第第頁2022-2023學(xué)年湖北省恩施州高中教育聯(lián)盟高二（下）期末物理試卷（含解析）2022-2023學(xué)年湖北省恩施州高中教育聯(lián)盟高二（下）期末物理試卷

一、單選題（本大題共7小題，共28.0分）

1.如圖所示，日前多媒體教學(xué)一體機(jī)普遍采用了電容觸摸屏，因?yàn)楣ぷ髅嫔辖佑懈哳l信號，當(dāng)用戶手指觸摸電容觸摸屏?xí)r，手指相當(dāng)于接地導(dǎo)體，手指和工作面形成一個電容器，控制器由此確定手指位置。對于電容觸摸屏，下列說法正確的是()

A.手指與屏的接觸面積變大時，電容變大

B.手指與屏的接觸面積變大時，電容變小

C.手指壓力變大時，手指與屏的工作面距離變小，電容變小

D.手指壓力變大時，手指與屏的工作面距離變小，電容不變

2.如圖所示，甲圖是年月日上午在恩施地區(qū)觀看到的“日暈”圖片。民間有“日暈三更雨，月暈午時風(fēng)”、“看到日暈都會帶來好運(yùn)”等說法。“日暈”又叫“圓虹”，是日光通過卷層云時，受到冰晶的折射或反射形成的。如圖乙所示，為一束太陽光射到六角形冰晶上時的光路圖，、為其折射出的光線中的兩種單色光，下列說法正確的是()

A.冰晶對光的折射率大于對光的折射率

B.在冰晶中，光的傳播速度較小

C.用同一裝置做雙縫干涉實(shí)驗(yàn)，光的條紋間距比光的窄

D.從同種玻璃中射入空氣發(fā)生全反射時，光的臨界角較大

3.如圖所示，四根等長的均勻帶電的絕緣體棒組成了一個正方形，點(diǎn)為正方形的中心，四根絕緣棒帶有相同的電荷量，其中、兩棒帶正電荷，、兩棒帶負(fù)電荷。已知棒上的電荷單獨(dú)在點(diǎn)產(chǎn)生的電場強(qiáng)度大小為，電勢為。則下列說法正確的是()

A.點(diǎn)處的電場強(qiáng)度大小為B.點(diǎn)處的電場強(qiáng)度大小為

C.點(diǎn)處的電勢為D.點(diǎn)處的電勢為

4.波速均為的甲、乙兩列簡諧橫波都沿軸正方向傳播，某時刻兩列波的圖象分別如圖所示，其中、處的質(zhì)點(diǎn)均處于波峰．關(guān)于這兩列波，下列說法中正確的是()

A.如果這兩列波相遇可能發(fā)生穩(wěn)定的干涉圖樣

B.甲波的周期大于乙波的周期

C.甲波中處質(zhì)點(diǎn)比處質(zhì)點(diǎn)先回到平衡位置

D.從圖示時刻開始，經(jīng)過，、質(zhì)點(diǎn)通過的路程均為

5.如圖所示，光滑輕桿傾斜固定在水平地面上，桿上套有一質(zhì)量為的小環(huán)，輕繩跨過光滑的定滑輪與小環(huán)連接，定滑輪與小環(huán)足夠遠(yuǎn)，在輕繩末端施加豎直向下的外力，使小環(huán)沿桿向上勻速運(yùn)動一段距離的過程中，則下列說法正確的是()

A.外力先減小后增大B.輕桿給小環(huán)的力先減小后增大

C.輕繩末端下降速度越來越大D.輕桿和輕繩給小環(huán)的力的合力保持不變

6.已知?dú)湓拥幕鶓B(tài)能量為，激發(fā)態(tài)能量為，其中，，，。已知普朗克常量為，則下列說法正確的是()

A.氫原子躍遷到激發(fā)態(tài)后，核外電子動能增大，原子的電勢能減小

B.基態(tài)氫原子中的電子質(zhì)量為吸收一頻率為的光子被電離后，電子速度大小為

C.一個處于的激發(fā)態(tài)的氫原子，向低能級躍遷時可輻射出種不同頻率的光

D.若氫原子從能級向能級躍遷時所產(chǎn)生的電磁波能使某金屬發(fā)生光電效應(yīng)，則氫原子從能級向能級躍遷時所產(chǎn)生的電磁波也一定能使該金屬發(fā)生光電效應(yīng)

7.如圖所示，兩接線柱間接入電壓恒定的交流電，三個燈泡、、的規(guī)格完全相同，變壓器可視為理想變壓器，在以下各種操作中電路元件都沒有損壞，下列說法正確的是()

A.僅使滑片上移，燈泡變暗

B.僅使滑片上移，燈泡、都變亮

C.僅使滑片自變阻器端向端移動，燈泡中的電流一直增大

D.僅使滑片自變阻器端向端移動，燈泡中的電流一直增大

二、多選題（本大題共3小題，共12.0分）

8.下列說法正確的是()

A.氡的半衰期為天，若有個氡核，則經(jīng)過天后剩下個氡核

B.發(fā)生衰變時，生成的核與原來的核相比，中子數(shù)少

C.比結(jié)合能越大，原子核中核子結(jié)合得越緊密，原子核越穩(wěn)定

D.核反應(yīng)中的為氘核

9.如圖所示是“嫦娥五號”探測器登月飛行的軌道示意圖，探測器通過推進(jìn)器制動從圓形軌道Ⅰ上的點(diǎn)進(jìn)入到橢圓過渡軌道Ⅱ，然后在軌道Ⅱ的近月點(diǎn)再次制動進(jìn)入近月圓形軌道Ⅲ。已知軌道Ⅰ的半徑是軌道Ⅲ的半徑的兩倍，不考慮其他天體引力的影響。下列說法正確的是()

A.探測器登月飛行的過程中機(jī)械能減小

B.探測器在軌道Ⅰ與軌道Ⅲ上的運(yùn)行速率的比值為：

C.探測器在軌道Ⅱ上經(jīng)過點(diǎn)的加速度小于在軌道Ⅰ上經(jīng)過點(diǎn)的加速度

D.探測器在軌道Ⅱ與軌道Ⅲ上的運(yùn)行周期的比值為：

10.如圖所示，在水平向左的勻強(qiáng)電場中，長為的絕緣輕繩一端固定于點(diǎn)，另一端連接一個質(zhì)量為、電量為的小球，電場強(qiáng)度。現(xiàn)將輕繩拉至右側(cè)水平，將小球從點(diǎn)由靜止釋放，對于此后小球的運(yùn)動情況輕繩不會被拉斷，下列判斷中正確的是()

A.小球剛到最低點(diǎn)時速度大小為

B.小球整個運(yùn)動過程中只有電勢能、重力勢能、動能相互轉(zhuǎn)化，總能量保持不變

C.小球的運(yùn)動軌跡總在以為圓心的圓弧上

D.小球到達(dá)點(diǎn)左側(cè)與圓心等高處的速度大小為

三、實(shí)驗(yàn)題（本大題共2小題，共17.0分）

11.如圖所示，甲同學(xué)用半徑相同的、兩球的碰撞驗(yàn)證“動量守恒定律”。實(shí)驗(yàn)時先讓質(zhì)量為的球從斜槽軌道上某一固定位置由靜止開始滾下，從軌道末端拋出，落到位于水平地面的復(fù)寫紙上，在下面的白紙上留下痕跡。重復(fù)上述操作次，得到個落點(diǎn)痕跡，為落點(diǎn)的平均位置。再把質(zhì)量為的球放在斜槽軌道末端，讓球仍從位置由靜止?jié)L下，與球碰撞后，分別在白紙上留下各自的落點(diǎn)痕跡，重復(fù)操作次，、分別為落點(diǎn)的平均位置。

實(shí)驗(yàn)中，直接測定小球碰撞前后的速度是不容易的。但是，可以通過僅測量______接地解決這個問題。

A.小球開始釋放高度

B.小球拋出點(diǎn)距地面的高度

C.小球做平拋運(yùn)動的射程、、

以下提供的測量工具中，本實(shí)驗(yàn)必須使用的是______。

A.刻度尺

B.天平

C.游標(biāo)卡尺

D.秒表

關(guān)于本實(shí)驗(yàn)，下列說法正確的是______。

A.斜槽軌道必須光滑

B.斜槽軌道末端必須水平

C.實(shí)驗(yàn)過程中，用作為入射球與碰效果一樣

在實(shí)驗(yàn)誤差允許范圍內(nèi)，若滿足關(guān)系式______，則可以認(rèn)為兩球碰撞為彈性碰撞。用已知量和中測得的物理量表示

12.小南同學(xué)想用如圖所示電路測量電源的電動勢和內(nèi)阻，同時研究某一熱敏電阻的性質(zhì)。小南同學(xué)進(jìn)行了如下操作：

將滑動變阻器的滑片移到最左端，將熱敏電阻放置在的恒溫槽中保證電路的安全和連接完好，閉合開關(guān)；

移動滑動變阻器的滑片，測量多組數(shù)據(jù)，記錄下多組、、的示數(shù)、、；

根據(jù)數(shù)據(jù)做出伏安特性曲線如圖，其中直線為曲線，曲線為曲線；

小南又將熱敏電阻放置在的恒溫槽中，重復(fù)實(shí)驗(yàn)，得到多組、的數(shù)據(jù)、，做出的伏安特性曲線。

請你根據(jù)小南的實(shí)驗(yàn)回答下列問題：

根據(jù)此實(shí)驗(yàn)得到的電源的電動勢______，內(nèi)阻______結(jié)果保留兩位小數(shù)；其中電動勢的測量值______選填“大于”、“小于”、“等于”真實(shí)值；

熱敏電阻阻值在某一電壓時對應(yīng)的測量值______選填“大于”、“小于”、“等于”真實(shí)值，同樣的電壓下，熱敏電阻在______時電阻大選填“”或“”；

在的恒溫環(huán)境中，本次實(shí)驗(yàn)過程中熱敏電阻消耗的電功率的最大值為______結(jié)果保留兩位小數(shù)。

四、簡答題（本大題共2小題，共27.0分）

13.如圖所示，一導(dǎo)熱性能良好的汽缸水平放置，用一質(zhì)量為、面積為的光滑薄活塞封閉一定質(zhì)量的理想氣體，此時活塞靜止，距汽缸底的距離為，已知外界氣溫為，大氣壓強(qiáng)為，重力加速度。

將汽缸緩慢地轉(zhuǎn)到開口向上的豎直位置，待穩(wěn)定后如圖所示，此時活塞與汽缸底部的距離，求開始汽缸水平放置時活塞與汽缸底的距離為多少？

在基礎(chǔ)上再對缸內(nèi)氣體緩慢加熱，使活塞恢復(fù)到距汽缸底的距離為，該過程氣體增加的內(nèi)能，求該過程氣體吸收的熱量。

14.如圖所示，定滑輪兩邊用輕繩連接線框和帶正電的物體，物體放置在傾角為的光滑斜面上，水平面下方空間存在垂直紙面向外的勻強(qiáng)磁場，上方?jīng)]有磁場。此時釋放線框和物體，線框剛進(jìn)入磁場時，恰好勻速運(yùn)動，物體仍在磁場中且對斜面恰好沒有壓力。已知正方形線框邊長為，質(zhì)量為，電阻為，匝數(shù)為匝，物塊的質(zhì)量，帶電量為，重力加速度為取，不計一切摩擦，運(yùn)動過程中，線框平面始終位于紙面內(nèi)，始終處于磁場中，，。求：

進(jìn)入磁場前線框的加速度的大小；

線框下邊初始位置離面的距離；

線框進(jìn)入磁場過程中線框的電熱功率。

答案和解析

1.【答案】

【解析】解：、手指和工作面形成一個電容器，根據(jù)電容的決定式可知，手指與屏的接觸面積變大時，電容變大，故A正確，B錯誤；

、根據(jù)電容的決定式可知，手指壓力變大時，手指與屏的工作面間距離變小，電容變大，故CD錯誤。

故選：。

手指和工作面形成一個電容器，根據(jù)電容的決定式分析電容的變化情況。

解答本題的關(guān)鍵要電容的決定式，搞清電容與極板正對面積和板間距離的關(guān)系。

2.【答案】

【解析】解：、太陽光射入六角形冰晶時，光的折射角大于光的折射角，由折射定律可知，冰晶對光的折射率小于對光的折射率，故A錯誤；

B、冰晶對光的折射率小于對光的折射率，由知在冰晶中，光的傳播速度較小，故B錯誤；

C、冰晶對光的折射率小于對光的折射率，所以光的頻率小于光的頻率，由于，所以光的波長大于光的波長，根據(jù)雙縫干涉條紋間距公式，知用同一裝置做雙縫干涉實(shí)驗(yàn)時，光的條紋間距比光的窄，故C正確；

D、由臨界角公式知，光的折射率較小，光的臨界角較大，故D錯誤。

故選：。

太陽光射入六角形冰晶時，光的折射角大于光的折射角，由折射定律比較折射率大小，從而得出頻率、波長和波速關(guān)系；根據(jù)雙縫干涉條紋間距公式分析雙縫干涉間距大小。依據(jù)臨界角公式比較臨界角的大小。

本題可以取特例用紅光與紫光類比光和光，對于七種單色光的折射率、波長、頻率等等之間的關(guān)系，是考試的熱點(diǎn)，要牢固掌握。

3.【答案】

【解析】解：、棒上的電荷單獨(dú)在點(diǎn)產(chǎn)生的電場強(qiáng)度大小為，則各棒上的電荷單獨(dú)在點(diǎn)產(chǎn)生的電場強(qiáng)度大小也為，方向如圖所示，故點(diǎn)處電場強(qiáng)度大小為，故A錯誤，B正確；

、根據(jù)電勢疊加可知，點(diǎn)的電勢為，故CD錯誤。

故選：。

分別求出不同電荷在點(diǎn)的場強(qiáng)大小和方向，結(jié)合矢量合成遵循的平行四邊形法則計算出合場強(qiáng)的大小和方向；根據(jù)電勢的疊加特點(diǎn)計算出電勢的大小。

本題主要考查了電勢和場強(qiáng)的相關(guān)概念，在進(jìn)行合成時要注意物理量的標(biāo)矢性。

4.【答案】

【解析】解：、由圖讀出甲、乙兩列簡諧橫波的波長分別為，。由題，兩列波的波速相同，由，分析得到周期關(guān)系是：，所以兩列波不能產(chǎn)生穩(wěn)定的干涉。故AB錯誤。

C、波沿軸正方向傳播，甲圖中點(diǎn)向上振動，而點(diǎn)向下振動直接回到平衡位置，所以甲波中處質(zhì)點(diǎn)比處質(zhì)點(diǎn)先回到平衡位置。故C正確

D、甲的周期，乙的周期，時間，甲通過的路程，。故D錯誤。

故選：。

產(chǎn)生穩(wěn)定的條件是兩列波的頻率相同．由圖讀出波長，由波速公式分析周期關(guān)系．由波的傳播方向判斷甲波中質(zhì)點(diǎn)的運(yùn)動方向，分析、哪個質(zhì)點(diǎn)先回到平衡位置．根據(jù)時間與周期的關(guān)系，求解、質(zhì)點(diǎn)通過的路程．

波的基本特點(diǎn)是波傳播的是振動形式和能量，而質(zhì)點(diǎn)不隨波遷移，只在各自的平衡位置附近振動．要熟練進(jìn)行質(zhì)點(diǎn)振動方向和波的傳播方向關(guān)系的判斷．

5.【答案】

【解析】解：、對小環(huán)受力分析，由于輕繩跨過光滑的定滑輪與小環(huán)連接，則輕繩對小環(huán)的拉力大小等于外力，此外，小環(huán)還受重力、桿的彈力，設(shè)桿與豎直方向夾角為，輕繩與桿的夾角為，如圖所示

圖

小環(huán)沿光滑桿向上勻速運(yùn)動過程中，小環(huán)處于平衡狀態(tài)，則沿桿方向合力始終為零，則有

解得：

小環(huán)向上勻速運(yùn)動過程中，不變，逐漸變大，逐漸變小，所以外力越來越大，故A錯誤；

B、小環(huán)向上勻速運(yùn)動過程中，小環(huán)處于平衡狀態(tài)，則沿垂直桿方向合力始終為零，則有

小環(huán)向上勻速運(yùn)動過程中，不變，變大，逐漸變大，變大，變大，故F變大，即輕桿給小環(huán)的彈力越來越大，故B錯誤；

C、根據(jù)運(yùn)動的分解如圖：

圖

可知輕繩末端下降速度，可知輕繩末端下降速度越來越小，故C錯誤；

D、小環(huán)向上勻速運(yùn)動，所以受力平衡，則輕桿和輕繩給小環(huán)的力的合力與重力大小相等，保持不變，故D正確。

故選：。

小環(huán)沿光滑桿向上做勻速運(yùn)動，小環(huán)處于動態(tài)平衡狀態(tài)，則小環(huán)合力始終為零，小環(huán)在沿桿方向合力始終為零，在垂直桿方向合力始終為零，根據(jù)平衡條件分別列出方程，根據(jù)角度變化情況，即可分析相應(yīng)的力的變化情況，根據(jù)運(yùn)動的分解分析，根據(jù)共點(diǎn)力平衡條件分析。

解答本題的關(guān)鍵是要能分析出小環(huán)處于動態(tài)平衡狀態(tài)，在受力分析的基礎(chǔ)上，分別列出沿桿方向、垂直桿方向的平衡方程，即可求解。本題也可用圖解法。

6.【答案】

【解析】解：、氫原子由基態(tài)躍遷到激發(fā)態(tài)時，氫原子吸收光子，則能量增大，軌道半徑增大，根據(jù)和可得：，知電子動能減小，而其電勢能增大，故A錯誤；

B、根據(jù)能量守恒得：，解得電離后電子的速度大小為：，故B正確；

C、一個處于能級的氫原子，向低能級躍遷時可能的途徑為或，可知一個氫原子可能輻射出種不同頻率的光子，故C錯誤；

D、若原子從能級向能級躍遷時所產(chǎn)生的電磁波能使某金屬發(fā)生光電效應(yīng)，依據(jù)能級間躍遷時輻射或吸收的光子能量等于兩能級間的能級差，則原子從能級向能級躍遷時所產(chǎn)生的電磁波能量小于能級向能級躍遷時所產(chǎn)生的電磁波輻射的能量，所以不一定能使該金屬發(fā)生光電效應(yīng)，故D錯誤。

故選：。

根據(jù)軌道半徑的變化，通過庫侖引力提供向心力得出電子動能的變化，結(jié)合原子能量的變化得出原子勢能的變化；

能級間躍遷或電離時，遵循能量守恒定律；

根據(jù)數(shù)學(xué)組合公式求出氫原子可能輻射光子頻率的種數(shù)；

根據(jù)入射光的頻率大于或等于極限頻率時，才能發(fā)生光電效應(yīng)；

解決本題的關(guān)鍵知道光電效應(yīng)的條件以及知道能級間躍遷時輻射或吸收的光子能量等于兩能級間的能級差，掌握電離的條件，及理解躍遷的種類確定方法，注意大量與一個的種類區(qū)別，及最大初動能對應(yīng)的最大速度。

7.【答案】

【解析】解：設(shè)輸入端電壓為，初級電流、電壓分別為、，次級電流、電壓分別為、，每個燈泡電阻，次級總電阻，則

根據(jù)理想變壓器電壓、電流與線圈匝數(shù)的比值關(guān)系有

，

同時

解得

可知當(dāng)僅使滑片上移時，減小，則變大，燈泡變亮，燈泡兩端電壓變大，則變壓器輸入電壓減小，則變壓器輸出電壓大小不能確定，則燈泡、不一定都變亮，故AB錯誤；

C.僅使滑片自變阻器端向端移動，則整個并聯(lián)部分的總電阻變小，變大，則副線圈電流變大，燈泡兩端電壓變大，則變壓器輸入電壓減小，則變壓器輸出電壓變小，中電流一定減小，故C錯誤；

D.僅使滑片自變阻器端向端移動，燈泡所在支路電阻逐漸減小，則燈泡中的電流一直增大，故D正確。

故選：。

根據(jù)理想變壓器電壓、電流與線圈匝數(shù)的比值關(guān)系結(jié)合閉合電路歐姆定律分析，使滑片自變阻器端向端移動，則整個并聯(lián)部分的總電阻變小，從而分析、中電流的變化。

本題考查變壓器的動態(tài)分析，關(guān)鍵是抓住變壓器的變壓和變流規(guī)律，應(yīng)用歐姆定律、串并聯(lián)電路的關(guān)系去解決問題。

8.【答案】

【解析】解：、半衰期是統(tǒng)計規(guī)律，對個別或少量的原子不適用，故A錯誤；

B、發(fā)生衰變時是一個中子轉(zhuǎn)變成一個質(zhì)子同時放出一個電子，所以中子數(shù)少，故B正確；

C、比結(jié)合能越大，原子核中核子結(jié)合得越緊密，原子核越穩(wěn)定，故C正確，

D、根據(jù)質(zhì)量數(shù)和核電荷數(shù)守恒，為，故D錯誤。

故選：。

理解半衰期的統(tǒng)計規(guī)律；正確理解衰變的本質(zhì)；理解比結(jié)合能對原子核穩(wěn)定性的影響；根據(jù)質(zhì)量數(shù)和核電荷數(shù)守恒分析解答。

本題主要考查了半衰期的相關(guān)應(yīng)用，理解半衰期的影響因素，掌握衰變的本質(zhì)即可完成分析。

9.【答案】

【解析】解：根據(jù)題意可知，探測器通過推進(jìn)器制動從高軌道到低軌道，推進(jìn)器做負(fù)功，機(jī)械能減小，故A正確；

B.由萬有引力提供向心力有

整理解得

由于軌道Ⅰ的半徑是軌道Ⅲ的半徑的兩倍，則探測器在軌道Ⅰ與軌道Ⅲ上的運(yùn)行速率的比值為：，故B正確；

C.由萬有引力提供向心力有

解得

探測器在軌道Ⅱ上經(jīng)過點(diǎn)的加速度等于在軌道Ⅰ上經(jīng)過點(diǎn)的加速度，故C錯誤；

D.根據(jù)題意，由開普勒第三定律有

已知軌道Ⅰ的半徑是軌道Ⅲ的半徑的兩倍，故

整理解得探測器在軌道Ⅱ與軌道Ⅲ上的運(yùn)行周期的比值為：，故D錯誤。

故選：。

探測器從Ⅰ軌道到Ⅱ軌道，在點(diǎn)需做向心運(yùn)動，根據(jù)做功關(guān)系分析機(jī)械能變化；通過比較萬有引力的大小，根據(jù)萬有引力提供向心力，解出線速度公式，比較大小，同時比較加速度大小，根據(jù)開普勒第三定律分析周期之間的關(guān)系。

本題主要考查萬有引力在航天中的應(yīng)用，掌握衛(wèi)星的變軌過程，知道當(dāng)探測器做圓周運(yùn)動時，萬有引力提供向心力。

10.【答案】

【解析】解：將小球從點(diǎn)由靜止釋放，小球受到電場力與重力，由題意可知，根據(jù)牛頓第二定律有

解得

設(shè)合力方向與水平方向夾角為，則

得

故先做勻加速直線運(yùn)動，則小球從釋放到達(dá)最低點(diǎn)的位移為

根據(jù)

解得小球到達(dá)最低點(diǎn)的速度為

故A正確，C錯誤；

、小球沿與水平方向成角做勻加速直線運(yùn)動，在最低點(diǎn)時細(xì)線突然繃緊，小球沿細(xì)線方向的速度立即減為零，而水平方向的速度不變，故能量有損失，從最低點(diǎn)到達(dá)點(diǎn)左側(cè)與圓心等高處，根據(jù)動能定理有

解得，故B錯誤，D正確。

故選：。

根據(jù)小球的受力情況結(jié)合牛頓第二定律解得加速度，根據(jù)運(yùn)動學(xué)公式解得小球在最低點(diǎn)的速度，同時分析小球的運(yùn)動情況，繩子繃緊的過程中能量有損失；在最低點(diǎn)時細(xì)線突然繃緊，小球沿細(xì)線方向的速度立即減為零，而水平方向的速度不變，結(jié)合動能定理解得小球到達(dá)點(diǎn)左側(cè)與圓心等高處的速度大小。

本題考查了求電場力、分析小球的運(yùn)動與受力情況，對小球進(jìn)行受力分析、分析清楚小球運(yùn)動過程即可解題；能聯(lián)想到已學(xué)的物理模型，根據(jù)相關(guān)公式解題．

11.【答案】

【解析】解：由于小球做平拋運(yùn)動的下落高度相同，可知平拋運(yùn)動的時間相等，可得平拋運(yùn)動的水平位移與初速度成正比，故可用水平位移代替平拋的初速度，所以此實(shí)驗(yàn)可以通過僅測量小球做平拋運(yùn)動的水平位移，來間接解決測定小球碰撞前后的速度這個問題，故C正確，AB錯誤。

故選：。

設(shè)平拋運(yùn)動的時間為，則有：

碰撞前球的速度為：

碰撞后球的速度為：

碰撞后球的速度為：

若兩球相碰前、后的動量守恒，則表達(dá)式為：

可得表達(dá)式可表示為：

需用刻度尺測量水平距離，用天平測量物體質(zhì)量，故AB正確，CD錯誤；

故選：。

當(dāng)小球每次均從斜槽同一位置靜止釋放時，小球每次下滑過程克服摩擦力做功相同，即每次平拋運(yùn)動的初速度大小均相等，可知斜槽軌道是否光滑對實(shí)驗(yàn)沒有影響，故A錯誤；

B.為了確保小球飛出后做平拋運(yùn)動，必須確保小球飛出的初速度方向水平，即斜槽軌道末端必須水平，故B正確；

C.因，若用作為入射球與碰撞，可能會反彈，影響其速度的準(zhǔn)確性，故C錯誤；

故選：。

若碰撞為彈性碰撞，則根據(jù)機(jī)械能守恒定律有

結(jié)合可解得：．

故答案為：；；；

平拋運(yùn)動的時間相等，平拋運(yùn)動的水平位移與初速度成正比，此實(shí)驗(yàn)可以通過測量小球做平拋運(yùn)動的水平位移來間接解決測定小球碰撞前后的速度這個問題；

根據(jù)碰撞前、后的速度與對應(yīng)的平拋運(yùn)動的水平位移的關(guān)系，來確定所需儀器，結(jié)合實(shí)驗(yàn)原理分析選項正誤；

根據(jù)彈性碰撞滿足機(jī)械能守恒定律與動量守恒定律，從而寫出需要驗(yàn)證的表達(dá)式。

在驗(yàn)證動量守恒定律實(shí)驗(yàn)中，要注意明確實(shí)驗(yàn)原理，掌握實(shí)驗(yàn)利用平拋運(yùn)動間接測量速度的方法，并能推導(dǎo)相應(yīng)的動量守恒表達(dá)式。

12.【答案】等于小于

【解析】解：電壓表測的是路端電壓，電流表測的是干路電流，根據(jù)閉合電路的歐姆定律，可知圖線的縱截距等于電動勢，斜率的絕對值等于電源的內(nèi)阻，可得：

電源的電動勢為

電源的內(nèi)阻為

把電流表內(nèi)阻看作電源內(nèi)阻的一部分，根據(jù)閉合電路的歐姆定律

變形得

由于圖線的縱截距不變，因此電源電動勢的測量值等于真實(shí)值。

根據(jù)電路圖可知，熱敏電阻兩端的電壓電壓表的示數(shù)為真實(shí)值；由于電壓表的分流作用，通過熱敏電阻的電流小于電流表的示數(shù)，即

根據(jù)歐姆定律，熱敏電阻的測量值

熱敏電阻的真實(shí)值

因此熱敏電阻阻值在某一電壓時對應(yīng)的測量值小于真實(shí)值；

根據(jù)圖可知，在同樣的電壓下，圖線的電流大，即

根據(jù)歐姆定律，熱敏電阻

解得

因此熱敏電阻在時電阻大。

當(dāng)滑動變阻器接入電路的阻值為零即熱敏電阻與電源直接聯(lián)接時熱敏電阻消耗的電功率最大，在的恒溫環(huán)境中