學必求其心得，業(yè)必貴于專精學必求其心得，業(yè)必貴于專精學必求其心得，業(yè)必貴于專精四川省雅安市2019-2020學年高二上學期期末檢測物理試題含解析雅安市2019—2020學年上期期末考試高中二年級物理試題第Ⅰ卷（選擇題共45分）一、選擇題：（本大題共15小題,每小題3分，共45分。1—10題只有一個選項是符合題目要求的，11-15題有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得3分，選對但不全的得2分，有選錯的或不答的得0分）1.自然界的電、熱和磁等現(xiàn)象都是相互聯(lián)系的，很多物理學家為尋找它們之間的聯(lián)系做出了貢獻，下列說法錯誤的是A.奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應，揭示了電現(xiàn)象和磁現(xiàn)象之間的聯(lián)系B.歐姆發(fā)現(xiàn)了歐姆定律,說明了熱現(xiàn)象和電現(xiàn)象之間存在聯(lián)系C.法拉第發(fā)現(xiàn)了電磁感應現(xiàn)象，揭示了磁現(xiàn)象和電現(xiàn)象之間的聯(lián)系D.焦耳發(fā)現(xiàn)了電流的熱效應，定量得出了電能和熱能之間的轉(zhuǎn)換關系【答案】B【解析】【詳解】A．奧斯特最先發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應，揭開了人類研究電磁相互作用的序幕，故A不符合題意；B．歐姆定律說明了電流與電壓的關系，故B符合題意；C．法拉第經(jīng)十年的努力發(fā)現(xiàn)了電磁感應現(xiàn)象，揭示了磁現(xiàn)象和電現(xiàn)象之間的聯(lián)系，故C不符合題意；D．焦耳發(fā)現(xiàn)了電流的熱效應，定量得出了電能和熱能之間的轉(zhuǎn)換關系，故D不符合題意。故選B。2.下列是某同學對電場中的概念、公式的理解,其中正確的是A。根據(jù)電場強度的定義式E=，電場中某點的電場強度和試探電荷的電荷量成反比B.根據(jù)電容的定義式C=,電容器的電容與所帶電荷量成正比，與兩極板間的電壓成反比C。根據(jù)真空中點電荷電場強度公式E=，電場中某點電場強度和場源電荷的電荷量成正比D。根據(jù)公式UAB=,帶電量為1C正電荷，從A點移動到B點克服電場力做功為1J，則A、B點的電勢差為1V【答案】C【解析】【詳解】A．電場強度是電場本身具有的性質(zhì)，與試驗電荷無關，故A錯誤．B．電容是電容器本身具有的性質(zhì)，表示電容器容納電荷的能力，其大小受到自身參數(shù)和極板間介質(zhì)介電常數(shù)的影響,與兩極板間電壓和電荷量無關，故B錯誤．C．由該點電荷場強計算公式可以得出，點電荷產(chǎn)生電場的場強大小與場源電荷電荷量成正比，故C正確．D．克服電場力做功，說明此過程電場力做負功,即：根據(jù)：可得：故D錯誤．3.在如圖所示的各圖中，表示磁感應強度B方向、電流I方向及電流受力F方向三者關系正確的是A。 B.C。 D.【答案】A【解析】【詳解】根據(jù)左手定則可得A．A中安培力的方向是豎直向上的，故A正確；B．B中安培力的方向水平向左,故B錯誤；C．C中安培力的方向是水平向左的，故C錯誤；D．D中電流方向與磁場平行，導線不受磁場力，故D錯誤。4。如圖所示，是高二某同學演示楞次定律實驗的記錄，不符合實驗事實的是A。 B。C。 D.【答案】D【解析】試題分析：D選項中，由楞次定律知：當條形磁鐵拔出時，感應電流形成的磁場與原磁場方向相同,因原磁場方向向上，故感應磁場方向也向上，再由安培定則知從上向下看感應電流方向為逆時針，D錯．考點：楞次定律、安培定則等．【名師點睛】楞次定律中“阻礙"的含義5。如圖所示，一帶電粒子進入一固定的正點電荷Q的電場中，沿圖中實線軌跡從a運動到b，a、b兩點到點電荷Q的距離分別為ra、rb（ra＞rb），不計粒子的重力，則可知rA。運動粒子帶負電B。b點的場強小于a點的場強C.a到b的過程中，電場力對粒子做負功D。a到b的過程中，粒子動能和電勢能之和減小【答案】C【解析】【詳解】A．根據(jù)粒子軌跡的彎曲方向向左彎曲，可知粒子受到排斥力，則帶電粒子帶正電，故A不符合題意；

B．由公式，由于ra＞rb,可知，b點的場強大于a點的場強,故B不符合題意；

C．a(chǎn)到b的過程中，電場力方向與粒子的速度方向成鈍角，對粒子做負功,故C符合題意；

D．粒子在運動過程中，只有電場力做功，所以動能與電勢能總和不變，故D不符合題意.故選C。6。如圖所示,某一導體形狀為長方體,其長、寬、高之比為a∶b∶c=3∶2∶1。在此長方體的上下、左右四個面上分別通過導線引出四個接線柱1、2、3、4.在1、2兩端加上恒定電壓，導體的電阻為R1；在3、4兩端加上恒定電壓，導體的電阻為R2，則R1∶R2為A。1∶1B。1∶9C。4∶9D.1∶4【答案】B【解析】【詳解】根據(jù)電阻定律,當在1、2兩端加上恒定電壓U時阻值為:當在3、4兩端加上恒定的電壓時阻值為：可得:故B符合題意，ACD不符合題意7.在一根長為的直導線中通入2A的電流，將導線放在勻強磁場中,受到的安培力為，則勻強磁場的磁感應強度的大小可能是A。 B。 C。 D?！敬鸢浮緼【解析】【分析】當導線的方向與磁場方向平行,所受的安培力為零;當導線的方向與磁場方向垂直，安培力最大；根據(jù)公式列式求解即可；【詳解】長為0。2m的直導線中通入2A的電流，將導線放在勻強磁場中，受到的安培力為0.2N，故:，由于，故：，故A正確,BCD錯誤;【點睛】解決本題的關鍵掌握安培力的大小公式，當B與I垂直時，，B與I平行時，．8.如圖所示的電路中，L1和L2是完全相同的燈泡，線圈L的自感系數(shù)很大，它的直流電阻可以忽略不計.則下列說法中正確的是A。閉合S后，燈L2先亮，燈L1后亮,最后兩燈一樣亮B.閉合S后，燈L1電流方向向右，燈L2的電流方向向左C。斷開S后，燈L2立即熄滅，燈L1逐漸熄滅D。斷開S瞬間,燈L1的電流方向向右，燈L2的電流方向向左【答案】D【解析】【詳解】AB、L2燈與電阻R串聯(lián)，當電鍵S閉合時，燈L2立即發(fā)光。通過線圈L電流增大，穿過線圈的磁通量增大，根據(jù)楞次定律線圈產(chǎn)生的感應電動勢與原來電流方向相反，阻礙電流的增大，電路的電流只能逐漸增大，L1逐漸亮起來。所以L2比L1先亮。由于線圈直流電阻忽略不計，當電流逐漸穩(wěn)定時,線圈不產(chǎn)生感應電動勢，因電阻R，則兩燈亮度不一樣，但電流方向相同，故AB錯誤；

C、穩(wěn)定后當電鍵S斷開后，由于自感，線圈中的電流只能慢慢減小,其相當于電源，與燈泡L1、L2和電阻R構(gòu)成閉合回路放電，兩燈都過一會兒熄滅，但燈L2閃亮后逐漸熄滅，原因是在斷開之前,通過L1的電流大于L2的電流,故C錯誤；

D、穩(wěn)定后當電鍵S斷開后,由于自感，線圈中的電流只能慢慢減小，其相當于電源，與燈泡L1、L2和電阻R構(gòu)成閉合回路放電，由“增反減同"可知，感應電流為順時針，流過L1電流與原來相同,流過L2電流與原來相反，故D正確。故選D。9。如圖所示，在互相垂直的勻強電場和勻強磁場中，電荷量為q的液滴在豎直面內(nèi)做半徑為R的勻速圓周運動,已知電場強度為E，磁感應強度為B，則油滴的質(zhì)量和環(huán)繞速度分別為（）A.， B.，C。， D.,【答案】D【解析】【詳解】液滴在重力、電場力和洛侖茲力下做勻速圓周運動，可知，液滴受到重力和電場力是一對平衡力，重力豎直向下,所以電場力豎直向上,與電場方向相同，mg=qE,得m=;液滴在洛倫茲力的作用下做勻速圓周運動的半徑為R=，得v=，故D正確．10.如圖所示，有一帶電粒子貼著板沿水平方向射入勻強電場，當偏轉(zhuǎn)電壓為時,帶電粒子沿①軌跡從兩板正中間飛出；當偏轉(zhuǎn)電壓為時,帶電粒子沿②軌跡落到板中間；設粒子兩次射入電場的水平速度相同，則兩次偏轉(zhuǎn)電壓之比為(）A。 B.C。 D.【答案】A【解析】【詳解】由，得，所以，．A.，選項A符合題意；B.，選項B不符合題意；C。，選項C不符合題意;D.，選項D不符合題意;11。1930年勞倫斯制成了世界上第一臺回旋加速器，其核心部分如圖所示．勻強磁場垂直D形盒底面,兩盒分別與交流電源相連．則下列說法中正確的是（）A。加速器的半徑越大,粒子射出時獲得的動能越大B。粒子獲得的最大動能由交變電源的電壓決定C.加速器中的電場和磁場都可以使帶電粒子加速D。粒子在磁場中運動的周期與交變電壓的周期同步【答案】AD【解析】【詳解】A、B、由qvB=m得v=，當r=R時，v最大，v=，所以最大動能EK=，由此可知質(zhì)子的最大動能只與粒子本身的荷質(zhì)比，加速器半徑,和磁場大小有關，與加速電壓無關，故A正確，B錯誤；C、加速器中的電場可以使帶電粒子加速，而磁場使粒子偏轉(zhuǎn)，故C錯誤；D、根據(jù)加速原理，當粒子在磁場中運動的周期與交變電壓的周期同步時，才能處于加速狀態(tài)．故D正確；故選AD【點睛】理解回旋加速器工作原理，熟練運用相關公式，便可解出此題,特別注意加速獲得的最大動能與電場的電壓無關．12。在如圖所示的電路中,閉合電鍵S，將滑動變阻器滑片P向a端移動一段距離，下列結(jié)論正確的是A.電流表讀數(shù)變小B。燈泡L變亮C。電容器C上的電荷量增多D.電壓表讀數(shù)變小【答案】AC【解析】【詳解】AB．將滑動變阻器滑片P向a端移動后，變阻器接入電路的電阻增大，根據(jù)閉合電路歐姆定律知，電路中電流I變小，則電流表讀數(shù)變小,燈泡L變暗，故A正確，B錯誤；

C．電容器C兩端的電壓:UC=E—I(RL+r）,I變小，其他量不變，則UC增大，電容器C上的電荷量增多，故C正確；

D．變阻器接入電路的電阻增大，外電路總電阻增大，則路端電壓增大，電壓表讀數(shù)變大，故D錯誤。故選AC。13.如圖所示空間存在兩個磁場，磁感應強度大小均為B，方向相反且垂直紙面，MN、PQ為其邊界，OO′為其對稱軸。一導線折成邊長為l的正方形閉合回路abcd,回路在紙面內(nèi)以恒定速度v0向右運動，當運動到關于OO′對稱的位置時A.穿過回路磁通量的變化率為零B?；芈分懈袘妱觿荽笮?Blv0C.回路中感應電流的方向為逆時針方向D.回路中ab邊與cd邊所受安培力的方向相反【答案】BC【解析】【詳解】A．此時線圈中有一半面積磁場垂直線圈向外，一半面積磁場垂直線圈向內(nèi)，因此磁通量為零，但變化率不為零，故A不符合題意；

B．a(chǎn)b切割磁感線形成電動勢b端為正，cd切割形成電動勢c端為負，因此兩電動勢串聯(lián)，故回路電動勢為E=2BLv0,故B符合題意；

C．根據(jù)右手定則可知線框向右運動的過程中，ab中的感應電動勢的方向向下，cd中的感應電動勢的方向向上，所以回路中的感應電流方向為逆時針，故C符合題意；

D．根據(jù)左手定則可知，回路中ab邊電流的方向向下，磁場的方向向外，所以安培力的方向向左；同理,cd邊電流的方向向上，磁場的方向向里，所受安培力方向向左，方向相同，故D不符合題意.故選BC。14。如圖所示是一提升重物用的直流電動機工作時的電路圖,其中電動機內(nèi)電阻r=1Ω，電路中另一電阻R=9Ω，直流電壓U=180V，理想電壓表示數(shù)UV=135V，電動機正以v=1m/s勻速豎直向上提升某重物，g取10m/s2，下列判斷正確的是(）A.通過電動機的電流是18AB。輸入電動機的電功率是675WC。電機的輸出功率是25WD。重物的質(zhì)量是65kg【答案】BD【解析】【分析】（1）根據(jù)歐姆定律求出通過R的電流；（2)電動機的輸入功率為P1=U2I；（3)電動機內(nèi)電阻的發(fā)熱功率為P2=I2r,輸出的機械功率為P3=P1﹣P2．由公式P3=Fv=mgv求解物體的質(zhì)量．【詳解】A、通過R的電流為：I==A=5A；故A錯誤;B、電動機的輸入功率為:P1=U2I=135×5W=675W；故B正確；C、電動機內(nèi)電阻的發(fā)熱功率為：P2=I2r=52×1W=25W，輸出的機械功率為：P3=P1﹣P2=（675﹣25)W=650W；故C錯誤;D、P3=Fv=mgv解得：m==65kg，故D正確;故選BD．【點睛】本題考查了機械公式和電功功率以及電功公式的靈活應用，關鍵是知道電動機做功的功率加上線圈的發(fā)熱功率即為電動機消耗電能的功率，難度適中．15.如圖所示，兩足夠長平行光滑的金屬導軌MN、PQ相距為1m，導軌平面與水平面夾角θ＝30°，導軌上端跨接一定值電阻R=8Ω，導軌電阻不計，整個裝置處于方向垂直斜面向上的勻強磁場中,磁感應強度的大小為B=5T，金屬棒cd垂直于MN、PQ放置在導軌上，且與導軌保持接觸良好，金屬棒的質(zhì)量為1kg，電阻為2Ω，重力加速度為g=10m/s2。現(xiàn)將金屬棒由靜止釋放，沿導軌下滑距離為2m時，金屬棒速度達到最大值，則這個過程中A.金屬棒的最大加速度是5m/s2B。金屬棒cd的最大速度是m/sC.通過金屬棒橫截面的電量q＝1CD。電阻R上產(chǎn)生的電熱為Q＝8J【答案】AC【解析】【詳解】A．剛釋放金屬棒時加速度最大，由牛頓第二定律得：mgsinθ=ma解得最大加速度：a=gsinθ=5m/s2故A符合題意；

B．當金屬棒做勻速直線運動時,速度最大，則有：解得最大速度為：故B不符合題意;C．通過金屬棒橫截面的電量為:故C符合題意；D．設電阻R上產(chǎn)生的電熱為Q，整個電路產(chǎn)生的電熱為Q總，由能量守恒定律得：電阻R上產(chǎn)生的熱量：聯(lián)立解得：代入數(shù)據(jù)解得：Q≈6.7J故D不符合題意.故選AC。第Ⅱ卷(非選擇題共55分）二、實驗題（2小題，共18分)16.（1）螺旋測微器是重要的測量儀器，如圖1所示的讀數(shù)是__mm．（2)用多用電表的歐姆擋測量阻值約為幾十千歐的電阻Rx,以下給出的是可能的實驗操作步驟,其中S為選擇開關,P為歐姆擋調(diào)零旋鈕．把你認為正確的步驟前的字母按合理的順序填寫在下面的橫線上__．a(chǎn)．將兩表筆短接，調(diào)節(jié)P使指針對準刻度盤上歐姆擋的0刻度,斷開兩表筆b．將兩表筆分別連接到被測電阻的兩端,讀出Rx的阻值后，斷開兩表筆c．旋轉(zhuǎn)S使其尖端對準歐姆擋×1kd．旋轉(zhuǎn)S使其尖端對準歐姆擋×100e．旋轉(zhuǎn)S使其尖端對準交流500V擋，并拔出兩表筆根據(jù)圖2所示指針位置,此被測電阻的阻值為__Ω．【答案】(1）.4。075(2）。cabe(3）。30k【解析】【詳解】（1)[1]根據(jù)螺旋測微計的讀數(shù)規(guī)則，讀數(shù)為4.075mm；（2)[2]由于測量的電阻為幾十千歐,所以應選擇歐姆擋×1k,先將兩表筆短接,使指針對準刻度盤上歐姆擋的0刻度,之后將兩表筆分別連接到被測電阻的兩端，讀出Rx的阻值后，最后旋轉(zhuǎn)S使其尖端對準交流500V擋，并拔出兩表筆,故正確的選項順序應為cabe；［3]從圖中可以讀出電阻的阻值為30kΩ．17.某同學做“測定電動勢約2V,內(nèi)阻約幾歐的電池的電動勢和內(nèi)阻”實驗。（1）他采用如下圖所示的實驗電路進行測量?，F(xiàn)有下列器材供選用：A．電壓表（0~15V，內(nèi)阻約20kΩ)B．電壓表(0～3V,內(nèi)阻約10kΩ)C．電流表（0～0．6A，內(nèi)阻約0．4Ω）D．電流表（0～3A，內(nèi)阻約1Ω）E．滑動變阻器（500Ω，1A)F．滑動變阻器(20Ω，2A）實驗中所用電壓表應選________，電流表應選用________,滑動變阻器應選用________.（填字母代號)（2)上圖中給出了做實驗所需要的各種儀器。請你按電路圖把它們連成實驗電路______________________（在答題卷上先用鉛筆連線，確定準確無誤后，再用簽字筆連線).(3）根據(jù)實驗數(shù)據(jù)做出U—I圖象，如圖所示,蓄電池的電動勢E=________V，內(nèi)電阻r=________Ω（結(jié)果保留2位有效數(shù)字）。（4）這位同學對以上實驗進行了誤差分析。其中正確的是________。A．實驗產(chǎn)生的系統(tǒng)誤差，主要是由于電流表的分壓作用導致的B．實驗產(chǎn)生的系統(tǒng)誤差，主要是由于電壓表的分流作用導致的C．實驗測出的電動勢小于真實值D．實驗測出的內(nèi)阻大于真實值【答案】(1）.B(2）。C（3).F（4).（5)。2。0（6）。3.8(7）.BC【解析】【詳解】（1）[1］[2］[3］電源電動勢為1.5V，故電壓表選擇3V量程的B；內(nèi)阻約為幾歐，故電流較小，電流表選C；為方便實驗操作，滑動變阻器應選總阻值較小的F；(2)[4]根據(jù)電路圖連接實物圖，如圖所示：

(3）[5]［6］由圖示電源U—I圖象可知，圖象與縱軸交點坐標值為2.0，電源電動勢E=2.0V，電源內(nèi)阻為：(4)［7]在測量電源的電動勢和內(nèi)阻時，電壓表測量電源的外電壓準確，電流表測量通過電源的電流偏小，因為電壓表起分流作用。作出U—I圖線實際圖線和測量圖線,如圖所示,

知電動勢的測量值偏小,內(nèi)電阻的測量值偏小，故AD錯誤,BC正確。三、計算題（本題共3小題，共37分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。只寫出最后答案的不能得分。有數(shù)值計算的題，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位。）18。水平放置的導體框架，寬L=0.50m，接有電阻R=0.20Ω,勻強磁場垂直框架平面向里，磁感應強度B=0.40T,一導體棒ab垂直框邊跨放在框架上，并能無摩擦地在框架上滑動，框架和導體ab的電阻均不計,當ab以v=4.0m/s的速度向右勻速滑動時,求：(1)ab棒中產(chǎn)生的感應電動勢大小；(2）維持導體棒ab做勻速運動的外力F的大??；（3)電流通過電阻R產(chǎn)生的熱功率P熱.【答案】（1）0。8V（2)0.8N（3）3.2W【解析】【詳解】(1）ab棒中產(chǎn)生的感應電動勢:E=BLv=0。4×0。5×4=0。8V；(2)感應電流大小為：導體棒ab受到的安培力：FB=BIL=0.4×4×0.5N=0.8N導體棒做勻速運動，由平衡條件得外力F=FB=0.8N；(3）電流通過電阻R產(chǎn)生的熱功率：P熱=I2R=3.2W。19。如圖所示,內(nèi)表面光滑絕緣的半徑為的圓形軌道處于豎直平面內(nèi)，有豎直向下的勻強電場，場強大小為有一質(zhì)量為、帶負電的小球,電荷量大小為，小球在圓軌道內(nèi)壁做圓周運動，當運動到最低點A時，小球與軌道壓力恰好為零,g取，求：小球在A點處的速度大?。恍∏蜻\動到最高點B時對軌道的壓力．【答案】；【解析】【詳解】（1)重力：G=mg=0.12kg×10N/kg=1。2N電場力：F=qE=1.6×10﹣6C×3×106V/m=4.8N在A點，有：qE﹣mg=m代入數(shù)據(jù)解得：v1=6m/s(2）設球在B點的速度大小為v2,從A到B，由動能定理有：(qE﹣mg