2022-2023學年浙江省嘉興市桐鄉(xiāng)高級中學高三階段性測試（二模）物理試題

考生須知：

1,全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色

字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應位置上。

2,請用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準考證號。

3.保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無效。

一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。

1、關(guān)于星系，下述正確的是

A.星系是由宇宙中的恒星、氣體和塵埃組成的

B.銀河系是一種不規(guī)則星系

C.銀河系中恒星只有少量的幾顆

D.太陽處于河外星系中

2、北京時間2019年11月5日1時43分，我國成功發(fā)射了北斗系統(tǒng)的第49顆衛(wèi)星。據(jù)介紹，北斗系統(tǒng)由中圓地球軌

道衛(wèi)星、地球靜止軌道衛(wèi)星、傾斜地球同步軌道衛(wèi)星三種衛(wèi)星組成，其中中圓地球軌道衛(wèi)星距地高度大約24萬千米，

地球靜止軌道衛(wèi)星和傾斜地球同步軌道衛(wèi)星距地高度都是大約為3.6萬千米。這三種衛(wèi)星的軌道均為圓形。下列相關(guān)

說法正確的是（）

A.發(fā)射地球靜止軌道衛(wèi)星的速度應大于11.2km/s

B.傾斜地球同步軌道衛(wèi)星可以相對靜止于某個城市的正上空

C.根據(jù)題中信息和地球半徑，可以估算出中圓地球軌道衛(wèi)星的周期

D.中圓地球軌道衛(wèi)星的向心加速度小于傾斜地球同步軌道衛(wèi)星的向心加速度

3、小球在水平面上移動，每隔0.02秒記錄小球的位置如圖所示。每一段運動過程分別以甲、乙、丙、丁和戊標示。

試分析在哪段，小球所受的合力為零

A.甲B.乙C.丙D.戊

4、下列說法正確的是（）

A.金屬發(fā)生光電效應時，逸出的光電子的最大初動能與入射光的頻率成正比

B.重核裂變（2j；U+：nf\Xe+；：Sr+2；n）釋放出能量,嚕Xe的結(jié)合能比aU的大

C.8g2案Rn經(jīng)22.8天后有7.875g衰變成2；：Po,則^Rn的半衰期為3.8天

D.氫原子從能級3躍遷到能級2輻射出的光子的波長小于從能級2躍遷到能級1輻射出的光子的波長

5、如圖所示，半徑為R的圓形區(qū)域內(nèi)有一垂直紙面向里的勻強磁場，P為磁場邊界上的一點，大量質(zhì)量為m、電荷

量為q的帶正電的粒子，在紙面內(nèi)沿各個方向一速率v從P點射入磁場，這些粒子射出磁場時的位置均位于PQ圓弧

上且Q點為最遠點，已知PQ圓弧長等于磁場邊界周長的四分之一，不計粒子重力和粒子間的相互作用，則（）

XX,

A.這些粒子做圓周運動的半徑r=

B.該勻強磁場的磁感應強度大小為士上

qR

C.該勻強磁場的磁感應強度大小為“

2qR

）

D.該圓形磁場中有粒子經(jīng)過的區(qū)域面積為不1乃心

2

6、太陽內(nèi)部持續(xù)不斷地發(fā)生著4個質(zhì)子（；H）聚變?yōu)?個氫核（：He）的熱核反應，核反應方程是4；Hf；He+2X,

這個核反應釋放出大量核能。已知質(zhì)子、氮核、X的質(zhì)量分別為,小、，孫、"，3,真空中的光速為c。下列說法中正確的

是（）

A.方程中的X表示中子，

B.方程中的X表示電子；e

C.這個核反應中質(zhì)量虧損\m=mi—m2—m3

D.這個核反應中釋放的核能AE=（4g—”打一2,〃3）c2

二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。

全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。

7、如圖，一個由絕緣材料做成的半徑為R的圓環(huán)水平放置，。為圓心，一帶電小珠P穿在圓環(huán)上，可沿圓環(huán)無摩擦

的滑動。在圓環(huán)所在的水平面內(nèi)有兩個點電荷QA、QB分別位于4、3兩點，A點位于圓環(huán)內(nèi)、3點位于圓環(huán)外，已知

OB=3OA=6R，°、A、5三點位于同一直線上?，F(xiàn)給小珠尸一初速度，發(fā)現(xiàn)尸恰好沿圓環(huán)做勻速圓周運動。則以下

判斷正確的是

p

**■0J■■■―.B

vy

A.QA與QB一定為異種電荷

B.QB=6QA

C.由。A、QB激發(fā)的電場，在圓環(huán)上各處電勢相等

D.小珠尸運動過程中對圓環(huán)的彈力大小處處相等

8、《大國工匠》節(jié)目中講述了王進利用“秋千法”在lOOOkV的高壓線上帶電作業(yè)的過程。如圖所示，絕緣輕繩0。一

端固定在高壓線桿塔上的。點，另一端固定在兜籃上。另一絕緣輕繩跨過固定在桿塔上C點的定滑輪，一端連接兜籃,

另一端由工人控制。身穿屏蔽服的王進坐在兜籃里，緩慢地從C點運動到處于。點正下方E點的電纜處。繩OO一直

處于伸直狀態(tài)，兜籃、王進及攜帶的設備總質(zhì)量為，"，不計一切阻力，重力加速度大小為g。關(guān)于王進從C點運動到

E點的過程中，下列說法正確的是（）

A.工人對繩的拉力一直變大

B.繩0。的拉力一直變大

C.OD、CD兩繩拉力的合力大小等于mg

D.當繩CD與豎直方向的夾角為30。時，工人對繩的拉力為正機g

3

9、如圖甲所示，兩個平行金屬板尸、。正對且豎直放置，兩金屬板間加上如圖乙所示的交流電壓，r=0時，尸板的

電勢比。板的電勢高在兩金屬板的正中央M點處有一電子（電子所受重力可忽略）在電場力作用下由靜止開始

運動，已知電子在4ro時間內(nèi)未與兩金屬板相碰，則（）

甲乙

A.2fo時間內(nèi)，電子的動能減小

B.3fo時刻，電子的電勢能最大

C.0~4ro時間內(nèi)，電子運動的方向不變

D.3fo~4fo時間內(nèi)，電子運動的速度方向向右，且速度逐漸減小

10、關(guān)于對分子動理論、氣體和晶體等知識的理解，下列說法正確的是一

A.溫度高的物體，其分子的平均動能一定大

B.液體的分子勢能與體積無關(guān)

C.晶體在物理性質(zhì)上可能表現(xiàn)為各向同性

D.溫度升高，氣體的壓強一定變大

E.熱量可以從低溫物體傳給高溫物體

三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

11.（6分）（1）在“測定金屬絲的電阻率”實驗中，先用螺旋測微器測出金屬絲的直徑，測量示數(shù)如圖甲所示，則金屬

絲的直徑d=mm。

（2）在測定電源電動勢和內(nèi)阻的實驗中，實驗室僅提供下列實驗器材：

A.干電池兩節(jié)，每節(jié)電動勢約為1.5V,內(nèi)阻約幾歐姆

B.直流電壓表V1、V2,量程均為0~3V,內(nèi)阻約為3g

C.電流表，量程0.6A,內(nèi)阻小于

D.定值電阻用，阻值為5Q

E.滑動變阻器K,最大阻值50。

F.導線和開關(guān)若干

①如圖乙所示的電路是實驗室測定電源的電動勢和內(nèi)阻的電路圖，按該電路圖組裝實驗器材進行實驗，測得多組S、

/數(shù)據(jù)，并畫出S-/圖像，求出電動勢和內(nèi)電阻。電動勢和內(nèi)阻的測量值均偏小，產(chǎn)生該誤差的原因是,

這種誤差屬于（填“系統(tǒng)誤差”或"偶然誤差”）。

②實驗中移動滑動變阻器觸頭，讀出電壓表V1和V2的多組數(shù)據(jù)■、U2,描繪出幼一。2圖像如圖丙所示，圖線斜率

為k,與橫軸的截距為a,則電源的電動勢￡=,內(nèi)阻u（用晨a、Ro表示）。

12.(12分)某實驗小組設計了如圖(a)所示的實驗裝置,通過改變重物的質(zhì)量，可得滑塊運動的加速度a和所受拉力F的

關(guān)系圖象.他們在軌道水平和傾斜的兩種情況下分別做了實驗，得到了兩條a-F圖線，如圖(b)所示.重力加速度g=10m/s1.

(1)圖(b)中對應傾斜軌道的試驗結(jié)果是圖線(選填“①”或"②”)；

(1)由圖(b)可知，滑塊和位移傳感器發(fā)射部分的總質(zhì)量為kg；滑塊和軌道間的動摩擦因數(shù)為.(結(jié)果

均保留兩位有效數(shù)字)

四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算

步驟。

13.(10分)如圖所示，在光滑水平面上距離豎直線MN左側(cè)較遠處用彈簧鎖定不帶電絕緣小球A,彈性勢能為0.45J,

A球質(zhì)量M=0.1kg,解除鎖定后與靜止在M點處的小球B發(fā)生彈性正碰，B球質(zhì)量m=0.2kg、帶電量g=+10C。

MN左側(cè)存在水平向右的勻強電場Ei,MN右側(cè)空間區(qū)域范圍內(nèi)存在豎直向上、場強大小Ei=0.2N/C的勻強電場和方

向垂直紙面向里磁感應強度為8=O.2T的勻強磁場。(g=10m/s2,不計一切阻力)求：

⑴解除鎖定后A球獲得的速度v1;

⑵碰后瞬間B球速度P2；

(3)當大小滿足什么條件時，B球能經(jīng)電場及通過MN所在的直線；(不考慮B球與地面碰撞再次彈起的情況)

(4)在滿足⑶問情景下B球在電場Ei中與MN的最大距離。

14.(16分)如圖所示，從長方體透明玻璃中挖去一個半徑為R的半球體，。為半球的球心，。|。2連線為透明玻璃體

的主光軸，在離球心0.5K處豎直放置一個足夠大的光屏，02為屏上的點，讓一單色光束平行。02垂直左側(cè)表面入射,

當光線距離。也2連線0.5R時，折射后的光線達到光屏上距離。2為立R的尸點，已知透明體的上下側(cè)面均涂有吸光

2

材料，則:

①透明玻璃的折射率為多少；

②當平行光線到光軸OxOi的距離為多少時，折射后射到光屏上的位置離02最遠。

15.(12分)如圖所示，平面直角坐標系的x軸沿水平方向，在第一象限內(nèi)y軸與直線x=L之間存在沿y軸正方向的

勻強電場。一個質(zhì)量為，〃，帶電量為g(9>0))的小球(重力不能忽略)，以初速度也從坐標原點。沿x軸正方向射

入電場，一段時間后以亞％的速度從第一象限內(nèi)的4點(圖中未畫出)射出電場，重力加速度為g。求：

Ovo：(1>0)x

(DA點的縱坐標；

(2)電場強度E的大小。

參考答案

一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。

1、A

【解析】

A.星系是由宇宙中的恒星、氣體和塵埃組成的系統(tǒng)，A正確；

B.在誤差范圍內(nèi)可以認為銀河系是旋渦狀星系，不屬于不規(guī)則星系，B錯誤；

C.銀河系中恒星很多，C錯誤；

D.太陽處在銀河系中，不在河外星系，D錯誤。

故選Ao

2、C

【解析】

A.U.2m/s是發(fā)射掙脫地球引力控制的航天器的最小速度，而地球靜止軌道衛(wèi)星仍然是圍繞地球做勻速圓周運動，所

以地球靜止軌道衛(wèi)星的發(fā)射速度定小于地球的第二宇宙速度11.2km/s,故A錯誤；

B.傾斜地球同步軌道衛(wèi)星只是繞地球做勻速圓周運動的周期為24小時，不可以相對靜止于某個城市的正上空，故B

錯誤；

C.已知地球靜止軌道衛(wèi)星離地高度和地球半徑，可得出地球靜止軌道衛(wèi)星的運動半徑、其運動周期7；=1天，已知

中圓地球軌道衛(wèi)星距地面的高度和地球半徑，可得出中圓地球軌道衛(wèi)星的軌道半徑弓，根據(jù)開普勒第三定律有

T14

代入可以得出中圓地球軌衛(wèi)星的周期與，故C正確；

D.由于中圓地球軌道衛(wèi)星距離地面高度小于傾斜地球同步軌道衛(wèi)星距離地面高度，即中圓地球軌道衛(wèi)星的運動半徑

較小，根據(jù)萬有引力提供向心力有

-Mm

=ma

可知，中圓地球軌道衛(wèi)星的向心加速度大于傾斜地球同步軌道衛(wèi)星的向心加速度，D錯誤。

故選C。

3、C

【解析】

小球所受的合力為零時，物體處于靜止或勻速直線運動狀態(tài)，

A.根據(jù)圖象可知，甲階段的位移越來越小，所以做減速直線運動，合力不為零，故A錯誤

B.乙階段做曲線運動，則合外力要改變速度，所以不為零，故B錯誤

C.丙階段在相等時間內(nèi)的位移相等，所以做勻速直線運動，則合外力為零，故C正確

D.戊階段的位移越來越大，所以做加速運動，則丙階段小球所受的合力不為零，故D錯誤

4、C

【解析】

A.根據(jù)愛因斯坦光電效應方程可知，逸出的光電子的最大初動能與入射光的頻率成一次函數(shù)關(guān)系，不是正比關(guān)系，

故A項錯誤；

B.重核裂變過程釋放出能量，組成原子核的核子越多，它的結(jié)合能越大，故B項錯誤；

C.根據(jù)衰變規(guī)律得

由題意知

=(8-7.875)g=0.125g

U22.8天

解得7=3.8天，故C項正確;

根據(jù):

D.可知，入射光的能量與波長成反比，氫原子從能級3躍遷到能級2輻射出的光子小于從能級2躍遷

到能級1輻射出的光子的能量，則氫原子從能級3躍遷到能級2輻射出的光子的波長大于從能級2躍遷到能級1輻射

出的光子的波長，故D項錯誤。

故選C。

5,B

【解析】

ABC、從尸點射入的粒子與磁場邊界的最遠交點為Q,由動圓法知P、。連線為軌跡直徑；尸。圓弧長為磁場圓周長的

-,由幾何關(guān)系可知=則粒子軌跡半徑一=也;?,由牛頓第二定律知"8=加2，解得8=衣竺故B

42rqR

正確；AC錯誤

D、該圓形磁場中有粒子經(jīng)過的區(qū)域面積大于，萬故D錯誤；

2

綜上所述本題答案是：B

6、D

【解析】

AB.由核反應質(zhì)量數(shù)守恒、電荷數(shù)守恒可推斷出X為:e,故AB錯誤;

CD.質(zhì)量虧損為

△機=4/〃1?，九2?263

釋放的核能為

A￡=△mc2=(4??1-/?2-2/?3)c2

故C錯誤、D正確。

故選D。

二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。

全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。

7、ABC

【解析】

A.小珠P沿圓環(huán)做勻速圓周運動，小珠P在圓周上任一點受到的電場力大小相等，故兩個點電荷在圓周上各點的場

強大小相等，方向不同，故與QB一定為異種電荷，故A正確；

B.如圖所示，當小珠運動到圖示位置時，由幾何知識可得：

…例

業(yè)+(9)22

73

---K1

sinp=/3=—

卜(和)22

由于小珠的合力指向圓心，則有：

k--cosa=ksinp

R-+(6R)2

解得：

QB=6QA

故B正確；

FB

上工…………

C.沿圓環(huán)做勻速圓周運動，電場力不做功，所以在圓環(huán)上電勢處處相等，故C正確；

D.因做勻速圓周運動，其合力始終指向圓心,即彈力與庫侖力的合力指向圓心，而庫侖力是變化的，則彈力也是變

化的，故D錯誤；

故選ABC?

8、BCD

【解析】

AB.對兜籃、王進及攜帶的設備整體受力分析如圖所示

繩0。的拉力為與豎直方向的夾角為，，繩Q9的拉力為尸2,與豎直方向的夾角為好根據(jù)幾何知識有

8+2a=90°

由正弦定理可得

，=K_mg

sinasin。.(TC、

(2J

解得

Ft=mgtana

「mgsin0m2cos2a-1、

居=-2-----=-2-------=mg(2cosa---------)

cosacosacosa

a增大，。減小，則尸i增大，尸2減小，故A錯誤，B正確；

C.兩繩拉力的合力大小等于mg,故C正確；

D.當〃二30。時，則，=30。，根據(jù)平衡條件有

2乙cos30°=mg

可得

8=—mg

故D正確。

故選BCD。

9、AD

【解析】

A.在0~4時間內(nèi)，電場方向水平向右，電子所受電場力方向向左，所以電子向左做勻加速直線運動；在2ro時

間內(nèi)，電場方向水平向左，電子所受電場力方向向右，電子向左做勻減速直線運動，電場力做負功，電子的電勢能增

加，動能減小，故A正確；

BC.2/0時刻電子的速度為零，在2%~3fo時間內(nèi)，電場方向水平向左，電子所受電場力方向向右，電子向右做初速

度為零的勻加速直線運動，運動方向發(fā)生改變，3。時刻速度最大，動能最大，電勢能并不是最大，故BC錯誤；

D.在3fo~44時間內(nèi)，電場方向水平向右，電子的加速度方向向左，電子向右做勻減速直線運動，到今。時刻速度為

零，恰好又回到M點，故D正確。

故選：AD?

10、ACE

【解析】

A.溫度是分子平均動能的標志，溫度升高時，分子的平均動能增大，故A正確；

B.液體分子之間的距離不同，液體分子之間的分子力大小就不同，所以分子力做功不同，則分子勢能就不同，所以

液體的分子勢能與體積有關(guān)，故B錯誤；

C.單晶體因排列規(guī)則其物理性質(zhì)為各向異性，而多晶體因排列不規(guī)則表現(xiàn)為各向同性，故C正確；

D.根據(jù)理想氣體得狀態(tài)方程

T

可知溫度升高，氣體的壓強不一定增大，還要看體積變化，故D錯誤；

E.熱量不能自發(fā)的從低溫物體傳給高溫物體，但在引起其它變化的情況下可以由低溫物體傳給高溫物體，故E正確。

故選ACE?

三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

11、2.600電壓表的分流系統(tǒng)誤差E;普廠=鳥

k-1k-\

【解析】

金屬絲的直徑d=2.5mm+().01mmxl0.0=2.600mm；

(2)①流過電流表的電流不是流過干路的電流，產(chǎn)生誤差的原因是電壓表的分流造成的，這種誤差是由于電路結(jié)

構(gòu)造成的，屬于系統(tǒng)誤差；

②由閉合電路歐姆定律可知

E二U”U「U\j

&

變形得

q二^±Lu,_辿

r"r

則有：當。i=0時，U2=a

則有

&￡>〃(&+r)

解得

廠ak

E=----

k-1

r=%

k-\

12、①；1.2；2.1

【解析】

知道滑塊運動的加速度a和所受拉力F的關(guān)系圖象斜率等于滑塊和位移傳感器發(fā)射部分的總質(zhì)量的倒數(shù)；

對滑塊受力分析，根據(jù)牛頓第二定律求解.

【詳解】

(1)由圖象可知，當F=2時，a先.也就是說當繩子上沒有拉力時小車就有加速度，該同學實驗操作中平衡摩擦力過大,

即傾角過大，平衡摩擦力時木板的右端墊得過高，圖線①是在軌道右側(cè)抬高成為斜面情況下得到的；

F

(1)根據(jù)F=ma得a=—,所以滑塊運動的加速度a和所受拉力F的關(guān)系圖象斜率等于滑塊和位移傳感器發(fā)射部分的

m

總質(zhì)量的倒數(shù)，圖形b得加速度a和所受拉力F的關(guān)系圖象斜率k=l所以滑塊和位移傳感器發(fā)射部分的總質(zhì)量m=1.2

由圖形b得，在水平軌道上F=1時，加速度a=2,根據(jù)牛頓第二定律得F-pmg=2,解得上2.1.

【點睛】

通過作出兩個量的圖象，然后由圖象去尋求未知量與已知量的關(guān)系；運用數(shù)學知識和物理量之間關(guān)系式結(jié)合起來求解.

四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算

步驟。

13、(l)3m/s,方向水平向右；(2)2m/s,方向水平向右；(3)E2=0.283V/m；(4)0.142m

【解析】

(1)球和彈簧系統(tǒng)機械能守恒

Ep=

得

V,=)竺^=3m/s

1\M

即解除鎖定后獲得的速度大小為3m/s,方向水平向右

(2)A、B在MN處理碰撞動量守恒，系統(tǒng)機械能守恒

=Mvj+mv2

gMv^=gAfv；+g/欣

v2=2MV|=2m/s

'M+m

方向水平向右

(3)B球進入MN右側(cè)后，電場力

q￡=mg=2N

即重力電場力平衡，因此小球在洛倫茲力作用下做勻速圓周運動，由牛頓第二定律得

mv\

qvB

~R~

在電磁場區(qū)域運動半個圓