試卷第=page11頁，共=sectionpages33頁試卷第=page11頁，共=sectionpages33頁山東省高二上學期期中考試物理試卷(附答案和解析)學校:___________班級：___________姓名：___________考號：___________一、單選題1．幾個水球可以擋住一顆子彈？《國家地理頻道》的實驗結果是：四個水球足夠！完全相同的水球緊挨在一起水平排列，子彈在水球中沿水平方向做勻變速直線運動，恰好能穿出第4個水球，則可以判斷的是（）A．子彈在每個水球中的速度變化相同B．子彈在每個水球中運動的時間相同C．每個水球對子彈的沖量相同D．每個水球對子彈的做功相同2．關于電源電動勢的概念，以下說法中正確的是（）A．電動勢、電壓和電勢差雖名稱不同，但物理意義相同，所以單位也相同B．在閉合電路中，電源電動勢在數(shù)值上總是等于電源兩極間的電壓C．在閉合電路中，電源電動勢在數(shù)值上等于內(nèi)、外電壓之和D．電源把其他形式的能轉化為電能越多，電源電動勢越大3．一彈簧振子的位移y隨時間t變化的關系式為y=0.1sin（2.5t），位移y的單位為m，時間t的單位為s。則（）A．彈簧振子的振幅為0.2mB．彈簧振子的周期為1.25sC．在t=0.2s時，振子的運動速度最大D．在t=0.1s時，振子的位移為m4．如圖所示，一個孩子將下方掛有五個相同小鉤碼的五個相同的氫氣球栓結在一起，以的初速度從地面豎直向上托起，離開手后剛好勻速向上運動，當上升至高度的位置時，一個小鉤碼脫落。已知每個小鉤碼的質量為，重力加速度取，不計空氣阻力、風力、繩子和氫氣球的質量，則下列說法正確的是（）A．脫落的小鉤碼落地前，五個小鉤碼和五個氫氣球組成的系統(tǒng)機械能守恒B．脫落的小鉤碼落地前，其動能逐漸增大C．小鉤碼從脫落到落地，在空中運動的時間為1sD．脫落的小鉤碼落地時，氫氣球從鉤碼脫落處又上升了3m5．關于單擺，下列說法正確的是（）A．擺球受到的回復力方向總是指向平衡位置，當擺球運動到平衡位置時，合力為零B．如果有兩個大小相同的帶孔塑料球和帶孔鐵球，任選一個即可C．將單擺的擺角從4°改為2°，單擺的周期變小D．在用單擺測重力加速度實驗中，若擺長值忘記加擺球半徑，則測量值偏小6．如圖所示的電路中，電阻R=2Ω，斷開S后，電壓表的讀數(shù)為5V；閉合S后，電壓表的讀數(shù)為2V，電壓表為理想電表，則電源的內(nèi)阻r為（

）A．1Ω B．2Ω C．3Ω D．4Ω7．如圖所示，電路中電表均為理想電表。當調節(jié)滑動變阻器R，使電動機停止轉動時，電流表和電壓表的示數(shù)分別為1.0A和2.0V。重新調節(jié)R，使電動機恢復正常運轉時，此時電路中電流表和電壓表的示數(shù)分別為2.0A和15.0V。下列說法中正確的是（

）A．電動機的內(nèi)阻為7.5Ω B．電動機正常工作時輸出的功率為22WC．電動機正常工作時消耗的功率為26WD．電動機正常工作時，R上消耗的功率為8W8．五個完全相同的小鋼球用輕繩懸掛在水平支架上，五根輕繩互相平行且自然下垂，鋼球之間接觸而無擠壓?，F(xiàn)將左側的①②③三個小球撥起相同的角度，然后從靜止釋放。經(jīng)過一系列碰撞后，右側的③④⑤三個小球一同向右擺動。在此過程中共發(fā)生的碰撞次數(shù)為（）A．4 B．5 C．6 D．7二、多選題9．關于能量和能源，下列說法正確的是（

）A．科學研究發(fā)現(xiàn)，一切與熱現(xiàn)象有關的宏觀過程都具有可逆性B．在能源的利用過程中，能量在總量上并未減少，但能量的品質降低了C．能量耗散是從能量轉化角度反映出自然界中的宏觀過程具有方向性D．風能、水能和核能都屬于可再生能源，因此我國近年來不斷地開發(fā)利用這些新能源10．如圖甲所示，把一個篩子用四根彈簧支撐起來，篩子上裝一個電動偏心輪，它每轉一周，給篩子一個驅動力，這就做成了一個共振篩，該共振篩的共振曲線如圖乙所示。已知增大電壓，可使偏心輪轉速提高，增加篩子質量，可增大篩子的固有周期。現(xiàn)在，在某電壓下偏心輪的轉速為36r/min。要增大篩子的振幅，下列措施可行的是（

）A．升高電壓 B．降低電壓C．增加篩子質量 D．減小篩子質量11．如圖所示，電源電動勢為E，內(nèi)電阻為r，燈泡L1、L2、L3規(guī)格相同，且電阻大于電源內(nèi)阻r，理想電壓表V1、V2示數(shù)為U1、U2，其變化量的絕對值分別為和；流過電源的電流為I，其變化量的絕對值為。當滑動變阻器的觸片從左端滑到右端的過程中（

）

A．小燈泡L1、L2變暗，L3變亮 B．C．不變 D．電源輸出功率先增大后減小12．如圖所示，P、Q為豎直懸掛的兩個彈簧振子，且懸掛振子的彈簧勁度系數(shù)相同，已知P、Q兩球質量之比是4：1，振動圖像如圖乙所示。則下列說法正確的是（）A．P、Q兩彈簧振子的振動頻率之比是2：1B．P、Q兩彈簧振子在0~6s內(nèi)經(jīng)過的路程之比是1：1C．P、Q兩彈簧振子最大加速度之比是1：2D．t=0.45s時刻，P、Q兩彈簧振子的位移大小之比是13．如圖甲所示，一輕彈簧的兩端分別與質量為和的兩物塊相連接，并且靜止在光滑的水平面上?，F(xiàn)使瞬時獲得水平向右的速度3m/s，以此刻為計時零點，兩物塊的速度隨時間變化的規(guī)律如圖乙所示，以下說法正確的是（）A．從到時刻彈簧由壓縮狀態(tài)逐漸恢復原長B．兩物塊的質量之比為C．在、時刻兩物塊達到共同速度1m/s，且彈簧都是處于壓縮狀態(tài)D．在時刻兩物塊的動能之比為14．如圖甲，“胸口碎大石”是民間雜耍的保留節(jié)目（危險節(jié)目，請勿模仿）。其原理如圖乙所示，皮囊A放置在水平地面上，上面壓著一塊質量的石板，質量的鐵錘，以的速度，豎直向下砸中石板，碰撞時間極短，鐵錘與石板瞬間達到共同速度，之后忽略手持錘的作用力，且向下勻變速運動2cm減速到零，取重力加速度。則（

）

A．鐵錘與石板碰后瞬間達到的共同速度為0.5m/sB．鐵錘與石板碰撞過程損失的機械能為75JC．碰后向下減速到零的過程，皮囊對石板的平均作用力為975ND．碰后向下減速到零的過程，皮囊對石板的沖量大小三、實驗題15．某同學想在家里做“用單擺測量重力加速度的大小”的實驗，但沒有合適的擺球。他找到了一塊大小為3cm左右、外形不規(guī)則的小石塊代替小球。他設計了以下實驗步驟：A．如圖，用細線將石塊系好，結點為M，將細線的上端固定于O點；B．用刻度尺測量OM間細線的長度l；C．將石塊拉至一個大約30°的角度，然后由靜止釋放；D．從石塊擺到最低點時開始計時，測出50次全振動的總時間t，由得出周期（1）以上實驗步驟中有錯誤的是，理由是；（2）若該同學用OM的長l作為擺長，這樣做引起的系統(tǒng)誤差將使重力加速度的測量值比真實值（選填“偏大”或“偏小”）（3）若該同學改正了錯誤，改變OM間細線的長度后做了兩次實驗，記下每次相應的細線長度l1、l2和周期T1、T2，則由上述四個量得到的重力加速度表達式是。16．某同學設計了如圖甲、乙所示的實驗電路測量某電源的電動勢E（約為3V）和內(nèi)阻r（約為2Ω）。已知電流表的內(nèi)電阻約為1Ω。電壓表的內(nèi)電阻約為3kΩ，變阻器最大電阻20Ω、額定電流1A，定值電阻。請回答下列問題：（1）請在圖丙中用筆面線代替導線完成圖乙電路圖的實物連接。（2）將滑動變阻器的滑片P移至最左端，閉合開關S，移動滑片P改變滑動變阻器的接入阻值，記錄下幾組電壓表示數(shù)U和對應的電流表示數(shù)I。（3）重復步驟（2）。把甲、乙兩組實驗記錄的數(shù)據(jù)在同一坐標系內(nèi)描點作出圖像如圖丁所示，可知圖中標記為II的圖線是采用實驗電路（填“甲”或“乙”）測量得到的。（4）為了減小系統(tǒng)誤差，本實驗應選用圖（選填“甲”或“乙”）實驗電路。（5）利用圖丁圖像提供的信息可以修正該實驗的系統(tǒng)誤差，則修正后被測電源的內(nèi)阻（注：和、和和為已知量）。17．一同學利用如圖所示的斜槽軌道和兩個由相同材料制成、表面粗糙程度相同的滑塊A、B做“驗證動量守恒定律”的實驗。斜槽軌道由傾斜軌道和平直軌道組成，兩部分間由一段圓弧平滑連接，在平直軌道上一側固定有刻度尺。其操作步驟如下：①將斜槽軌道放置在水平桌面上；②用天平測得A、B兩個滑塊的質量分別為和；③不放滑塊B，使滑塊A從傾斜軌道頂端P由靜止釋放滑塊A最終靜止在平直軌道上，記下滑塊A靜止位置其右側面對應的刻度；④把滑塊B放在平直軌道上，記下其左側面對應的刻度；⑤讓滑塊A仍從傾斜軌道頂端P點由靜止釋放，滑塊A與B發(fā)生碰撞后最終均靜止在平直軌道上，記下最終滑塊B、A靜止位置對應的刻度和。（1）實驗中，必須滿足的條件或測定的物理量是（填正確答案標號）A．滑塊A的質量應大于滑塊B的質量B．平直軌道必須水平C．傾斜軌道必須光滑D．測定滑塊A的釋放點P到平直軌道間高度差（2）實驗中滑塊A碰撞前的速度和A、B碰撞后滑塊A的速度的比值=，若A、B兩滑塊碰撞過程中滿足動量守恒，則關系式（用其中字母表示）成立。（3）若在進行步驟⑤的操作時，滑塊A從傾斜軌道頂端P點下方某個位置由靜止釋放，其他實驗操作都正確，則會造成碰撞后兩滑塊的動量之和（填“大于”“小于”或“等于”）。18．在測定一節(jié)干電池的電動勢和內(nèi)電阻的實驗中，備有下列器材：A．待測干電池（電動勢約1.5V，內(nèi)電阻約1.0Ω）B．電壓表V（量程0-3V，內(nèi)阻RV約為1000Ω）C．電流表A（量程0-0.6A，內(nèi)阻RA約為1Ω）D．滑動變阻器R1（0-20Ω，10A）E.滑動變阻器R2（0-200Ω，1A）F.開關和導線若干（1）某同學設計了如圖甲所示的（a）、（b）兩個參考實驗電路，其中合理的是圖所示的電路；在該電路中，為了操作方便且能準確地進行測量，滑動變阻器應選（填寫器材前的字母代號）。（2）圖乙為該同學根據(jù)（1）中選出的合理的實驗電路，利用測出的數(shù)據(jù)繪出的U-I圖線，則由圖線可得被測電池的電動勢E=V，內(nèi)阻r=Ω。（結果保留3位有效數(shù)字）四、解答題19．如圖所示，排球場地長為，中間球網(wǎng)高度為。某次比賽中，甲同學在右側球場距離中間球網(wǎng)線處跳起，在距離地面高處將球水平擊出，球的初速度與右側邊界線垂直，不計空氣阻力，取重力加速度（1）要保證排球落在對方球場內(nèi)，球的初速度大小需滿足的范圍；（2）若球的初速度大小為，乙同學在離地處將排球熱起，熱起前、后球的速度大小相等，方向相反。已知排球質量，因墊起過程時問很短，重力的沖量可以忽略，求甲、乙兩同學之間的水平距離以及接球過程中乙同學對排球作用力的沖量大小。

20．如圖所示，在水平桌面上有一長為7m，質量為薄木板，其中點位置放一方形小木箱（可視為質點），方形小木箱及其內(nèi)部物體總質量為M=2kg，方形木箱內(nèi)用兩輕繩將一質量m=1kg的小球懸掛于A、B兩點，靜止時兩細繩與水平方向的夾角為37°和53°。木箱與薄木板、水平桌面間動摩擦因數(shù)均為，薄木板與水平桌面間動摩擦因數(shù)為，木箱受到水平向右的恒力F=20N（最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，）。求：（1）木箱的加速度大小；（2）右側輕繩的彈力大小；（3）小木箱到達薄木板右端時的速度大小；（4）木箱滑離薄木板后力F立即反向，大小不變，則薄木板停止時薄木板右端到木箱的距離是多大？21．如圖甲所示的電路中，和均為定值電阻，且，為滑動變阻器。當其滑片P從最左端滑至最右端時，測得電源的路端電壓隨干路電流變化圖線如圖乙所示，求：（1）定值電阻的阻值；（2）電源的電動勢與內(nèi)阻；（3）電源輸出的功率最大時，接入電路的阻值及此時的最大輸出功率。22．如圖所示，在光滑的水平面上停放著一輛質量為M=4kg的小車，小車AB面粗糙LAB=1.65m且離地面的高度H=0.2m，BC是一段與小車水平面相切的光滑圓弧，在小車水平面處A端放有質量為m=1kg的物塊?，F(xiàn)給物塊一個I=5N·s的瞬間沖量，使其沿BC上升到D點后返回（D點在BC間未畫出），最后物塊滑離A點且落地瞬間與小車左端的水平距離x=0.1m，求：（1）物塊與AB平面間的動摩擦因數(shù)μ；（2）D點相對AB平面的高度h。答案第=page11頁，共=sectionpages22頁答案第=page11頁，共=sectionpages22頁參考答案和解析1．D【詳解】B．設水球的直徑為d，子彈運動的過程為勻減速直線運動，直到末速度為零，我們可以應用逆過程，相當于子彈初速度為零做勻加速直線運動，根據(jù)初速度為零的勻變速直線運動規(guī)律可知，在連續(xù)相等的位移內(nèi)時間之比為，所以子彈在每個水球中運動的時間不同，故B錯誤；A．子彈在水球中沿水平方向做勻變速直線運動，所以加速度相同，受力相同，由可知，運動的時間不同，則速度的變化不同，故A錯誤；C．根據(jù)沖量的定義I=Ft，受力是相同的，運動的時間不同，所以每個水球對子彈的沖量不同，故C錯誤；D．根據(jù)功的公式，受力是相同的，運動的位移相同，所以子彈受到的阻力對子彈做的功相等，所以每個水球對子彈的做功相同，故D正確。故選D。2．C【詳解】A．電動勢表征電源把其他形式的能轉化為電能的本領大小，反映了電源內(nèi)部非靜電力做功的本領，電壓和電勢差是兩點之間電勢的差，它們的物理意義不同，故A錯誤；B．電源的電動勢等于外電路為斷路時電源兩端的電壓，若電路為通路，電流經(jīng)過內(nèi)阻時有電勢的降低，此時電源兩端的電壓小于電動勢，故B錯誤；C．在閉合電路中，電源電動勢在數(shù)值上等于內(nèi)、外電壓之和，故C正確；D．電動勢是表征電源把其他形式的能轉化為電能的本領強弱的物理量，等于將單位正電荷從電源負極移到正極時非靜電力做的功，但不是轉化的能量越多，電動勢越大，故D錯誤。故選C。3．D【詳解】A．彈簧振子的振幅為0.1m，選項A錯誤；B．彈簧振子的周期為選項B錯誤；C．在t=0.2s時，y=0.1m，此時振子的位移最大，則振子的運動速度為零，選項C錯誤；D．在t=0.1s時，振子的位移為選項D正確。故選D。4．C【詳解】AB．脫落的小鉤碼落地前，五個小鉤碼和五個氫氣球勻速向上運動，動能不變，重力勢能增加，機械能增加，所以系統(tǒng)機械能不守恒，AB錯誤；C．設豎直向上為正方向，小鉤碼從脫落到落地，由勻變速直線運動代入數(shù)據(jù)解得，在空中運動的時間為C正確；D．小鉤碼脫落時，對剩下的氫氣球和小鉤碼受力分析，設每個氫氣球受到的浮力為，由牛頓第二定律由平衡條件可得聯(lián)立解得，加速度大小為方向豎直向上，所以脫落的小鉤碼落地時，氫氣球從鉤碼脫落處又上升了解得D錯誤。故選C。5．D【詳解】A．根據(jù)回復力的特點可知擺球受到的回復力方向總是指向平衡位置，擺球經(jīng)過平衡位置時，回復力為零，但擺球還有向心加速度，合外力不為零，故A錯誤；B．擺球應選擇質量大些、體積小些的鐵球，故B錯誤；C．對于單擺，擺角小于5°即可，僅將單擺的擺角從4°改為2°，不影響單擺的周期，故C錯誤；D．在用單擺測重力加速度實驗中，若擺長值忘記加擺球半徑，則擺長偏小，根據(jù)單擺的周期公式可得所以最后求得的值將比真實值偏小，故D正確；故選D。6．C【詳解】斷開S后，電源處于開路狀態(tài)，電壓表的讀數(shù)為5V，可知電動勢為5V，閉合S后，據(jù)閉合電路歐姆定律可得解得故選C。7．B【詳解】A．電動機停止轉動時，電流表和電壓表的示數(shù)分別為1.0A和2.0V，則電動機的電阻A錯誤；BC．電動機恢復正常運轉時，電流表和電壓表的示數(shù)分別為2.0A和15.0V，電動機的總功率為電動機內(nèi)阻消耗的熱功率為電動機正常運轉時的輸出功率是B正確、C錯誤；D．由于電源的電動勢和內(nèi)阻未知，則無法計算出電動機正常工作時，R上消耗的功率，D錯誤。故選B。8．C【詳解】同時向左拉起小球①②③到相同高度同時由靜止釋放，則③與④碰后，③停止，④具有向右的速度；④與⑤碰撞交換速度，④停止，⑤向右擺起；③剛停止的時候②球過來與之碰撞交換速度，然后③與④碰撞，使④向右擺起；②球剛停止的時候①球過來與之碰撞交換速度，然后②與③碰撞交換速度，使③向右擺起；經(jīng)一系列碰撞后，球③④⑤一起向右擺起。所以此過程中共發(fā)生的碰撞次數(shù)為6次。故選C。9．BC【詳解】A．科學研究發(fā)現(xiàn)，一切與熱現(xiàn)象有關的宏觀自然過程都具有不可逆性，A錯誤；B．在能源的利用過程中，能量在總量上并未減少，但能量的品質降低了，B正確；C．能量耗散是從能量轉化角度反映出自然界中的宏觀過程具有方向性，C正確；D．風能、水能屬于可再生能源，核能屬于不可再生能源，D錯誤。故選BC。10．AC【詳解】根據(jù)受迫振動的特點可知，共振篩的振動頻率等于偏心輪的轉動頻率，所以當偏心輪的轉速為36r/min時，共振篩的振動頻率為AB．增大電壓，偏心輪的轉動頻率將增大，由于開始時偏心輪的轉動頻率小于篩子的固有頻率，所以根據(jù)共振曲線可知篩子的振幅會增大，當頻率增大到0.8Hz時最大，A正確、B錯誤；CD．增大篩子質量后，篩子的固有頻率將減小，由于開始時偏心輪的轉動頻率小于篩子的固有頻率，所以根據(jù)共振曲線可知篩子的振幅會增大，當篩子的固有頻率減小到0.6Hz時最大，C正確、D錯誤。故選AC。11．AC【詳解】A．當滑動變阻器的觸片P從左端滑到右端時，變阻器接入電路的電阻增大，外電路總電阻增大，總電流減小，則L2變暗，V2示數(shù)減小，內(nèi)電壓減小，路端電壓增大，變阻器的電阻增大，根據(jù)閉合電路歐姆定律可得并聯(lián)部分的電壓增大，即電壓表V1示數(shù)變大，則L3變亮?？傠娏鳒p小，而L3的電流增大，則L1的電流減小，則L1變暗，故A正確；B．由上分析可知，電壓表V1的示數(shù)變大，電壓表V2的示數(shù)變小，由于路端電壓增大，即兩電壓表示數(shù)之和增大，所以△U1＞△U2故B錯誤；C．根據(jù)可知不變，故C正確；D．當外電阻等于內(nèi)阻，電源的輸出功率最大，燈泡L1、L2、L3規(guī)格相同，且電阻大于電源內(nèi)阻r，則隨之滑動變阻器接入電路的電阻增大，電源的輸出功率變小，故D錯誤。故選AC。12．BCD【詳解】A．由Q圖可知P、Q兩彈簧振子的振動周期分別為1.2s、0.6s，二者周期之比為則二者的頻率之比為故A錯誤；B．由于6s=5TP=10TQ由乙圖可知P、Q在6s內(nèi)經(jīng)過的路程為故P、Q路程之比是，故B正確；C．根據(jù)胡克定律可知，P、Q的最大回復力之比為，又因為兩球質量之比是，根據(jù)牛頓第二定律可知，P、Q兩彈簧振子最大加速度之比是，故C正確；D．P、Q的振動方程為則t=0.45s時刻，P、Q兩彈簧振子的位移大小分別為cm和-5cm，所以位移大小之比為，D正確。故選BCD。13．BD【詳解】AB．根據(jù)圖像可得開始時逐漸減速，逐漸加速，速度大彈簧被壓縮，時刻速度相等，彈簧此時的壓縮量最大，然后彈簧逐漸恢復原長，仍加速，先減速后反向加速，時刻彈簧恢復到原長，此時兩物塊速度方向相反，彈簧的長度逐漸增大兩物塊均減速，當時刻兩物塊速度相等，彈簧最長，因此從到時刻彈簧由伸長狀態(tài)逐漸恢復原長；從開始到時刻，動量守恒可得解得A錯誤，B正確；C．根據(jù)前面分析可得在、時刻兩物塊達到共同速度1m/s，其中時刻彈簧處于壓縮狀態(tài)，時刻彈簧處于伸長狀態(tài)，C錯誤；D．在時刻兩物塊的動能之比為D正確。故選BD。14．AC【詳解】A．鐵錘與石板碰撞，動量守恒，有解得故A正確；B．系統(tǒng)損失的機械能為故B錯誤；C．鐵錘與石板共速后，根據(jù)動能定理解得故C正確；D．由動量定理可得解得皮囊對石板的沖量大小為故D錯誤。故選AC。15．C擺角太大，將不能看作簡諧運動，單擺周期公式失效，不能測定偏小【詳解】（1）[1][2]根據(jù)題意，由實驗原理可知，實驗步驟C有錯誤，理由是：擺角太大，將不能看作簡諧運動，單擺周期公式失效，不能測定。（2）[3]由單擺的周期公式可得，重力加速度為該同學用的長作為擺長，擺長偏小，這樣做引起的系統(tǒng)誤差將使重力加速度的測量值比真實值偏小。（3）[4]根據(jù)題意，設擺線的結點到大理石重心的距離為，則根據(jù)單擺的周期公式可得聯(lián)立解得16．甲甲【詳解】（1）[1]圖乙電路的實物連接圖如下圖所示：（3）[2]對圖甲而言，根據(jù)閉合歐姆定律可得整理可得可知，對應U-I圖線，當I為零時，對應對圖乙而言，根據(jù)閉合歐姆定律可得可知，對應U-I圖線，當I為零時，對應故可知標記為II的圖線是采用實驗電路甲測量得到的。（4）[3]當采用圖甲所示電路時，相對誤差大小為當采用圖乙所示電路時，相對誤差大小為該相對誤差遠大于圖甲所示電路，故宜選用圖甲所示電路。（5）[4]曲線I對應的U1和I1滿足曲線II對應的U2和I2滿足因此可以解得則17．A小于【詳解】（1）[1]為防止滑塊A與滑塊B碰后反彈，則滑塊A的質量必須要大于滑塊B的質量，選項A正確；B．因兩滑塊的材料相同，表面粗糙程度相同，則根據(jù)可知無論軌道是否水平，則兩滑塊在軌道上運動的加速度都相同，則平直軌道不一定必須水平，選項B錯誤；C．傾斜軌道不一定必須光滑，只要滑塊A到達底端時的速度相同即可，選項C錯誤；D．滑塊A到達斜槽底端時的速度可用表達式計算得到，則沒必要測定滑塊A的釋放點P到平直軌道間的高度差h，選項D錯誤。故選A。（2）[2]設兩滑塊在水平軌道上滑動的加速度為a，則實驗中滑塊A碰撞前的速度滑塊A、B碰撞后滑塊A的速度比值[3]若A、B兩滑塊碰撞過程中滿足動量守恒，則即關系式成立。（3）[4]若在進行步驟⑤的操作時，滑塊A從傾斜軌道頂端P點下方的某位置由靜止釋放，其他實驗操作都正確，則滑塊A到達斜槽底端時的速度減小，碰前滑塊A的動量減小，則會造成碰撞后兩滑塊的動量之和小于。18．（b）D