2024屆新疆第二師華山中學(xué)物理高二第一學(xué)期期中監(jiān)測模擬試題注意事項：1．答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號填寫在答題卡上。2．回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應(yīng)題目的答案標(biāo)號涂黑，如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標(biāo)號。回答非選擇題時，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。3．考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、某原子電離后其核外只有一個電子，若該電子在核的庫侖力作用下繞核做勻速圓周運動，那么電子運動()A．半徑越大，加速度越大B．半徑越小，周期越大C．半徑越小，線速度越小D．半徑越大，線速度越小2、下列關(guān)于圓周運動說法正確的是（）A．勻速圓周運動是一種勻變速運動B．向心加速度越大，物體速率變化越快C．做勻速圓周運動的物體所受合外力為變力D．在勻速圓周運動中向心加速度是恒定的3、如圖，光滑絕緣的水平面上有三個帶電小球（均可視為點電荷）、、，三球沿一條直線擺放，僅在它們之間的靜電力的作用下處于靜止?fàn)顟B(tài)，、之間的距離小于、之間的距離.則以下看法正確的是A．對的靜電力一定是引力B．對的靜電力一定是引力C．三個小球所帶電荷量的大小關(guān)系是D．若保持它們的位置不變而將它們的電荷量都加倍，則它們將不能平衡4、如圖所示，把電阻R、電感線圈L、電容器C分別串聯(lián)一個燈泡后并聯(lián)在電路中。接入交流電源后，三盞燈亮度相同。若保持交流電源的電壓不變，使交變電流的頻率減小，則下列判斷正確的是（）A．燈泡L1將變暗 B．燈泡L2將變暗C．燈泡L3將變暗 D．燈泡亮度都不變5、下列說法是某同學(xué)對電學(xué)中相關(guān)概念及公式的理解，其中正確的是()A．電場強(qiáng)度公式E＝適用于一切電場B．根據(jù)電容的定義式C＝,電容器極板上的電荷量每增加1C，電壓就增加1VC．根據(jù)電場力做功的計算式W＝qU，一個電子在1V的電壓下加速，電場力做功為1eVD．電場線就是正電荷只在電場力的作用下運動的軌跡6、如圖，半徑為R的圓盤均勻分布著電荷量為Q的電荷，在垂直于圓盤且過圓心c的軸線上有a、b、d三個點，a和b、b和c、c和d間的距離均為R，在a點處有一電荷量為q（q>0）的固定點電荷，已知b點處的場強(qiáng)為零，則d點處場強(qiáng)的大小為（k為靜電力常量）A．k B．k C．k D．k二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，兩平行金屬板水平放置，板長為，板間距離為，板間電壓為，一不計重力、電荷量為的帶電粒子以初速度沿兩板的中線射入，恰好沿下板的邊緣飛出，粒子通過平行金屬板的時間為，則（）A．在時間內(nèi)，電場力對粒子做的功為B．在時間內(nèi)，電場力對粒子做的功為C．在粒子下落的前和后過程中，電場力做功之比為D．在粒子下落的前和后過程中，電場力做功之比為8、兩個半徑相同的金屬小球，帶電量之比為3：7，相距為r（可視為點電荷），兩者相互接觸后再放回原來的位置上，則相互作用力可能為原來的（）A．521B．1621C．49、如圖所示，三個質(zhì)量相同，帶電荷量分別為+q、﹣q和0的小液滴a、b、c，從豎直放置的兩板中間上方由靜止釋放，最后從兩板間穿過，軌跡如圖所示，則在穿過極板的過程中（）A．電場力對液滴a、b做的功相同B．三者動能的增量相同C．液滴a電勢能的增加量等于液滴b電勢能的減少量D．重力對三者做功的功率相同10、如圖所示，在等量異種電荷形成的電場中，畫一正方形ABCD，對角線AC與兩點電荷連線重合，兩對角線交點O恰為電荷連線的中點。下列說法正確的是A．A點的電場強(qiáng)度大于B點的電場強(qiáng)度且兩點電場強(qiáng)度方向相同B．B、D兩點的電場強(qiáng)度及電勢均相同C．一電子由B點沿B→C→D路徑移至D點，電勢能先減小后增大D．一質(zhì)子由C點沿C→O→A路徑移至A點，電場力對其先做負(fù)功后做正功三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某同學(xué)想描繪某一熱敏電阻的伏安特性曲線，實驗室提供下列器材：A．電壓表V（量程為0~5V，內(nèi)阻約5kΩ）B．電流表A1（量程為0~25mA，內(nèi)阻約0.2Ω）C．電流表A2（量程為0~0.6A，內(nèi)阻約0.1Ω)D．滑動變阻器R1（0~10Ω，額定電流1.5A)；E．滑動變阻器R2（0~1000Ω，額定電流0.5A）F．直流電源（電動勢6V，內(nèi)阻忽略不計）G．電鍵一個、導(dǎo)線若干（1）該小組同學(xué)用螺旋測微器和游標(biāo)卡尺分別測量了該元件的直徑及長度，測量情況如下圖所示，則該筆芯的直徑為d=___________mm，L=____________cm。（2）該同學(xué)選擇了適當(dāng)?shù)钠鞑慕M成描繪伏安特性曲線的電路，請在下面的方框中畫出此實驗的電路圖.（熱敏電阻符號為）（______）（3）該同學(xué)在實驗中得到熱敏電阻電壓和電流的7組數(shù)據(jù)（如下表），電壓U（V）0.01.02.02.43.03.64.0電流I（mA）0.01.65.88.011.816.020.0請你在方格紙上作出熱敏電阻的伏安特性曲線.（______）（4）由此曲線可知，該熱敏電阻的阻值隨電壓的增大而_______（選填“增大”或“減小”）．該同學(xué)選擇的電流表是______（選填“B”或“C”），選擇的滑動變阻器是____（選填“D”或“E”）12．（12分）如圖所示的電路中，小量程電流表G的內(nèi)阻Rg=100Ω，滿偏電流Ig=1mA，R1=900Ω，R2=Ω，則當(dāng)S1和S2均斷開時，改裝成的電表是____________（填電流表或電壓表），量程為________；當(dāng)S1和S2均閉合時，改裝成的電表是______（填聯(lián)表或電壓表），量程為__________。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）萬有引力定律揭示了天體運行規(guī)律與地上物體運動規(guī)律具有內(nèi)在的一致性。用彈簧秤稱量一個相對于地球靜止的小物體的重量，隨稱量位置的變化可能會有不同的結(jié)果。已知地球質(zhì)量為M，自轉(zhuǎn)周期為T，萬有引力常量為G。將地球視為半徑為R、質(zhì)量均勻分布的球體，不考慮空氣的影響。設(shè)在地球北極地面稱量時，彈簧秤的讀數(shù)是F0。(1)若在北極上空高出地面h處稱量，彈簧秤讀數(shù)為F1，求比值F1F0的表達(dá)式，并就h＝1.0%R的情形算出具體數(shù)值(2)若在赤道地面稱量，彈簧秤讀數(shù)為F2，求比值F214．（16分）如圖所示的電路中，電源電動勢為，內(nèi)電阻為，外電路電阻為，閉合電鍵S后，求：通過電阻R的電流強(qiáng)度I；電阻R兩端的電壓U；電阻R上所消耗的電功率P．15．（12分）如圖甲所示，在和之間有沿著軸方向的勻強(qiáng)電場，為電場區(qū)域的上邊界，在軸方向范圍足夠大，電場強(qiáng)度的變化如圖乙所示，取軸正方向為電場正方向．現(xiàn)有一個帶負(fù)電的粒子，粒子的比荷，在時刻以速度從點沿軸正方向進(jìn)入電場區(qū)域，不計粒子重力作用．求：甲乙（1）粒子通過電場區(qū)域的時間；（2）粒子離開電場的位置坐標(biāo)；（3）粒子通過電場區(qū)域后沿軸方向的速度大小．

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解題分析】由向心力公式，可知，半徑越大，庫侖力越小，加速度越小，周期越大，線速度越小，角速度越?。话霃皆叫?，庫侖力越大，加速度越大，周期越小，線速度越大，角速度越大，故D正確；綜上所述本題答案是：D2、C【解題分析】

A．勻速圓周運動加速度是變化的，是一種非勻變速運動，選項A錯誤；B．向心加速度越大，物體速度變化越快，選項B錯誤；C．做勻速圓周運動的物體所受合外力的方向不斷變化，為變力，選項C正確；D．在勻速圓周運動中向心加速度大小是恒定的，但是方向不斷變化，選項D錯誤。3、B【解題分析】

A．根據(jù)電場力方向來確定各自電性，從而得出“兩同夾一異”，所以a、c一定為同種電荷即兩荷間一定為排斥力，故A錯誤；B．根據(jù)電場力方向來確定各自電性，從而得出“兩同夾一異”，所以a、c和b的電性相反，即對的靜電力一定是引力，故B正確；C．同時根據(jù)庫侖定律來確定電場力的大小，并由平衡條件來確定各自電量的大小，因此在大小上一定為“兩大夾一小”，“近小遠(yuǎn)大”，所以，故C錯誤；D．由平衡可得，對a有當(dāng)它們的電荷量都加倍時，小球仍然平衡，同理對b、c也成立，故D錯誤。4、B【解題分析】

若保持交流電源的電壓不變，使交變電流的頻率減小，對電阻沒有影響，而電容器對其阻礙變大，線圈對其阻礙變小。所以燈泡L1將變亮，燈泡L2將變暗，燈泡L3將亮度不變。故B正確ACD錯誤。故選B。5、C【解題分析】

A．電場強(qiáng)度公式：E＝只適用于勻強(qiáng)電場，故A錯誤；B．根據(jù)電容的定義式：C＝可知：U=只有在電容器C=1F時，當(dāng)電容器極板上的電荷量每增加1C，電壓就增加1V，故B錯誤；C．電子的電量為e，由：W=Uq可知電場對電子做功加速時：W=Ue即在1V電壓下加速，電場力做功為1eV，故C正確；D．電場線并不存在，是虛擬的，是人為引入的，而物體的運動軌跡是實際存在的，故電場線不是電荷的運動軌跡，故D錯誤。6、B【解題分析】

電荷量為q的點電荷在b處產(chǎn)生電場強(qiáng)度的大小為：而半徑為R均勻分布著電荷量為Q的圓盤上電荷，與在a點處有一電荷量為q（q＞0）的固定點電荷，在b點處的場強(qiáng)為零，則圓盤在此處產(chǎn)生電場強(qiáng)度大小也為：根據(jù)對稱性原理可知，圓盤在d產(chǎn)生電場強(qiáng)度大小也為：電荷量為q的點電荷在d處產(chǎn)生電場強(qiáng)度的大小為：由于都在d處產(chǎn)生電場強(qiáng)度方向相同，即為兩者大小相加．所以兩者這d處產(chǎn)生電場強(qiáng)度的大小為：故選B．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BC【解題分析】

由類平拋規(guī)律，在時間t內(nèi)有：L=v0t，，在內(nèi)有：，比較可得y=，則電場力做的功為W=qEy=，所以A錯誤，B正確．粒子做的功分別為：W1=qE×，W2=qE×，所以W1：W2=1：1，所以C正確，D錯誤．故選BC．【題目點撥】對于帶電粒子在勻強(qiáng)電場中的偏轉(zhuǎn)問題，采用分解觀點處理，同學(xué)要熟練的推導(dǎo)出偏移量、位移偏角和速度偏角的表達(dá)式，這類問題考查頻率較高．8、CD【解題分析】

由庫侖定律列出接觸前的庫侖力表達(dá)式；根據(jù)電荷守恒定律可得出接觸后兩球的電荷量，再由庫侖定律列出庫侖力表達(dá)式，即可求得兩力的關(guān)系?！绢}目詳解】由庫侖定律可得：兩球接觸前的庫侖力F=k當(dāng)兩球帶同種電荷時，兩球接觸后平分電量，則兩球的電量q=3Q+7Q兩球接觸后的庫侖力F'=k25當(dāng)兩球帶異種電荷時，兩球接觸后平分電量，則兩球的電量q=兩球接觸后的庫侖力F故應(yīng)選CD?！绢}目點撥】兩相同小球相互接觸再分開，則電量先中和然后再平分總電荷量；庫侖定律計算中可以只代入電量，最后再根據(jù)電性判斷庫侖力的方向。9、AD【解題分析】液滴進(jìn)入電場后豎直方向都做自由落體運動，所以穿出電場時豎直方向上的時間相等，根據(jù)合運動與分運動等時性可知液滴的運動時間都相同，因為液滴a、b的電荷量大小相等，則液滴所受的電場力大小相等，由靜止釋放，穿過兩板的時間相等，則偏轉(zhuǎn)位移大小相等，電場力做功相等，A正確；對于a、b兩個粒子穿過電場的過程，重力做功相同（下降的高度相同、質(zhì)量相同），而水平方向上電場力做功相同，根據(jù)動能定理可知兩者動能的增量相同，對于c液滴，只有重力做功，小于a、b動能的增量，B錯誤；對于液滴a和液滴b，電場力均做正功，電勢能均減小，C錯誤；根據(jù)公式，液滴進(jìn)入電場后豎直方向都做自由落體運動，穿過電場時豎直分速度相等，則重力對三者做功的功率相同，D正確．10、AB【解題分析】

A．在如圖所示的電場中EA＞EO＞EB，且電場方向都水平向右，故A正確；B．由于B、D兩點關(guān)于O點對稱，因此其場強(qiáng)大小相等，方向均水平向右，中垂線為零等勢線，故B正確；C．電子由B沿B→C運動到C過程中，靠近負(fù)電荷遠(yuǎn)離正電荷，因此電場力做負(fù)功，電勢能增大，沿C→D運動到D過程中，靠近正電荷遠(yuǎn)離負(fù)電荷，電場力做正功，電勢能減小，故整個過程中電勢能先增大后減小，故C錯誤；D．圖中兩電荷連線電場方向水平向右，即由A指向C，質(zhì)子受電場力水平向右，故質(zhì)子由C點沿C→O→A路徑移至A點過程中電場力做負(fù)功，故D錯誤。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、4.685mm1.455cm電路圖見解析伏安特性曲線見解析減小BD【解題分析】

（1）[1][2]．該筆芯的直徑為d=4.5mm+0.01mm×18.5=4.685mm；L=1.4cm+0.05mm×11=1.455cm。（2）[3]．由表中數(shù)據(jù)可知電流的變化范圍為0-20mA，所以電流表選擇B，滑動變阻器的特點是：電阻大的調(diào)節(jié)精度低，電阻變化快，操作不方便，故選小電阻的，故選D；該實驗中由于需要測量較多的數(shù)據(jù)，因此滑動變阻器采用分壓接法，由于熱敏電阻阻值較大，因此安培表采用內(nèi)接法，電路圖如圖所示：

（3）[4]．作出熱敏電阻的伏安特性曲線如圖；（4）[5][6][7]．圖象中曲線的斜率表示電阻的倒數(shù)，所以熱敏電阻的阻值隨電壓的增大而減??；由表中數(shù)據(jù)可知電流的變化范圍為0-20mA，所以電流表選擇B；為了便于調(diào)節(jié)滑動變阻器，應(yīng)在安全的情況下選最大阻值較小的D．12、電壓表1V電流表1A【解題分析】

[1][2]由圖示電路圖可知，當(dāng)S1和S2均斷開時，G與R1串聯(lián)，此時為電壓表，改裝后電壓表量程為[3][4]由圖示電路圖可知，當(dāng)S1和S2均閉合時，G與R2并聯(lián)，此時為電流表，