案】（1）2m/s（2）20.1N，方向向下.【分析】（1）滑塊由A點(diǎn)到C點(diǎn)過(guò)程，滑動(dòng)過(guò)程中洛倫茲力F洛＝qvB不做功，由動(dòng)能定理得解得....（2）滑塊在C點(diǎn)，受四個(gè)力作用，以下圖，由牛頓第二定律得FN–mg–qvcB＝mvc2/R解得FN＝mg＋qvcB＋mvc2/R＝20.1N由牛頓第三定律知，滑塊在C點(diǎn)處對(duì)軌道壓力FN＝–FN，大小為20.1N，方向向下.′【選考題】18.對(duì)于必定量的氣體，以下說(shuō)法正確的選項(xiàng)是______．氣體的體積指的是該氣體的分子所能抵達(dá)空間的體積，而不是該氣體所有分子體積之和B．只需能減弱氣體分子熱運(yùn)動(dòng)的強(qiáng)烈程度，氣體的溫度就能夠降低C．在完整失重的狀況下，氣體對(duì)容器壁的壓強(qiáng)為零D．氣體從外界汲取熱量，其內(nèi)能必定增添E．氣體在等壓膨脹過(guò)程中溫度必定高升【答案】ABE【分析】氣體的體積指的是該氣體的分子所能抵達(dá)的空間的體積,而不是該氣體所有分子體積之和，選項(xiàng)A正確；溫度越高，氣體分子運(yùn)動(dòng)越強(qiáng)烈，故只需能減弱氣體分子熱運(yùn)動(dòng)的強(qiáng)烈程度,氣體的溫度就能夠降低，選項(xiàng)B正確；氣體的壓強(qiáng)是氣體分子對(duì)器壁的屢次的碰撞產(chǎn)生的，與氣體的重力沒(méi)關(guān)，阻值C錯(cuò)