第1頁/共1頁重慶市2023年普通高中學業(yè)水平選擇性考試物理沖刺卷（四）注意事項：1．本卷滿分100分，考試時間75分鐘。2．答卷前，考生務必將密封線內的項目填寫清楚。3．請將選擇題的答案填在答題表中。一、選擇題：本題共10小題，共43分。在每小題給出的四個選項中，第1~7題只有一項符合題目要求，每小題4分；第8~10題有多項符合題目要求，每小題5分，全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。1.如圖甲所示，鳥兒有多拼，為了生存幾只鳥像炮彈或標槍一樣一頭扎入水中捕魚，假設小鳥的俯沖是自由落體運動，進入水中后是勻減速直線運動，其v-t圖像如圖乙所示，自由落體運動的時間為，整個過程的運動時間為，最大速度為，重力加速度g取，下列說法正確的是（）A. B.整個過程下落的高度為C.至時間內v-t圖像的斜率為 D.至時間內阻力是重力的1.5倍【答案】B【解析】【詳解】A．小鳥自由落體運動的最大速度為，由自由落體運動的規(guī)律有解得故A錯誤；B．整個過程下落的高度為圖乙v-t圖像與時間軸所圍成的面積，則故B正確：C．至時間內小鳥的加速度為則此時間內v-t圖像的斜率為故C錯誤；D．至：時間內由牛頓第二定律有可得即阻力是重力2.5倍，故D錯誤。2.釷是一種放射性元素，廣泛分布在地殼中．釷經中子轟擊可得到核燃料鈾，其反應方程為，此反應能將地球上現(xiàn)有的釷資源變成潛在的核燃料。下列說法正確的是（）A.X為質子B.該過程發(fā)生了一次衰變C.該過程發(fā)生了兩次衰變D.原子核的質量大于原子核的質量【答案】C【解析】【詳解】A．根據(jù)質量數(shù)和電荷數(shù)守恒知，X的質量數(shù)為0，電荷數(shù)為-1，即X為電子。故A錯誤；BC．依題意，該過程產生兩個電子，即發(fā)生了兩次衰變。故B錯誤；C正確；D．原子核質量大于原子核的質量。故D錯誤。故選C。3.均勻介質中有、兩個振源，在時刻兩振源以相同的頻率開始振動，形成的機械波波長，已知平面內一點的振動圖像如圖所示，則（）A.波速 B.C.振源的振幅為 D.振源的起振方向向下【答案】B【解析】【詳解】A．由圖像可知質點P的振動周期為，故波速為A錯誤；B．因為，故O2發(fā)出的波先傳到質點P，O1發(fā)出的波后傳到質點P，由圖像可知O1發(fā)出的波經過傳到質點P，故B正確；C．由圖像可知，振源的振幅為，C錯誤；D．由圖像可知，時刻，振源發(fā)出的波傳到質點P，因為質點P的起振方向向上，所以振源的起振方向向上，D錯誤。故選B。4.人工智能化已經成為全社會熱點，在我校第四屆物理學科周上，2017級5班蘇一同學發(fā)明的一款“吸盤式爬墻機器人”吸引了評委目光。此機器人用腳上的吸盤將自己吸附在墻壁上，可以爬行。如果某時刻此機器人用四個吸盤吸在豎直墻壁上，處于靜止狀態(tài)，如圖所示，以下說法正確的是（）A.墻壁可以是光滑的B.如果吸盤吸力增大，則機器人所受到墻壁對它的摩擦力增大C.如果吸盤吸力增大，則機器人所受到墻壁對它的彈力增大D.如果某時段機器人只有三個吸盤吸在墻上，則機器人所受到墻壁對它的摩擦力減小【答案】C【解析】【詳解】A．機器人在豎直墻壁上靜止，則墻壁不可能是光滑的，故A錯誤；BD．對機器人受力分析可知，豎直方向上靜摩擦力與重力平衡，水平方向上墻壁對機器人的支持力、吸盤中氣體壓力和大氣對吸盤的壓力三力平衡，因為重力不變，故靜摩擦力不變，故BD錯誤；C．當吸盤吸力增大，也就是吸盤中氣體壓力減小時，因為大氣對吸盤的壓力不變，所以墻壁對機器人的彈力增大，故C正確。故選C。5.某短視頻平臺上有一個流行的游戲，在白紙上畫滿不同顏色的“細菌”，裝入透明塑料文件袋密封，放入水里，外部光線在水面折射后進入水中到達塑料文件袋的表面時發(fā)生全反射，這樣人就無法觀察到紙上的“細菌”，如圖所示。若能到達塑料文件袋的光線從空氣射到水面時的最大入射角為37°，當塑料文件袋與豎直方向的夾角時，人恰好無法觀察到紙上的圖案。光從介質1射入介質2發(fā)生折射時，介質2相對介質1的折射率和r分別為入射角和折射角。已知水相對空氣的折射率約為1.33，，則塑料文件袋相對空氣的折射率約為（）A.1.67 B.1.53 C.1.25 D.1.15【答案】D【解析】【詳解】從水面入射的光的入射角越小，折射光到達塑料文件袋時的入射角越大，越容易發(fā)生全反射。如圖，當從水面入射的光的入射角為37°時，根據(jù)折射定律得到折射角等于27°，由于，水中的光線打到文件袋上時入射角為此時恰好發(fā)生全反射，故有解得故選D。6.試卷讀卡器的原理可簡化成如圖所示的模型，搓紙輪與答題卡之間的動摩擦因數(shù)為，答題卡與答題卡之間的動摩擦因數(shù)為，答題卡與底部摩擦片之間的動摩擦因數(shù)為，正常情況下，讀卡器能做到“每次只進一張答題卡”。搓紙輪沿逆時針方向轉動，帶動第一張答題卡向左運動，下列說法正確的是（）A.第一張答題卡受到搓紙輪的摩擦力向右B.后一張答題卡受到前一張答題卡摩擦力向右C.最后一張答題卡受到摩擦片的摩擦力向右D.【答案】C【解析】【詳解】A．搓紙輪轉動帶動第一張答題卡運動時，答題卡有相對搓紙輪向右運動的趨勢，受到搓紙輪的摩擦力向左，故A錯誤；B．前一張答題卡有相對后一張答題卡向左運動或運動趨勢，則后一張答題卡受到前一張答題卡的摩擦力向左，故B錯誤；C．最后一張答題卡有相對摩擦片向左運動的趨勢，受到摩擦片的摩擦力向右，故C正確；D．對第一張答題卡，能向左運動，有，最后一張答題卡不能有相對滑動，有，故D錯誤。故選C。7.如圖所示，水平面內的等邊三角形ABC的邊長為L，頂點C恰好位于光滑絕緣直軌道CD的最低點，光滑直導軌的上端點D到A、B兩點的距離均為L，D在AB邊上的豎直投影點為O。一對電荷量均為－Q的點電荷分別固定于A、B兩點。在D處將質量為m、電荷量為+q的小球套在軌道上（忽略它對原電場的影響），將小球由靜止開始釋放，已知靜電力常量為k、重力加速度為g，且，忽略空氣阻力，則（）A.軌道上D點的場強大小為B.小球剛到達C點時，其加速度為零C.小球剛到達C點時，其動能為mgLD.小球沿直軌道CD下滑過程中，其電勢能先增大后減小【答案】B【解析】【詳解】A．負電荷產生的電場指向負電荷，可知兩個負電荷在D處的電場強度分別指向A與B，由于兩個點電荷的電量是相等的，所以兩個點電荷在D點的電場強度的大小相等，則它們的合場強的方向沿∠ADB的角平分線DO，由庫倫定律得兩負電荷在D點的場強大小為它們的合場強故A錯誤；B．由幾何關系得則對小球受力分析，其受力的剖面圖如圖由于C到AB的距離與D到A、B的距離都等于L，結合A的分析可知，C點的電場強度的大小與D點的電場強度的大小相等，方向指向O點，即沿斜面方向垂直于斜面方向其中是庫侖力為聯(lián)立解得故B正確；C．由于C與D到A、B的距離都等于L，結合等量同種點電荷的電場特點可知，C點與D點的電勢是相等的，所以小球從D到C的過程中電場力做功的和等于0，則只有重力做功，小球的機械能守恒，得小球的動能故C錯誤；D．由幾何關系可知，在CD的連線上，CD的中點到A、B的距離最小，電勢最低，小球帶正電，所以小球在CD的連線中點處的電勢能最小，則小球沿直軌道CD下滑過程中，其電勢能先減小后增大，故D錯誤。故選B。8.一個物體位于斜面上，受到平行于斜面的水平力F的作用處于靜止狀態(tài)，如圖所示．如果將外力F撤去，則物體（）A.會沿斜面下滑 B.摩擦力的方向一定會變化C.摩擦力的值變大 D.摩擦力的值變小【答案】BD【解析】【詳解】A．未撤去F前，將物體的重力分解為沿斜面方向和垂直于斜面方向兩個分力，在斜面方向的分力大小為mgsinθ，方向沿斜面向下，作出物體在斜面平面內的受力情況如圖由平衡條件得摩擦力f的方向與F和mgsinθ合力方向相反，所以物體受到的最大靜摩擦力撤去F后，物體對斜面的壓力沒有變化，所以最大靜摩擦力也沒有變化，此時故物體不會沿斜面下滑，故A錯誤；B．撤去F后，摩擦力方向沿斜面向上，與撤去F前不同，故B正確；CD．由平衡條件得，撤去F后，摩擦力大小為即摩擦力變小，故C錯誤，D正確。故選BD。9.在如圖所示平面內，分界線SP將寬度為L的矩形區(qū)域分成兩部分，一部分充滿方向垂直于紙面向外的勻強磁場，另一部分充滿方向垂直于紙面向里的勻強磁場，磁感應強度大小均為B，SP與磁場左右邊界垂直。離子源從S處射入速度大小不同的正離子，離子入射方向與磁場方向垂直且與SP成30°角。已知離子比荷為k，不計重力。若離子從Р點射出，設出射方向與入射方向的夾角為θ，則離子的入射速度和對應θ角的可能組合為（）A.kBL，0° B.kBL，0° C.kBL，60° D.2kBL，60°【答案】BC【解析】【詳解】若粒子通過下部分磁場直接到達P點，如圖根據(jù)幾何關系則有可得根據(jù)對稱性可知出射速度與SP成30°角向上，故出射方向與入射方向的夾角為θ=60°。當粒子上下均經歷一次時，如圖因為上下磁感應強度均為B，則根據(jù)對稱性有根據(jù)洛倫茲力提供向心力有可得此時出射方向與入射方向相同，即出射方向與入射方向的夾角為θ=0°。通過以上分析可知當粒子從下部分磁場射出時，需滿足（n=1，2，3……）此時出射方向與入射方向的夾角為θ=60°；當粒子從上部分磁場射出時，需滿足（n=1，2，3……）此時出射方向與入射方向的夾角為θ=0°。故可知BC正確，AD錯誤。故選BC。10.如圖1為火星沖日現(xiàn)象，此時火星、地球和太陽幾乎排列成一線，地球位于太陽與火星之間，平均發(fā)生周期約2.1年，如圖2中的虛線為德國物理學家瓦爾特霍曼提出的一種能以較少能耗從地球發(fā)送航天器到火星的轉移軌道，其基本構想是在地球上將火星探測器發(fā)射后，探測器立即被太陽引力俘獲，以太陽為焦點沿橢圓軌道運動到達火星。橢圓軌道分別與地球公轉軌道、火星公轉軌道相切。已知地球、火星的繞日公轉軌道可視為圓形且在同一平面內，則下列說法中正確的是（，）（）A.圖1中“火星沖日”發(fā)生時，地球上的觀測者觀察到火星由西向東運動B.火星的公轉周期約為1.9年C.火星的公轉軌道半徑約為地球公轉軌道半徑的1.5倍D.通過霍曼轉移軌道從地球發(fā)射探測器到火星大約需要16個月的時間【答案】BC【解析】【詳解】A．因為火星的公轉軌道半徑較大（與地球相比），其公轉周期較大，公轉角速度較小，所以圖1中“火星沖日”發(fā)生時，地球上的觀測者觀察到火星由東向西運動，A錯誤；B．“火星沖日”的平均周期為日—地—火排成一線的發(fā)生周期，設火星公轉周期為T，有解得即火星的公轉周期約為1.9年，B正確；C．對地球和火星，根據(jù)開普勒第三定律有，解得火星與地球的公轉軌道半徑的比值為C正確；D．由題意可得，霍曼地火轉移軌道為橢圓，其軌道半長軸r'約為地球公轉軌道半徑r0的1.25倍，設探測器經過轉移軌道的時間為t'，則有解得即大約需要8個月的時間，D錯誤。故選BC。二、非選擇題：本題共5小題，共57分。11.在防范新冠肺炎疫情過程中，體溫計發(fā)揮了重要作用。某實驗興趣小組同學利用身邊的實驗器材，將熱敏電阻作為測溫探頭，制作了電路圖如圖甲的簡易金屬測溫計。（1）由于定值電阻R0的具體電阻值未知，實驗小組同學采用如圖乙所示的電路（圖甲和圖乙中的電壓表均為同一電壓表，量程為3V，電壓表內阻未知，表盤刻度如圖丙所示），用伏安法測出R0的測量值為30Ω，該測量值與真實值相比_______（選填“偏大”、“偏小”或“相等”）；（2）圖甲中的電源電動勢為6V，內阻不計，圖中的RT為熱敏電阻，其阻值隨溫度變化的圖像如圖丁所示。則制作的簡易溫度計40°C應該標在圖丙電壓表刻度盤上_______V的位置上；（3）分析整個實驗過程，在僅考慮系統(tǒng)誤差的情況下，用該測溫計所測得的體溫值與實際體溫值相比_____（選填“偏大”、“偏小”或“相等”）。【答案】①.偏?、?1.80（1.8也可得分）③.相等【解析】【詳解】（1）[1]根據(jù)歐姆定律由題圖乙電路可知電流表外接，電流的測量值偏大，的測量值與真實值相比偏小，相當于的測量值為電壓表內阻和并聯(lián)后的電阻值，即測量值的表達式為（2）[2]由題圖丁可知，當40°C時熱敏電阻對應的電阻值為70Ω，由題圖甲電路串聯(lián)電路的特點可得（3）[3]由于在測量時和測溫電路均采用同一電壓表，把電壓表和看成一個整體，其并聯(lián)后的電阻，在題圖甲中就沒有系統(tǒng)誤差，故用該測溫計所測得的體溫值與實際體溫值相等。12.某同學設計了一斜面裝置，用來測定兩種材料之間的動摩擦因數(shù)。如圖所示，他先將正方形斜面固定在傾角可調節(jié)的支架上，接下來的操作如下：（1）將待測材料（圖中未畫出）平鋪并固定在斜面上；（2）測得斜面的邊長L如正視圖所示，則L=___________m；（3）調節(jié)斜面的傾角為θ，把一寬為d的滑塊（d<<L）從斜面上的A點由靜止釋放，滑塊上安裝有加速度傳感器，可測量、記錄加速度大小a；（4）為減小___________（填“系統(tǒng)”或“偶然”）誤差，需進行多次實驗，并記錄加速度a的數(shù)值填在下面表格中；測量次數(shù)第1次第2次第3次第4次第5次a（m/s2）4.054.004.064.084.03（5）實驗過程中___________（填“需要”或“不需要”）測量滑塊的質量；（6）滑塊與待測材料間動摩擦因數(shù)μ=___________（用θ、a、重力加速度g表示）；（7）若傾角θ=37°，取第2次測量數(shù)據(jù)進行計算，則該材料的動摩擦因數(shù)μ=___________（結果保留兩位有效數(shù)字，其中sin37°=0.6，cos37°=0.8，g取9.80m/s2）?！敬鸢浮竣?0.470②.偶然③.不需要④.⑤.0.24【解析】【詳解】（2）[1]該刻度尺的最小分度為厘米，故斜面的邊長為（4）[2]題中提示“多次實驗”，故為偶然誤差；（5）[3]根據(jù)牛頓第二定律可得化簡可得故實驗過程中不需要測量滑塊的質量；（6）[4]由（5）可知滑塊與待測材料間的動摩擦因數(shù)為（7）[5]將第2次數(shù)據(jù)代入可得13.2022年5月14日，在場地自行車世界杯男子1公里個人計時賽中，我國運動員薛晨曦以1分00秒754的成績獲得冠軍。取重力加速度，在比賽中，（1）他先沿直道由靜止開始加速，前24m用時4s，此過程可視為勻加速直線運動，求他在4s末時的速度大??；（2）若他在傾斜賽道上轉彎過程可視為半徑12m的水平勻速圓周運動，速度大小為16m/s，已知他（包括自行車）的質量為90kg，求此過程他（包括自行車）所需的向心力大??；（3）在（2）問中，自行車車身垂直賽道，此時自行車不受側向摩擦力，賽道的支持力通過薛晨曦和自行車的重心，實現(xiàn)勻速平穩(wěn)轉彎，如圖，求轉彎處賽道與水平面的夾角的正切值?！敬鸢浮浚?）12m/s；（2）1920N；（3）2.13【解析】【詳解】（1）設薛晨曦沿直道由靜止開始加速4s時的速度大小為v，則解得v＝12m/s（2）薛晨曦和自行車在轉彎過程中所需的向心力解得F＝1920N（3）設賽道與水平面的夾角為，則14.如圖所示，一端封閉、粗細均勻的U形玻璃管開口向上豎直放置，管內用水銀將一段氣體封閉在管中，當溫度為280K時。被封閉的氣柱長，兩邊水銀柱高度差，大氣壓強。（1）使左端水銀面下降，封閉氣體溫度應變?yōu)槎嗌?；?）封閉氣體的溫度保持（1）問中的值不變