2021屆河北省衡水中學高考物理調(diào)研試卷（四）

一、單選題（本大題共4小題，共16.0分）

1.以下說法中不正確的是（）

A.晶體都具有各向異性

B.同溫度的氫氣和氧氣，分子的平均動能相同

C.空調(diào)機制冷時把熱量從低溫處帶到高溫處，并不違背熱力學第二定律

D.液體表面層分子距離大于液體內(nèi)部，故表現(xiàn)為引力

2.如圖所示，一輛汽車勻速率通過一座圓弧形拱橋后，接著又以相同速率。通過一座圓弧形凹橋。

已知汽車總質(zhì)量為m,兩圓弧半徑均為R.則汽車在拱形橋最高點與凹形橋最低點時，汽車對橋

面的壓力兩者之差為（）

A.B.C.mgD.2mg

3.在光滑水平面上，一條直線上的4,B兩上質(zhì)點發(fā)生相互作用，現(xiàn)以△%、△為、皿、&PB分

別表示它們的速度，動量的增量，〃、偌分別表示各自受到的沖量，則下述關系一定成立的是（）

A.△以=一△為B.△pA=△PB

C.1A=IgD.△PA+△PB=〃+Ig

4.下列關于熱現(xiàn)象的一些觀點，敘述正確的是（）

A.分子間的距離r增大，分子間的作用力做負功，分子勢能增大

B.相同質(zhì)量的兩種氣體，溫度相同時內(nèi)能也相同

C.布朗運動是液體分子的運動，所以它能說明分子永不停息地做無規(guī)則運動

D.液體表面具有收縮趨勢的原因是液體表面層分子間距離大于液體內(nèi)部分子間距離

二、多選題（本大題共n小題，共44.0分）

5.質(zhì)量為M=20kg、長為L=10m的木板放在水平面上，木板與地面間的動摩擦因數(shù)%=0.1,

將質(zhì)量加=10kg的小木塊（可視為質(zhì)點），以%=9m/s的速度從木板的左端水平拋射到木板上,

（如圖所示），小木塊與木板面的動摩擦因數(shù)為“2=04（最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，g=

10m/s2）o則以下判斷中正確的是（）

A.小木塊能滑出木板

B.小木塊不能滑出木板

C.經(jīng)過2s后，木板與木塊開始一起勻減速運動

D.全過程木板位移了2m

6.如圖所示，不計質(zhì)量的光滑小滑輪用細繩懸掛于墻上的。點，跨過滑輪的

細繩連接物塊4、B,細繩無彈性，4、B都處于靜止狀態(tài).現(xiàn)將物塊4的質(zhì)

量增大一些，B仍保持靜止，下列說法正確的是（）

A.B與水平面間的摩擦力將增大B.懸于墻上的繩所受拉力可能不變

C.物體B所受支持力保持不變D.圖中。角一定保持不變

7.2013年12月2日，我國探月衛(wèi)星“嫦娥三號”在西昌衛(wèi)星發(fā)射中心成功發(fā)射升空，沿地月轉(zhuǎn)移

軌道直奔月球，飛行軌道如圖所示.嫦娥三號經(jīng)過地月轉(zhuǎn)移軌道在P點調(diào)整后進入環(huán)月圓軌道,

再調(diào)整后進入環(huán)月橢圓軌道，最后由近月點Q沿拋物線下降，于2013年12月14日在月球虹灣成

功軟著陸.在實施軟著陸過程中，嫦娥三號離月球表面47n高時最后一次懸停，確認著陸點.已

知嫦娥三號總質(zhì)量為M在最后一次懸停時,反推力發(fā)動機對其提供的反推力為F,引力常量為G,

A.嫦娥三號在環(huán)月圓軌道的P點加速，才能進入環(huán)月橢圓軌道

B.月球的質(zhì)量為粵

C.月球的第一宇宙速度為后

D.嫦娥三號沿橢圓軌道運動至P點和沿圓軌道運動至P點時，加速度相同

8.一足夠長斜面固定在水平地面上，傾角為30。，質(zhì)量為2kg的物體從

斜面的底端沖上斜面，取地面為重力勢能零點，物體的動能E隨上升

的高度%的變化關系如圖所示，重力加速度g取10m/s2,不計空氣阻

力。由上述信息和圖中數(shù)據(jù)可得（）

A.上升2機過程中，機械能減小20/

B.上升2nl過程中，機械能減小60/

C.物體所受摩擦力大小為5N

D.物體與斜面間的滑動摩擦因數(shù)為0.25

9.滑塊以速率%靠慣性沿固定長斜面由底端向上運動，當它回到出發(fā)點時速率變?yōu)橥?，且，方?，

若滑塊向上運動的位移中點為4取斜面底端重力勢能為零，則（）

A.上滑過程中機械能的減少量大于下滑過程中機械能的減少量

B.上滑過程中機械能的減少量等于下滑過程中機械能的減少量

C.上滑過程中經(jīng)過4點時的動能大于重力勢能

D.上滑過程中摩擦力的平均功率的絕對值大于下滑過程中摩擦力的平均功率的絕對值

10.如圖所示，一輕質(zhì)彈簧下端固定在粗糙的斜面底端的檔板上，彈簧上端處于自

由狀態(tài)，斜面傾角為。.一質(zhì)量為m的物塊（可視為質(zhì)點）從離彈簧上端距離為k處

由靜止釋放，物塊與斜面間動摩擦因數(shù)為物塊在整個過程中的最大速度為外彈簧被壓縮到

最短時物體離釋放點的距離為重力加速度為g）?則（）

A.從物塊釋放到彈簧被壓縮到最短的過程中，系統(tǒng)損失的機械能為pmgLeos。

B.從物塊釋放到彈簧被壓縮到最短的過程中，物體重力勢能的減少量等于彈簧彈性勢能的增加

量與系統(tǒng)產(chǎn)生的內(nèi)能之和

C.物塊的速度最大時，彈簧的彈性勢能為小她（s譏。-配05。）-：機〃2

D.彈簧的最大彈性勢能為mg%-+^mv2

11.一輛汽車在平直的公路上以速度火開始加速行駛，經(jīng)過一段時間3前進了距離S,此時恰好達

到其最大速度Um.設此過程中汽車發(fā)動機始終以額定功率P工作，汽車所受的阻力恒定為F,則

在這段時間里，發(fā)動機所做的功為（）

A.FvmtB.Pt

C.如埸-M詔+FsD.Ft汽組

12.物塊先沿軌道1從4點由靜止下滑至底端B點。后沿軌道2從4點

由靜止下滑經(jīng)C點至底端B點，AC=CB,如圖所示。物塊與兩

軌道間的動摩擦因數(shù)相同，不考慮物塊在。點處撞擊的因素。則

物塊沿兩個軌道下滑的整個過程中（）

A.沿兩個軌道下滑的位移大小相同B.沿軌道2下滑的位移大

C.物塊滑至B點時速度大小相同D.沿軌道2下滑克服摩擦力做功多

13.如圖所示，傾角為。的固定斜面足夠長，一質(zhì)量為山上表面光滑的足夠長

的長方形木板4正以速度先沿斜面勻速下滑，某時刻將質(zhì)量為2m的小滑

塊B無初速度地放在木板4上，則在滑塊與木板都在滑動的過程中（）

A.木板4的加速度大小為3gsin0

B.木板B的加速度大小為gsin。

C.A、B組成的系統(tǒng)所受合外力的沖量一定為零

D.木板4的動量為管時，小滑塊B的動量為誓

14.如圖所示，一定質(zhì)量的理想氣體從狀態(tài)a出發(fā)，經(jīng)歷等溫過程ab到達狀態(tài)b,

再經(jīng)過等壓過程兒到達狀態(tài)c,最后經(jīng)等容過程a回到狀態(tài)*下列說法正確

的是（）

A.在過程ab中，氣體對外做功

B.在過程ca中，氣體向外界放出熱量

C.氣體在狀態(tài)匕時的內(nèi)能小于它在狀態(tài)c時的內(nèi)能

D.在過程ab中氣體向外界放出的熱量大于外界對氣體做的功

E.在過程加中氣體從外界吸收的熱量大于氣體對外界做的功

15.一定質(zhì)量的理想氣體狀態(tài)變化過程如圖所示，第1種變化是從狀態(tài)4到

狀態(tài)B,第2種變化是從狀態(tài)4到狀態(tài)CG4c的反向延長線過原點），比較

氣體的兩種狀態(tài)變化過程中（）

A.氣體從狀態(tài)4到狀態(tài)C過程氣體吸收熱量較多

B.氣體從狀態(tài)4到狀態(tài)B過程氣體吸收熱量較多

C.氣體從狀態(tài)4到狀態(tài)B過程內(nèi)能增加較多

D.兩個過程中氣體內(nèi)能增加量相同

三、實驗題（本大題共2小題，共18.0分）

16.在用如圖所示的裝置做“探究動能定理”的實驗時，下列說法正確的是

打點計時穿檢皮筋

A.通過改變橡皮筋的條數(shù)改變拉力做功的數(shù)值

B.通過改變橡皮筋的長度改變拉力做功的數(shù)值

C.通過打點計時器打下的紙帶來測定小車加速過程中獲得的最大速度

.通過打點計時器打下的紙帶來測定小車加速過程中獲得的平均速度

17.如圖為“碰撞中的動量守恒”實驗裝置示意圖

(1)入射小球巾1與被碰小球機2直徑相同，均為d,它們的質(zhì)量相比較，應是mim2.

(填大于、等于或小于)

(2)為了保證小球做平拋運動，必須調(diào)整斜槽使.

(3)圖2中。點是小球拋出點在地面上的垂直投影.實驗時，先讓入射球加|多次從斜軌上S位置靜止釋

放，找到其平均落地點的位置P,測量平拋射程0P.

然后，把被碰小球旭2靜置于軌道的水平部分，再將入射球小,從斜軌上S位置靜止釋放，與小球小2相

碰，并多次重復.接下來要完成的必要步驟是.(填選項前的符號)

A.用天平測量兩個小球的質(zhì)量mi、m2

8.測量小球巾1開始釋放高度h

C測量拋出點距地面的高度H

。.分別找到小1、相碰后平均落地點的位置“、N

E測量平拋射程OM,ON

(4)若兩球相碰前后的動量守恒，其表達式可表示為(用(3)中測量的量表示).

四、計算題(本大題共4小題，共40.0分)

18.如圖，一個上下都與大氣相通的豎直放置的圓筒，中間用兩個活塞4和B封

住一定質(zhì)量的氣體。4、B都可沿圓筒無摩擦上下滑動且不漏氣，8與輕質(zhì)彈

簧相連，輕質(zhì)彈簧另一端固定在水平面上，初始時4、B間的距離為“.現(xiàn)用

豎直向下的力尸壓4使之緩慢向下移動一段距離后，保持平衡(氣體溫度保

持不變)。已知4的質(zhì)量不計，B有一定質(zhì)量，直圓筒內(nèi)部的橫截面積S=0.01m2,彈簧勁度系

數(shù)k=5xICPN/HI,大氣壓po=1xlC)5pa,/Q=o.6m,F=500N.求4下移的距離。

19.如圖所示，用手推P物體壓輕彈簧置于4點，Q物體放在B點靜止，P和Q的質(zhì)量都是1kg,

均可看做質(zhì)點.光滑軌道4BCD中的4B部分水平，BC部分為曲線，CD部分為直徑d=5m圓弧

的一部分，該圓弧軌跡與地面相切，。點為圓弧的最高點，各段連接處對滑塊的運動無影響.現(xiàn)

松開P物體，P沿軌道運動至8點，與Q相碰后不再分開，最后兩物體從。點水平拋出，測得水平

射程S=2m,取g=lOrn/s2.求：

(1)兩物塊水平拋出時的速度多大？

(2)兩物塊運動到。點時對圓弧的壓力N

(3)輕彈簧被壓縮時貯藏的彈性勢能琮.

20.行駛安全距離是指從發(fā)現(xiàn)障礙到制動，最后完全靜止所行駛的距離.小汽車在一條平直公路上

行駛時的限速是90卜血".已知汽車橡膠輪胎與干路面的動摩擦因數(shù)是0.50,駕駛員的反應時間是

0.6s,^HX10m/s2.

(1)求小汽車在該路段行駛時的安全距離.

(2)假設遭遇冰雪天氣，汽車橡膠輪胎與雪地的動摩擦因數(shù)變?yōu)?.2,若仍保持原來的行車距離，則此

時的最高行駛速度應降低多少？(結(jié)果可以用根式表示)

21.如圖所示，是某質(zhì)點運動的u-t圖象，請回答：

(1)在0?4s內(nèi)、8s?10s內(nèi)、10s?12s內(nèi)質(zhì)點在圖中各段的過程中做什

么性質(zhì)的運動？(勻加速、勻減速或者勻速直線運動)

(2)在0?4s內(nèi)、8s?10s內(nèi)、10s?12s內(nèi)質(zhì)點的加速度各是多少？

參考答案及解析

1.答案：A

解析：解：4、單晶體具有各向異性的物理性質(zhì)，多晶體具有各向同性的物理性質(zhì)，故A錯誤；

8、溫度是分子平均動能的唯一標志，溫度相同則分子平均動能相同，同溫度的氫氣和氧氣，分子的

平均動能相同，故B正確；

C、空調(diào)機可以制熱也可以制冷，制冷時把熱量從低溫處帶到高溫處，需要消耗電能，并不違背熱力

學第二定律，故C正確；

。、液體的表面張力是由于表面層分子分布比液體內(nèi)部稀疏，即液體表面層分子距離大于液體內(nèi)部，

分子間相互作用表現(xiàn)為引力，故。正確。

本題選錯誤的，故選：力。

多晶體具有各向同性的物理性質(zhì)。

溫度是分子平均動能的標志。

根據(jù)熱力學第二定律分析，即宏觀熱現(xiàn)象具有方向性。

根據(jù)液體表面張力的產(chǎn)生條件分析。

此題考查了熱力學第二定律、溫度、晶體和液體的表面張力等知識，綜合性較強，難度不大，解題

的關鍵是掌握教材的基本知識、基本概念即可。

2.答案：B

解析：解：汽車通過拱形橋的最高點時，mg-Fj=則

RR

22

在圓弧形凹地最低點時F2—mg=m—,則F2=mg+m—

RR

所以尸2—F[=2m

故AC。錯誤，B正確；

故選：Bo

汽車在拱形橋的頂端和在凹地的最低點靠豎直方向上的合力提供向心力，根據(jù)牛頓第二定律得出壓

力大小之差。

汽車在運動過程中正確對其進行受力分析，從而根據(jù)牛頓第二定律列方程，知道圓周運動向心力的

表達式

3.答案：D

解析：解：因兩物體受到的作用力和反作用力大小相等，方向相反，而作用時間相同，故它們受到

的沖量應有：〃=

則由動量定理可知，△PA=-APB；由于不知道質(zhì)量大小，故無法確定速度大??；

由動量和沖量的關系可知I：△&PB=(4+

故選：Do

根據(jù)作用力與反作用力的性質(zhì)明確沖量的大小及方向，再分別對進行分析，明確動量變化的大小

關系.

本題考查動能定理的應用與動量守恒定律，在解題時要注意明確動量和沖量的矢量性.基礎題目.

4.答案:D

解析：解：4分子之間的距離大于%,分子力表現(xiàn)為引力，隨著分子間距的增大而做負功；當分子

間距小于小，分子力表現(xiàn)為斥力，隨著分子間距的增大做正功，故A錯誤；

B、內(nèi)能是物體所有分子的動能和勢能之和，當溫度相同時，分子的平均動能相同，但分子個數(shù)不同，

所以相同質(zhì)量的兩種氣體，溫度相同時，內(nèi)能不同，故B錯誤；

C、布朗運動的實質(zhì)是液體分子不停地做無規(guī)則撞擊懸浮微粒，懸浮微粒受到的來自各個方向的液體

分子的撞擊作用不平衡的導致的無規(guī)則運動，反映的是液體分子的無規(guī)則運動，故C錯誤；

。、據(jù)分子間距與分子力可知，液體表面具有收縮趨勢的原因是液體表面層分子間距離大于液體內(nèi)

部分子間距離，表現(xiàn)為引力，故。正確.

故選：D.

利用分子間距與分子力、內(nèi)能、布朗運動和液體表面張力分析即可.

明確分子間距與分子力、內(nèi)能、布朗運動和液體表面張力，屬于基礎題.

5.答案：BC

解析：

根據(jù)木塊和木板的相對運動得到摩擦力方向，從而得到木塊和木板的合外力，即可得到木塊和木板

的運動；再根據(jù)勻變速運動規(guī)律，由速度、位移關系求解運動時間，即可得到木塊相對木板的位移

及木板的位移。

在牛頓第二定律的應用問題中，一般先分析物體受力及運動情況得到加速度、合外力的表達式，然

后根據(jù)牛頓第二定律聯(lián)立，即可求解相關問題。

解：木塊水平拋射到木板上，木塊相對木板向右運動，故木塊做加速度＜^=^=4771/52的勻減

速運動;

由于“2機。>Ml(m+M)g,木板向右做加速度a”="嚴。等⑺+“應_osm/sz的勻加速運動，直到

木塊和木板達到共同速度或木塊從木板上離開；

若木塊和木板達到共同速度，則經(jīng)過時間口=-T-=2s木板和木塊達到共同速度"=a=v-

um'ruMMtl0

amtr=lm/s；

此過程木塊在木板上滑行的距離d=詈匕=9m<L,故木塊和木板達到共同速度；

木塊和木板達到共同速度后，由于〃2Mg>+M)g,木塊和木板一起做加速度a="鬻應=

lm/s2的勻減速運動直到速度為零；故木塊不能滑出木板；

木板在加速和減速過程的平均速度均為=0.5m/s,又有勻減速階段的運動時間t2=￡=Is,故全

過程木板位移s=［火口+￡2)=1.5m，故8c正確，AO錯誤；

故選：BC.

6.答案：AD

解析：解：AC,對物體B受力分析，受重力、支持力、拉力和向后的靜摩擦力，如圖

根據(jù)共點力平衡條件，有7cosI=/,由于7變大，故8與水平面間的靜摩擦力變大，故A正確；

在豎直方向上，根據(jù)共點力的平衡條件可得N=7ng-Ts譏0',由于7變大，故地面對8的支持力變

小，C錯誤；

BD、以滑輪為研究對象，垂直于懸于墻上的繩方向，有TsE0=Tsina,而a=氏所以7增大時a、

8、。不變，。正確；

懸于墻上繩的拉力尸=7cosa+7cosS，T增大，懸于墻上的繩的拉力增大，8錯誤.

故選：AD.

對物體B受力分析，水平方向和豎直方向根據(jù)共點力平衡條件分析摩擦力和支持力的變化；以滑輪為

研究對象，在垂直于懸于墻上的繩方向和沿著懸于墻上繩的方向建立平衡方程，由此分析繩子拉力

和懸繩與豎直方向的夾角大小.

本題主要是考查了共點力的平衡問題，解答此類問題的一般步驟是：確定研究對象、進行受力分析、

利用平行四邊形法則進行力的合成或者是正交分解法進行力的分解，然后在坐標軸上建立平衡方程

進行解答.注意隔離法的應用.

7.答案：CD

解析：解：4在環(huán)月段圓軌道上經(jīng)過P點時減速，使萬有引力大于向心力，衛(wèi)星做近心運動，才能

進入環(huán)月段橢圓軌道，故A錯誤；

B、在月球表面懸停時有F=Mg=G警，可得月球質(zhì)量m=要，故B錯誤；

KGM

C、月球第一宇宙速度就是在月球表面繞月球圓周運動的線速度，則有F=Mg=M?,可得月球的

第一宇宙速度"=聆，故C正確；

。、嫦娥三號經(jīng)過P點時都是由萬有引力產(chǎn)生加速度，故只要經(jīng)過P點加速度相同，加速度的大小與

嫦娥三號所在軌道無關，故。正確.

故選：CD.

在環(huán)月段圓軌道上經(jīng)過P點時減速才能進入環(huán)月橢圓軌道.嫦娥三號懸停時反推力與重力平衡，據(jù)此

求得月球表面的重力加速度，由月球半徑求得月球的第一宇宙速度.由衛(wèi)星的變軌原理分析變軌時

是加速還是減速.

本題要掌握萬有引力提供向心力，要能夠根據(jù)題意選擇恰當?shù)南蛐牧Φ谋磉_式，知道開普勒第三定

律，理解公式中各量的含義.

8.答案:AC

解析：解：4B、由圖可知，物體上升27n過程中，重力勢能的增加量昂=mg△h=2x10x2/=40/,

動能的減小量△a=100/-40J=60/,由動能定理可知，-mgzk/i+VIZ=-AEk，即摩擦力做功

W=-20J,即上升27n過程中機械能減小20/,故4正確，8錯誤；

C、上升過程中摩擦力做功皿=一/5=-/與，即/=_?=_-20X;E30。=5M故C正確；

sintzn.2。

D、物體與斜面間的摩擦力f=〃?ngcos。，解得物體與斜面間的滑動摩擦因數(shù)〃=在，故。錯誤；

6

故選：AC.

物體上升過程中由動能定理可求出摩擦力做功，即機械能損失量；由摩擦力做功可求出摩擦力大小；

由摩擦力大小可求出滑動摩擦力。

本題涉及動能與高度的關系，要優(yōu)先考慮動能定理，運用動能定理時要確定研究的過程，分析各力

做功情況。

9.答案：BCD

解析：解：4、上升、下降時都要克服摩擦力做功，故機械能均減小.由于摩擦力做功相同；故機械

能的減少量相等；故A錯誤，8正確；

C、設物體上升的最大位移為s,動能和勢能相等時的位移為2,速度為內(nèi)

在上升過程由動能定理有：(mgs譏。+f)-s=^mvl…①

(mgsinO+/)」=[mvf—gmvj...②

由動能等于勢能，有:mglsinO=加域…③

由②③得：I=加譜；

f+2mgsin0

由①得：S=_>L_

f+mgsind

比較可得/大于：，故動能和勢能相等點在4點的上方；故4點的動能大于重力勢能；故C正確；

。、因上滑過程的平均速度大于下滑過程的平均速度；由。=尸"可得，上滑過程摩擦力的平均功率

大于下滑過程的功率；故。正確；

故選：BCD.

根據(jù)除重力以外其它力做功等于機械能的增量判斷上升和下降過程中機械能的變化.分析摩擦力做

功情況，即可明確機械能的改變；

根據(jù)動能定理，抓住動能勢能相等，求出從小到位移，從而分析判斷.

此題后兩個選項，是判斷向上階段中動能與勢能相等點的位置，乍一看覺的較簡單，實則是一道有

一定難度的計算題.若定性討論，也不太容易，反倒不如計算來得快、準.

10.答案：AB

解析：解：力、系統(tǒng)損失的機械能為滑動摩擦力做的功，所以物塊運動到最低點時，機械能的損失量

為4E="mgcoseL2,故A正確；

8、根據(jù)能量守恒定律可知，從物塊釋放到彈簧壓縮到最短的過程中，物體重力勢能的減少量等于彈

簧彈性勢能的增加量與系統(tǒng)產(chǎn)生的內(nèi)能之和，故B正確；

C、物塊的最大速度是在合力為零時，即受力平衡時，設速度最大時設彈簧壓縮量x則：根據(jù)功能關

系E彈=(mgsinO-nmgcosOXLi+%)-^mv2,故C錯誤；

。、彈簧被壓縮到最短時彈性勢能最大.物塊速度為零，根據(jù)動能定理得：

0—0=mgsin9L2—nmgcos9L2—勿建

解得：Mi彈=mgsin0L2-iimgcos6L2

所以此時彈簧的彈性勢能為：=mgsineL2-nmgcos6L2,故D錯誤；

故選：AB.

物塊下滑做勻加速直線運動，接觸彈簧時，沿斜面方向又受到向上的彈力作用，物體做加速度減小

的加速運動，當彈簧彈力等于重力在斜面向下的分量時，加速度為零，速度最大，動能最大，根據(jù)

動能定理求出剛與彈簧接觸時的動能即可判斷4彈簧被壓縮到最短時.物塊速度為零，根據(jù)動能定

理即可求出此時彈簧的彈性勢能，系統(tǒng)損失的機械能為滑動摩擦力做的功.

本題主要考查了動能定理及能量守恒定律的直接應用，要求同學們能正確分析物體的運動情況，知

道什么時候速度最大，難度適中.

11.答案：ABC

解析：解：設發(fā)動機所做的功為

由于汽車發(fā)動機始終以額定功率P工作，則皿=「上

汽車的速度達到最大時，牽引力與阻力大小相等，貝狀萊=F,

則「=尸牽"n=F%n,可得：W=Fvmt;

由于外?>智包，所以w>Ft”也；

汽車從速度火到最大速度外過程中，由動能定理可知：

w-Fs=|mp2i

解得：W=+Fs；故ABC正確，O錯誤；

故選：ABC.

汽車以額定功率，經(jīng)時間t后從速度火開始加速行駛了L距離，恰好達到最大速度加，此時牽引力與

阻力大小相等.由于汽車所受阻力恒為F,所以由動能定理可求出發(fā)動機所做的功.

由題意可知，求發(fā)動機做的功，當功率恒定時，可以由功率與時間的乘積，也可以由動能定理求出.當

功率不恒定時?，必須由動能定理求出.

12.答案：AC

解析：

根據(jù)初末位置得到位移關系，然后根據(jù)功的定義求得摩擦力做功的表達式，從而得到克服摩擦力做

功多少的關系，即可根據(jù)動能定理得到速度大小關系。

動能定理常用于初末位置速度已知的情況下求某個力在這一過程中做的功或已知做功的表達式求得

某一位置的速度。

解：AB,沿兩個軌道下滑的初、末位置相同，故位移相同，故A正確，B錯誤；

CD、設4B的傾斜角為dBC的傾斜角為a,則ZC的傾斜角為2。一a；

由軌道1下滑，克服摩擦力做的功為4mgeos。MB；由軌道2下滑克服摩擦力做的功為“mgeosa?

-AB

BC+nmgcos(26-a)-AC=n，mg-co^g_a^[cosa+cos(20-a)]=nmgABcos6<

故沿兩個軌道下滑克服摩擦力做功一樣多，那么，根據(jù)下滑過程只有重力、摩擦力做功，由動能定

理可得：物塊滑至B點時速度大小相同，故C正確，。錯誤；

故選：AC.

13.答案：BCD

解析：

對4受力分析，由牛頓第二定律可確定受力情況，再分析整體可以得出整體的加速度大小；由動量定

理可求得合外力的沖量，再根據(jù)動量守恒定律列式即可求出兩物體的動量大小。

本題是一道動量守恒與牛頓運動定律結(jié)合的問題，關鍵在于明確加上B后，整體在沿斜面方向上受力

仍然平衡，故A和8組成的系統(tǒng)動量守恒。

解：AB,只有4時，A勻速下滑，則說明4受到的重力分力與摩擦力等大反向；即mgs譏。=林mgeos。；

若加上B物體后，4對地面的壓力增大，則摩擦力變?yōu)椤?mgeos。，而沿斜面方向上的力不變，故合

外力為：3nmgcos0-mgsinO=2mgsin0i故加速度a=2gsindB的加速度為gsin。，故A錯誤B

正確；

C、由4的分析可知，整體在沿斜面方向受力平衡，故整體動量守恒，故合外力的沖量一定為零；故

C正確；

。、因動量守恒，故總動量保持不變，由動量守恒定律可知：mv1+2mv2=mv0,故木板4的動量

為等時，小滑塊B的動量為等，故。正確。

故選：BCD。

14.答案：BCE

解析：解：4、在過程ab中，氣體體積減小，外界對氣體做功。故A錯誤；

B、在過程ca中，壓強減小，體積不變，根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程與=C,溫度會降低；根據(jù)熱力學第

一定律W+Q=AU,W=0,△(/<0,有Q<0,氣體向外界放出熱量。故B正確;

C、在過程be中，壓強不變，體積增大，根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程拳=C,溫度會升高AU>0,氣體

在狀態(tài)b時的內(nèi)能小于它在狀態(tài)c時的內(nèi)能，故C正確；

D、在過程ab中，溫度不變AU=0,根據(jù)熱力學第一定律W+Q=AU,氣體向外界放出的熱量等

于外界對氣體做的功。故。錯誤；

E、在過程be中，溫度升高AU>0,根據(jù)熱力學第一定律卬+Q=△(7,W<0,△(/>0,知氣體

從外界吸收的熱量大于氣體對外界做的功。故E正確；

故選：BCE.

在過程就中，氣體體積減小，外界對氣體做功；在過程ca中，根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程和熱力學第一

定律可以判斷氣體是否向外界放出熱量；在過程ab中，根據(jù)熱力學第一定律可以氣體向外界放出的

熱量和外界對氣體做的功大小關系；在過程左中，根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程、熱力學第一定律可以判

斷氣體從外界吸收的熱量和氣體對外界做的功的大小關系。

本題考查了理想氣體狀態(tài)方程、熱力學第一定律等知識點。易錯點：熱力學第一定律在應用時一定

要注意各量符號的意義；△U的正表示內(nèi)能增加，E為正表示物體吸熱；W為正表示外界對物體做功。

15.答案：AD

解析：解：從狀態(tài)4到狀態(tài)C的過程，氣體發(fā)生等容變化，該氣體對外界做的功Wi=0,

根據(jù)即=C可得P=三-7可知氣體從狀態(tài)a到狀態(tài)B過程中體積減小，外界對氣體做功，即仞>0；

根據(jù)熱力學第一定律有4U1=%+Q1，^U2=w2+Q2,

由于一定質(zhì)量的理想氣體內(nèi)能僅與溫度有關，所以△%=z\U2,QI>Q2,故AO正確、BC錯誤。

故選：ADa

從狀態(tài)4到狀態(tài)C過程，氣體發(fā)生等容變化，不做功；從狀態(tài)4到狀態(tài)B過程中體積減小，外界對氣體

做功；

由于8、C兩狀態(tài)的溫度相同，內(nèi)能相等，內(nèi)能增加量相同，由此分析。

本題主要是考查P-7圖象，本題關鍵抓住氣體的內(nèi)能是狀態(tài)量，由氣體的溫度決定，結(jié)合理想氣體

的狀態(tài)方程和熱力學第一定律進行分析。

16.答案：AC.

解析：試題分析：此實驗中是通過改變橡皮筋的條數(shù)改變拉力做功的數(shù)值，即如果用一條橡皮筋拉

力做功為W,則用兩條、三條….做功即為2W,3W.....；通過打點計時器打下的紙帶的點跡均勻部分

來測定小車加速過程中獲得的最大速度，由此來球小車的動能。選項AC正確。

考點：此題考查“探究動能定理”的實驗。

17.答案：大于；其末端切線水平；ADE-,m1OP=mrOM+m2ON

解析：解：(1)入射小球1與被碰小球2直徑相同，即豈=電，為防止兩球碰撞后入射球反彈，入射

球質(zhì)量應大于被碰球質(zhì)量，即：m1>m2.

(2)要小球做平拋運動，則斜槽的末端必須水平.

(3)碰撞過程動量守恒，則mi%=巾1%+機2"2，兩邊同時乘以時間t得：ntjVot=m^t+m2v2t,

則mi。。=mxOM+m2ON,

因此4實驗需要測量兩球的質(zhì)量，然后確這落點的位置，再確定兩球做平拋運動的水平位移，故選

ADE.

(4)由(3)可知，實驗需要驗證的表達式為：m1OP=m1OM+m2O/V.

故答案為：(1)大于；(2)其末端切線水平；^ADE；(4)mx0P=m1OM+m2OA/.

(1)為了保證碰撞前后使入射小球的速度方向不變，故必須使入射小球的質(zhì)量大于被碰小球的質(zhì)量.

(2)為了保證小球做平拋運動，所以必須使斜槽的末端切線水平.

(3、4)根據(jù)動量守恒定律求出實驗需要驗證的表達式，然后根據(jù)表達式分析答題.

本題考查了實驗需要測量的量、實驗注意事項、實驗原理、刻度尺讀數(shù)、動量守恒表達式，解題時

需要知道實驗原理，根據(jù)動量守恒定律與平拋運動規(guī)律求出實驗要驗證的表達式是正確答題的前提

與關鍵.

18.答案：解：設4下移距離為I,B下移距離為無，由玻意耳定律得：

PohS=(Po+3)(，o+%-，)S—①

根據(jù)胡克定律得：F=kx...@

由①②式得：1=0.3m...③

答：4下移的距離為0.3m。

解析：由于4的質(zhì)量可不計，初態(tài)時，封閉氣體的壓強等于大氣壓，以B為研究對象，求出彈簧的壓

縮量。當用力壓4時，再以B為研究對象，求出彈簧的彈力，由胡克定律求出彈簧的壓縮量，根據(jù)玻

意耳定律求出活塞4向下移動的距離。

本題考查了玻意耳定律與力學知識的綜合，有一定難度。關鍵搞清初末狀態(tài)，運用力學平衡和玻意

耳定律綜合求解。

19.答案：解：(1)兩物體從。開始做平拋運動，設拋出時的速度為打，有一：

2

d=~gt…①s=vTt...②

代入數(shù)據(jù)解得：%=2m/s...③

2

(2)兩物體在最高點有：2mg-N=2m-v^...@

2

解得：N=16.8/V...(5)

由牛頓第三定律知兩物體對圓弧壓力為N'=16.8N...⑥

(3)設P在碰撞前瞬間速度為火,碰撞后瞬間速度為。2,兩物體碰撞由動量守恒定律得：

mv0=2mv2...@

兩物體碰后從B滑至。由機械能守恒得：|(2m)vj=1(2m)v