第第1頁（共20頁）第第1頁（共20頁）2016-2017學(xué)年安徽省六校教育研究會(huì)高三（上）第一次聯(lián)考物理試卷一、選擇題（本題共10小題，每小題4分，共40分）1．物理概念的形成和物理規(guī)律的得出極大地推動(dòng)了人類對(duì)自然界的研究和認(rèn)識(shí)進(jìn)程，下列關(guān)于物理概念和規(guī)律的說法正確的是（）A.牛頓第一定律的利用邏輯思維對(duì)事實(shí)進(jìn)行分析的產(chǎn)物，能夠用實(shí)驗(yàn)直接驗(yàn)證B.丹麥物理學(xué)家奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)，并總結(jié)了右手螺旋定律C.在研究帶電體之間的相互作用時(shí)引入了點(diǎn)電荷的概念，只有電荷量很小的帶電體才可看成點(diǎn)電荷D.把電容器的帶電量Q與兩極板間電壓U的比值定義為電容，是基于該比值的大小不取決于Q和U,且它能夠反映電容器容納電荷的本領(lǐng)2.（多選題）如圖所示，兩塊三角形的木板B、C豎直放在水平桌面上，它們的頂點(diǎn)連接在A處，底邊向兩邊分開.一個(gè)錐體置于A處，放手之后，奇特的現(xiàn)象發(fā)生了，椎體自動(dòng)地沿木板滾上了B、C板的高處，不計(jì)一切阻力.下列說法正確的是（）A.錐體在滾動(dòng)過程中重心逐漸升高B.錐體在滾動(dòng)過程中重心逐漸降低C.錐體在滾動(dòng)過程中機(jī)械能逐漸增大D.錐體在滾動(dòng)過程中機(jī)械能保持不變3.將一物塊分成相等的A、B兩部分靠在一起，下端放置在地面上，上端用繩子拴在天花板，繩子處于豎直伸直狀態(tài)，整個(gè)裝置靜止.則（ ）自//BWWW：A.繩子上拉力一定為零B.地面受的壓力可能為零C.地面與物體B間可能存在摩擦力D.A、B之間可能存在摩擦力4.如圖，線圈abcd固定于分布均勻的磁場中，磁場方向垂直線圈平面.當(dāng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間t變化時(shí)，該磁場對(duì)ab邊的安培力大小恒定.下列描述B隨t變化的圖象中，可能正確的是（）

5．在地球大氣層外有大量的太空垃圾．在太陽活動(dòng)期，地球大氣會(huì)受太陽風(fēng)的影響而擴(kuò)張，使一些原本在大氣層外繞地球飛行的太空垃圾被大氣包圍，從而開始向地面下落．大部分太空垃圾在落地前已經(jīng)燃燒成灰燼，但體積較大的太空垃圾仍會(huì)落到地面上，對(duì)人類造成危害．太空垃圾下落的原因是（）A.大氣的擴(kuò)張使垃圾受到的萬有引力增大而導(dǎo)致下落B.太空垃圾在與大氣摩擦燃燒過程中質(zhì)量不斷減小，進(jìn)而導(dǎo)致下落C.太空垃圾的上表面受到的大氣壓力大于其下表面受到的大氣壓力，這種壓力差將它推向地面D.太空垃圾在大氣阻力作用下速度減小，運(yùn)動(dòng)所需的向心力將小于萬有引力，垃圾做趨向圓心的運(yùn)動(dòng)，落向地面.水平面上A,B,C三點(diǎn)固定著三個(gè)電荷量為Q的正點(diǎn)電荷，將另一質(zhì)量為m的帶正電的小球（可視為點(diǎn)電荷）放置在0點(diǎn)，OABC恰構(gòu)成一棱長為L的正四面體，如圖所示.已知靜電力常量為k,重力加速度為g,為使小球能靜止在0點(diǎn)，小球所帶的電荷量為（）A.A.3皿B.業(yè)口C. 61心D. 由遍.如圖所示，鋼鐵構(gòu)件A、B疊放在卡車的水平底板上，卡車底板和B間動(dòng)摩擦因數(shù)為網(wǎng),A、B間動(dòng)摩擦因數(shù)為臼，|11>|12,卡車剎車的最大加速度為a,a>U1g,可以認(rèn)為最大靜摩擦力與滑動(dòng)摩擦力大小相等.卡車沿平直公路行駛途中遇到緊急情況時(shí),要求其剎車后在s0距離內(nèi)能安全停下，則卡車行駛的速度不能超過（ ）A.A.'2肛B.■小小口CJ?以陰5D.㈠』廠"〃日『I? ?

.如圖所示，一個(gè)質(zhì)點(diǎn)做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，依次經(jīng)過a、b、c、d四點(diǎn)，已知經(jīng)過ab、bc和cd三段所用時(shí)間之比為3：2：1,通過ab和cd段的位移分別為x1和x2，貝Ubc段的位移為（）a bedA. 2 B. C. 9 D. y9.電動(dòng)機(jī)以恒定的功率P和恒定的轉(zhuǎn)速n卷動(dòng)繩子，拉著質(zhì)量為M的木箱在光滑的水平地面上前進(jìn)，如圖所示，電動(dòng)機(jī)卷繞繩子的輪子的半徑為R,當(dāng)運(yùn)動(dòng)至繩子與水平成e角時(shí)，下述說法正確的是（）A.木箱將勻速運(yùn)動(dòng)，速度是2nnRB.木箱將勻加速運(yùn)動(dòng)，此時(shí)速度是2nnRcosePsin日C.此時(shí)木箱對(duì)地的壓力為Mg-下而葭D.此過程木箱受的合外力方向不變10.彈弓是80后童年生活最喜愛的打擊類玩具之一,其工作原理如圖所示,橡皮筋兩端點(diǎn)A、B固定在把手上，橡皮筋A(yù)BC恰好處于原長狀態(tài)，在C處（AB連線的中垂線上）放一固體彈丸，一手執(zhí)把，另一手將彈丸拉至D點(diǎn)放手，彈丸就會(huì)在橡皮筋的作用下迅速發(fā)射出去，打擊目標(biāo).現(xiàn)將彈丸豎直向上發(fā)射，已知E是CD中點(diǎn)，則（ ）A.從D到C,彈丸的動(dòng)能一直在增大B.從D到C,彈丸的機(jī)械能增加C.從D到C,彈丸的機(jī)械能先增大后減小D.從D到E彈丸增加的機(jī)械能大于從E到C彈丸增加的機(jī)械能二、實(shí)驗(yàn)題（每空2分,共14分）.如圖甲為測量重力加速度的實(shí)驗(yàn)裝置，C為數(shù)字毫秒表，A、B為兩個(gè)相同的光電門，C可以測量鐵球兩次擋光之間的時(shí)間間隔.開始時(shí)鐵球處于A門的上邊緣，當(dāng)斷開電磁鐵的開關(guān)由靜止釋放鐵球時(shí)，A門開始計(jì)時(shí)，落到B門時(shí)停止計(jì)時(shí)，毫秒表顯示時(shí)間為鐵球通過A、B兩個(gè)光電門的時(shí)間間隔t,測量A、B間的距離x.現(xiàn)將光電門B緩慢移動(dòng)到不￡同位置，測得多組X、t數(shù)值，畫出7隨t變化的圖線為直線，如圖乙所示，直線的斜率為k,

則由圖線可知，當(dāng)?shù)刂亓铀俣却笮間=—;若某次測得小球經(jīng)過A、B門的時(shí)間間隔為t0，則可知鐵球經(jīng)過B門時(shí)的速度大小為—，此時(shí)兩光電門間的距離為.國標(biāo)（GB/T）規(guī)定自來水在15℃時(shí)電阻率應(yīng)大于13Q^m.某同學(xué)利用圖甲電路測量15℃自來水的電阻率，其中內(nèi)徑均勻的圓柱形玻璃管側(cè)壁連接一細(xì)管，細(xì)管上加有閥門K以控制管內(nèi)自來水的水量，玻璃管兩端接有導(dǎo)電活塞（活塞電阻可忽略），右活塞固定，左活塞可自由移動(dòng).實(shí)驗(yàn)器材還有：電源（電動(dòng)勢(shì)約為3V,內(nèi)阻可忽略），電壓表V1（量程為3V,內(nèi)阻很大），電壓表V2（量程為3V,內(nèi)阻很大），定值電阻R1（阻值妹Q）,定值電阻R2（阻值2kQ）,電阻箱R（最大阻值9999Q）,單刀雙擲開關(guān)S,導(dǎo)線若干，游標(biāo)卡尺，刻度尺.實(shí)驗(yàn)步驟如下：蓋自來水妾扣崗蓋自來水妾扣崗x1C3QA.用游標(biāo)卡尺測量玻璃管的內(nèi)徑d；B.向玻璃管內(nèi)注滿自來水，并用刻度尺測量水柱長度L；C.把S撥到1位置，記錄電壓表V1示數(shù)；D.把S撥到2位置，調(diào)整電阻箱阻值，使電壓表V2示數(shù)與電壓表V1示數(shù)相同，記錄電阻箱的阻值R;E.改變玻璃管內(nèi)水柱長度，重復(fù)實(shí)驗(yàn)步驟C、D,記錄每一次水柱長度L和電阻箱阻值R；F.斷開S,整理好器材.第第1頁(共20頁)第第1頁(共20頁)(1)測玻璃管內(nèi)徑d時(shí)游標(biāo)卡尺示數(shù)如圖乙，則d=mm.(2)玻璃管內(nèi)水柱的電阻Rx的表達(dá)式為：Rx=—(用R「R2、R表示).(3)利用記錄的多組水柱長度L和對(duì)應(yīng)的電阻箱阻值R的數(shù)據(jù)，繪制出如圖丙所示的R-1丁關(guān)系圖象.自來水的電阻率P=―0?m(保留兩位有效數(shù)字).(4)本實(shí)驗(yàn)中若電壓表V1內(nèi)阻不是很大，則自來水電阻率測量結(jié)果將—(填“偏大〃或“偏小〃).三、計(jì)算題(共46分)13.如圖所示，斜面體質(zhì)量為M，傾角0,與水平面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為山用細(xì)繩豎直懸掛一質(zhì)量為m的小球靜止在光滑斜面上，小球的高度為h,當(dāng)燒斷繩的瞬間，用水平向右的力由靜止拉動(dòng)斜面體，小球能做自由落體運(yùn)動(dòng)到達(dá)地面，重力加速度為g.求：(1)小球經(jīng)多長時(shí)間到達(dá)地面；MN上方有一單匝矩形導(dǎo)線框abcd,其質(zhì)量為m,電阻為R,ab邊長為11,bc邊長為12,cd邊離MN的高度為h.現(xiàn)將線框由靜止釋放，線框下落過程中ab邊始終保持水平，且ab邊離開磁場前已做勻速直線運(yùn)動(dòng),求線框從靜止釋放到完全離開磁場的過程中(1)ab邊離開磁場時(shí)的速度v；(2)通過導(dǎo)線橫截面的電荷量q；(3)導(dǎo)線框中產(chǎn)生的熱量Q.15.如圖所示，在平面直角坐標(biāo)系xOy的第一象限中，OM是角平分線，OM與+x軸之間存在垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B,OM與+x軸之間存在豎直向下的勻強(qiáng)電場.質(zhì)量為m、電量為q的正點(diǎn)電荷從x軸上的點(diǎn)豎直向上進(jìn)入磁場，OA=L，不計(jì)點(diǎn)電荷的重力.(1)要使點(diǎn)電荷在磁場中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間最長,求點(diǎn)電荷的速度范圍；(2)要使點(diǎn)電荷垂直于電場線的方向進(jìn)入電場且過原點(diǎn)O,求電場強(qiáng)度的大小及離開電場時(shí)的速度大小.

16.如圖所示，在豎直平面內(nèi)，粗糙的斜面AB長為2.4m,其下端與光滑的圓弧軌道BCD相切于B，C是最低點(diǎn)，圓心角NBOC=37°,D與圓心O等高，圓弧軌道半徑R=1.0m,現(xiàn)有一個(gè)質(zhì)量為m=0.2kg可視為質(zhì)點(diǎn)的滑塊，從D點(diǎn)的正上方h=1.6m的E點(diǎn)處自由下落，滑塊恰好能運(yùn)動(dòng)到A點(diǎn).(sin37°=0.6,cos37°=0.8,g取10m/s2,計(jì)算結(jié)果可保留根號(hào).求：(1)滑塊第一次到達(dá)B點(diǎn)的速度；(2)滑塊與斜面AB之間的動(dòng)摩擦因數(shù)；(3)滑塊在斜面上運(yùn)動(dòng)的總路程及總時(shí)間．第第1頁（共20頁）第第1頁（共20頁）2016-2017學(xué)年安徽省六校教育研究會(huì)高三（上）第一次

聯(lián)考物理試卷參考答案與試題解析一、選擇題（本題共10小題，每小題4分，共40分）1．物理概念的形成和物理規(guī)律的得出極大地推動(dòng)了人類對(duì)自然界的研究和認(rèn)識(shí)進(jìn)程，下列關(guān)于物理概念和規(guī)律的說法正確的是（）A.牛頓第一定律的利用邏輯思維對(duì)事實(shí)進(jìn)行分析的產(chǎn)物，能夠用實(shí)驗(yàn)直接驗(yàn)證B.丹麥物理學(xué)家奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)，并總結(jié)了右手螺旋定律C.在研究帶電體之間的相互作用時(shí)引入了點(diǎn)電荷的概念，只有電荷量很小的帶電體才可看成點(diǎn)電荷D.把電容器的帶電量Q與兩極板間電壓U的比值定義為電容，是基于該比值的大小不取決于Q和U,且它能夠反映電容器容納電荷的本領(lǐng)【考點(diǎn)】物理學(xué)史．【分析】根據(jù)物理學(xué)史和常識(shí)解答，記住牛頓、奧斯特、法拉第等著名物理學(xué)家的主要貢獻(xiàn)即可．根據(jù)看作點(diǎn)電荷的條件判斷．【解答】解：A、牛頓第一定律的利用邏輯思維對(duì)事實(shí)進(jìn)行分析的產(chǎn)物，能夠用實(shí)驗(yàn)直接驗(yàn)證.故A錯(cuò)誤；B、丹麥物理學(xué)家奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)，安培總結(jié)了右手螺旋定律.故B錯(cuò)誤；C、在研究帶電體之間的相互作用時(shí)引入了點(diǎn)電荷的概念.只有當(dāng)帶電體的大小和形狀及電荷的分布對(duì)電荷間的作用力影響能忽略不計(jì)時(shí)，帶電體才能看做點(diǎn)電荷，與帶電體的大小無關(guān).故C錯(cuò)誤；D、電容的定義是電容器的帶電量Q與兩極間電壓U的比值叫電容，運(yùn)用比值法定義，電容與Q、U無關(guān)，反映電容器容納電荷的本領(lǐng).故D正確.故選：D2.（多選題）如圖所示，兩塊三角形的木板B、C豎直放在水平桌面上，它們的頂點(diǎn)連接在A處，底邊向兩邊分開.一個(gè)錐體置于A處，放手之后，奇特的現(xiàn)象發(fā)生了，椎體自動(dòng)地沿木板滾上了B、C板的高處，不計(jì)一切阻力.下列說法正確的是（ ）A.錐體在滾動(dòng)過程中重心逐漸升高B.錐體在滾動(dòng)過程中重心逐漸降低C.錐體在滾動(dòng)過程中機(jī)械能逐漸增大D.錐體在滾動(dòng)過程中機(jī)械能保持不變【考點(diǎn)】機(jī)械能守恒定律.【分析】不計(jì)一切阻力，椎體機(jī)械能守恒，運(yùn)動(dòng)過程中只有動(dòng)能和勢(shì)能之間的相互轉(zhuǎn)化.

【解答】解：椎體自動(dòng)地沿木板滾上了B、C板的高處的過程中只有重力做功，椎體機(jī)械能守恒，重力勢(shì)能轉(zhuǎn)化為動(dòng)能，而高度上升，所以重心逐漸降低，故BD正確，AC錯(cuò)誤.故選BD3.將一物塊分成相等的A、B兩部分靠在一起，下端放置在地面上，上端用繩子拴在天花板，繩子處于豎直伸直狀態(tài)，整個(gè)裝置靜止.則（ ）自/WWW：A.繩子上拉力一定為零B.地面受的壓力可能為零C.地面與物體B間可能存在摩擦力D.A、B之間可能存在摩擦力【考點(diǎn)】物體的彈性和彈力；摩擦力的判斷與計(jì)算．【分析】隔離對(duì)A分析，根據(jù)平衡條件判斷繩子拉力的有無.對(duì)B整體分析，判斷地面有無摩擦力以及對(duì)地面的壓力與重力關(guān)系.【解答】解：A、若AB接觸面光滑，AB間沒有摩擦力.對(duì)A分析知，A受到重力和繩子的拉力，二力平衡，B對(duì)A沒有支持力，否則三個(gè)力不可能平衡；若AB接觸面粗糙，則繩子拉力可以為零，AB間存在摩擦力，從而處于平衡通狀態(tài).故A錯(cuò)誤，D正確.B、對(duì)B分析知：B受到重力、地面的支持力，根據(jù)平衡條件知，地面對(duì)B的支持力等于物塊B的重力，地面對(duì)B沒有摩擦力.故BC錯(cuò)誤.故選：D.4.如圖，線圈abcd固定于分布均勻的磁場中，磁場方向垂直線圈平面.當(dāng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間t變化時(shí)，該磁場對(duì)ab邊的安培力大小恒定.下列描述B隨t變化的圖象中，【考點(diǎn)】法拉第電磁感應(yīng)定律；安培力.【分析】當(dāng)磁感應(yīng)強(qiáng)度發(fā)生變化時(shí)，線框內(nèi)產(chǎn)生感應(yīng)電流，由法拉第電磁感應(yīng)定律即可表達(dá)出感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，再由歐姆定律和安培力的表達(dá)式即可求出B的變化.【解答】解：當(dāng)磁感應(yīng)強(qiáng)度發(fā)生變化時(shí)，線框內(nèi)產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為：生_@5AB<2匕-△「&=——感應(yīng)電流為：I二￡安培力為：F=BIL得：F上餐尹由公式可知，若磁場B增大，則4B減??；若B減小，則4B增大.所以四個(gè)圖象中只有B正確．故選：B5．在地球大氣層外有大量的太空垃圾．在太陽活動(dòng)期，地球大氣會(huì)受太陽風(fēng)的影響而擴(kuò)張，使一些原本在大氣層外繞地球飛行的太空垃圾被大氣包圍，從而開始向地面下落．大部分太空垃圾在落地前已經(jīng)燃燒成灰燼，但體積較大的太空垃圾仍會(huì)落到地面上，對(duì)人類造成危害．太空垃圾下落的原因是（）A.大氣的擴(kuò)張使垃圾受到的萬有引力增大而導(dǎo)致下落B.太空垃圾在與大氣摩擦燃燒過程中質(zhì)量不斷減小，進(jìn)而導(dǎo)致下落C.太空垃圾的上表面受到的大氣壓力大于其下表面受到的大氣壓力，這種壓力差將它推向地面D.太空垃圾在大氣阻力作用下速度減小，運(yùn)動(dòng)所需的向心力將小于萬有引力，垃圾做趨向圓心的運(yùn)動(dòng)，落向地面【考點(diǎn)】萬有引力定律及其應(yīng)用．【分析】太空垃圾在大氣阻力的作用下速度減小，它做圓周運(yùn)動(dòng)所需的向心力就小于地球?qū)λ囊?，故其不斷做向心運(yùn)動(dòng)，最終落在地面上．【解答】解：太空垃圾在大氣阻力的作用下速度減小，它做圓周運(yùn)動(dòng)所需的向心力就小于地球?qū)λ囊Γ势洳粩嘧鱿蛐倪\(yùn)動(dòng)，最終落在地面上，故D正確、ABC錯(cuò)誤.故選：D..水平面上A,B,C三點(diǎn)固定著三個(gè)電荷量為Q的正點(diǎn)電荷，將另一質(zhì)量為m的帶正電的小球（可視為點(diǎn)電荷）放置在0點(diǎn)，OABC恰構(gòu)成一棱長為L的正四面體，如圖所示.已【考點(diǎn)】庫侖定律.【分析】對(duì)其中小球受力分析,由共點(diǎn)力的平衡條件可得出小球所受重力的大小和小球受到的庫侖力,由庫侖力公式可得出小球所帶電荷量.

【解答】解：對(duì)小球進(jìn)行受力分析，小球受重力和A,B,C處正點(diǎn)電荷施加的庫侖力.將A,B,C處正點(diǎn)電荷施加的庫侖力正交分解到水平方向和豎直方向.設(shè)a是A，B，C處正點(diǎn)電荷施加的庫侖力方向與豎直方向的夾角，將庫侖力分解到水平方向與豎直方向,根據(jù)豎直方向平衡條件得：在豎直方向3Fcosa=mgkQqF=P-根據(jù)幾何關(guān)系得cosa-7-解得q=6臉故選C..如圖所示，鋼鐵構(gòu)件A、B疊放在卡車的水平底板上，卡車底板和B間動(dòng)摩擦因數(shù)為U1,A、B間動(dòng)摩擦因數(shù)為臼，|11>|12，卡車剎車的最大加速度為a，a>B1g，可以認(rèn)為最大靜摩擦力與滑動(dòng)摩擦力大小相等.卡車沿平直公路行駛途中遇到緊急情況時(shí),要求其剎車后在s0距離內(nèi)能安全停下，則卡車行駛的速度不能超過（ ）B. B. 1C. ?D.”【考點(diǎn)】牛頓第二定律；勻變速直線運(yùn)動(dòng)的位移與時(shí)間的關(guān)系.【分析】對(duì)物體受力分析，由牛頓第二定律求出加速度，然后求出最大加速度，再結(jié)合運(yùn)動(dòng)學(xué)的公式即可求出最大速度.【解答】解：設(shè)A、B的質(zhì)量為m,以最大加速度運(yùn)動(dòng)時(shí)，A與B保持相對(duì)靜止，由牛頓第二定律得：f1=ma1W=B2mg,解得：a1W|i2g,同理，可知B的最大加速度：a2W111g由于11>12,則a1<a2<11g<a可知要求其剎車后在s0距離內(nèi)能安全停下，則車的最大加速度等于a1.所以車的最大速度：v『工"”為】故ABD錯(cuò)誤，C正確故選：C.如圖所示，一個(gè)質(zhì)點(diǎn)做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，依次經(jīng)過a、b、c、d四點(diǎn)，已知經(jīng)過ab、bc和cd三段所用時(shí)間之比為3：2：1,通過ab和cd段的位移分別為x1和x2，貝Ubc段的位移為（）abcd第第1頁（共20頁）第第1頁（共20頁）第第1頁(共20頁)A. 2B. 4C.g D. 9【考點(diǎn)】勻變速直線運(yùn)動(dòng)規(guī)律的綜合運(yùn)用．【分析】由△xuaT2可求得相鄰相等的時(shí)間內(nèi)的位移之間的關(guān)系，則可求bc段的位移.【解答】解：設(shè)質(zhì)點(diǎn)經(jīng)過ab、bc和cd三段所用時(shí)間分別為3t、2t和t,設(shè)各段時(shí)間t內(nèi)的位移分別為：s1、s2、s3、s4、s5和s6，由題可得：x1=s1+s2+s3；x2=s6…①設(shè)bc段的位移為X,則:x=s4+s5…②根據(jù)公式：△x=aT2,則：(x+x2)-x]=(s4+s5+s6)-(s1+s2+s3)=9at2…③同時(shí)，由于:s2-s1=s3-s2，所以得：SI+s3=2s2…④結(jié)合①④可得：xf/Sz+s^Sz…⑤而：s6-s2=4at2,即：.-昔一二羽…’…⑥叼+5其,,聯(lián)立③⑥可得：x=」,口―故選：B.電動(dòng)機(jī)以恒定的功率P和恒定的轉(zhuǎn)速n卷動(dòng)繩子，拉著質(zhì)量為M的木箱在光滑的水平地面上前進(jìn)，如圖所示，電動(dòng)機(jī)卷繞繩子的輪子的半徑為R,當(dāng)運(yùn)動(dòng)至繩子與水平成e角時(shí)，下述說法正確的是()A.木箱將勻速運(yùn)動(dòng)，速度是2nnRB.木箱將勻加速運(yùn)動(dòng)，此時(shí)速度是2nnRcosePsin日C.此時(shí)木箱對(duì)地的壓力為Mg-97水D.此過程木箱受的合外力方向不變【考點(diǎn)】功率、平均功率和瞬時(shí)功率.【分析】根據(jù)電動(dòng)機(jī)的轉(zhuǎn)速和輪子的半徑求出繞繩子的線速度,即可得知物塊沿繩子方向上的速度,將木塊的速度沿繩子方向和垂直于繩子的方向分解,根據(jù)沿繩子方向的速度可得知物塊的速度.通過對(duì)木塊受力分析,運(yùn)用正交分解求出地面的支持力,從而得知木箱對(duì)地面的壓力大小.【解答】解：A、物塊沿繩子方向上的速度大小v'=R?2nn.將木塊的速度沿繩子方向和垂直于繩子的方向分解，根據(jù)平行四邊形定則，當(dāng)運(yùn)動(dòng)至繩子與水平成e角時(shí)，木塊的速度v=TTT2r=TTTer，知木箱做變速運(yùn)動(dòng)，但不是勻加速.故AB錯(cuò)誤.I>_■~ ■I—JI—1PF_C、根據(jù)P=Fv',知繩子的拉力F=./=了7「「『根據(jù)正交分解得，N=Mg-Fsin0=Mg-Psing亍而瓦一?故C正確?D、木箱在水平面上運(yùn)動(dòng)，合外力的大小在變化，方向不變.故D正確.故選：CD.10．彈弓是80后童年生活最喜愛的打擊類玩具之一，其工作原理如圖所示，橡皮筋兩端點(diǎn)A、B固定在把手上，橡皮筋A(yù)BC恰好處于原長狀態(tài)，在C處（AB連線的中垂線上）放一固體彈丸，一手執(zhí)把，另一手將彈丸拉至D點(diǎn)放手，彈丸就會(huì)在橡皮筋的作用下迅速發(fā)射出去，打擊目標(biāo).現(xiàn)將彈丸豎直向上發(fā)射，已知E是CD中點(diǎn)，則（ ）*AKA.從D到C,彈丸的動(dòng)能一直在增大B.從D到C,彈丸的機(jī)械能增加C.從D到C,彈丸的機(jī)械能先增大后減小D.從D到E彈丸增加的機(jī)械能大于從E到C彈丸增加的機(jī)械能【考點(diǎn)】功能關(guān)系.【分析】機(jī)械能守恒的條件是：只有重力彈力做功，除重力對(duì)物體做的功等于物體動(dòng)能的變化量，合外力做功等于物體動(dòng)能的變化量.【解答】解：A、在CD連線中的某一處，彈丸受力平衡，所以從D到C,彈丸的速度先增大后減小，彈丸的動(dòng)能先增大后減小，故A錯(cuò)誤；B、C、從D到。橡皮筋對(duì)彈丸做正功，彈丸機(jī)械能一直在增加，故B正確，C錯(cuò)誤；D、從D到E橡皮筋作用在彈丸上的合力大于從E到C橡皮筋作用在彈丸上的合力，兩段長度相等，所以DE段橡皮筋對(duì)彈丸做功較多，即機(jī)械能增加的較多，故D正確；故選：BD二、實(shí)驗(yàn)題（每空2分，共14分）11.如圖甲為測量重力加速度的實(shí)驗(yàn)裝置，C為數(shù)字毫秒表，A、B為兩個(gè)相同的光電門，C可以測量鐵球兩次擋光之間的時(shí)間間隔.開始時(shí)鐵球處于A門的上邊緣，當(dāng)斷開電磁鐵的開關(guān)由靜止釋放鐵球時(shí)，A門開始計(jì)時(shí)，落到B門時(shí)停止計(jì)時(shí)，毫秒表顯示時(shí)間為鐵球通過A、B兩個(gè)光電門的時(shí)間間隔t,測量A、B間的距離x.現(xiàn)將光電門B緩慢移動(dòng)到不耳同位置，測得多組x、t數(shù)值，畫出了隨t變化的圖線為直線，如圖乙所示，直線的斜率為k,則由圖線可知，當(dāng)?shù)刂亓铀俣却笮間=2k；若某次測得小球經(jīng)過A、B門的時(shí)間間隔為t0，則可知鐵球經(jīng)過B門時(shí)的速度大小為2kt0,此時(shí)兩光電門間的距離為k-口.

【考點(diǎn)】測定勻變速直線運(yùn)動(dòng)的加速度.耳【分析】根據(jù)位移時(shí)間公式得出A到B過程中位移時(shí)間的表達(dá)式，得出了-t的表達(dá)式，結(jié)合圖線的斜率求出重力加速度的大小，再依據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式，即可求解經(jīng)過B光電門的速度，及兩光電門的間距．【解答】解：小球做自由落體運(yùn)動(dòng)，出發(fā)點(diǎn)在A點(diǎn)，設(shè)小球在A點(diǎn)的速度為0,則小球從A到B的過程：x=/gt2，入1 耳 g則三三fgt，可知？-t成一次函數(shù)，斜率k勺一，解得：g=2k.依據(jù)速度公式，則有：而兩光電門的間距d=；曰T'=k*而兩光電門的間距d=；曰T'=k*2_u故答案為:2kOkt22_u

tk12.國標(biāo)（68"）規(guī)定自來水在15℃時(shí)電阻率應(yīng)大于13Q^m.某同學(xué)利用圖甲電路測量15℃自來水的電阻率，其中內(nèi)徑均勻的圓柱形玻璃管側(cè)壁連接一細(xì)管，細(xì)管上加有閥門K以控制管內(nèi)自來水的水量，玻璃管兩端接有導(dǎo)電活塞（活塞電阻可忽略），右活塞固定，左活塞可自由移動(dòng).實(shí)驗(yàn)器材還有：電源（電動(dòng)勢(shì)約為3V，內(nèi)阻可忽略），電壓表V1（量程為3V，內(nèi)阻很大），電壓表V2（量程為3V，內(nèi)阻很大），定值電阻R1（阻值妹Q），定值電阻R2（阻值2kQ），電阻箱R（最大阻值99990），單刀雙擲開關(guān)S，導(dǎo)線若干，游標(biāo)卡尺，刻度尺.實(shí)驗(yàn)步驟如下：第第1頁(共20頁)第第1頁(共20頁)A.用游標(biāo)卡尺測量玻璃管的內(nèi)徑d；B.向玻璃管內(nèi)注滿自來水，并用刻度尺測量水柱長度L；C.把S撥到1位置，記錄電壓表V1示數(shù)；D.rS撥到2位置，調(diào)整電阻箱阻值，使電壓表V2示數(shù)與電壓表V1示數(shù)相同，記錄電阻箱的阻值R;E.改變玻璃管內(nèi)水柱長度，重復(fù)實(shí)驗(yàn)步驟C、D,記錄每一次水柱長度L和電阻箱阻值R；F.斷開S,整理好器材.(1)測玻璃管內(nèi)徑d時(shí)游標(biāo)卡尺示數(shù)如圖乙，則d=30.0mm.(2)玻璃管內(nèi)水柱的電阻Rx的表達(dá)式為：Rx=__(用R1、R2、R表示).(3)利用記錄的多組水柱長度L和對(duì)應(yīng)的電阻箱阻值R的數(shù)據(jù)，繪制出如圖丙所示的R-1-匚關(guān)系圖象.自來水的電阻率P=140?m(保留兩位有效數(shù)字).(4)本實(shí)驗(yàn)中若電壓表V1內(nèi)阻不是很大，則自來水電阻率測量結(jié)果將偏大(填“偏大〃或“偏小〃).【考點(diǎn)】測定金屬的電阻率.【分析(1)游標(biāo)卡尺讀數(shù)的方法，主尺讀數(shù)加上游標(biāo)讀數(shù).(2)分別求出S接1和接2時(shí)電路的總電壓，利用并聯(lián)電壓相等列式，求出Rx；(3)從圖丙讀出數(shù)據(jù)，利用電阻定律求出電阻率P；(4)分析若電壓表V1內(nèi)阻不是很大，對(duì)測量電阻Rx的影響，再判斷自來水電阻率測量的影響.【解答】解：(1)游標(biāo)卡尺的主尺讀數(shù)為：3.0cm=30mm,游標(biāo)尺上示數(shù)：0X0.1mm=0.0mm,所以最終讀數(shù)為：30mm+0.0mm=30.0mm；U % XL(2)設(shè)把S撥到1位置時(shí)，電壓表V1示數(shù)為U,則此時(shí)電路電流為尺1，總電壓U「下丁,當(dāng)把S撥到2位置，調(diào)整電阻箱阻值，使電壓表V2示數(shù)與電壓表V1示數(shù)相同也為U,則此時(shí)電路中的電流為著，| 包生總電壓U總'=2r2++U，由于兩次總電壓相等，都等于電源電壓E，可得：瓦二尺，解得：Rx=-要；(3)圖丙中可知，R=2X103Q時(shí)，+=5.0m/，R1艮7 /d-12此時(shí)玻璃管內(nèi)水柱的電阻Rx—置=4000Q,水柱橫截面積S=n'J『」=7.065X10-4m2,LRS由電阻定律R二p三得：「二工一=4000X7.065X10-4X5Q?m=14Q?m；U(4)若電壓表V1內(nèi)阻不是很大，則把S撥到1位置時(shí)，此時(shí)電路電流大于mJ實(shí)際總電U均壓將大于U總=R1,所以測量的Rx將偏大，因此自來水電阻率測量結(jié)果將偏大；故答案為：(1)30.0； (2)—二三；(3)14； (4)偏大.三、計(jì)算題(共46分).如圖所示，斜面體質(zhì)量為M,傾角0,與水平面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為山用細(xì)繩豎直懸掛一質(zhì)量為m的小球靜止在光滑斜面上，小球的高度為h,當(dāng)燒斷繩的瞬間，用水平向右的力由靜止拉動(dòng)斜面體，小球能做自由落體運(yùn)動(dòng)到達(dá)地面，重力加速度為g.求：(1)小球經(jīng)多長時(shí)間到達(dá)地面；(1)拉力至少為多大才能使自由落體運(yùn)動(dòng)到地面.【考點(diǎn)】牛頓第二定律；自由落體運(yùn)動(dòng).【分析(1)根據(jù)小球自由下落的位移公式列式求得時(shí)間；(2)再根據(jù)牛頓第二定律和位移時(shí)間公式列式；根據(jù)幾何關(guān)系找出小球位移和斜面體位移的關(guān)系；最后聯(lián)立方程組求解.【解答】解：(1)設(shè)小球自由落體運(yùn)動(dòng)到地面上，下落高度為h,對(duì)小球有：h=]gt2,解得：t=：'音；1(2)斜面體至少水平向右運(yùn)動(dòng)的位移為：x=h?^H

1對(duì)斜面體：x=^at2,解得：a=gcote,以斜面體為研究對(duì)象有：FfMg=Ma所以有：F=^Mg+Mgcote=(u+cote)Mg.即當(dāng)燒斷繩的瞬間，至少以(u+cote)Mg的水平向右的力由靜止拉動(dòng)斜面體，小球才能做自由落體運(yùn)動(dòng)到地面；_答：(1)小球經(jīng)時(shí)間：-吉到達(dá)地面；(1)拉力至少為(U+cote)Mg才能使自由落體運(yùn)動(dòng)到地面..如圖所示，以MN為下邊界的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B,方向垂直于紙面向外，MN上方有一單匝矩形導(dǎo)線框abed,其質(zhì)量為m,電阻為R,ab邊長為11,bc邊長為12,cd邊離MN的高度為h.現(xiàn)將線框由靜止釋放，線框下落過程中ab邊始終保持水平，且ab邊離開磁場前已做勻速直線運(yùn)動(dòng),求線框從靜止釋放到完全離開磁場的過程中(1)ab邊離開磁場時(shí)的速度v；(2)通過導(dǎo)線橫截面的電荷量q；(3)導(dǎo)線框中產(chǎn)生的熱量Q.【考點(diǎn)】導(dǎo)體切割磁感線時(shí)的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)；電磁感應(yīng)中的能量轉(zhuǎn)化.【分析(1)根據(jù)導(dǎo)體切割磁感線規(guī)律可明確感應(yīng)電動(dòng)勢(shì),根據(jù)歐姆定律求得電流,再由平衡條件可求得速度；(2)根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律可求得平均電動(dòng)勢(shì)，再由q=It可求得電荷量；(3)根據(jù)功能關(guān)系可求得導(dǎo)線框中產(chǎn)生的熱量.【解答】解：(1)線框勻速運(yùn)動(dòng)時(shí),產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)為：E=B11V…①由歐姆定律可知：安培力為：F=BI11…③根據(jù)平衡條件可知，mg=F…④由①②③④聯(lián)立：步或刀(2)導(dǎo)線框穿過磁場的過程中，電量京［『…⑤平均電流：I吟…⑥平均電動(dòng)勢(shì)為A<t>31A<t>31112…⑦第第1頁（共20頁）第第1頁(共20頁)由⑤⑥⑦聯(lián)立：F-L-K1 2（3）導(dǎo)線框穿過磁場的過程中，利用能量守恒定律，昨由十1?）二一；如廠也帶入（1）中的速度，解得：4二呢缶“21一；；；m-R答：（1）ab邊離開磁場時(shí)的速度v為（2）通過導(dǎo)線橫截面的電荷量q為三?匕；"1-m3g2R2（3）導(dǎo)線框中產(chǎn)生的熱量Q為咤 白如叮：.15.如圖所示，在平面直角坐標(biāo)系xOy的第一象限中，OM是角平分線，OM與+x軸之間存在垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B,OM與+x軸之間存在豎直向下的勻強(qiáng)電場.質(zhì)量為m、電量為q的正點(diǎn)電荷從x軸上的點(diǎn)豎直向上進(jìn)入磁場，OA=L，不計(jì)點(diǎn)電荷的重力．（1）要使點(diǎn)電荷在磁場中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間最長,求點(diǎn)電荷的速度范圍；（2）要使點(diǎn)電荷垂直于電場線的方向進(jìn)入電場且過原點(diǎn)O,求電場強(qiáng)度的大小及離開電場時(shí)的速度大?。究键c(diǎn)】帶電粒子在勻強(qiáng)磁場中的運(yùn)動(dòng)；帶電粒子在勻強(qiáng)電場中的運(yùn)動(dòng)．【分析（1）根據(jù)題意可知，在粒子速度很小時(shí)，粒子可以從X軸垂直射出，當(dāng)速度逐漸增大時(shí)，粒子的運(yùn)動(dòng)半徑也隨著增大，當(dāng)其軌跡與OM相切時(shí)，速度達(dá)到最大，根據(jù)幾何知識(shí)求出最大圓周的半徑,再根據(jù)牛頓第二定律求出臨界速度；（2）根據(jù)題意垂直進(jìn)入電場,可以求出圓周運(yùn)