學(xué)必求其心得，業(yè)必貴于專(zhuān)精學(xué)必求其心得，業(yè)必貴于專(zhuān)精學(xué)必求其心得，業(yè)必貴于專(zhuān)精江蘇省江陰市普通高中2020屆高三上學(xué)期期末考試物理試題含解析2019年江陰市普通高中秋學(xué)期期末考試高三物理試卷一、單項(xiàng)選擇題1.中國(guó)選手王崢在第七屆世界軍人運(yùn)動(dòng)會(huì)上獲得鏈球項(xiàng)目的金牌.如圖所示,王崢雙手握住柄環(huán)，站在投擲圈后緣，經(jīng)過(guò)預(yù)擺和3～4圈連續(xù)加速旋轉(zhuǎn)及最后用力，將鏈球擲出。整個(gè)過(guò)程可簡(jiǎn)化為加速圓周運(yùn)動(dòng)和斜拋運(yùn)動(dòng),忽略空氣阻力，則下列說(shuō)法中正確的是A.鏈球圓周運(yùn)動(dòng)過(guò)程中,鏈球受到的拉力指向圓心B.鏈球擲出瞬間速度方向沿該點(diǎn)圓周運(yùn)動(dòng)的徑向C。鏈球擲出后做勻變速運(yùn)動(dòng)D。鏈球擲出后運(yùn)動(dòng)時(shí)間與速度的方向無(wú)關(guān)【答案】C【解析】【詳解】A．鏈球做加速圓周運(yùn)動(dòng)，故拉力和瞬時(shí)速度成銳角，既有拉力的分力指向圓心提供向心力，又有拉力的分力沿切向，提供切向加速度增大速度，故A錯(cuò)誤；B．曲線(xiàn)運(yùn)動(dòng)的瞬時(shí)速度是軌跡的切線(xiàn)方向，故鏈球擲出瞬間速度方向應(yīng)該沿圓周在這一點(diǎn)的切向,故B錯(cuò)誤；C．鏈球擲出后只受重力而不計(jì)空氣阻力，則合外力產(chǎn)生的加速度恒為g，速度會(huì)均勻改變，故其做勻變速運(yùn)動(dòng)，C正確；D．鏈球擲出后做斜拋運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)時(shí)間由豎直分運(yùn)動(dòng)決定，而豎直分速度的大小與夾角有關(guān)，則鏈球擲出后運(yùn)動(dòng)時(shí)間與速度的方向有關(guān),故D錯(cuò)誤。故選C。2。架在A、B兩鐵塔之間的一定質(zhì)量的均勻電線(xiàn)在夏、冬兩季由于熱脹冷縮的效應(yīng)，電線(xiàn)呈現(xiàn)如圖所示的兩種形狀，則電線(xiàn)對(duì)鐵塔的拉力A。夏季時(shí)的拉力較大 B。冬季時(shí)的拉力較大C。夏季和冬季時(shí)的拉力一樣大 D。無(wú)法確定【答案】B【解析】【詳解】以整條電線(xiàn)為研究對(duì)象，受力分析如圖所示，由共點(diǎn)力的平衡條件知，兩電線(xiàn)桿對(duì)電線(xiàn)的彈力的合力與其重力平衡，由幾何關(guān)系得：即:由于夏天氣溫較高,電線(xiàn)的體積會(huì)膨脹，兩桿正中部位電線(xiàn)下墜的距離h變大，則電線(xiàn)在桿上固定處的切線(xiàn)方向與豎直方向的夾角θ變小，有變大，彈力變?。患聪募緯r(shí)的拉力較小，冬季時(shí)的拉力較大，故ACD錯(cuò)誤，B正確.故選B。3.如圖所示電路中，A、B是相同的兩小燈泡．L是一個(gè)帶鐵芯的線(xiàn)圈，電阻可不計(jì),合上開(kāi)關(guān)S，電路穩(wěn)定時(shí)兩燈泡都正常發(fā)光,再斷開(kāi)S，則A。合上S時(shí)，兩燈同時(shí)點(diǎn)亮B。合上S時(shí)，A逐漸變亮直到正常發(fā)光狀態(tài)C.斷開(kāi)S時(shí)，A燈立即熄滅D.斷開(kāi)S時(shí),B燈立即熄滅【答案】B【解析】【詳解】AB．合上開(kāi)關(guān)時(shí)，B燈立即正常發(fā)光，A燈所在的支路中,由于L產(chǎn)生的自感電動(dòng)勢(shì)阻礙電流的增大,A燈將推遲一些時(shí)間才能達(dá)到正常發(fā)光狀態(tài),故A錯(cuò)誤，B正確；CD．?dāng)嚅_(kāi)開(kāi)關(guān)時(shí),L中產(chǎn)生與原電流方向相同的自感電流，流過(guò)A燈的電流方向與原電流方向相同，流過(guò)B燈的電流方向與原電流方向相反；由L作為電源提供的電流是從原來(lái)穩(wěn)定時(shí)通過(guò)L的電流值逐漸減小的,所以A、B兩燈只是延緩一些時(shí)間逐漸熄滅,并不會(huì)立即熄滅或閃亮，故CD錯(cuò)誤.故選B。4.如圖所示，兩位同學(xué)在體育課上進(jìn)行傳接籃球訓(xùn)練，甲同學(xué)將籃球從A點(diǎn)拋給乙（籃球運(yùn)動(dòng)的軌跡如圖中實(shí)線(xiàn)1所示），乙在B點(diǎn)接住然后又將籃球傳給甲（籃球運(yùn)動(dòng)的軌跡如圖中虛線(xiàn)2所示）．已知籃球在空中運(yùn)動(dòng)的最大高度恰好相同．若忽略空氣阻力,則下列說(shuō)法中正確的是（)A.籃球沿軌跡1運(yùn)動(dòng)的時(shí)間較長(zhǎng)B。籃球沿軌跡1運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中速度變化較快C。兩同學(xué)將籃球拋出的速度大小相等D?；@球落到B點(diǎn)前的瞬間重力做功的功率等于落到C點(diǎn)（與A、B兩點(diǎn)高度相同)前的瞬間重力做功的功率【答案】D【解析】【詳解】因?yàn)楹雎钥諝庾枇?，所以籃球做斜拋運(yùn)動(dòng)，從最高點(diǎn)向兩邊看就是平拋運(yùn)動(dòng)，其運(yùn)動(dòng)時(shí)間只與高度有關(guān)，所以籃球兩次在空中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間相同，故A錯(cuò)誤；速度變化的快慢即加速度是由合外力決定的，因?yàn)橹皇苤亓?所以速度變化一樣快,故B錯(cuò)誤；籃球沿軌跡1運(yùn)動(dòng)時(shí)水平方向位移較大,即水平分速度較大，所以甲同學(xué)拋出的初速度較大，故C錯(cuò)誤；重力做功的瞬時(shí)功率等于重力與豎直方向分速度的乘積，從最高點(diǎn)到B點(diǎn)和C點(diǎn)時(shí)間相等，所以籃球的豎直分速度大小相等，重力做功的瞬時(shí)功率就相等，故D正確．所以D正確，ABC錯(cuò)誤．5。有一磁場(chǎng)方向豎直向下,磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間t的變化關(guān)系如圖

甲所示的勻強(qiáng)磁場(chǎng)．現(xiàn)有如圖乙所示的直角三角形導(dǎo)線(xiàn)框abc水平放置，放在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中保持靜止不動(dòng),t=0時(shí)刻，磁感應(yīng)強(qiáng)度B的方向垂直紙面向里，設(shè)產(chǎn)生的感應(yīng)電流i順時(shí)針?lè)较驗(yàn)檎?、豎直邊ab所受安培力F的方向水平向左為正．則下面關(guān)于F和i隨時(shí)間t變化的圖象正確的是（）A。 B. C。 D.【答案】A【解析】【詳解】ABC．在0～3s時(shí)間內(nèi)，磁感應(yīng)強(qiáng)度隨時(shí)間線(xiàn)性變化,由法拉第電磁感應(yīng)定律可知，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)恒定,回路中感應(yīng)電流恒定，同時(shí)由F=BIL知道，電流恒定，安培力與磁感應(yīng)強(qiáng)度成正比，又由楞次定律判斷出回路中感應(yīng)電流的方向應(yīng)為順時(shí)針?lè)较颍凑较?在3~4s時(shí)間內(nèi)，磁感應(yīng)強(qiáng)度恒定，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)等于零，感應(yīng)電流為零,安培力等于零，故BC錯(cuò)誤，A正確．D．0~3s時(shí)間內(nèi)，磁感應(yīng)強(qiáng)度隨時(shí)間線(xiàn)性變化，由法拉第電磁感應(yīng)定律可知，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)恒定，回路中感應(yīng)電流恒定,故D錯(cuò)誤．二、多項(xiàng)選擇題6。2019年4月10日，天文學(xué)家召開(kāi)全球新聞發(fā)布會(huì)，宣布首次直接拍攝到黑洞的照片如圖所示．黑洞是一種密度極大、引力極大的天體,以至于光都無(wú)法逃逸(光速為c）．若黑洞的質(zhì)量為M，半徑為R，引力常量為G,其逃逸速度公式為．如果天文學(xué)家觀測(cè)到一天體以速度v繞某黑洞做半徑為r的勻速圓周運(yùn)動(dòng)，則下列說(shuō)法正確的有A。 B.該黑洞的最大半徑為C.該黑洞的最大半徑為 D.該黑洞的最小半徑為【答案】AC【解析】【詳解】A．天體以速度v繞某黑洞做半徑為r的勻速圓周運(yùn)動(dòng),根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力有:得黑洞的質(zhì)量,故A正確；BCD．根據(jù)題述，黑洞是一種密度極大、引力極大的天體，以至于光都無(wú)法逃逸（光速為c）,有，即得，即黑洞的最大半徑為，故C正確，BD錯(cuò)誤;故選AC。7.如圖甲中的變壓器為理想變壓器，原線(xiàn)圈匝數(shù)n1與副線(xiàn)圈匝數(shù)n2之比為10：1，變壓器的原線(xiàn)圈接如圖乙所示的正弦式交流電,電阻R1=R2=R3=20Ω和電容器C連接成如圖所示甲的電路，其中電容器的擊穿電壓為8V，電壓表V為理想交流電表，開(kāi)關(guān)S處于斷開(kāi)狀態(tài)，則A。電壓表V的讀數(shù)約為7.07VB。電阻R2上消耗的功率為2.5WC。電流表A的讀數(shù)為0.05AD.若閉合開(kāi)關(guān)S，電容器不會(huì)被擊穿【答案】ABD【解析】【詳解】A．開(kāi)關(guān)斷開(kāi)時(shí)，副線(xiàn)圈為R1和R2串聯(lián)，電壓表測(cè)量R2的電壓，由圖可知原線(xiàn)圈電壓為,所以副線(xiàn)圈電壓為,則電壓表的讀數(shù)是R2的電壓為，故A正確；C．對(duì)副線(xiàn)圈電路由閉合電路的歐姆定律，電流為所以原線(xiàn)圈電流為,電流表測(cè)的是原線(xiàn)圈電流為,故C錯(cuò)誤；B．電阻R2上消耗的功率為，故B正確；D．當(dāng)開(kāi)關(guān)閉合時(shí),R1與R3并聯(lián)后和R2串聯(lián),電容器的電壓為并聯(lián)部分的電壓，并聯(lián)部分電阻為R并=10Ω，所以并聯(lián)部分的電壓為，最大值，所以電容器不會(huì)被擊穿，故D正確。故選ABD。8。一個(gè)帶負(fù)電的粒子僅在電場(chǎng)力作用下運(yùn)動(dòng)，其電勢(shì)能隨時(shí)間變化規(guī)律如圖所示，則下列說(shuō)法正確的是A。該粒子在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中速度一定不變B.該粒子在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中速率一定不變C.t1、t2兩個(gè)時(shí)刻，粒子所處位置電勢(shì)一定相同D.t1、t2兩個(gè)時(shí)刻,粒子所處位置電場(chǎng)強(qiáng)度一定相同【答案】BC【解析】【詳解】AB．由圖像可知粒子的電勢(shì)能始終不變，則粒子僅受的電場(chǎng)力不做功，即粒子在電場(chǎng)的等勢(shì)線(xiàn)上運(yùn)動(dòng),其速度大小不變,但可以是方向變化，如粒子在點(diǎn)電荷的電場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤,B正確；CD．根據(jù)電場(chǎng)力公式W=qU知粒子運(yùn)動(dòng)軌跡上各點(diǎn)的電勢(shì)一定相等，而電場(chǎng)強(qiáng)度與電勢(shì)無(wú)關(guān)，故在t1、t2兩個(gè)時(shí)刻,粒子所處位置電場(chǎng)強(qiáng)度不一定相同，而電勢(shì)一定相等,故C正確,D錯(cuò)誤.故選BC.9。如圖所示，一塊足夠長(zhǎng)的輕質(zhì)長(zhǎng)木板放在光滑水平地面上，質(zhì)量分別為mA＝1kg和mB＝2kg的物塊A、B放在長(zhǎng)木板上，A、B與長(zhǎng)木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為μ＝0。4，最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力．現(xiàn)用水平拉力F拉A,取重力加速度g＝10m/s2．改變F的大小，B的加速度大小可能為A.1m/s2 B.2m/s2C。3m/s2 D。4m/s2【答案】AB【解析】【詳解】A與木板間的最大靜摩擦力：fA=μmAg=0。4×1×10N=4N,B與木板間的最大靜摩擦力：fB=μmBg=0.4×2×10N=8N,輕質(zhì)木板不計(jì)質(zhì)量,則在B與木板沒(méi)有相對(duì)滑動(dòng)時(shí)可以把B和木板看成一個(gè)物體,質(zhì)量只有mB，而地面光滑則木板不受地面的摩擦力，當(dāng)F較小時(shí)，板對(duì)A是靜摩擦力,A對(duì)板的反作用力帶動(dòng)板和B使三者一起加速;當(dāng)F較大時(shí)，板與A間的摩擦力先達(dá)到最大值4N，則A對(duì)板的反作用力達(dá)到最大值4N；當(dāng)F更大時(shí)，A與板相對(duì)滑動(dòng),A加速更快，B在木板的靜摩擦力作用下能和輕質(zhì)木板一起慢加速，故B的最大加速度為：；A．1m/s2能保證AB一起加速，故A正確;B．2m/s2是B加速的最大加速度，故B正確；CD．3m/s2、4m/s2都超過(guò)了B的最大加速度，故CD錯(cuò)誤。故選AB。三、簡(jiǎn)答題10.LED燈的核心部件是發(fā)光二極管．某同學(xué)欲測(cè)量一只工作電壓為2。9V的發(fā)光二極管的正向伏安特性曲線(xiàn)，所用器材有：電壓表(量程3V，內(nèi)阻約3kΩ),電流表(用多用電表的直流25mA擋替代，內(nèi)阻約為5Ω),滑動(dòng)變阻器(0-20Ω），電池組，電鍵和導(dǎo)線(xiàn)若干．他設(shè)計(jì)的電路如圖(a）所示．回答下列問(wèn)題：（1）根據(jù)圖（a)，實(shí)物圖(b)上完成連線(xiàn)________________；（2)在電鍵S閉合前，將多用電表選擇開(kāi)關(guān)拔至直流25mA擋,調(diào)節(jié)變阻器的滑片至最________端（填“左”或“右”)；（3)某次測(cè)量中，多用電表示數(shù)如圖（c)，則通過(guò)二極管的電流為_(kāi)______mA;（4)該同學(xué)得到正向伏安特性曲線(xiàn)如圖（d)所示．由曲線(xiàn)可知，隨著兩端電壓增加，二極管的正向電阻_________(填“增大”、“減小”或“幾乎不變"）；(5)若實(shí)驗(yàn)過(guò)程中發(fā)現(xiàn)，將變阻器滑片從一端移到另一端,二極管亮度幾乎不變，電壓表示數(shù)在2。7V-2。9V之間變化，試簡(jiǎn)要描述一種可能的電路故障：___________．【答案】（1)。（2）。左（3).15.8-16.2(4）。減小(5)。連接電源負(fù)極與變阻器的導(dǎo)線(xiàn)斷路（接觸不良)．【解析】【詳解】(1）連線(xiàn)如圖；

(2)從電學(xué)實(shí)驗(yàn)安全性原則考慮,開(kāi)始實(shí)驗(yàn)時(shí),要使電路中電阻最大，電流最小,故滑動(dòng)變阻器的滑片應(yīng)調(diào)節(jié)至最左端；

(3）多用電表選擇開(kāi)關(guān)撥至直流25mA擋，最小分度為0.5mA，讀數(shù)應(yīng)估讀到0.1mA，故由圖c可知讀數(shù)為15。9mA；

（4）由發(fā)光二極管的正向伏安特性曲線(xiàn)可知，圖象的斜率表示二極管的正向電阻大小的倒數(shù)，即斜率越大則二極管的正向電阻越小，故隨著兩端電壓增加，圖象的斜率越大，二極管的正向電阻減?。?/p>

（5)二極管亮度幾乎不變，電壓表示數(shù)在2.7V—2。9V之間變化，表示滑動(dòng)變阻器失去作用，故該電路故障可能是連接電源負(fù)極與變阻器的導(dǎo)線(xiàn)斷路．11。學(xué)校開(kāi)展研究性學(xué)習(xí)，某同學(xué)為了探究桿子轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)的動(dòng)能表達(dá)式，設(shè)計(jì)了下圖所示的實(shí)驗(yàn)：質(zhì)量為m的均勻長(zhǎng)直桿一端固定在轉(zhuǎn)軸O處，桿由水平位置靜止釋放，用置于圓弧上某位置的光電門(mén)測(cè)出另一端A經(jīng)過(guò)該位置時(shí)的瞬時(shí)速度vA，并記下該位置與轉(zhuǎn)軸O的高度差h．（1)該同學(xué)用20分度的游標(biāo)卡尺測(cè)得長(zhǎng)直桿的橫截面的直徑如圖為_(kāi)____________mm。（2）調(diào)節(jié)h的大小并記錄對(duì)應(yīng)的速度vA,數(shù)據(jù)如下表.組次123456h/m0.050。100.150.200。250.30vA/(m·s—1)1。231。732.122。462.743.00vA-1/s·m-1）0。810.580.470.410。360。33vA2/（m2·s-2）1.503.004.506057。519。00為了形象直觀地反映vA和h的關(guān)系，請(qǐng)選擇適當(dāng)?shù)目v坐標(biāo)并畫(huà)出圖象_______。（3）當(dāng)?shù)刂亓铀俣萭取10m/s2，不計(jì)一切摩擦。請(qǐng)根據(jù)能量守恒規(guī)律并結(jié)合你找出的函數(shù)關(guān)系式，寫(xiě)出此桿轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)動(dòng)能的表達(dá)式Ek=

_________(請(qǐng)用數(shù)字、質(zhì)量m、速度vA表示)（4）為了減小空氣阻力對(duì)實(shí)驗(yàn)的影響，請(qǐng)?zhí)岢鲆粭l可行性措施__________?！敬鸢浮浚?）.7.25(2)。（3）。(4)。選擇密度較大的直桿（或選擇直徑較小的直桿)【解析】【詳解】（1）[1］游標(biāo)是20分度，精確度為0。05mm，游標(biāo)卡尺的主尺讀數(shù)為7mm，游標(biāo)尺上第5條刻度線(xiàn)和主尺上某一刻度線(xiàn)對(duì)齊,所以游標(biāo)讀數(shù)為5×0.05mm=0.25mm，所以最終讀數(shù)為：7mm+0.25mm=7。25mm；(2)[2］從數(shù)據(jù)中可看出，h與v2成正比,因此縱坐標(biāo)應(yīng)該是v2，圖像應(yīng)該是一條過(guò)原點(diǎn)的傾斜直線(xiàn)，通過(guò)描點(diǎn)擬合直線(xiàn)如圖所示：（3)[3］由圖像可讀出斜率為，則函數(shù)關(guān)系為：桿轉(zhuǎn)動(dòng)的過(guò)程重心下降的高度，由動(dòng)能定理：聯(lián)立可得：（4)［4]為了減小空氣阻力對(duì)實(shí)驗(yàn)的影響，選擇密度較大的直桿或選擇直徑較小的直桿．四、計(jì)算題12。2019年6月29日首個(gè)江南文化特色的無(wú)錫融創(chuàng)樂(lè)園隆重開(kāi)園。其中有一座飛翼過(guò)山車(chē)，它是目前世界最高(最高處60米）、速度最快（最高時(shí)速可達(dá)120公里)、軌道最復(fù)雜的過(guò)山車(chē)。過(guò)山車(chē)運(yùn)行時(shí)可以底朝上在圓軌道上運(yùn)行，游客不會(huì)掉下來(lái)．我們把這種情形抽象為如圖乙所示的模型:弧形軌道的下端與豎直圓軌道相接，使質(zhì)量為m的小球從弧形軌道上端滾下，小球從圓軌道下端進(jìn)入后沿圓軌道運(yùn)動(dòng)．如果已知圓軌道的半徑為R，重力加速度為g，不考慮阻力．求：（1）若小球從高為h的A處由靜止釋放，求小球到達(dá)圓軌道底端時(shí)對(duì)軌道的壓力;（2）若要使小球運(yùn)動(dòng)過(guò)程中能通過(guò)圓弧最高點(diǎn)且不脫離軌道,試求小球由靜止釋放時(shí)的高度應(yīng)滿(mǎn)足的條件．【答案】（1）

,方向豎直向下(2）

h≥【解析】【詳解】(1）小球從高為h處由靜止釋放，到達(dá)最低點(diǎn)速度為v，此過(guò)程由動(dòng)能定理:mgh=mv2①小球到達(dá)圓軌道底端時(shí)軌道對(duì)小球的彈力為N，由牛頓第二定律：②聯(lián)立①②式可解得根據(jù)牛頓第三定律小球到達(dá)圓軌道底端時(shí)對(duì)軌道的壓力為

方向豎直向下。（2）小球在最高點(diǎn)不脫離軌道，由牛頓第二定律:③小球從高h(yuǎn)處到圓軌道最高點(diǎn),由動(dòng)能定理得：mg（h?2R）=

④聯(lián)立③④式可解得h≥13.如圖甲所示，靜止在水平地面上一個(gè)質(zhì)量為m=4kg的物體，其在隨位移均勻減小的水平推力作用下運(yùn)動(dòng)，推力F隨位移x變化的圖象如圖乙所示．已知物體與地面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ=0。5,g=10m/s2．求:（1）運(yùn)動(dòng)過(guò)程中物體的最大加速度大小為多少；（2）距出發(fā)點(diǎn)多遠(yuǎn)時(shí)物體的速度達(dá)到最大；（3）物體最終停在何處？【答案】（1)20m/s2（2）3。2m(3）10m【解析】【詳解】（1)物體加速運(yùn)動(dòng)，由牛頓第二定律得：F-μmg=ma當(dāng)推力F=100N時(shí)，物體所受的合力最大，加速度最大，代入數(shù)據(jù)得：，（2）由圖象得出，推力F隨位移x變化的數(shù)值關(guān)系為:F=100–25x,速度最大時(shí),物體加速度為零,則F=μmg=20N，即x=3.2m（3）F與位移x的關(guān)系圖線(xiàn)圍成的面積表示F所做的功，即對(duì)全過(guò)程運(yùn)用動(dòng)能定理，WF?μmgxm=0代入數(shù)據(jù)得：xm=10m14.在空間有沿x軸正方向的勻強(qiáng)電場(chǎng),在cm內(nèi)有垂直紙面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度B＝0.10T,P點(diǎn)坐標(biāo)（—16cm，32cm），帶正電的粒子（重力不計(jì)，比荷）從P點(diǎn)由靜止釋放，求（1)若粒子恰能從右側(cè)飛出勻強(qiáng)磁場(chǎng)，求粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間．（2）若粒子能通過(guò)x軸上的C點(diǎn)（cm，圖中未畫(huà)），通過(guò)C點(diǎn)時(shí)速度方向與x軸正方向成37°,則勻強(qiáng)電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)為多大？(sin37°=0.6，cos37°=0.8）【答案】（1）2.0×10-7s（2）5。625×104V/m【解析】【詳解】（1）粒子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中作勻速圓周運(yùn)動(dòng),粒子的半徑為r1，有qvB=粒子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)的周期此情形粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)間解得（2）設(shè)電場(chǎng)強(qiáng)度為E2，粒子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑為r2，由幾何關(guān)系有由功能關(guān)系有由牛頓定律有代入數(shù)據(jù)解得E2=5。625×104V/m15。如圖所示,足夠長(zhǎng)的U形導(dǎo)體框架的寬度L＝0.5m，底端接有阻值R＝0.5Ω的電阻，導(dǎo)體框架電阻忽略不計(jì)，其所在平面與水平面成θ＝37°角.有一磁感應(yīng)強(qiáng)度B＝0.8T的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，方向垂直于導(dǎo)體框架平面向上.一根質(zhì)量m＝0。4kg、電阻r＝0.5Ω的導(dǎo)體棒MN垂直跨放在U形導(dǎo)體框架上，某時(shí)刻起將導(dǎo)體棒MN由靜止釋放．已知導(dǎo)體棒MN與導(dǎo)體框架間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ＝0.5．（sin37°＝0.6,cos37°＝0.8，g取10m/s2）(1）求導(dǎo)體棒剛開(kāi)始下滑時(shí)的加速度大?。唬?）求導(dǎo)體棒運(yùn)動(dòng)過(guò)程中的最大速度大??；(3）從導(dǎo)體棒開(kāi)始下滑到速度剛達(dá)到最大的過(guò)程中，通過(guò)導(dǎo)體棒橫截面的電荷量q＝4C，求導(dǎo)體棒MN在此過(guò)程中消耗的電能．【答案】（1)2m/s2（2）5m/s（3）1。5J【解析】詳解】（1）導(dǎo)體棒剛開(kāi)始下滑時(shí)，其受力情況如圖甲所示，則mgsinθ－μmgcosθ＝ma解得a＝2m/s2(2)當(dāng)導(dǎo)體棒勻速下滑時(shí)其受力情況如圖乙所示,設(shè)勻速下滑的速度為v,則有mgsinθ－Ff－F安＝0摩擦力Ff＝