2020-2021學年遼寧省本溪高級中學高一（上）月考物理試卷（12

月份）

1.中國在酒泉衛(wèi)星發(fā)射中心用“長征二號F一72”火箭將“天宮二號”

空間實驗室成功發(fā)射升空，順利入軌并正常開展各項科研活動，如圖。

關于“天宮二號”與火箭起飛的情形，下列敘述正確的是（）

A.火箭發(fā)射時，噴出的高速氣流對火箭的作用力大于火箭對氣流的作用

力

B.高溫高壓燃氣從火箭尾部噴出時對火箭的作用力與火箭對燃氣的作

用力是一對平衡力

C.運載火箭尾部向下噴氣，噴出的氣體對火箭產生反作用力，火箭獲得向上的推力

D.火箭減速時，噴出的高速氣流對火箭的作用力小于火箭對氣流的作用力

2.太空中測量質量的原理是依據(jù)牛頓運動定律：航天員在輕質支架上被另一航天員拉離平衡

位置，如圖所示，松手后，該航天員在大小為120N的恒定合力作用下，經(jīng)0.5s復位，測得復

位時瞬間速度為lm/s,則被測航天員的質量為（）

航天員固定在人體支架上

另一航

員將其向外

拉到一定位

置后松手

A.65依B.60伙C.70版D.75依

3.本組照片記錄了一名騎車人因自行車前輪突然陷入一較深的水坑而倒地的過程.下面是從

物理的角度去解釋此情境的，其中正確的是（）

A.這是因為水坑里的水對自行車前輪的阻力太大，而使人和車一起倒地的

B.騎車人與自行車原來處于運動狀態(tài)，車前輪陷入水坑后前輪立刻靜止，但人與車的后半部

分由于慣性仍保持原有的運動狀態(tài)，因此摔倒

C.因為自行車的前輪陷入水坑后，自行車還能加速運動，所以人和車一起倒地了

D.因為自行車的前輪陷入水坑后，自行車的慣性立即消失，而人由于慣性將保持原有的運動

狀態(tài)，故人向原來的運動方向倒下了

4.如圖所示，物塊A放在傾斜的木板上，木板的傾角a為37。和45。時

物塊所受摩擦力的大小恰好相同，則(sin37。=0.6,cos37°=0.8)()

A.物塊和木板間的動摩擦因數(shù)為三

B.物塊和木板間的動摩擦因數(shù)為苧

C.木板的傾角a為37。時物塊可能在木板上做勻速直線運動

D.木板的傾角a為45。時物塊可能在木板上做勻速直線運動

5.如圖所示，細繩跨過固定的水平輕桿BC右端的定滑輪掛住一個質量為M的物體，

N4CB=30。；圖乙中輕桿HG一端用錢鏈固定在豎直墻上，另一端G通過細繩EG拉??；EG

與水平方向也成30。，在輕桿的G點用細繩G尸拉住一個質量也為M的物體，則有()

甲乙

A.細繩AC段的張力Fmc與細繩EG的張力尸丁配之比為1：1

B.細繩AC段的張力FT.C與細繩EG的張力FTEG之比為2：1

C.輕桿8c對C端的支持力與輕桿4G對G端的支持力之比為1：V3

D.輕桿對C端的支持力與輕桿HG對G端的支持力之比為1：1

6.下列說法正確的是()

A.物體的速度變化越大，加速度越大B.物體的加速度為零時，速度一定為零

C.物體的加速度越大，速度變化越快D.物體的加速度越大，速度變化越大

7.甲、乙兩質點在同一直線上運動，從t=0時刻起同時出發(fā)，甲做勻加速直線運動，x-t圖

像如圖甲所示。乙做勻減速直線運動，整個運動過程的X-后圖像如圖乙所示。則下列說法

正確的是（）

|r/m

A.t=0時刻，甲的速度為2m/s,乙的速度為10m/s

B.甲、乙兩質點的加速度大小均為4m/s2

C.經(jīng)過等s,甲追上乙

D.經(jīng)過2.5s,甲追上乙

8.跳傘運動員做低空跳傘表演，他離開飛機后先做自由落體運動，當距離地面125,”時打開

降落傘，傘張開后運動員就以14.3m/s2的加速度做勻減速運動，到達地面時速度為5M/S。下

列說法中正確的是（g=10m/s2）（）

A.運動員在此過程中的最大速度為5（hn/s

B.運動員離開飛機時距地面的高度為180/〃

C.運動員離開飛機后，約經(jīng)過9.85s到達地面

D.由于緊張運動員提前打開降落傘，落地速度可能仍為5rn/s

9.一物體做勻加速直線運動，經(jīng)過時間r,它的速度由火變?yōu)榱?，?jīng)過的位移為6,下列說法

中正確的是（）

A.這段時間內它的平均速度為7=，

B.經(jīng)過，時，它的瞬時速度為"=空

C.運動前與立移所用時間為!

D.經(jīng)過|時，它的瞬時速度為唇顯

10.在足夠高的空中某點豎直上拋一物體，拋出后第3s內物體的位移大小為3處以豎直向上

為正方向，忽略空氣阻力的影響，g取10m/s2,則下列說法正確的是（）

A.物體向上運動的時間可能為2.2sB.第4s末的瞬時速度可能為-12m/s

C.第3s內的平均速度可能是lzn/sD.前4s內的位移可能為32m

11.如圖所示，物體P以一定的初速度沿光滑水平面向右運動，與一個右端固定的輕質彈簧相

撞并被彈簧反向彈回。若彈簧在被壓縮過程中始終遵守胡克定律，那么在P與彈簧發(fā)生相互

作用的整個過程中（）

A.尸做勻變速直線運動

B.P的加速度方向保持不變

C.當加速度數(shù)值最大時，速度也最大

D.有一段過程，P的加速度逐漸減小，速度逐漸增大

12.兩光滑平板OM、ON構成一具有固定夾角M=75。的V形槽，一球置于槽內，用。表示

ON板與水平面之間的夾角，如圖所示。調節(jié)ON板與水平面之間夾角。，使球對板ON壓力

的大小正好等于球所受重力的大小，則下列說法正確的是（）

0

A.。=15°

B.0=30°

C.若將整個裝置繞過。點垂直于紙面的軸緩慢逆時針轉動至OM板水平，則球對板ON壓力

先變大后變小，對板OM壓力變大

D.若將整個裝置繞過O點垂直于紙面的軸緩慢逆時針轉動至OM板水平,則球對板ON壓力

變小，對板壓力先變大后變小

13.用如圖1所示裝置做“探究物體的加速度跟力的關系”的實驗.實驗時保持小車的質量不

變，用鉤碼所受的重力作為小車受到的合力，用打點計時器和小車后端拖動的紙帶測出小車

運動的加速度.

圖3FN

圖1圖；:

(1)實驗時先不掛鉤碼，反復調整墊木的左右位置，直到小車做勻速直線運動，這樣做的目的

是

(2)圖2為實驗中打出的一條紙帶的一部分，從比較清晰的點跡起，在紙帶上標出了連續(xù)的5

個計數(shù)點A、B、C、D、E,相鄰兩個計數(shù)點之間都有4個點跡沒有標出，測出各計數(shù)點到A

點之間的距離，如圖所示.已知打點計時器接在頻率為50法的交流電源兩端，則此次實驗中

小車運動的加速度的測量值a=m/s2.(結果保留兩位有效數(shù)字)

(3)實驗時改變所掛鉤碼的質量，分別測量小車在不同外力作用下的加速度.根據(jù)測得的多組

數(shù)據(jù)畫出a-F關系圖線，如圖3所示.此圖線的A8段明顯偏離直線，造成此現(xiàn)象的主要原

因可能是.(選填下列選項的序號)

A.小車與平面軌道之間存在摩擦

B.平面軌道傾斜角度過大

C所掛鉤碼的總質量過大

。.所用小車的質量過大.

14.某實驗小組用如圖所示的器材驗證“力的平行四邊形定則”。在水平的圓形桌面上平鋪一

張白紙，在桌子邊緣安裝三個光滑的滑輪，其中滑輪Pi固定在桌子邊，滑輪「2、「3可沿桌邊

移動。

步驟如下：

A.在三根輕繩下掛上一定數(shù)量的鉤碼，調整滑輪「2、P3位置并使結點O靜止；

B.在白紙上描下。點的位置和三根繩子的方向，以。點為起點，用同一標度作出三個拉力的

圖示：

C.以繞過滑輪22、P3繩的兩個力為鄰邊作平行四邊形，作出以O點為起點的平行四邊形的對

角線，量出對角線的長度；

。.檢驗對角線的長度和繞過滑輪P繩拉力的圖示的長度是否一樣，方向是否在一條直線上。

(1)關于本次試驗操作，下列說法正確的是;

A.每次實驗必須將繩子結點O調整至圓桌桌面的圓心處。

B.在實驗中為減小誤差，應將滑輪P2、P3擺放距離越大越好

C.某次實驗中，結點。已靜止，如在每個滑輪上同時增加一個相同的鉤碼，結點。一定仍保

持靜止

D實驗中應調整滑輪高度，使三根繩子盡可能與桌面平行

(2)第一次實驗中，若一根繩掛的鉤碼質量為2根，另一根繩掛的鉤碼質量為3M，則第三根繩

所掛的鉤碼質量M應滿足關系；

(3)第二次實驗時，改變滑輪P2、23的位置和相應繩上鉤碼的數(shù)量，使結點平衡，繩的結點

;(選填“必須”或“不必”)與第一次實驗中白紙上描下的。點重合?實驗中，若桌

面傾斜，。(選填“會”或“不會”)影響實驗的結論

15.如圖所示，一小車水平向右運動，車廂內有一輕繩的上端固

定在車廂的頂部，下端拴一小球，當小球相對車廂靜止時，懸

線與豎直方向夾角為0,車廂底部放有一質量為根的木箱，與

車廂相對靜止，已知重力加速度為g,求：

(1)小車運動時的加速度大??；

(2)木箱受到的車廂底部的摩擦力的大小和方向。

16.如圖甲所示，質量M=3kg的木塊A套在固定的水平桿上，并用輕繩與質量為m=1的小

球8相連，在水平向右的外力用=8N作用下，A、B一起向右做勻速直線運動，運動過程中

木塊與小球的相對位置保持不變，g=10m/s2。求：

(1)木塊與水平桿間的動摩擦因數(shù)〃及輕繩與水平方向夾角的正切值tan仇

(2)如圖乙，若氏受到的外力由水平變?yōu)樾毕蛴疑戏脚c水平方向夾角a=37。，且A、B恰好一

起向右做勻速直線運動，求此外力尸為多大？(sin3求=0.6,cos37°=0.8)

17.如圖所示，為車輛行駛過程中變道超車的情景。圖中48兩車相距L=5.5m時，B車正以

vB=54憶巾//1速度勻速行駛，A車正以以=68.4km//i的速度借道超越同向行駛的8車，此時

A車司機發(fā)前方不遠處有一輛汽車C正好迎面駛來，A車司機不得不放棄超車，而立即駛回

到與B車相同的正常行駛車道。不考慮變道過程中車速的變化和位移的側向變化，車輛加速、

減速均視為勻變速運動。

(1)4車至少以多大的加速度剎車，才能避免與B車相撞；

(2)若4車駛回原車道時，司機估計會與B車相碰的危險，立即以大小為期=0.50m/s2的加

速度剎車，同時鳴笛發(fā)出信號提醒B車司機加速，B車司機經(jīng)過"=1.0s的反應時間后，立

即以a-=2.0m/s2的加速度勻加速行駛。(不計4車司機的反應時間)。請通過計算分析A會

不會追尾B車。若不追尾，求兩車間最近距離。若追尾，B車司機做出反應后至少以多大加

速度勻加速行駛才能避免事故發(fā)生。

答案和解析

1.【答案】c

【解析】解：4、火箭發(fā)射時，噴出的高速氣流對火箭的作用力與火箭對氣流的作用力是一對相互

作用力，所以火箭發(fā)射時，高速氣流對火箭的作用力等于火箭對高速氣流的作用力，故A錯誤；

8、高溫高壓燃氣從火箭尾部噴出時對火箭的作用力與火箭對燃氣的作用力是一對相互作用力，不

是一對平衡力，故8錯誤；

C、運載火箭尾部向下噴氣，火箭升空利用的是噴出的氣體對火箭的反沖作用，使火箭獲得向上

的推力，故C正確；

。、火箭減速時，噴出的高速氣流對火箭的作用力與火箭對氣流的作用力是一對相互作用，故高

速氣流對火箭的作用力等于火箭對高速氣流的作用力，故O錯誤。

故選：Co

從牛頓第三定律的角度分析；從一對相互作用力與一對平衡力的異同方面作答；明確火箭升空的

原因是自身噴出的氣體的反沖作用，與是否有空氣是無關的。

一對相互作用力和一對平衡力最大的區(qū)別是：一對作用力與反作用力的作用點作用在不同物體上,

而一對平衡力的作用點作用在同一物體上，同時注意作用力與反作用力性質相同，一對平衡力的

性質不一定相同。

2.【答案】B

【解析】解：由勻變速直線運動速度-時間公式得：v=at

根據(jù)牛頓第二定律得航天員的加速度為：a=￡

m

代入數(shù)據(jù)聯(lián)立解得：m=60kg

故8正確，AC。錯誤；

故選：B。

根據(jù)勻變速直線運動速度-時間公式求解加速度，根據(jù)牛頓第二定律求解航天員的質量。

本題考查牛頓第二定律和運動學公式，知道加速度是聯(lián)系力學和運動學的橋梁。

3.【答案】B

【解析】解：在騎車人因自行車前輪突然陷入一水坑而倒地的過程中，騎車人開始時與車處于運

動狀態(tài)，當車前輪陷入水坑后前輪立刻靜止，但人與車的后半部分由于慣性仍保持原有的向前的

運動狀態(tài)，因此摔倒。故AC。錯誤，B正確

故選：Bo

任何物體在任何情況下都有慣性，與運動的狀態(tài)無關；分析前輪運動狀態(tài)的變化，然后結合整體

分析即可。

該題屬于物理知識在日常生活中的應用，要避免此類事故的再次發(fā)生,盡量在水下的情況未知時，

不要趟水。

4.【答案】B

【解析】解：AB,當木板傾角是37。時，物塊受到是靜摩擦力，其大小等于mgsin37。。

當木板傾角是45。時，物塊受到是滑動摩擦力，其大小等于pngcos45。。

由題意可得：〃mgcos45。=mgsin37。，解得：〃=第，故A錯誤，B正確；

C、木板的傾角a為37。時物塊在木板上靜止，故C錯誤；

D、木板的傾角a為45。時，物塊受到的滑動摩擦力：f=/J.mgcos450-0.6mg<m^sin45°,物塊

將沿木板向下做加速運動，故。錯誤；

故選：B。

摩擦力的大小卻恰好相同，則可得它們一個靜摩擦力，另一個是滑動摩擦力。由靜止可列出平衡

方程，求出靜摩擦力大小與重力的關系；再由運動可由滑動摩擦力的公式，求出滑動摩擦大小與

重力的關系，從而算出物塊與木板間的動摩擦因數(shù)。

求摩擦力的大小時，先區(qū)別是靜摩擦還是滑動摩擦，然后再選擇求大小的方法。若是靜摩擦力則

利用平衡來求出靜摩擦力的大小，若是滑動摩擦力則是利用滑動摩擦力與正壓力成正比來計算出

大小。

5.【答案】C

【解析】解：

AB、圖甲中繩AC段的拉力。c=Mg；圖乙中由于7^E30。=m2。,得匕=2Mg,解得:卷=p

故AB錯誤。

CD、圖甲中，兩段繩的拉力都是Mg,互成120。，因此合力大小是Mg,根據(jù)共點力平衡，8c桿

對滑輪的作用力大小也是Mg,（方向與豎直向上方向成60。，斜向右上方），圖乙中，以G點為研

究對象，分析受力情況，如圖，

Q

由平衡條件得，THCtan30=Mg,得7族=百"9，即”G桿的作用力為故C正確，。錯

誤；

故選：Co

圖甲中，根據(jù)定滑輪的特點可知，兩段繩的拉力都是G,由平衡條件可求得BC桿對滑輪的作用

力。圖乙中，以G點為研究對象，分析受力情況，如圖，由平衡條件可求得細繩EG的張力TEG，

即可求解。

本題首先要抓住定滑輪不省力的特點，其次要根據(jù)平衡條件，以G點為研究對象，按力平衡問題

的一般步驟求解細繩EG的張力。

6.【答案】C

【解析】解：A、根據(jù)a=告知，速度變化越大，加速度不一定大，故A錯誤；

8、加速度為零，說明物體的速度恒定不變，不一定為零，比如勻速直線運動，故B錯誤；

CD,加速度是描述速度變化快慢的物理量，加速度越大，速度變化越快，故C正確，D錯誤；

故選：Co

加速度等于單位時間內的速度變化量，反映速度變化快慢的物理量。加速度與速度無關。

解決本題的關鍵知道加速度的物理意義，知道加速度的大小與速度大小、速度變化量的大小無關，

基礎題。

7.【答案】BC

2

【解析】解：AB,質點甲做勻加速直線運動，則：x=x0+v0t+latpt,由圖甲可知，t=0時，

%0=—2m

第Is內的位移為：x1=0m—(—2m)=2m,前2s內的位移為：x2=6m—(—2m)=8m

2

代入解得：v0=0,=4m/so

質點乙做勻減速直線運動，根據(jù)圖乙得。一=-2ax,得x=/_〃2,x—M圖像的斜率大小

乙2。乙

/￡=，一=需，解得勻減速過程中加速度大小a乙=4m/s2,乙的初速度為=10m/s,故A錯

誤，3正確；

CD、乙勻減速停下來的時間t=—==2.5s,位移x=12.5m,出發(fā)瞬間，乙的位置在x=0

a乙x4

處，可知t=0時刻乙在甲前方2〃1處,而在t=2s時刻甲的位置在x=6m處，乙的位置在x=10m

處，所以在前2.5s內甲追不上乙；由于t=2.5s后乙靜止，所以甲追上乙的位置在久=12.5巾處，

代入甲的位移-時間公式x=xo+%t+ga/t2,可得：t=萼s,即經(jīng)過季s,甲追上乙，故C

正確，。錯誤。

故選：BC。

根據(jù)勻加速直線運動的位移-時間公式以及位移-速度公式分別列式，然后結合圖中得數(shù)據(jù)分析求

解。

解決本題時，要理解位移-時間圖像的物理意義，知道圖線的切線斜率表示瞬時速度，縱坐標變化

量表示位移，能熟練運用運動學公式分析追及問題。

8.【答案】C

【解析】解：A、運動員打開降落傘時速度設為北，由位移速度關系式：-2皿=講一詔，代入

數(shù)據(jù)解得：v0=60m/s,故A錯誤；

B、自由落體運動的時間t=曳=界s=6s,自由落體運動的位移為：九'=4/2,代入數(shù)據(jù)解得

h'=180m,運動打開降落傘后繼續(xù)下降無=1257n后到達地面，因此運動員離開飛機時距地面的

高度為H=h'+h=180m+125m=305m,故B錯誤；

C、減速階段運動的時間匕=%==3.85s,到達地面的時間t總=。+t=3.85s+6s=

9.85s,故C正確；

。、當運動員提前打開降落傘，則其加速位移減小，最大速度減小，減速位移距離增大，根據(jù)"'2一

詔=2ax,可得M=，詔+2ax,因此M變小，即小于5m/s,故￡＞錯誤；

故選：Co

運動員打開降落傘后做勻減速直線運動，已知末速度、加速度和位移，根據(jù)速度-位移公式列式求

解即可最大速度；首先根據(jù)自由落體運動求得運動員做自由落體運動下降的高度，再根據(jù)題意即

可求得總高度：根據(jù)速度-時間公式求得自由落體運動的時間和勻減速運動的時間即可求得總時間；

根據(jù)速度-位移公式列式即可分析。

本題關鍵明確運動員的兩段運動過程，找出已知量和待求量，然后選擇恰當?shù)倪\動學公式列式求

解。

9.【答案】ABD

【解析】解：4、根據(jù)平均速度等于位移與時間段的比值可知7=故A正確；

B、根據(jù)勻變速直線運動的推論，中間時刻的瞬時速度等于該段時間的平均速度，等于初末速度之

和的一半可知經(jīng)過郭寸，它的瞬時速度為。="產，故8正確；

C、根據(jù)A分析可知，這段時間內它的平均速度為B=運動前5位移所用時間為t'=3=5,故C

錯誤；

。、根據(jù)勻變速直線運動的推論，中間位置的瞬時速度等于J亨，故。正確；

故選：ABD。

根據(jù)平均速度的定義式和推論分別求出平均速度的大小，勻變速直線運動的平均速度等于中間時

刻的瞬時速度，結合速度-位移公式求出中間位置的瞬時速度。

解決本題的關鍵掌握勻變速直線運動的運動學公式和推論，并能靈活運用，有時運用推論求解會

使問題更加簡捷。

10.【答案】ABD

【解析】解：A、第3s內的位移可能為+3m,也可能是一3m,則有位移-時間公式x=+如2可

得

1

3=vx1-^x10xIQ2

-3=vxl-|xl0xl2

解得第3s內的初速度即第2s末的末速度為u=8m/s或2m/s

則物體數(shù)值上拋的初速度%=。+gt

代入數(shù)據(jù)可得。o=28m/s或22m/s。

則物體的上升時間為t="

9

代入數(shù)據(jù)得t=2.8s或2.2s.故A正確；

B、根據(jù)速度-時間公式。4=v0-gt

代入數(shù)據(jù)可得以=-12m/s或-18m/s。故B正確；

C、第3s內的位移方向可能向上，可能向下，則平均速度可能是3m/s,也可能是-3m/s,故C

錯誤；

D、根據(jù)位移-時間公式可得前4s內的位移為

4=28x47n—x10x42m=32m

九2=22x4m—x10x42m=8m

故。正確；

故選：ABD.

第3s內的位移方向可能向上也可能向下，所以有兩種情況，分別根據(jù)位移-時間公式和速度-時間

公式即可得到物體的初速度以及在某一時刻的速度；根據(jù)平均速度的定義式即可得到第3s內的平

均速度，也有兩種情況。

解決本題的關鍵是要知道題目中給出的是位移的大小，而位移是有方向的，所以要分別列方程計

算，否則容易漏選，另外熟練掌握運動學公式是解答本題的基礎。

11.【答案】BD

【解析】解：A、在向右運動的過程中，物體P受到的彈力逐漸增大，則物體P做加速度增大的

減速運動；物體P向左運動時，彈簧彈力逐漸減小，物體產做加速度減小的加速運動，故4錯誤；

8、尸的加速度由彈簧的彈力提供，方向一直水平向左，故8正確；

C、壓縮彈簧的過程中，當彈簧的形變量最大時，物體的加速度最大，此時物體的速度為零，故C

錯誤；

。、當彈簧壓縮最短后將物體P向左彈出的過程中，彈簧彈力向左，物體P向左運動，隨著彈簧

的彈力逐漸減小，物體P的加速度也逐漸減小，物體做加速度減小的加速運動，故。正確；

故選：BD。

熟悉物體P的受力分析，根據(jù)胡克定律得出彈力的大小和方向，結合速度和彈力的特點分析出物

體的運動類型。

本題主要考查了胡克定律的相關應用，熟悉物體的受力分析，結合牛頓第二定律即可完成解答。

12.【答案】BD

【解析】解：AB,對球受力分析如圖1所示：

圖1

球受重力機g、擋板M0的支持力為和擋板NO的支持力5三個力的作用，

根據(jù)題意知，擋板NO的支持力風等于球的重力mg,即FN=M0球靜止，所以球所受的三個力的

合力為零，

三個力的合力為零，則其中任意兩個力的合力必定與第三個力構成平衡力，

圖中所示的心與FM的合力尸與重力構成平衡力，即尸'=機9,所以力的三角形。'鳳廠是等腰三

角形，

根據(jù)幾何關系和已知條件得：3=竺產

對于四邊形OM'0'N'有：NM'O'N'+M=180"

即W+8+/=180°

解得：竺F+8+75。=180°,

所以。=30°。

故A錯誤，B正確;

CD,在逆時針轉動槽時，由于是緩慢轉動，則可認為在轉動過程中仍然保持力平衡狀態(tài)，如圖2

所示：

ma*

Q

圖2

由于槽型的角度固定，也即F°N與夾角固定，而重力大小即方向始終保持不變，轉動過程中隨

。逐漸增大，球對板ON壓力變小，對板OM壓力先變大后變小；

故C錯誤，。正確；

故選：BD。

對球進行受力分析，根據(jù)力的合成和共點力平衡條件得出各力間的關系.根據(jù)題目中已知條件和

幾何關系求出。值.以小球為研究對象進行受力分析，根據(jù)重力不變，作圖即可分析C。項。

本題主要是考查了共點力的平衡之動態(tài)分析問題，關鍵是知道整體旋轉問題的處理方法，采用圖

解法解決問題比較方便。

13.【答案】平衡小車運動中所受的摩擦阻力；1.0；C

【解析】解：(1)實驗時繩的下端先不掛鉤碼，反復調整墊木的左右位置，直到小車做勻速直線運

動，以使小車的重力沿斜面分力和摩擦力抵消，那么小車的合力就是繩子的拉力.這樣做的目的

是平衡小車運動中所受的摩擦阻力.

(2)計數(shù)點間的時間間隔為：t=0.02sx5=0.1s,

由△x=at?可得：小車的加速度為：

XCE-X4c0.2160-0.0879-0.0879

—1.0m/s2.

4x(0.1)

(3)隨著力尸的增大，即祛碼和小盤總質量的增大，不再滿足成碼和小盤的質量遠小于小車的質量,

因此曲線上部出現(xiàn)彎曲現(xiàn)象，故ABD錯誤，C正確：

故選：C.

故答案為：(1)平衡小車運動中所受的摩擦阻力；(2)1.0；(3)C

(1)探究物體加速度與力的關系實驗中，要使小車受到的拉力等于鉤碼的重力，在實驗前應平衡摩

擦力；

(2)根據(jù)紙帶數(shù)據(jù)，由△x=at?可求小車的加速度.

(3)為使繩子拉力近似等于祛碼和祛碼盤的重力，應滿足祛碼和祛碼盤的質量遠小于小車的質量.

對于實驗，我們要從實驗原理、實驗儀器、實驗步驟、實驗數(shù)據(jù)處理、實驗注意事項這幾點去理

解.對牛頓第二定律實驗中關鍵明確平衡摩擦力的原因和要求滿足祛碼總質量遠小于小車質量的

理由.

14.【答案】Dm<M<5nl不必不會

【解析】解：(1)4實驗是繞過滑輪。2、「3繩的兩個力為鄰邊作平行四邊形，看其對角線和繞過滑

輪P繩拉力的圖示的長度是否一樣，方向是否在一條直線上，不需要將繩子結點。調整至圓桌桌

面的圓心處，故A錯誤；

B.在實驗中為減小誤差，應將滑輪「2、P3擺放距離并不是越大越好，只要角度合適即可，故8錯

誤；

C.某次實驗中，結點。已靜止，如在每個滑輪上同時增加一個相同的鉤碼，結點0不一定仍保持

靜止，故C錯誤；

D實驗中應調整滑輪高度，使三根繩子盡可能與桌面平行，故。正確。

故選：D。

(2)根據(jù)力的矢量三角形可得：m<M<5m；

(3)每次實驗都要記錄Pi、P2,P3的位置和結點位置，繩結點位置不必與第一次實驗中白紙上描下

的。點重合；

實驗中，若桌面傾斜，只要使三根繩子盡可能與桌面平行，不會影響實驗結論。

,故答案為：(1)D；(2)m<M<5m(3)不必，不會

(1)根據(jù)實驗原理和注意事項分析判斷；

(2)根據(jù)三角形三邊關系判斷；

(3)根據(jù)實驗注意事項判斷。

本題考查驗證力的平行四邊形定則實驗，要求掌握實驗原理、實驗裝置、實驗步驟和數(shù)據(jù)處理。

15.【答案】解：(1)小球與小車具有相同的加速度，對小球分析受力如圖所示。

根據(jù)牛頓第二定律得

m球gtan9=m以a

可得a=gtan。，方向水平向左

(2)對木箱分析，根據(jù)牛頓第二定律得

f=ma=mgtand,方向水平向左

答：(1)小車運動時的加速度大小為gtan。；

(2)木箱受到的車廂底部的摩擦力的大小為mgtan。，方向水平向左。

【解析】(1)木箱、小球與小車具有相同的加速度。對小球受力分析，根據(jù)牛頓第二定律求出加速

度大小。

(2)對木箱受力分析，運用牛頓第二定律列式求解木箱受到的車廂底部的摩擦力。

解決本題時，要明確木箱、小球與小車具有相同的加速度，要靈活選擇研究對象，對小球采用合

成法，結合牛頓第二定律求解加速度是關鍵。

16.【答案】解：(1)小球受到重力、外力尸。和輕繩的拉力T,如圖所示：

由平衡條件得：tan。=?

解得：tan0=7

4

A8整體受到重力+支持力F^，水平力&和摩擦力先作用，由平衡條件得：

豎直方向有：FNi=(M+m)g

水平方向有：Fo=h

又由：h=〃FNI

代入數(shù)據(jù)解得：〃=0.2

(2)AB整體受到重力(M+m)g,支持力FN2,外力尸和摩擦力心作用，由