2024屆濰坊第一中學(xué)高三物理第一學(xué)期期中統(tǒng)考試題注意事項：1．答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號、考場號和座位號填寫在試題卷和答題卡上。用2B鉛筆將試卷類型（B）填涂在答題卡相應(yīng)位置上。將條形碼粘貼在答題卡右上角"條形碼粘貼處"。2．作答選擇題時，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應(yīng)題目選項的答案信息點(diǎn)涂黑；如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案。答案不能答在試題卷上。3．非選擇題必須用黑色字跡的鋼筆或簽字筆作答，答案必須寫在答題卡各題目指定區(qū)域內(nèi)相應(yīng)位置上；如需改動，先劃掉原來的答案，然后再寫上新答案；不準(zhǔn)使用鉛筆和涂改液。不按以上要求作答無效。4．考生必須保證答題卡的整潔?？荚嚱Y(jié)束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、將一小球以動能Ek0豎直向上拋出，小球在運(yùn)動過程中受到的空氣阻力不可忽略且大小恒定．以拋出點(diǎn)為原點(diǎn)、零勢能點(diǎn)，拋出時為計時起點(diǎn)，豎直向上為正方向，用x表示小球發(fā)生的位移、Ek表示其動能、EP表示其勢能．則從地出到落地的過程中，下列圖象正確的是（）A．B．C．D．2、在水平地面上有相距為L的A、B兩點(diǎn)，甲小球以v1＝10m/s的初速度，從A點(diǎn)沿與水平方向成30°角的方向斜向上拋出，同時，乙小球以v2的初速度從B點(diǎn)豎直向上拋出．若甲在最高點(diǎn)時與乙相遇，重力加速度g取10m/s2，則下列說法錯誤的是A．乙球的初速度v2一定是5m/sB．相遇前甲球的速度可能小于乙球的速度C．L為2.5mD．甲球與乙球始終在同一水平面上3、如圖示，點(diǎn)P在與通電直導(dǎo)線垂直的圓周面上，則P點(diǎn)的磁場方向為()A．垂直紙面向里 B．垂直紙面向外C．水平向左 D．水平向右4、一條不可伸長的輕繩跨過質(zhì)量可忽略不計的定滑輪，繩的一端系一質(zhì)量m=15kg的重物，重物靜止于地面上，有一質(zhì)量m'=10kg的猴子，從繩子的另一端沿繩向上爬，如圖所示，不計滑輪與繩子間的摩擦，在重物不離開地面的條件下，猴子向上爬的最大加速度為（g取10m/s2）（A．25m/s2 B．5m/s25、用如圖甲所示的電路研究光電效應(yīng)中光電流與照射光的強(qiáng)弱、頻率等物理量的關(guān)系.圖中A、K兩極間的電壓大小可調(diào)，電源的正負(fù)極也可以對調(diào)，分別用a、b、c三束單色光照射，調(diào)節(jié)A、K間的電壓U，得到光電流I與電壓U的關(guān)系如圖乙所示，由圖可知()A．單色光a和c的頻率相同，且a光更弱些，b光頻率最大B．單色光a和c的頻率相同，且a光更強(qiáng)些，b光頻率最大C．單色光a和c的頻率相同，且a光更弱些，b光頻率最小D．單色光a和c的頻率不同，且a光更強(qiáng)些，b光頻率最小6、物體在水平力F作用下，沿水平地面由靜止開始運(yùn)動，1s后撤去F，再經(jīng)過2s物體停止運(yùn)動，其圖象如圖．若整個過程拉力F做功為W1，平均功率為P1；物體克服摩擦阻力Ff做功為W2，平均功率為P2，加速過程加速度大小為a1，減速過程加速度大小為a2，則A．W1=3W2 B．a(chǎn)1=3a2C．F=3Ff D．P1=2P2二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，傾角=30°的斜面體C置于水平面上，B置于斜面上，通過細(xì)繩跨過光滑的定滑輪與A相連接，連接滑輪的輕桿沿豎直方向，連接B的一段細(xì)繩與斜面平行，A、B、C都處于靜止?fàn)顟B(tài)，已知C的質(zhì)量為2m，A、B質(zhì)量均為m，則下列說法正確的是A．定滑輪受到輕桿的作用力為B．C受到水平面的摩擦力為mgC．B受到C間摩擦力大小為D．水平面對C的支持力為8、如圖所示，甲、乙傳送帶傾斜放置，并以相同的恒定速率v逆時針運(yùn)動，兩傳送帶粗糙程度不同，但長度、傾角均相同．將一小物體分別從兩傳送帶頂端的A點(diǎn)無初速度釋放，甲傳送帶上小物體到達(dá)底端B點(diǎn)時恰好達(dá)到速度v；乙傳送帶上小物體到達(dá)傳送帶中部的C點(diǎn)時恰好達(dá)到速度v，接著以速度v運(yùn)動到底端B點(diǎn)．則小物體從A運(yùn)動到B的過程A．小物體在甲傳送帶上的運(yùn)動時間比在乙上的大B．小物體與甲傳送帶之間的動摩擦因數(shù)比與乙之間的大C．兩傳送帶對小物體做功相等D．兩傳送帶因與小物體摩擦產(chǎn)生的熱量相等9、一物體做平拋運(yùn)動，在先后兩個不同時刻的速度分別為和，時間間隔為那么A．和的方向可能相同B．物體做平拋運(yùn)動時的加速度恒定，做勻變速運(yùn)動，速度改變量的方向逐漸向豎直方向偏轉(zhuǎn)，但永遠(yuǎn)達(dá)不到豎直方向C．由到的速度變化量的方向一定豎直向下D．由到的速度變化量的大小為10、如圖所示，將帶電小球甲固定在光滑絕緣水平面上A點(diǎn)，另一帶電小球乙從B點(diǎn)以垂直于AB連線的初速度開始運(yùn)動，下列說法正確的是A．若甲、乙?guī)N電荷，則乙的速度一定越來越大B．若甲、乙?guī)N電荷，則乙的加速度一定越來越大C．若甲、乙?guī)М惙N電荷，則乙的速度大小可能不變D．若甲、乙?guī)М惙N電荷，則乙的加速度方向可能不變?nèi)?shí)驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）如圖所示為實(shí)驗室“驗證碰撞中的動量守恒”的實(shí)驗裝置．①下列說法中不符合本實(shí)驗要求的是___．A．入射球比靶球質(zhì)量大，但二者的直徑可以不同B．在同一組實(shí)驗的不同碰撞中，每次入射球必須從同一高度由靜止釋放C．安裝軌道時，軌道末端必須水平D．需要使用的測量儀器有天平和刻度尺②實(shí)驗中記錄了軌道末端在記錄紙上的豎直投影為O點(diǎn)，經(jīng)多次釋放入射球，在記錄紙上找到了兩球平均落點(diǎn)位置為M、P、N，并測得它們到O點(diǎn)的距離分別為OM、OP和ON．已知入射球的質(zhì)量為m1，靶球的質(zhì)量為m2，如果測得m1OM+m2ON近似等于________，則認(rèn)為成功驗證了碰撞中的動量守恒．③在實(shí)驗中，根據(jù)小球的落點(diǎn)情況，若等式ON＝_______________成立，則可證明碰撞中系統(tǒng)的動能守恒（要求用②問中的涉及的物理量表示）．12．（12分）在沒有天平的情況下，實(shí)驗小組利用以下方法對質(zhì)量進(jìn)行間接測量，裝置如圖甲所示：一根輕繩跨過輕質(zhì)定滑輪與兩個相同的重物P、Q相連，重物P、Q的質(zhì)量均為m(已知)，在重物Q的下面通過輕質(zhì)掛鉤懸掛待測物塊Z，重物P的下端與穿過打點(diǎn)計時器的紙帶相連，已知當(dāng)?shù)刂亓铀俣葹間．（1）某次實(shí)驗中，先接通頻率為50Hz的交流電源，再由靜止釋放系統(tǒng)，得到如圖乙所示的紙帶，則系統(tǒng)運(yùn)動的加速度a=________(保留三位有效數(shù)字)；（2）在忽略阻力的情況下，物塊Z質(zhì)量M的表達(dá)式為M=_______(用字母m、a、g表示)；（3）由(2)中理論關(guān)系測得的質(zhì)量為M，而實(shí)際情況下，空氣阻力，紙帶與打點(diǎn)計時器問的摩擦，定滑輪中的滾動摩擦不可以忽略，使物塊Z的實(shí)際質(zhì)量與理論值M有一定差異，這是一種_________（填“偶然誤差”或”系統(tǒng)誤差”）．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）一列簡諧橫波沿x軸方向傳播，在x軸上沿傳播方向上依次有P、Q兩質(zhì)點(diǎn)，P質(zhì)點(diǎn)平衡位置位于x=4m處．圖(a)為P、Q兩質(zhì)點(diǎn)的振動圖象，圖(b)為t=4s時的波形圖，已知P、Q兩質(zhì)點(diǎn)平衡位置間的距離不超過20m．求(i)波速的大小及方向．(ⅱ)Q質(zhì)點(diǎn)平衡位置坐標(biāo)x的可能值．14．（16分）如圖所示，厚度為d的玻璃磚與水平實(shí)驗桌面成45°角放置。紅色激光束平行于水平桌面射到玻璃磚的表面，在桌面上得到兩個光點(diǎn)A、B，已知玻璃磚對該紅色激光的折射率為。求：AB間的距離L。15．（12分）如圖所示，用彈簧秤稱物塊時，靜止時彈簧秤讀數(shù)是F1=7.5N.用彈簧秤拉著物塊沿著傾角為θ=的斜面向上勻速滑動時，彈簧秤讀數(shù)是F2=6N，彈簧秤的拉力方向與斜面平行.求物塊與斜面間的動摩擦因數(shù)μ。（sin=0.6,cos=0.8）

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解題分析】

根據(jù)Ep=mgx可知上升過程中重力勢能隨x均勻增加，下降過程重力勢能隨x均勻減小，且上升和下降過程的Ep-x圖像是重合的，選項AB錯誤；根據(jù)動能定理，上升過程中Ek=Ek0-(mg+f)x，下降過程中：Ek=(mg-f)(h-x)，則選項C正確，D錯誤；故選C.2、B【解題分析】

甲球豎直方向的初速度vy＝v1sin30°＝5m/s，水平方向的初速度v0＝v1cos30°＝5m/s．甲球在最高點(diǎn)與乙球相遇，說明甲球和乙球在豎直方向具有相同的運(yùn)動規(guī)律，則乙球的初速度v2＝vy＝5m/s，故A正確；相遇前甲球的水平速度不為零，豎直方向與乙球的速度相同，所以在相遇前甲球的速度不可能小于乙球的速度，故B錯誤；相遇時間t＝＝0.5s，則L＝v0t＝2.5m，故C正確；由于甲球和乙球豎直方向的運(yùn)動情況相同，所以甲球與乙球始終在同一水平面上，故D正確．本題選錯誤的，故選B．3、D【解題分析】

通電直導(dǎo)線中的安培定則：用右手握住通電直導(dǎo)線，讓大拇指指向電流的方向，那么四指的指向就是磁感線的環(huán)繞方向，所以在點(diǎn)產(chǎn)生的磁場的方向水平向右，故D正確，A、B、C錯誤；故選D。4、B【解題分析】

小猴以最大加速度向上爬行時，重物對地壓力為零，故小猴對細(xì)繩的拉力等于重物的重力，即F=mg；小猴對細(xì)繩的拉力等于細(xì)繩對小猴的拉力F′=F；對小猴受力分析，受重力和拉力，根據(jù)牛頓第二定律，有F'-m'g=m'a，解得故選B5、B【解題分析】a、c兩光照射后遏止電壓相同，根據(jù)，可知產(chǎn)生的光電子最大初動能相等，可知a、c兩光的頻率相等，光子能量相等，由于a光的飽和電流較大，則a光的強(qiáng)度較大，單色光b照射后遏止電壓較大，根據(jù)，可知b光照射后產(chǎn)生的光電子最大初動能較大，根據(jù)光電效應(yīng)方程得，b光的頻率大于a光的頻率，故ACD錯誤，B正確；故選B.【題目點(diǎn)撥】根據(jù)遏止電壓的大小比較光電子的最大初動能，從而結(jié)合光電效應(yīng)方程比較入射光的頻率．根據(jù)飽和電流的大小比較入射光的強(qiáng)度．6、C【解題分析】

A.對全程由動能定理得：可得：故A錯誤；B.圖象的斜率的大小代表加速度的大小，故有：故B錯誤；C.由圖可知，物體先做勻加速直線運(yùn)動，1s末速度為，由動能定理可知：減速過程中，只有阻力做功：則可得：由圖象可知：解得：故C正確；D.由圖象可知所用的時間之比為：根據(jù)可知故D錯誤。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、ACD【解題分析】

對A分析，A受到繩子的拉力和重力作用，故有，同一條繩子上的拉力相同，所以繩子對B的拉力大小也為mg，對B分析，B受到繩子的拉力，斜面的支持力，重力，規(guī)定沿斜面向下為正，在沿斜面方向上有，解得，為正，說明沿斜面向下，C正確；將BC看做一個整體，整體受到繩子斜向上的拉力，重力，和支持力，水平方向的摩擦力，在豎直方向上有，解得，在水平方向上，故B錯誤D正確；對定滑輪分析，受輕桿的作用力和兩條繩子的拉力，其中兩條繩子的拉力大小為mg，夾角為60°，根據(jù)平行四邊形可得輕桿對滑輪的作用，A正確；【題目點(diǎn)撥】本題考查受力分析以及共點(diǎn)力的平衡條件應(yīng)用，要注意明確整體法與隔離法的正確應(yīng)用．①整體法：以幾個物體構(gòu)成的整個系統(tǒng)為研究對象進(jìn)行求解．在許多問題中用整體法比較方便，但整體法不能求解系統(tǒng)的內(nèi)力．②隔離法：從系統(tǒng)中選取一部分（其中的一個物體或兩個物體組成的整體，少于系統(tǒng)內(nèi)物體的總個數(shù)）進(jìn)行分析．隔離法的原則是選取受力個數(shù)最少部分的來分析．③通常在分析外力對系統(tǒng)作用時，用整體法；在分析系統(tǒng)內(nèi)各物體之間的相互作用時，用隔離法．有時在解答一個問題時要多次選取研究對象，需要整體法與隔離法交叉使用8、AC【解題分析】

A．根據(jù)兩個物體的總位移相等，v-t圖象的“面積”表示位移，作出兩個物體的v-t圖象，可知t甲＞t乙．故A正確．B．v-t圖象的斜率表示加速度，由圖知，甲勻加速運(yùn)動的加速度小于乙勻加速運(yùn)動的加速度，由牛頓第二定律得：mgsinθ+μmgcosθ=ma得a=gsinθ+μgcosθ則知μ小時，a小，因此物體與甲傳送帶之間的動摩擦因數(shù)比乙小，故B錯誤．C．根據(jù)動能定理得：則得傳送帶對物體做功h、v、m都相等，則W相等，故C正確．D．設(shè)傳送帶長為L．甲中：物體運(yùn)動時間為：物體與傳送帶間的相對位移大小為：△x甲=vt甲-L=L物體的加速度為：由牛頓第二定律得：mgsinθ+f甲=ma甲得：產(chǎn)生的熱量為：乙中：物體運(yùn)動時間為物體與傳送帶間的相對位移大小為：物體的加速度為：由牛頓第二定律得：mgsinθ+f乙=ma乙得：產(chǎn)生的熱量為：則知乙與物體摩擦產(chǎn)生的熱量較多，故D錯誤．9、CD【解題分析】

平拋運(yùn)動的水平分速度不變，豎直分速度逐漸增大，根據(jù)平行四邊形定則判斷速度的方向關(guān)系平拋運(yùn)動的加速度不變，做勻變速曲線運(yùn)動，結(jié)合加速度的方向得出速度變化量的方向以及速度變化量的大小?！绢}目詳解】平拋運(yùn)動在水平方向的分速度不變，豎直分速度逐漸增大，根據(jù)平行四邊形定則知，和的方向不同，故A錯誤；物體做平拋運(yùn)動時的加速度恒定，做勻變速運(yùn)動，由于加速度的方向豎直向下，則速度變化量的方向始終豎直向下，故B錯誤；由于加速度的方向向下，則由到的速度變化量的方向一定豎直向下，大小，故CD正確。所以CD正確，AB錯誤。【題目點(diǎn)撥】解決本題的關(guān)鍵知道平拋運(yùn)動的特點(diǎn)，知道速度變化量的方向與加速度的方向相同，基礎(chǔ)題。10、AC【解題分析】

A．若甲、乙?guī)N電荷，相互排斥，乙逐漸遠(yuǎn)離甲，斥力做正功，則乙的速度一定越來越大，故A項正確；B．若甲、乙?guī)N電荷，相互排斥，乙逐漸遠(yuǎn)離甲，根據(jù)庫侖定律，相互作用力逐漸減小，加速度越來越小，故B項錯誤；C．若甲、乙?guī)М惙N電荷，相互吸引，如果引力剛好等于乙球做圓周運(yùn)動所需要的向心力，乙繞甲做勻速圓周運(yùn)動，速度大小不變；如果引力大于乙球做圓周運(yùn)動所需要的向心力，乙做近心運(yùn)動，引力做正功，速度大小增大；如果引力小于乙球做圓周運(yùn)動所需要的向心力，乙做離心運(yùn)動，引力做負(fù)功，速度大小減小。所以速度大小可能不變，可能增大，也可能較小，故C項正確；D．若甲、乙?guī)М惙N電荷，相互吸引，不管乙做勻速圓周運(yùn)動，還是近心運(yùn)動，或是離心運(yùn)動，引力方向一定變化，加速度方向一定變化。故D項錯誤。三、實(shí)驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①A②m1OP③OM+OP【解題分析】（1）為了保證入射小球不反彈，則入射小球的質(zhì)量大于被碰小球的質(zhì)量；為了發(fā)生對心碰撞，兩球的半徑需相同，故A錯誤；在同一組實(shí)驗的不同碰撞中，每次入射球必須從同一高度由靜止釋放，保證碰前的速度相同，故B正確．為了保證小球做平拋運(yùn)動，安裝軌道時，軌道末端必須水平，故C正確．在該實(shí)驗中需要測量小球的質(zhì)量以及小球的水平位移，需要的測量儀器是天平、刻度尺，故D正確．故選BCD．

（2）碰撞過程中，如果水平方向動量守恒，由動量守恒定律得：m1v1=m1v1′+m2v2，小球做平拋運(yùn)動時拋出點(diǎn)的高度相等，它們在空中的運(yùn)動時間t相等，兩邊同時乘以時間t，m1v1t=m1v1′t+m2v2t，m1OB=m1OA+m2OC；即如果得到m1OB=m1OA+m2OC，則認(rèn)為碰撞中的不變量是質(zhì)量與速度的乘積之和．（3）若碰撞中系統(tǒng)的動能守恒，則12m1v12=12m1v1′2+12m2v22，即12m1OB2=12m1OA2+12點(diǎn)睛：實(shí)驗注意事項：（1）前提條件：保證碰撞是一維的，即保證兩物體在碰撞之前沿同一直線運(yùn)動，碰撞之后還沿這條直線運(yùn)動．（2）利用