遼寧省撫順市省重點(diǎn)高中協(xié)作校2024屆高二物理第一學(xué)期期中達(dá)標(biāo)檢測試題注意事項(xiàng)：1．答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號填寫在答題卡上。2．回答選擇題時(shí)，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應(yīng)題目的答案標(biāo)號涂黑，如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標(biāo)號?；卮鸱沁x擇題時(shí)，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。3．考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、帶電粒子M只在電場力作用下由P點(diǎn)運(yùn)動到Q點(diǎn)，在此過程中克服電場力做了2.6×10-6J的功。以下判斷不正確的是A．P點(diǎn)的場強(qiáng)一定小于Q點(diǎn)的場強(qiáng)B．P點(diǎn)的電勢可能高于Q點(diǎn)的電勢C．M在P點(diǎn)的電勢能一定小于它在Q點(diǎn)的電勢能D．M在P點(diǎn)的動能一定大于它在Q點(diǎn)的動能2、如圖所示電路，在滑動變阻器的滑片P向上端a滑動過程中，電壓表、電流表的示數(shù)變化情況為A．兩電表示數(shù)都增大B．兩電表示數(shù)都減少C．電壓表示數(shù)減少，電流表示數(shù)增大D．電壓表示數(shù)增大，電流表示數(shù)減少3、圖為部分元器件實(shí)物圖和符號，其中表示電容器的是（）A．B．C．D．4、某一導(dǎo)體的伏安特性曲線如圖中的AB段(曲線)所示，關(guān)于導(dǎo)體的電阻，下列說法正確的是A．A點(diǎn)對應(yīng)的導(dǎo)體的電阻為120ΩB．在AB段，導(dǎo)體的電阻變化了20ΩC．B點(diǎn)對應(yīng)的導(dǎo)體的電阻為8ΩD．在AB段，導(dǎo)體的電阻隨電壓的增大而減小5、下列說法中正確的是()A．某種形式的能量減少，一定有其他形式的能量增加B．能量耗散表明，能量的總量并不守恒C．隨著科技的發(fā)展，能量是可以憑空產(chǎn)生的D．隨著科技的發(fā)展，永動機(jī)是可以制成的6、下列關(guān)于電場的說法正確的是：（）A．在電場中電場強(qiáng)度為零的地方，電勢不一定為零；B．只受電場力的帶電粒子一定沿電場線運(yùn)動；C．勻強(qiáng)電場中兩點(diǎn)間的電勢差與兩點(diǎn)間的間距成正比；D．電場力對正電荷做正功，電勢能增大；對負(fù)電荷做正功，電勢能減小。二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、勻速圓周運(yùn)動屬于A．勻速運(yùn)動 B．勻加速運(yùn)動C．變速運(yùn)動 D．變加速運(yùn)動8、如圖所示，在一電場強(qiáng)度沿紙面方向的勻強(qiáng)電場中，用一絕緣細(xì)線系一帶電小球，小球的質(zhì)量為m，電荷量為q．為了保證當(dāng)細(xì)線與豎直方向的夾角為30°時(shí)，小球處于平衡狀態(tài)，則勻強(qiáng)電場的場強(qiáng)大小可能為()A． B．C． D．9、如圖所示，甲、乙兩個(gè)電路，都是由一個(gè)表頭G和一個(gè)變阻器R組成，下列說法正確的是()A．甲是電流表原理，R減小時(shí)量程增大B．甲是電流表原理，R減小時(shí)量程減小C．乙是電壓表原理，R減小時(shí)量程增大D．乙是電壓表原理，R減小時(shí)量程減小10、如圖所示，平行板電容器的金屬板始終與電源兩極相連，電源電壓為8.0V，兩板的間距為2cm，而且極板B接地．極板間有C、D兩點(diǎn)，C距A板0.5cm，D距B板0.5cm，則（）A．C.D兩點(diǎn)的電勢相等B．兩板間的場強(qiáng)為400V/mC．D點(diǎn)的電勢φD=2.0VD．C點(diǎn)的電勢φC=2.0V三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）圖（甲）是用一主尺最小分度為1mm，游標(biāo)上有20個(gè)分度的卡尺測量一工件的長度，結(jié)果如圖所示．可以讀出此工件的長度為____________cm．圖（乙）是用螺旋測微器測量某一圓筒內(nèi)徑時(shí)的示數(shù)，此讀數(shù)應(yīng)為______mm

12．（12分）在DIS描繪電場等勢線的實(shí)驗(yàn)中。(1)電源通過正負(fù)電極A、B在導(dǎo)電物質(zhì)上產(chǎn)生的穩(wěn)定電流分布模擬了由二個(gè)______產(chǎn)生的______。(2)在安裝實(shí)驗(yàn)裝置時(shí)，正確的做法是______A．在一塊平整木板上依次鋪放復(fù)寫紙、白紙、導(dǎo)電紙B．導(dǎo)電紙有導(dǎo)電物質(zhì)的一面應(yīng)該向上C．連接電源正負(fù)極的電極A、B必須與導(dǎo)電物質(zhì)保持絕緣D．連接電極A、B的電源電壓為交流4?6V.(3)在“用DIS描繪電場的等勢線”實(shí)驗(yàn)中，按圖所示連接電路．在電極A、B的連線上等距離地取a、b、c、d、e等5個(gè)基準(zhǔn)點(diǎn)．將電壓傳感器的兩個(gè)接線柱分別和兩個(gè)探針相連接．當(dāng)正接線柱的電勢高于負(fù)接線柱時(shí)，讀數(shù)為正．①若在圖中連接電壓傳感器正接線柱的探針接觸a點(diǎn)，連接負(fù)接線柱的探針接觸b點(diǎn)時(shí)，讀數(shù)為負(fù)，則可以判斷電極A接在電源的______極上（選填“正”或“負(fù)”）．②若連接電壓傳感器的正負(fù)兩個(gè)接線柱的探針分別接觸a點(diǎn)和b點(diǎn)時(shí)示數(shù)為U1；分別接觸b點(diǎn)和c點(diǎn)時(shí)示數(shù)為U2，則有|U1|______|U2|（選填“＞”、“＜”或“=”）．四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示電路中，電源電動勢E=6V，內(nèi)阻r=1Ω．D為直流電動機(jī)，其電樞線圈電阻R=2Ω，限流電阻R′=3Ω．當(dāng)電動機(jī)正常工作時(shí)，電壓表示數(shù)為0.3V．求：（1）通過電動機(jī)的電流是多大？（2）電動機(jī)輸入的電功率、轉(zhuǎn)變?yōu)闊崃康墓β屎洼敵鰴C(jī)械功率各是多少？14．（16分）在如圖所示的豎直平面內(nèi)，物體A和帶正電的物體B用跨過定滑輪的絕緣輕繩連接，分別靜止于傾角θ＝37°的光滑斜面上的M點(diǎn)和粗糙絕緣水平面上，輕繩與對應(yīng)平面平行．勁度系數(shù)k＝5N/m的輕彈簧一端固定在O點(diǎn)，一端用另一輕繩穿過固定的光滑小環(huán)D與A相連，彈簧處于原長，輕繩恰好拉直，DM垂直于斜面．水平面處于場強(qiáng)E＝5×104N/C、方向水平向右的勻強(qiáng)電場中．已知A、B的質(zhì)量分別為mA＝0.1kg和mB＝0.2kg，B所帶電荷量q＝＋4×10－6C．設(shè)兩物體均視為質(zhì)點(diǎn)，不計(jì)滑輪質(zhì)量和摩擦，繩不可伸長，彈簧始終在彈性限度內(nèi)，B電荷量不變．取g＝10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8.(1)求B所受靜摩擦力的大??；(2)現(xiàn)對A施加沿斜面向下的拉力F，使A以加速度a＝0.6m/s2開始做勻加速直線運(yùn)動．A從M到N的過程中，B的電勢能增加了ΔEp＝0.06J．已知DN沿豎直方向，B與水平面間的動摩擦因數(shù)μ＝0.4.求A到達(dá)N點(diǎn)時(shí)拉力F的瞬時(shí)功率．15．（12分）如圖所示，光滑水平面上放著長為L＝25m，質(zhì)量為M=5kg的木板（厚度不計(jì)），一個(gè)質(zhì)量為m=1kg的小物體放在木板的最右端，m和M之間的動摩擦因數(shù)μ=0.1，開始均靜止。今對木板施加一水平向右的恒定拉力F=21N，作用2s后，撤去拉力F，求：（1）還沒撤拉力F的過程小物塊和木板的加速度各為多大（2）整個(gè)過程木板和小物體因摩擦而產(chǎn)生的熱量

參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、A【解題分析】電場分布情況不知，無法判斷P點(diǎn)和Q點(diǎn)電場強(qiáng)度的大小關(guān)系，故A不正確；因?yàn)殡姾烧?fù)不知，故無法判斷電勢高低，即P點(diǎn)的電勢可能高于、低于Q點(diǎn)的電勢，故B正確；從題目可知克服電場力做功，即電場力做負(fù)功，故電勢能增加，P點(diǎn)的電勢能一定小于它在Q點(diǎn)的電勢能，故C正確；因?yàn)橹挥须妶隽ψ龉?，因此只有電勢能和動能之間的轉(zhuǎn)化，電勢能增加，則動能減小，故D正確．本題選擇不正確的，故選A．2、D【解題分析】

當(dāng)滑動變阻器的滑片P向a端滑動時(shí)，接入電路的電阻增大，與R2并聯(lián)的電阻增大，外電路總電阻R總增大，總電流I減小，則電壓表的示數(shù)UV=E-I(r+R1)，則UV增大；流過R2的電流增大，電流表的讀數(shù)為，則電流表示數(shù)減小；故A，B，C錯(cuò)誤，D正確.3、B【解題分析】

A是電阻；B是電容；C是電源；D是二極管；故選B.4、B【解題分析】

ABC．A點(diǎn)的電阻為：B點(diǎn)的電阻為：則兩點(diǎn)間的電阻改變了80Ω-60Ω=20Ω；故AC錯(cuò)誤，B正確；D．由于從A到B，曲線上各點(diǎn)與原點(diǎn)連線的斜率逐漸減小，則在AB段，導(dǎo)體的電阻隨電壓的增大而增大，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。5、A【解題分析】試題分析：熱力學(xué)第一定律：熱力系內(nèi)物質(zhì)的能量可以傳遞，其形式可以轉(zhuǎn)換，在轉(zhuǎn)換和傳遞過程中各種形式能源的總量保持不變．熱力學(xué)第二定律：不可能把熱從低溫物體傳到高溫物體而不產(chǎn)生其他影響；不可能從單一熱源取熱使之完全轉(zhuǎn)換為有用的功而不產(chǎn)生其他影響；不可逆熱力過程中熵的微增量總是大于零．解：A、根據(jù)能量守恒定律，某種形式的能量減少，一定有其他形式的能量增加，故A正確；B、能量耗散表明，能量的總量雖然守恒，但其轉(zhuǎn)化和轉(zhuǎn)移具有方向性，故B錯(cuò)誤；C、根據(jù)能量守恒定律，能量是不能創(chuàng)生的，故C錯(cuò)誤；D、永動機(jī)違背了熱力學(xué)第一和第二定律，故是不可能制造成功的，故D錯(cuò)誤；故選A．點(diǎn)評：本題考查了熱力學(xué)第一定律和熱力學(xué)第二定律，要明確自然界的總能量是守恒的，但其轉(zhuǎn)化和轉(zhuǎn)移具有方向性．6、A【解題分析】

電場線的疏密表示電場強(qiáng)度大小，電場線的方向反映電勢的高低，則電場強(qiáng)度與電勢沒有直接關(guān)系。電場強(qiáng)度為零，電勢不一定為零。電勢為零，電場強(qiáng)度也不一定為零。電場強(qiáng)度越大的地方，電勢不一定高。順著電場線方向，電勢逐漸降低，但場強(qiáng)不一定減小。電場力做正功，電勢能減小?！绢}目詳解】A項(xiàng)：電勢為零，是人為選擇的，所以電場強(qiáng)度為零的地方，電勢不一定為零，故A正確；B項(xiàng)：如異號電荷，其中一個(gè)電荷繞另一固定電荷做圓周運(yùn)動，故B錯(cuò)誤；C項(xiàng)：勻強(qiáng)電場中兩點(diǎn)間的電勢差與沿電場線兩點(diǎn)間的間距成正比，故C錯(cuò)誤；D項(xiàng)：電場力對電荷做正功，電荷的電勢能一定減小，對電荷做負(fù)功，電荷的電勢能一定增大，故D錯(cuò)誤。故應(yīng)選：A?！绢}目點(diǎn)撥】電場強(qiáng)度和電勢這兩個(gè)概念非常抽象，可借助電場線可以形象直觀表示電場這兩方面的特性：電場線疏密表示電場強(qiáng)度的相對大小，切線方向表示電場強(qiáng)度的方向，電場線的方向反映電勢的高低。電場力做功與電勢能的關(guān)系。二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、CD【解題分析】

勻速圓周運(yùn)動的速度方向在變化，不是勻速運(yùn)動，是變速運(yùn)動；勻速圓周運(yùn)動的加速度大小不變，方向始終指向圓心，不是勻加速運(yùn)動，是變加速運(yùn)動。故選CD。8、BD【解題分析】

根據(jù)題意對小球受力分析，小球受重力、電場力和拉力，絕緣細(xì)線與豎直方向的夾角為θ=30°時(shí)，當(dāng)電場力和拉力垂直時(shí)電場力最小，，則，因A、C選項(xiàng)的場強(qiáng)均小于最小場強(qiáng)，故均不可能；而B、D選項(xiàng)的場強(qiáng)大小均大于最小場強(qiáng)，故均屬于可能的場強(qiáng)值.故選BD.9、AD【解題分析】

由題中“甲、乙兩個(gè)電路”可知，本題考查電表改裝，根據(jù)電流表和電壓表原理可分析本題?！绢}目詳解】AB.甲是電流表原理，R為分流電阻，當(dāng)R減小時(shí)，所分電流變大，因此量程變大，故A正確B錯(cuò)誤；CD.乙是電壓表原理，R為分壓電阻，R減小時(shí)，分壓變小，因此量程變小，故C錯(cuò)誤D正確。10、BC【解題分析】

A、由題板間場強(qiáng)方向向下，則C點(diǎn)的電勢高于D點(diǎn)的電勢;故A錯(cuò)誤.B、電容器的板間電壓U=8V，則兩板間勻強(qiáng)電場的場強(qiáng);故B正確.C、D、B間的電勢差為UDB=EdDB=400×5×10-3V=2V，而極板B接地，電勢為零，則D點(diǎn)的電勢φD=2V;故C正確.D、C、B間的電勢差為UCB=EdCB=400×1.5×10-2V=6V，而極板B接地，電勢為零，則C點(diǎn)的電勢φC=6V;故D錯(cuò)誤.故選BC.【題目點(diǎn)撥】求某點(diǎn)電勢常用的方法是先求出該點(diǎn)與零電勢點(diǎn)之間的電勢差，再求出這點(diǎn)的電勢．三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、10.240cm

5.543-5.547mm

【解題分析】分析：游標(biāo)卡尺讀數(shù)的方法是主尺讀數(shù)加上游標(biāo)讀數(shù)，不需估讀．螺旋測微器的讀數(shù)方法是固定刻度讀數(shù)加上可動刻度讀數(shù)，在讀可動刻度讀數(shù)時(shí)需估讀．解答：解：游標(biāo)卡尺的主尺讀數(shù)為102mm，游標(biāo)讀數(shù)為0.05×7mm=0.35mm，所以最終讀數(shù)為102.35mm=10.235cm．螺旋測微器的固定刻度為5.5mm，可動刻度為0.01×4.6mm=0.046mm，所以最終讀數(shù)為5.546mm=0.5546cm．故本題答案為：10.235，0.5546點(diǎn)評：解決本題的關(guān)鍵掌握游標(biāo)卡尺讀數(shù)的方法，主尺讀數(shù)加上游標(biāo)讀數(shù)，不需估讀．螺旋測微器的讀數(shù)方法，固定刻度讀數(shù)加上可動刻度讀數(shù)，在讀可動刻度讀數(shù)時(shí)需估讀．12、等量異種點(diǎn)電荷,靜電場B負(fù)＞【解題分析】

由題中“描繪電場等勢線”可知，本題考查點(diǎn)電荷電場排布、電勢、等勢線等，根據(jù)點(diǎn)電荷電場線分布、電勢大小變化和等勢線知識可分析本題?！绢}目詳解】[1][2]本實(shí)驗(yàn)原理是用恒定電流場模擬靜電場，與電源正極相連的電極模擬正電荷，與電源負(fù)極相連的電極模擬負(fù)電荷，電源通過正負(fù)電極AB在導(dǎo)電物質(zhì)上產(chǎn)生的穩(wěn)定電流分布模擬等量異種點(diǎn)電荷產(chǎn)生的靜電場；[3]A.在一塊平整木板上依次鋪放白紙、復(fù)寫紙和導(dǎo)電紙，故A錯(cuò)誤；B.整個(gè)操作在導(dǎo)電紙上進(jìn)行，導(dǎo)電紙有導(dǎo)電物質(zhì)的一面應(yīng)該向上，所以B正確；C.鏈接電源的正負(fù)極的電極A、B必須與導(dǎo)電紙保持良好接觸，否則不能形成電流，故C錯(cuò)誤；D.連接電極A、B的電源電壓為直流，故D錯(cuò)誤。[4]根據(jù)題意，當(dāng)正接線柱的電勢高于負(fù)接線柱時(shí)，電壓傳感器的讀數(shù)為正，則當(dāng)電壓傳感器讀數(shù)為負(fù)時(shí)，可以知道a點(diǎn)的電勢低于b的電勢，則知A接在電源負(fù)極；[5]根據(jù)等量異種電荷電場線的分布情況可知，a、b間場強(qiáng)大于b、c間場強(qiáng)，根據(jù)可知，|U1|>|U2|。四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）0.1A；（2）電動機(jī)輸入功率P入=0.56W；電動機(jī)發(fā)熱功率P熱=0.02W；電動機(jī)輸入功率P出=0.54W【解題分析】試題分析：電動機(jī)輸入功率P入=0.56W；電動機(jī)發(fā)熱功率P熱=0.02W；電動機(jī)輸入功率P出=0.54W（1）通過電動機(jī)的電流與流過限流電阻R′的電流相同，由得A（2分）（2）由可得電動機(jī)兩端電壓V（3分）所以電動機(jī)的輸入功率P入=UDI=0.56W（3分）；電動機(jī)發(fā)熱功率P熱=I2R=0.02W（3分）；電動機(jī)輸入功率P出=P入-P熱=0.54W（3分）考點(diǎn)：閉合電路歐姆定律,非純電阻電路能量轉(zhuǎn)化與守恒定律．14、（1）f=1.4N（2）2.1336W【解題分析】試題分析：（1）根據(jù)題意，靜止時(shí)，對兩物體受力分析如圖所示：由平衡條件所得：對A有：mAgsinθ＝FT①對B有：qE＋f1＝FT②代入數(shù)據(jù)